单调有界数列问题的简单探究
利用柯西收敛准则证明单调有界原理
利用柯西收敛准则证明单调有界原理利用柯西收敛准则证明单调有界原理的文章单调有界原理是微积分中一个非常基本的概念，它指出如果一个数列单调递增或单调递减，且有界，则该数列必定收敛。
这里我们将介绍如何利用柯西收敛准则证明单调有界原理。
一、柯西收敛准则的介绍在了解柯西收敛准则与单调有界原理的关系之前，我们必须先理解什么是柯西收敛准则。
柯西收敛准则是一种数列收敛的充分条件，它的表述如下：设数列 {ak} 是一个实数数列，则数列 {ak} 收敛的充分必要条件是：对于任意正数ε，都存在正整数 N，使得当 n,m>N 时，满足 |an-am|<ε。
通俗来说，如果一个数列满足数列中的数随着序号的增加越来越接近一个极限值，那么该数列就是收敛的。
二、柯西收敛准则与单调有界原理的联系通过柯西收敛准则的介绍，我们可以看出它与单调有界原理存在着紧密的联系。
对于一个单调递增的数列 {an}，我们可以证明其有界性：因为该数列是单调递增的，所以对于任意正整数 n，都有a1≤an。
又因为该数列是单调递增的，我们可以得到a1≤a2≤a3≤…≤an≤…，因此该数列有下界 a1。
又因为该数列是单调递增的，所以对于任意正整数 n，有an≥a1，因此该数列有上界。
结合柯西收敛准则的表述，我们可以得知当一个数列有界且单调递增的时候，它必定收敛。
类似地，我们对于单调递减的数列进行证明，可以得到：当一个单调递减的数列有界时，它必定收敛。
三、结论与总结通过对柯西收敛准则的介绍及单调有界原理的证明，我们可以发现柯西收敛准则在数学分析理论中的重要性。
柯西收敛准则不仅具备充分性和必要性，而且具备几何直观性，因此它在许多领域的数学理论中都有着广泛的应用。
在应用柯西收敛准则证明单调有界原理的过程中，我们也可以看到数学证明中的严谨性和逻辑性，这些也是我们学习数学的重要目标之一。
数列nnn的单调有界性及其极限
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一、 预备定理
设 $ +# ， 则
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证明 由 $%’ （ $ 1 $ " …） ， &$’’ ’$ % , (0’% ’ % ’% 1 " $&’
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! ! !！ !！ 是严格单调递减的， 且$ ! " 。 因此， 数列 " $$ % ! !
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第4节 单调有界定理及其应用
k n k lim(1 ) e . n n
k n k 设k为常数, lim(1 ) e n n
lim 推广： (1 ) e， 视为整体. n
凑
1
k 设k N , 求证 lim 1 e k . 例1 n n
n1
k n 1 (1 ) a n 1 , n1
lim a n lim a mk e k .
n n
an 是单增.
——单调数列有子列收敛则收敛， 有子列发散则发散.
k k 设k N , 求证 lim 1 e . n n
1 mk (1 ) . m
k
m
1 m lim (1 ) e k . 有子列 e k . m m
( 2)
k 1 n(1 n ) k k an 1 (1 )(1 ) n n n1
n
|a| 在 xn1 xn 两边令n , 得到x x 0 0. n1 a n 所以 { xn }为无穷小 , 从而 也是无穷小 . n!
n5 例3 证明数列 n 收敛. 2 nk 5 （a 1 , k N * , 是无穷小） n xn 1 1 1 a 1 xn 2 n
1 1 2 n1 (1 )(1 )(1 ) n! n n n
m，n m ,
1 1 1 1 1 m 1 en 1 (1 ) (1 ) (1 ) 1! 2! n m! n n
1 1 1 固定m, 令n ，得 e 1 1! 2! m!
§1.4单调有界定理 及其应用
收敛 有界 有界 有界 收敛
单调有界原理的一个重要应用《数学分析》
单调有界原理的一个重要应用《数学分析》在数学分析中，单调有界原理有以下几个重要的应用。
1.序列的逼近和极限证明：单调有界原理可以用来证明给定的数列是否收敛，并找出该数列的极限。
对于一个单调递增有上界的序列，可以通过单调有界原理证明该序列收敛，并求得其上确界。
同样地，对于单调递减有下界的序列，可以证明其收敛，并求得其下确界。
2.函数的极限证明：对于定义在一些区间上的实函数，如果该函数在该区间上满足单调性和有界性，则可以采用单调有界原理来证明函数的极限存在。
通过适当地构造序列和利用单调有界原理，可以证明函数在特定点处的极限存在，并确定其极限值。
3.函数的连续性证明：单调有界原理可以用来证明函数的连续性。
如果一个函数在一些区间上满足单调性和有界性，那么可以利用单调有界原理证明该函数在该区间上连续。
这可以通过证明函数的左极限和右极限相等，并且等于该点处的函数值来实现。
4.实际问题的解析解：单调有界原理在求解一些实际问题时也起到了重要的作用。
例如，在经济学中，可以利用单调有界原理来证明其中一种货币的价值在很长时间内是稳定的，因为货币价值的变化通常是受到市场供求关系的限制，并且价格变动是有上下限的。
单调有界定理证明数列收敛的教学体会
单调有界定理证明数列收敛的教学体会摘要：本文讨论了在微积分中利用单调有界定理证明数列收敛在教学中的体会。
关键词：数列；极限；不等式中图分类号：O171文献标识码：A0引言单调有界是数列收敛的充分条件，也是证明数列收敛的一个重要的方法，在各种考试中尤其是研究生高等数学入学考试中单调有界定理的应用是一个重要的考点，经常以压轴题的形式出现，尤其是数列给出其递推公式，利用单调有界定理证明数列收敛是经常出现的考试题型，然而在这一块考生往往在这种题型上感到了困难失分率比较高。
出现这种现象往往是以下方面的原因：（1）对单调有界定理的理论理解不够深入，单调有界定理指的是，如果一个数列递增有上界或者递减有下界则数列是收敛的，并且数列的极限就是这个数列的上确界或者是下确界。
因此在证明数列有上界或者有下界的时候就可以选取数列的极限值作为其上界或者下界，所以有时候可以把数列的极限事先求出来，这样就知道了其上界或者是下界。
（2）很多同学对数学归纳法的使用不够熟练，或者不知道使用一些常用的基本不等式，在我们证明数列单调性或者是有界性的时候经常用到一些不等式，比如平均值不等式；当时，，；对于一切等这些不等式在讨论数列单调性及有界性的时候经常用到。
1利用数列的递推公式证明数列单调有界利用单调有界定理证明数列收敛，一般给出的数列通项公式是以递推公式的形式出现的，我们一般不需要把数列的通项公式求出来，而我们只需要直接通过通项公式直接证明数列是单调有界的。
例1[1996考研高数1] 设证明数列收敛，并求其极限。
证明由及所以由递推公式从而符号决定于，以此类推，符号最最终决定于，从而，所以数列单调递减。
再证数列是有下界，由于数列单调递减，所以，从而，解出或者，又根据递推公式数列所以，从而有下界，其实3就是这个数列的下确界。
由单调有界定理数列收敛，设，则有，解出或者（负值舍去）。
所以.2通过数学归纳法证明数列单调有界数学归纳法也是证明数列单调以及有界的一种常用的方法，再用数学归纳法证明数列有界的时候可以先把数列的极限求出来，而数列的极限就是数列的上确界或者是下确界。
单调有界定理的研究性教学
家都知道 ， 不是任何数列都存在极 限． 因此 ， 数列极 限存 在 问题是 数 列极 限理 论 基 本 问题 之 一 ． 从 而 提
出如 下 问题
， ， １ 、 ｎ ，
法， 通 过讨论 ， 上 述这 些方 法对 问题 １中的数 列均 无
从 下手 ．
问题 １ 数列｛ Ｉ １ ＋ ｌ｝ 的极限 存在吗？ 用什么
的道路 ． 本文 结 合单 调有 界定 理 的教学 实际 ， 对研 究
性 教学 作一 探讨 ．
１ 问题 的 引入
（ １ ）数列 收敛 一定 有 界 ， 利 用 它 的逆 否 命 题 可 用 来判 别 数 列 发 散 是 一 种 非 常 有 效 又 非 常 简 捷 的
方法 ；
（ ２ ）利用 子列 定理 ， 也 是 利 用 它 的逆 否 命 题 判
材． 。
逐 项 递增 、 有界 ， 上确 界为 ０ ， 下 确界 为 一１ ； （ ３ ） １ ， ｑ ， ｑ ， …， ｇ ， …， 随着 ｎ增 大逐 项 递 减 、 有 界， 上确界为 １ ， 下 确界 为 ０ ． 学生 马上 就 会提 出 问题 ， 具 有类 似这 些 性 质 的 数 列 极 限都存 在 吗 ？ 为 了 回答 这个 问题 ， 先 把具 有这 些 性 质 的数 列给 一个 名 称 ， 递 增 数 列 与 递 减 数列 统 称 为 单调 数 列 ．由收 敛 数 列 性 质 知 ， 收 敛 数 列 必 有 界， 但 有 界数列 不 一定 收敛 ， 从 而导 出有界 是数 列 收 敛 的必要 条件 ． 再 加一 个 单调 条件 ， 由此可 以大胆猜
Ｌ 、 ， Ｊ
步 骤 ２通 过 “ 特殊 一 一 般 一 猜 测 一 论证 ”推 导 出单 调有 界定 理．
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高等数学之单调有界的数列极限问题
在考研中，需要考生求解以递推形式给出的数列的极限，对于这一类型的题型，常用的方法就是单调有界定理，当然有时也可以使用夹逼准则。
一般单调递增且有上界或单调递减有下界的数列必存在极限。
解决这类问题可以分三步走：
第一步：证明数列极限的单调性，一般比较数列前后两项的差值与0的大小关系，或者比较数列前后两项的商值与1的大小关系。
第二步：证明数列有界。
若数列单调递增，则需要证明数列存在上界；若数列单调递减，则需要证明数列存在下界。
第三步：求出数列的极限。
通过前两步的证明，可以确定数列极限存在，这时不妨假设数列的极限为a,然后对递推公式的左右两边同时求极限，则可以得到一个关于a的方程，通过解方程可以解出a的值。
例1：
解题思路：利用单调递增有上界或单调递减有下界的准则来证明数列极限的存在。
解：
本例利用数列的前后两项的差值与0的大小关系来判断数列的单调性例2：
解：
本例利用数列前后两项的商值与1的大小关系来判断数列的单调性。
数分第一章第六节单调数列与单调有界原理
第一章 实数和数列极限第六节 单调有界原理与闭区间套定理我们知道，有界数列不一定收敛。
我们就问，对有界数列再加上什么条件，就能使它收敛呢。
在本节中将要引入一类特殊 的数列—单调数列；单调有界的数列必有极限，对单调数列而言，有界性和收敛性是等价的。
一 、单调数列 的概念 定义 1.8 设}{n a 是一个数列。
（1）如果数列}{n a 满足 1+≤n n a a ， ,2,1=n则称此数列为递增数列；（2）如果数列}{n a 满足 1+≥n n a a ， ,2,1=n 则称此数列为递减数列；（3）如果上面两个不等式都是严格的，即1+<n n a a （或1+>n n a a ）， ,2,1=n ， 则称此数列为严格递增的 （或严格递减的）。
（4）递增或递减的数列通称为单调数列 。
显然，递增的数列有下界， 递减的数列有上界。
显然，}{n a 是递增数列等价于}{n a -是递减数列。
（递增数列与递减数列两者可以互相转换，所以只讨论一种就可以了。
）例如 （1）na n 1211+++= ，*N n ∈，}{n a 是递增数列；（2）121211-+++=n n a ，*N n ∈，}{n a 是递增数列， （3）!1!211n s n +++= ，*N n ∈， }{n s 是递增数列 。
（4）}1{n 是递减数列，}{2n 是递增数列，}1{+n n 是递增数列 （11)1(1+-+++n n n n 0)1](1)1[(1>+++=n n ）。
例 设21=x ，并定义n n x x +=+21，*N n ∈则}{n x 是递增数列。
事实上 222+=x ，,,2223 ++=x可以从中观察出来有1321+<<<<<n n x x x x x ，*N n ∈；或者从考察1122-++-+=-n n n n x x x x)(22111---+++=n n n n x x x x ， 由此递推，得1321+<<<<<n n x x x x x ，*N n ∈； 故}{n x 是递增数列。
单调性求极限方法总结(论文)
0 引言单调性是函数和数列的一个重要性质,在求函数和数列的极限问题中有着重要的应用.因此,对单调性方法的研究和归纳就显得非常重要.本文主要从微分法、归纳法、使用重要不等式法、差比法、比商法五个角度研究数列和函数的单调性证法，进而利用单调有界函数（或数列）必存在极限原理来求极限，并且就几个具有特殊形式的极限问题在形式上进行了推广，得到新的命题及推论，并利用单调性证法对其进行加以证明。
1利用微分法证明单调性求极限例1 证明：()'lim n fx →∞存在，并求极限值。
证明：（1）证明()'lim n f x →∞存在。
事实上，因为()f x 在()0,+∞上可导且单增，所以()'0f x ≥，即()'f x 有下界。
设()f x 在()0,+∞上单调递增且为有界的连续函数，又()f x 在()0,+∞内有二阶导数，且()"0f x <又因为()()"'0f x f x <⇒递减，综上知()'lim n f x →∞存在，设为L（2）求L 。
由()'0f x ≥()'lim 0n f x L →∞⇒=≥，现证L=0，若不然，()'0f x L →>，由极限的保号性，存在N ，若x N >时，有()'12f x >，在[],N x 上应用微分中值定理，有 ()()()()''f x f N f x N ξ-=- ()N x ξ<<()()()12f x f N x N >+-→∞ （N 固定，当x →∞） 当()f x 在()0,+∞单增有上界极限存在矛盾。
所以只有()'lim n f x →∞=0例2 设()f x 在()1,+∞上连续可微，且()()'211f x f x =+ 求证()lim x f x →∞存在。
证明：单调性：由当1x ≥时，11ln 1x x⎛⎫+≤ ⎪⎝⎭所以()()'0f x f x ≥⇒在()1,+∞单增有界性：由已知()'f x ≤()111111111ln 111ln 1ln 11xxe x x x x x x x x ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+<<+⇒⋅+≤≤++⇒≤+ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭1x ≤）()'3212f x x ⇒<==≤由()'f x 的表达式可见()'f x 可积，且由积分单调性知()()()()()3'21111111112xxf x dx x dx f x f f x f -≤=≤⇒-≤⇒≤+⎰⎰()()1,x ∈+∞ 所以()lim x f x →∞存在。
单调有界数列必有极限例题
单调有界数列必有极限例题
例题：考虑数列 an = (-1)^n / n，证明该数列是单调有界的，
并求其极限。
证明该数列是单调有界的：
首先，我们观察到该数列的前几项：a1 = -1, a2 = 1/2, a3 = -1/3, a4 = 1/4, … 可以发现，奇数项是递减的，偶数项是递增的。
因此，该数列是交替的递减递增的，即单调的。
其次，我们来证明该数列有上下界。
数列的所有项的绝对值都小于等于1，因此数列有上界。
此外，当 n 趋向无穷时，数列的绝对值趋向于0，表明数列有下界。
因此，根据单调有界数列的定理，该数列必有极限。
求极限：
我们来计算该数列的极限。
当 n 是偶数时，an = 1/n，当 n 是奇数时，an = -1/n。
不失一般性，我们只考虑 n 是偶数的情况，因为奇数的情况可以类似地进行讨论。
当 n 是偶数时，
an = 1/n = 1/(2k)，其中 n = 2k。
当 k 趋向无穷时，lim (k→∞) 1/(2k) = 0。
因此，该数列的极限是0。
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数列” 问题 ， 们 可 以 通 过 极 限 和 函 数 的 思 想 把 问 题 进 行 转 我 换 ， 复杂 为 简单 ． 时 ， 可 以把 这 种 方 法 推 广 到 “ 调 有 界 化 同 也 单 的一 次 递 推 数 列 ” 单 调 有 界 的 二 次 递 推 数 列 ” 和“ ．
（） ２ 单调 有 界 的 一 次 递 推 数 列
一
（ ｆ
≥ ｚ — Ｃ一 一 Ｃ— 十 一
３５ ：
． １
已 知数 列 ｛ ） ， １ １ ａ ＋ —ｃ ａ 中 ａ — ， ｌ 一 ．
“
（Ｉ 求 使 不 等 式 ｎ ＜ ａ＋ ＜ ３ 其 中 ” Ｉ） （ Ｅ 列 ＿ Ｎ ） 立 的 ｆ的 取 值 范 围． 成
．
，
（ｉ 若 递 推 式 右 边 ｆ ａ ） 关 于 ａ ｉ） （ 为 的一 次 表 达 式 ， 称 则
数 列 ｛ 为 一 次 递 推 数 列 ； ａ｝ 其 中 ∈ （ ， ］ １３ ．
（ ） 递 推 式 右 边 ｆ ａ ） 关 于 若 （ 为
数 列 ｛ 为 二 次 递 推 数 列 ． ａ） 在 此 基础 上理 解 一 个 结 论 ：
２ ＿ ） ＜ 厂 ≤ ， 中 ∈ （ ，－ （ 其 １ ３１ ．
叭 一 一ｃ
＞ｆ 一上 一
．
盘 ＋ Ｉ
即的 值 丽 ２ ］ 取 范 是（ ． ，
上 述 从 极 限 和 函数 角 度 解 决 问 题 的 方 法 对 于单 调 递 减 分
式 递 推 数 列 也 同样 适 用 ．
于是 “ 一 ¨一一 口 ≤÷ （ －ｎ ） Ｊ 一ｎ ） －（ ａ ．
ａ ａ ＋ ≤ ｎ（ １ ． — １ ｏ ａ一 ）
例 ２ 已知 数 列 ｛ 中 ，１ １ ｎ＋ 一 ｃ １ 求 使 不 等 ｎ ） 口 — ， １ ａ ＋ ．
当 ” ｌｇ ＞ ｏ３
“
时， ｎ—ｎ ＋ ＜ ａ ３ ｎ ＞ ３ ｌ － ， 卅１ ．
的二 次 表 达 式 ， 称 则
即的值 围 （ ． ｃ取 范 是ｏ ， ］
若例 ２中 的 条件 单 调 递 增 数 列 换 成 单 调 递 减 数 列 ， 法 方 与例 ２ 似． 相
３ 结 束 语 ．
如果 数列 ｛ 单调 ， １ Ｉ 日） 且 。 ＜ｎ（ ｎ为常数 ） 则 ｌ ａ ， ｉ 存 ａ ｒ
一 １ ｚ— ｃ ｚ＋ １ ｆ一 —－ — １ 一 ｘ —１
．
因此 ＞ 不 符 合 要 求 ．
所 ｃ取 范 是２ ］ 以的 值 围 （ ． ，
这 道 题 考 查 了 数 列 、 学 归 纳 法 、 等 式 等 知 识 ， 解 题 数 不 其
过 程 需要 很 强 的 数 学 能 力 和 技 巧 ， 于 一 般 学 生 来 说 很 难 能 对
Ｊ
式 ａ ＜Ⅱ ＜ ３ 其 中 ＥＮ 成 立 的 ｆ的取 值 范 围． （ ）
解 ： 为 １ ｎ ＜ａ ＜ ３ 即 数 列 ｛ 单 调 递 增 且 有 界 ， 因 ≤ ， ｎ｝ 所 以 ｌ 存 在 ， ＜ ｌ ３ ｉ ｍａ １ ｉ ≤ ． ｍａ 不妨 设 ｌ ｉ 一ｚ， １ ｘ ３ ｍａ 则 ％ ≤ ． 因 为 ａ ＋ —ｃ １ ｌ ｌ ｌ （ ａ ＋ １ ｌ ａ ＋ ｉ ＋ ｉ ｃ ｍａ ａ ｒ ）
作 者 单 位 ： 南 省大 理市 新 世 纪 中 学 云
设 ｌ 一ｒ ， ） ＋÷ ， （ 其中ｘ － １３ ． Ｃ （ ，］ －
因为函数 厂ｚ 一ｚ （） ＋÷在（，］ １３ 上单调递增．
所 以 对 于 任 意 Ｅ （ ，］ ｌ １ ＜厂 ｚ ≤ ， ３ ． １ ３ 有 厂 ） （ ） （） （
・
问蠹
题 祥
解 ：Ⅱ ｎ —１ａ ＝ｆ ， ａ ＞ｎ （ ） １ ，２ 一１ 由 ２ １得 ｃ ． ＞２
・
习题 点 精
１ 问 题 的 提 出 ． 所以ｌ ａ ｉ 存 在 ， ＜ ｌ ３ ａ ｒ ｌ ｉ ≤ ． ｍａ
一 ∞ 一 ’
、
２１ 年第 １ ０２ 期
中掌生数理亿． 掌研版
ａ¨ 一
“ ００年 普 通 高 等 学 校 招 生 全 国 统 一 考 试 ２１ （ 中给 出 了一 Ⅱ） 增 且 有 界 数 列 的 求 解 单调有界数明 ： ｃ ２时 ｎ ＜ｎ ． 当 ＞
’ （） １ １ ｌ １ 一 ＋ —２， ３ ３ １一 Ｏ ， 厂（ ） ＋了 ｌ
．
．
（） 一１ ， 一 ＞ ｎ ， 题成 立 ； ｉ当 时 ａ 一ｆ １命
ｃ １ Ａ
（ ） 当 ｎ 时 ， ＜ ＋ ， 当 ｎ ＋ １ ， ｉ设 ｝ ＝ｋ ａ １则 ＝ｋ 时
在 ， １ｉ ｌ ． 且 ｍａ ≤ｎ ｌ
基于这个结论我们来探讨上述问题．
（ ） 调 有 界 的 分 式 递 推 数 列 １单
近 几 年 高 考 试 题 在 强 调 学 生 的 基 本 数 学 能 力 和技 巧 的 同 时 ， 开 始 注 重 创 新 意 识 和加 大 初 等 数 学 与 高 等 数 学 的衔 接 ， 也 开 阔 其 数 学 思 维 ． 列 中 的 某 些 问题 能 够 很 巧 妙 地 跟 极 限 和 数 函数 结 合 在 一 起 ． 极 限 和 函 数 的 角度 来 解 决 ， 够 把 复 杂 的 从 能
“ ”
ｎ＋ ＜ａ （ 中 ∈Ｎ 成 立 的 ｃ 取 值 范 围 ． 其 ） 的
解： ． 略
当 ２ ｃ ＜ ≤ 时 ， 。 ３ 。＜ ４ ．
０
从 上 述 的 解答 过 程 我们 发 现 ， 于 “ 调 有 界 的 分 式 递 推 对 单
当 ｃ Ｊ 时 ，＞ ３ 且 １ ． ＞ Ｕ ａ ． ， ≤。 ＜ｎ
够 解 答 ． 面 我 将 从 极 限 的 角度 对 这 类 问题 进 行 简 化 ． 下
２ 问 题 的 探 索 与 解 决 ． 首 先 ， 们 引 人几 个 概 念 ： 我 已知 数 列 ｛ 中 ， ａ ） ｎ＋ 一ｆ ａ ） （ ． （ｉ 若 递 推 式 右 边 ｆ ａ ） 关 于 ｎ ） （， 为 的 分 式 表 达 式 ， 称 则 数列 ｛ ｝ 分式递推数列 ； 为
，
故 由 （ｉ （ｉ 知 ， ｃ ２时 口＜ Ⅱ＋ ． ） ｉ） 当 ＞
当 ＞ ２时 ， ａ — ， ７ 令 －ｃ ／ ＋
— 一 －
４
由 ‰ ＋
＜ａ ＋ ＋ 一ｃ得 ＜ ｎ
口”
已知数列 ｛ 中， 一３ｎ 一÷． ｎ｝ 口 ， 一ｃ ＋ 求使不等式 ｌ ＜
问题 ：
不 妨 设 ｌ 一 ， １ Ｔ ３ ｉ ｍａ 则 ＜ ≤ 因 为 ａａｌ ｎ 一 一
１
（ 国 Ｉ卷 ） 科 数 学 （ 修 ＋选 修 Ⅱ） 第 ２ 全 理 必 ” ２题
１ ｉ ｍ ＋
．
ｌ （一 ） ＝ １ Ｌ ｉ ｆ ＝ ｉ ｍ 、 ｍ—
，
“ ， Ｊ
技巧问题转换为数学思想问题．
例 １ 已知数列 （ 中， ，ｎ —ｆ 日 ｝ 口 一１ａ＋ 一÷． 求使不等
式 ａ＜ ｎ ＜ ３ 其 中 ＥＮ 成 立 的 ｆ的取 值 范 围 ． （ ） 解 ： 为 １ ａ ＜ ｎ ＜ ３ 即数 列 ｛ 单 调 递 增 且 有 界 ， 因 ４ ， ａ｝
设 （） ｌ ’ 一÷ ， ｚ 其中ｘ １３ ． Ｅ（ ，］ 因为函数 ｌ ） 一÷ 在（ ，］ ， 一１ ’ （ １３ 上单调递增．
所 以对 于 任 意 ｚ （ ， ］ ， １＜ ， ） ＿ ３ ． Ｅ １３ 有 （） ≤ 厂 ） （ （
・
。 （ ） — １ ｏ ， ３ 一 １ 了 ｏ 厂 ） ， １ 一１ 一 ， （ ） 一 １＝ ２ ＜ （ ≤