高一物理上第二次月考试卷
高一物理上第二次月考试卷
命题人：黄灿森 审卷人： 杨柳娇
(考试时间 90分钟 满分 150分)
Ⅰ卷（100分）
一、单项选择题（共40分，每小题4分）
1.关于地球上的物体，下列说法正确的是： （ ）
A.在落向地球时，物体受的重力大于它静止时受的重力。
B.因重力的方向总是竖直向下的，故重力一定和地面重直。
C.重力就是物体对水平桌面的压力。
D.某地的一个物体不论是静止还是运动，也不论是怎么运动，受到的重力都是一样。
2.现将一均匀木球的正中央挖掉一个小球，则它的（ ）
A. 重力大小不变，重心向外偏移
B. 重力大小减小，重心位置移到另外的点，不能确定其具体位置
C. 重力大小减小，重心位置不变
D. 重力大小减小，重心被挖去而不存在
3.杂技演员有高超的技术，能轻松地顶接从高处落下的坛子．关于他顶坛时头顶
受到的压力，产生的直接原因是（ ）
A. 坛的形变 B. 头的形变
C. 物体受到的重力 D. 人受到的重力
4.关于摩擦力，下列说法中正确的是： （ ）
A、 静摩擦力一定发生在两个静止的物体之间。
B、 静摩擦力总是阻碍物体间的相对运动。
C、 滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反。
D、 摩擦力可以是阻力，也可以是动力。
5.用力将如图所示的装有塑料挂钩的轻圆吸盘压紧在竖直的玻璃板上，排出圆盘与玻璃板之间的空气，松
开手后往钩上挂适当重的物体，圆盘不会掉下来，这是因为物体对圆盘向下的拉力（ ）
A. 与大气对圆盘的压力平衡 B. 与玻璃板对圆盘的摩擦力平衡
C．与玻璃板对圆盘的支持力平衡 D．与物体所受的重力平衡
6.合力与分力下列说法中正确的是（ ）
A.合力的大小一定大于每一个分力的大小
B.合力的大小至少大于其中一个分力的大小
C.合力的大小可能比每一个分力都大也有可能比每一个分力都小
D.合力的大小不可能与两个分力的大小相等
7.如图3，物体受到向上偏右的拉力F作用而向右做匀速直线运动，则物体受到的拉力F与地面给
它的摩擦力的合力方向是 （ ）
A.向右偏上 B.向上偏左 C.竖直向上 D. 竖直向下
8.物体受到四个力的作用处于平衡状态，其中一个力F1=10N，其他三个外力都保持不变，只将F
1
的方向改变90°大小不变。则物体所受合力大小为 （ ）
A.10N B.N210 C.N220 D.20N
9．如图所示，a，b，C三根绳子完全相同，其中b绳水平，C绳下挂一重物。若使
重物加重，则这三根绳子中最先断的是 （ ）
A．a绳 B．b绳 C．C绳 D．无法确定
10.如图所示，一个物体受到一个大小恒定的拉力F的作用而静止于水平地面上。
当F与水平面的夹角θ由0°逐渐增大到90°的过程中，物体受到地面的支持力N
以及摩擦力f的大小如何变化 （ ）
A．N增大，f增大
B．N增大，f减小
C．N减小，f增大
D．N减小，f减小
二、填空和实验题。（共33分，每空3分）
11.将竖直向下的20N的力，分解为两个力，其中一个分力大小为15N，水平向左，则另一个分力
为 N ，方向 。
12.一位同学的质量是50kg，他用双手握住一根固定的竖直的铁竿（g=10m/s2）
若匀速上爬，他受到的摩擦力大小为 N，方向 。
若匀速下滑，他受到的摩擦力大小为 N，方向 。
13.如图两装置，不计弹簧秤、细绳重力及一切摩擦，所挂物体重G=5N，则弹簧秤A的读数为 N ，
弹簧秤B的读数为 N。
14.对于《验证力的平行四边行定则》的实验，请回答如下问题：
（1）本实验的目的是 ，用两个弹簧秤把橡皮条拉到一定长度并记下结点
0
后，再改用一个弹簧秤拉时。要把橡皮条拉到______________________________。
（2）右图是甲、乙两位同学在实验中所得到的实验结果，若用F表示两个分力F1、F2的的合力，
用Fˊ表示F1和F2的等效力，则可以判断______（填“甲”或“乙”）同学的实验结果是尊重事
实的.
θ
F
θ
F
河南省郑州市第五中学高一物理上学期第二次月考试题(含解析)
河南省郑州市第五中学2017-2018学年高一物理上学期第二次月考试题（含解析）一、选择题1. 17世纪意大利科学家伽利略在研究运动和力的关系时，提出了著名的斜面实验，其中应用到的物理思想方法属于( )A. 等效替代B. 实验归纳C. 理想实验D. 控制变量【答案】C【解析】16世纪末意大利科学家伽利略设想了一个斜面实验：将两个斜面对接起来，当小球一个斜面滚下，会滚上第二斜面，如果摩擦力越小，在第二斜面上滚上的高度越大，设想没有摩擦力，小球会达到相等的高度，将第二斜面放平，小球将永远运动下去．这里伽利略应用的物理思想方法属于理想实验．故选C.点睛：本题考查对物理研究方法的理解能力．物理学上经常用到的研究方法有：等效替代法，归纳法，演绎法，控制变量法等．2. 某同学骑自行车沿直线运动，第1s内的平均速度是1m/s，第2s内的平均速度是3m/s，第3s内的平均速度是5m/s,则前3s内的平均速度是( )A. 3m/sB. 5 m/sC. 6 m/sD. 9 m/s【答案】A3. 牛顿是近代科学的开创者，他一生致力于科学研究，有许多重大发明，为科学事业做出了巨大的贡献，他提出的牛顿运动三定律成为经典力学的基础.由牛顿第一定律可知( )A. 合力停止作用后，物体就会慢慢停下来B. 物体的速度改变时，一定受到合力的作用C. 物体只有在静止或做匀速直线运动时才有惯性D. 力是改变物体运动状态的原因，也就是改变物体惯性的原因【答案】B【解析】合力停止作用后，物体速度保持不变，故A错误；力是改变速度的原因，物体的速度改变时，合力一定不为零，故B正确；惯性是物体的固有属性，与运动状态无关，故C错误；力是改变物体运动状态的原因，惯性大小只与物体的质量有关，与受力无关，故D错误。
4. A、B、C三点在同一直线上，一个物体自A点从静止开始作匀加速直线运动，经过B点时的速度为v，从B点到C点速度增加了v，则AB与BC两段距离大小之比是( )A. 1：1B. 1：2C. 1：3D. 1：4【答案】C【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的速度与位移的关系式，对AB和BC两段分别列方程即可就得AB与BC的位移大小之比．对AB过程，由匀变速直线运动的速度与位移的关系式可得，对BC过程可得，联立解得，C正确．5. 物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间的变化规律如图所示，取开始运动方向为正方向，则物体运动的图象中正确的是 ( )A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：在0～1s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，在1s～2 s内，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，所以做匀减速运动，到2s末时速度为零．2s～3 s内加速度变为正向，物体又从静止开始沿加速度方向匀加速运动，重复0～1s内运动情况，3s～4s内重复1s～2 s内运动情况．在0～1s内，物体从静止开始正向匀加速运动，速度图象是一条直线，1s末速度，在1s～2 s内，，物体将仍沿正方向运动，但要减速，2s末时速度，2s～3s内重复0～1s内运动情况，3s～4s内重复1s～2s内运动情况，综上正确的图象为C．6. 如图所示，A.B.C为三个质量相等.材料相同的小物块，在沿斜面向上的拉力作用下，沿相同的粗糙斜面上滑，其中A是匀速上滑，B是加速上滑，C是减速上滑，而斜面体相对地面均处于静止状态。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_5 (2)
应对市爱护阳光实验学校古二中高一〔上〕第二次月考物理试卷一．选择题共40分〔1-6题是单项选择题，选对得4分，7-10题是多项选择题，全选对得4分，选对不全得2分，选错或不选得0分〕1．在分析物体受力时，下面的说法正确的选项是〔〕A．向上抛出的物体受到向上的作用力B．两物体相互挤压时，其弹力沿接触面垂直的方向指向施力物体C．轻绳的拉力方向沿绳子指向收缩的方向D．放在斜面上的物体受到的重力可分解成下滑力和正压力2．如下图，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，以下图示中正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．3．物体从某一高度自由下落，第1s内就通过了全程的一半，物体还要下落多少时间才会落地〔〕A．1s B．s C ． s D ．〔﹣1〕s4．如下图为某质点运动的速度﹣时间图象，2～4s图线为半圆形，假设4s末物体回到了出发点，以下说法错误的选项是〔〕A．1～2s质点的加速度大小为10m/s2B．3s末质点的速度v x=10m/sC．3s末质点的加速度于零D．2～4s质点的位移大小为10m 5．如下图，A、B两物体的质量分别为m A、m B，且m A＞m B，整个系统处于静止状态．滑轮的质量和一切摩擦均不计，如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重平衡后，物体A的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是〔〕A．物体A的高度升高，θ角变大B．物体A的高度降低，θ角变小C．物体A的高度升高，θ角不变D．物体A的高度不变，θ角变小6．甲沿着平直的公路以速度V0做匀速直线运动，假设它路过某处的同时，该处有一辆乙开始做初速度为零的匀加速运动去追赶甲车，根据上述条件〔〕A．可求出乙车追上甲车时乙车的速度B．可求出乙车追上甲车所走的路程C．可求出乙车从开始启动到追上甲车时所用的时间D．不能求出上述三者中的任何一个7．如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速，F与水平方向成30°角，运料车和材料的总重为G，以下说法正确的选项是〔〕A．建筑工人受摩擦力方向水平向左B ．建筑工人受摩擦力大小为C．运料车受到地面的摩擦力水平向右D ．运料车对地面压力为8．如图甲所示，一人用由零逐渐增大的水平力F推静止于水平地面上质量为l0kg的木箱，木箱所受的摩擦力f与F的关系如图乙所示，以下说法正确的选项是〔〕〔g=10m/s2〕A．木箱所受的最大f m=21NB．木箱所受的最大f m=20NC．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.21D．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.29．如下图，A、B、C三木块叠放在一起，在木块A上作用一个水平力F，A、B、C一起做匀速运动．假设C对A、C对B，地对A、地对B的摩擦力分别为f CA、f CB、f A、f B，那么以下关于它们的方向的判断中正确的选项是〔〕A．f A向左B．f B向右C．f CA向左D．f CB向右10．用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如下图．P、Q均处于静止状态，那么以下相关说法正确的选项是〔〕A．Q受到3个力B．P物体受4个力C．假设绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．假设绳子变长，绳子的拉力将变小11．做<验证力的平行四边形那么>时，以下表达正确的选项是〔〕A．同一次过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变B．用两只弹簧秤拉橡皮条时，使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小C．力的夹角越大越好D．必须使分力与合力在同一平面内二、题〔此题包括2小题，共18分〕12．在一次课外探究活动中，某同学用如下图的装置测量放在水平光滑桌面上的铁块A与长金属板B间的动摩擦因数．铁块A的质量m=1kg，金属板B的质量m′=0.5kg，用水平力F向左拉金属板B，使其向左运动，而铁块放大的弹簧测力计示数如下图．那么A、B间的摩擦力F f= N，A、B间的动摩擦因数μ= ．〔g取10m/s2〕13．“验证力的平行四边形那么〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是；本采用的方法是〔填“理想法〞、“效替代法〞或“控制变量法〞〕．14．某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都在方向〔填“水平〞或“竖直〞〕．〔2〕弹簧自然悬挂，待弹簧时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L0L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25 25 25 30 3 35 30 30表中有一个数值记录不标准，代表符号为．由表可知所用刻度尺的最小分度为．〔3〕如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值〔填“L0〞或“L x〞〕．〔4〕由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g〔结果保存两位有效数字，重力加速度取m/s2〕．三、计算题〔本大题共3小题，共42分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位〕15．一辆长途客车正在以20m/s的速度匀速行驶．突然，司机看见车的正前方x=33m处有一只狗，如图〔甲〕所示，司机立即采取制动措施．假设从司机看见狗开始计时〔t=0〕，长途客车的“速度﹣时间〞图象如图〔乙〕所示．〔1〕求长途客车从司机发现狗至客车停止运动的这段时间内的距离；〔2〕求长途客车制动时的加速度；〔3〕假设狗以v′=4m/s的速度与长途客车同向奔跑，狗能否被撞？16．在倾角为α的斜面上，一条质量不计的皮带一端固在斜面上端，另一端绕过一中间有一圈凹槽的圆柱体，并用与斜面夹角为β的力F拉住，使整个装置处于静止状态，如下图．不计一切摩擦，圆柱体质量为m，求拉力F的大小和斜面对圆柱体的弹力F N的大小．17．如下图，半径为R的均匀光滑球靠竖直墙放置，左下方有一厚为h、质量为m的木块，与地面的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力近似于滑动摩擦力．假设光滑球与地面接触但弹力恰好为零，求光滑球质量M的范围．古二中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题共40分〔1-6题是单项选择题，选对得4分，7-10题是多项选择题，全选对得4分，选对不全得2分，选错或不选得0分〕1．在分析物体受力时，下面的说法正确的选项是〔〕A．向上抛出的物体受到向上的作用力B．两物体相互挤压时，其弹力沿接触面垂直的方向指向施力物体C．轻绳的拉力方向沿绳子指向收缩的方向D．放在斜面上的物体受到的重力可分解成下滑力和正压力【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】发生形变的物体由于要恢复原状，对与它接触的物体产生力的作用，这种力叫做弹力；弹力产生的条件：1．两物体互相接触； 2．物体发生弹性形变〔包括人眼不能观察到的微小形变〕；弹力的方向垂直接触面并指向受力物体的方向．【解答】解：A、向上抛出的物体离开手后能继续向上运动是由于物体的惯性，并不是受到向上的力，故A错误；B、两物体相互挤压时，其弹力沿接触面垂直的方向指向受力物体，故B错误；C、轻绳的拉力是弹力，故其方向沿绳子指向收缩的方向，故C正确；D、放在斜面上的物体受到的重力可分解成下滑分力和垂直分力，是用来代替重力的，不是重复受力，故D错误；故C．【点评】此题考查了弹力的义、产生条件、方向和合力与分力的义，根底题．2．如下图，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，以下图示中正确的选项是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】力的合成与分解的运用．【专题】受力分析方法专题．【分析】因为是匀速所以合力为零，受力分析可知重力mg与F大小相，方向相反．【解答】解：壁虎匀速直线运动对壁虎进行受力分析：可知F与mg大小相，方向相反．应选：A．【点评】此题考察根底知识，掌握二力平衡及受力分析即可解决此类问题．3．物体从某一高度自由下落，第1s内就通过了全程的一半，物体还要下落多少时间才会落地〔〕A．1s B．s C ． s D ．〔﹣1〕s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，通过第1s内就通过了全程的一半，根据h=gt2，求出物体还要下落多长时间落地．【解答】解：根据gt2，h=gt′2，物体落地的时间t′=t=s．所以物体还需要下落的时间t″=﹣1s．故D正确，A、B、C错误．应选D．【点评】解决此题的关键知道自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，掌握自由落体运动的位移时间公式h=gt2．4．如下图为某质点运动的速度﹣时间图象，2～4s图线为半圆形，假设4s末物体回到了出发点，以下说法错误的选项是〔〕A．1～2s质点的加速度大小为10m/s2B．3s末质点的速度v x=10m/sC．3s末质点的加速度于零D．2～4s质点的位移大小为10m【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】由图读出速度的变化情况，分析物体的运动情况，速度图象的斜率于加速度．由图线“面积〞求出位移．【解答】解：A、1～2s内质点的加速度a===﹣10m/s2，所以1～2s内质点的加速度大小为10m/s2，故A正确；B、D、4s末质点回到了出发点，所以2～4s内质点的位移大小于1﹣2s的位移大小，为x=×2×10=10m，根据面积表示位移可知：3s末质点的速度v x＜10m/s，故B错误，D正确．C、3s末的斜率为零，所以此时加速度为零，故C正确；此题选错误的，应选：B．【点评】此题关键抓住速度图象的斜率表示加速度、“面积〞表示位移来理解图象的物理意义．5．如下图，A、B两物体的质量分别为m A、m B，且m A＞m B，整个系统处于静止状态．滑轮的质量和一切摩擦均不计，如果绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重平衡后，物体A的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ变化情况是〔〕A．物体A的高度升高，θ角变大B．物体A的高度降低，θ角变小C．物体A的高度升高，θ角不变D．物体A的高度不变，θ角变小【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分析：根据滑轮不省力的特点可知，整个系统重平衡后，滑轮两侧的绳子拉力大小F于物体A的重力不变，B物体对滑轮的拉力也不变．根据平衡条件分析两滑轮间绳子的夹角，再研究θ的变化情况．【解答】解：原来整个系统处于静止状态，绳的拉力于A物体的重力，B物体对滑轮的拉力于B物体的重力．将绳一端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重平衡后，绳的拉力F仍于A物体的重力，B物体对滑轮的拉力仍于B物体的重力，都没有变化，即滑轮所受的三个拉力都不变，那么根据平衡条件可知，两绳之间的夹角也没有变化，那么θ角不变，滑轮将下降，物体A的高度升高．应选C【点评】点评：此题关键抓住平衡后滑轮所受的三个拉力大小都不变．对于动滑轮，平衡时两侧绳子的拉力关于竖直方向具有对称性．6．甲沿着平直的公路以速度V0做匀速直线运动，假设它路过某处的同时，该处有一辆乙开始做初速度为零的匀加速运动去追赶甲车，根据上述条件〔〕A．可求出乙车追上甲车时乙车的速度B．可求出乙车追上甲车所走的路程C．可求出乙车从开始启动到追上甲车时所用的时间D．不能求出上述三者中的任何一个【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】作出甲乙两车的速度时间图线，根据速度﹣时间图线分析能求出的量．【解答】解：甲乙两车的速度﹣时间图线如图，当乙车追上甲车时，位移相，从图象上可以看出，当甲乙位移相时，乙车的速度为2v．从图象上无法知道乙车追上甲车所用的时间，也无法求出乙车追上甲车时两车的路程．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键会用图象法进行解题，知道在速度﹣时间图线中，图线与时间轴所围成的面积表示位移．7．如图，建筑工人用恒力F推运料车在水平地面上匀速，F与水平方向成30°角，运料车和材料的总重为G，以下说法正确的选项是〔〕A．建筑工人受摩擦力方向水平向左B ．建筑工人受摩擦力大小为C．运料车受到地面的摩擦力水平向右D ．运料车对地面压力为【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以人为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析那么知，人受到的摩擦力大小与F的水平分力大小相．分析运料车和材料的受力情况，作出受力图．运料车在水平地面上匀速时，合力为零，根据平衡条件可求出水平地面对运料车的支持力，再由牛顿第三律得到，运料车对水平地面的压力．【解答】解：以人为研究对象，分析人的受力情况，如图1，由平衡条件得：人受到的摩擦力方向水平向右，大小为f人=Fcos30°=F．分析运料车和材料的受力情况，作出受力图，如图2，由平衡条件得：运料车受到地面的摩擦力水平向左，地面对运料车的支持力大小为N车=G+Fsin30°=，那么运料车对地面压力为．故D正确，ABC均错误．应选D【点评】此题运用隔离法研究物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，正确作出受力图．8．如图甲所示，一人用由零逐渐增大的水平力F推静止于水平地面上质量为l0kg的木箱，木箱所受的摩擦力f与F的关系如图乙所示，以下说法正确的选项是〔〕〔g=10m/s2〕A．木箱所受的最大f m=21NB．木箱所受的最大f m=20NC．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.21D．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.2【考点】摩擦力的判断与计算；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】量思想；推理法；摩擦力专题．【分析】木箱静止时处于平衡状态，拉力与静摩擦力是一对平衡力，它们相，随拉力的增大摩擦力增大，气体恰好运动时的拉力于静摩擦力；物体运动后，受到滑动摩擦力作用，由滑动摩擦力公式求动摩擦因数．【解答】解：A、由图乙知木箱受的最大静摩擦力为f m=21N，故A正确，B错误；C、当木箱运动后受的是滑动摩擦力，大小为f=μmg=20N，解得μ=0.2，故C 错误，D正确；应选：AD．【点评】对物体正确受力分析，知道什么时候的摩擦力是静摩擦力，滑动摩擦力与拉力无关是正确解题的关键．9．如下图，A、B、C三木块叠放在一起，在木块A上作用一个水平力F，A、B、C一起做匀速运动．假设C对A、C对B，地对A、地对B的摩擦力分别为f CA、f CB、f A、f B，那么以下关于它们的方向的判断中正确的选项是〔〕A．f A向左B．f B向右C．f CA向左D．f CB向右【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】根据整体法与隔离法，结合摩擦力与相对运动或相对运动趋势的方向相反，逐个物体进行受力分析，并依据平衡条件，即可判断．【解答】解：根据整体法，对ABC受力分析，因整体向右匀速运动，那么地对A，及地对B的滑动摩擦力向左，从隔离法，对C受力分析，结合平衡条件，可知，A对C的静摩擦力方向向右，那么C对A的静摩擦力方向左，同理，B对C的静摩擦力方向向左，那么C对B的静摩擦力方向右，故ACD正确，B错误；应选：ACD．【点评】此题考查了摩擦力的方向和大小的判断，关键是掌握整体法与隔离法，及理解平衡条件的用，并知道物体的运动状态进行判断．10．用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如下图．P、Q均处于静止状态，那么以下相关说法正确的选项是〔〕A．Q受到3个力B．P物体受4个力C．假设绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．假设绳子变长，绳子的拉力将变小【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体的受力情况．对Q，由平衡条件分析绳子变短时，Q受到的静摩擦力如何变化．对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化．【解答】解：A、Q受到重力、墙壁的弹力、P的压力和静摩擦力，共4个力作用．故A错误．B、P受到重力、Q的支持力和静摩擦力，绳子的拉力，共4个力作用．故B正确．C、Q受到的静摩擦力竖直向上，与其重力平衡，与绳子长度无关，所以假设绳子变短，Q受到的静摩擦力不变．故C错误．D、设绳子与竖直方向的夹角为α，P的重力为G，绳子的拉力大小为F，那么由平衡条件得：G=Fcosα，假设绳子变长，α变小，cosα变大，那么F变小．故D正确．应选BD【点评】为了防止多力或少力，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体的受力情况．11．做<验证力的平行四边形那么>时，以下表达正确的选项是〔〕A．同一次过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变B．用两只弹簧秤拉橡皮条时，使两细绳之间的夹角总为90°，以便于算出合力的大小C．力的夹角越大越好D．必须使分力与合力在同一平面内【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；平行四边形法那么图解法专题．【分析】正此题需要掌握：理解“效法〞的具体用；进行该的具体操作和考前须知；弹簧的示数以及夹角要大小适中，便于记录和作图即可．【解答】解：A、同一次过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变，故A正确；B、合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，夹角大小也不一为90°，故B错误；C、在中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故C错误；D、为了表达合力和分力的效果相同，同时便于作图比拟合力的理论值和值，要求分力与合力在同一平面内，故D正确；应选：AD【点评】中的具体步骤要本着简单易行，便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以原理和目的为中心展开．二、题〔此题包括2小题，共18分〕12．在一次课外探究活动中，某同学用如下图的装置测量放在水平光滑桌面上的铁块A与长金属板B间的动摩擦因数．铁块A的质量m=1kg，金属板B的质量m′=0.5kg，用水平力F向左拉金属板B，使其向左运动，而铁块放大的弹簧测力计示数如下图．那么A、B间的摩擦力F f= 0 N，A、B间的动摩擦因数μ= 0.25 ．〔g取10m/s2〕【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】题；摩擦力专题．【分析】由图示弹簧测力计读出弹簧测力计的示数，对铁块A进行受力分析，由平衡条件求出铁块A受到的滑动摩擦力，然后由滑动摩擦力公式的变形公式求出动摩擦因素．【解答】解：弹簧测力计的最小刻度是0.1N，需要估读一位，由图示弹簧测力计可知，弹簧测力计的示数T=0N，铁块A静止，处于平衡状态，由平衡条件得：f=T=0N，滑动摩擦力f=μF N=μG=μmg，动摩擦因数μ=；故答案为：0；0.25．【点评】此题考查了求动摩擦因数、水平拉力问题，是一道根底题；掌握弹簧测力的读数方法、对物体正确受力分析、熟练用平衡条件．13．“验证力的平行四边形那么〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是F′；本采用的方法是效替代法〔填“理想法〞、“效替代法〞或“控制变量法〞〕．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题．【分析】明确原理，了解误差的存在，知道该中“理论值〞和“值〞的区别．【解答】解：F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合；合力与分力是效替代的关系，所以本采用的效替代法．故答案为：F′，效替代法．【点评】本采用的是“效替代〞的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值〞和“值〞的区别．14．某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都在竖直方向〔填“水平〞或“竖直〞〕．〔2〕弹簧自然悬挂，待弹簧稳时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L0L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25 25 25 30 3 35 30 30表中有一个数值记录不标准，代表符号为L3．由表可知所用刻度尺的最小分度为1mm ．〔3〕如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与L x的差值〔填“L0〞或“L x〞〕．〔4〕由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10 g〔结果保存两位有效数字，重力加速度取m/s2〕．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】弹簧自然悬挂，故是竖直放置；充分利用测量数据，根据公式△F=k△x 可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．【解答】解：〔1〕用铁架台，一是竖直悬挂；〔2〕弹簧动时测量无意义；用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，记录数据的最后一位是估读位，故数据L3记录不标准，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm；〔3〕由图可知，横轴是弹簧挂砝码后弹簧长度与弹簧挂砝码盘时弹簧长度差，所以横轴是弹簧长度与的L X差值．〔4〕根据胡克律公式△F=k△x，有k===N/m；由表格得到，弹簧原长为：L0=25cm；挂砝码盘时：L x=25cm；根据胡克律，砝码盘质量为：M==kg=0.01kg=10g；故答案为：〔1〕竖直，〔2〕稳，L3，1mm；〔3〕L x，〔4〕，10．【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于问题，我们要充分利用图象处理数据来减少偶然误差．三、计算题〔本大题共3小题，共42分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位〕15．一辆长途客车正在以20m/s的速度匀速行驶．突然，司机看见车的正前方x=33m处有一只狗，如图〔甲〕所示，司机立即采取制动措施．假设从司机看见狗开始计时〔t=0〕，长途客车的“速度﹣时间〞图象如图〔乙〕所示．〔1〕求长途客车从司机发现狗至客车停止运动的这段时间内的距离；〔2〕求长途客车制动时的加速度；〔3〕假设狗以v′=4m/s的速度与长途客车同向奔跑，狗能否被撞？【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】〔1〕速度图象与时间轴围成的面积于物体通过的位移．〔2〕速度图象的斜率于物体的加速度．〔3〕要防止客车与狗相撞，那么客车追上狗时客车的速度于狗的速度，求出狗的位移和客车的位移的关系即可确能否追上．利用速度位移的关系式v t2﹣v02=2ax求出客车的位移，根据加速度的义式a=求出客车刹车到狗速度的时间以及在此时间内狗通过的位移，根据位移关系即可确客车是否能够撞上狗．【解答】解：〔1〕客车在前0.5s内的位移x1=v0t1=20×0.5=10m客车在0.5﹣s内的位移x2=〔v0t2〕=×20×〔﹣0.5〕=40m故客车从司机发现狗至客车停止运动的这段时间内的距离x=x1+x2=50m〔2〕由图象得：〔3〕假设客车恰好撞不到狗，那么车追上狗时车速为4m/s，那么刹车时间为客车位移为而狗通过的位移为x2=v〔t1+t〕=4×〔0.5+〕=1m。
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题11
应对市爱护阳光实验学校上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1： D ．：1二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是A．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是〔填F或F′〕14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为N/m．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．18．滑板运动是一项非常刺激的水上运动〔如下图〕，研究说明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力N垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率〔水可视为静止〕．某次运动中，在水平牵引力F作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相的k=40kg/m，人和滑板的总质量为80kg，〔重力加速度g取10m/s2，sin 37°=0.6，忽略空气阻力〕．试求：〔1〕水平牵引力F的大小；滑板的速率v=？上一中2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共8小题，每题4分，共32分，选出每题给出的选项中的仅有一个正确的选项〕1．一人将一木箱匀速推上一粗糙斜面，在此过程中，木箱所受的合力为〔〕A．于人的推力B．于摩擦力C．于零D．于下滑力【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体在运动的过程中始终匀速，不要被粗糙斜面影响判断，只要匀速物体就受力平衡，即：合外力为零．【解答】解：木箱被匀速推上一粗糙斜面，注意是匀速，所以物体受力平衡，即：所受的合外力始终为零．应选C．【点评】此题是一个易错题，主要考察的是审题能力，抓住主要问题，不要被一些外在因素迷惑即可．2．物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，那么这三个力可能选取的数值为〔〕A．15N、5N、6N B．3N、6N、4N C．1N、2N、10N D．1N、6N、8N【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成．【分析】两个力F1与F2的合力的范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；由于物体受共点力F1、F2、F3作用而做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故三个力中的两个力的合力一与第三个力值、反向、共线．【解答】解：三力中某两个力的合力|F1﹣F2|≤F1、2合≤F1+F2，假设另一个力F3的大小在F1、2合的取值范围内，那么这三个力的合力可能为零，物体就处于平衡状态．A、10N≤F1、2合≤20N，F3=6N不在这范围内，故A错误．B、3N≤F1、2合≤9N，F3=4N在这范围内，故B正确．C、1N≤F1、2合≤3N，F3=10N不在这范围内，故C错误．D、5N≤F1、2合≤7N，F3=8N不在这范围内，故D错误．应选：B【点评】此题考查合力大小的计算，在方向未知的情况下找出两个力合成的最大值和最小值，明确三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力值、反向、共线．3．如下图是山区村民用斧头劈柴的剖面图，图中BC边为斧头背，AB、AC边是斧头的刃面．要使斧头更容易劈开木柴，那么〔〕A．BC边短一些，AB边也短一些 B．BC边些，AB边短一些C．BC边短一些，AB边些 D．BC边些，AB边也些【考点】力的分解．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】在劈柴时，斧头的重力通过斧面对木柴的积压形成对木柴向外的力，由分解方法可知如何更容易劈开木柴．【解答】解：如下图：斧头的重力形成对木柴两端的挤压力，两力与斧头的AB、BC边相互垂直；那么可知当BC边短一些，AB边些时两力之间的夹角更大，那么两分力更大；故C正确；应选C．【点评】在受力分析时一要注意平行四边形的作用，根据图形才能正确的找出力的变化关系．4．如下图，一物体受到1N、2N、3N、4N四个力作用正沿着3N力的方向作匀速直线运动，现保持1N、3N、4N三个力的方向和大小不变，而将2N的力绕O点旋转300°，此时作用在物体上的合力大小为〔〕A．1N B．2N C．3N D．4 N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体受多力平衡，那么多力的合力为零；那么1N、3N、4N三个力的合力与2N大小相方向相反；那么将2N转动后，其他三力的合力不变，那么变成了转后的2N与其他三力的合力的合成，那么由平行四边形那么可求得合力．【解答】解：由题意可知，四力的合力为零，那么可知1N、3N、4N三个力的合力2N；与2N大小相方向相反；那么2N的力绕O点旋转300°，其他三力的合力不变，那么现在变为2N的两个力，其夹角成120°，因此这两个力的合力大小为2N，故B正确，ACD错误；应选：B【点评】此题中用了力的合成中的一个结论：当多力合成其合力为零时，任一力与其他各力的合力大小相方向相反．5．两个物体A和B，质量分别为M和m，用跨过滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如下图，不计摩擦，那么A对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为〔〕A．mg，Mg B．mg，〔M﹣m〕g C．〔M﹣m〕g，Mg D．〔M+m〕g，〔M﹣m〕g 【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】受力分析方法专题．【分析】由物体B静止，求出绳子的拉力．以A为研究对象，根据平衡条件求出地面对A的作用力的大小．【解答】解：以B为研究对象，根据平衡条件绳子的拉力F=mg．再以A为研究对象，得到F+F N=Mg，得到F N=Mg﹣F=〔M﹣m〕g，故B正确；应选：B．【点评】此题采用的是隔离法．当物体处于平衡状态时，采用隔离都可以求解．当几个物体都处于平衡状态时，也可以采用整体法．6．光滑的球放在倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板PQ挡住而静止．挡板PQ可以绕Q轴转动，如下图．当PQ由竖直位置缓慢地顺时针方向转至水平的过程中，球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小变化是〔〕A．F1和F2都逐渐减小B．F1逐渐减小，F2逐渐增大C．F1逐渐增大，F2先减小D．F1逐渐减小，F2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以球为研究对象，分析斜面和挡板对球的支持力如何变化，就能确球对斜面的压力F1和对挡板的压力F2的大小如何变化．分析小球受力情况，作出力图，运用图解法，分析两个支持力的变化情况．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况，如图，小球受到重力G、斜面的支持力F1和挡板的支持力F2，由平衡条件得知，F1和F2的合力与G大小相、方向相反，作出三个位置力的合成图如图，由图看出，F1逐渐减小，F2先减小后增大，当F1和F2垂直时，F2最小．故D正确．应选D【点评】此题运用图解法，分析动态平衡问题，比拟直观简便，也可以采用函数法，由数学知识分析力的变化．7．如下图，把重为8N的物体放在倾角θ=30°的粗糙斜面上并静止，物体的上端与固在斜面上的轻质弹簧相连，弹簧与斜面平行，假设物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，以下对弹簧的弹力的分析正确的选项是〔〕A．可能为13 N，方向沿斜面向上B．可能为5 N，方向沿斜面向下C．可能为1 N，方向沿斜面向下D．弹力不可能为零【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下行斜面向上时，分别求解出对的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围．【解答】解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为Gsin30°=4N，垂直斜面的垂直分力为Gcos30°=4N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为拉力，大小为f=f m+Gsin30°=9N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为5N，弹簧弹力为推力，大小为f=f m﹣Gsin30°=1N；故弹簧弹力可以是不大于1N推力或者不大于9N的拉力，也可以没有弹力；故ABD错误，C正确；应选C．【点评】此题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力，难度中．8．如下图，可以视为质点的小球A、B球被轻绳连接后，挂在光滑的圆柱上恰好处于静止状态，圆心为O点，∠AOB=90°，OB与竖直方向的夹角α=300，那么A、B球的质量之比为〔〕A．1：2 B ．：2 C．1：D ．：1【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】选A为研究对象，受力分析用平衡条件进行分析，求出A受的绳子的拉力，再对B进行受力分析，求出B受的绳子的拉力，进行比拟求解．【解答】解：分别选A和B为研究对象受力分析如图：由左图得：T=Fsin60°=G A sin60°=…①由右图得：T=F′sinα=G B sin30°=…②由①②两式得：m A：m B=1：应选C【点评】受力平衡类的题目处理时一要注意用的条件就是平衡，合外力为零；所以只需要选择适宜的研究对象进行正确的受力分析，用平衡条件即可．二、不项选择题〔本大题共4小题，每题5分，共20分．选对但不全得3分，全选对得5分〕9．在高速公路上，一辆大客车正以100km/h的速度匀速行驶在一段平直的路面上，以下关于大客车的情况描述正确的选项是〔〕A．大客车处于平衡状态B．大客车受到重力、支持力两个力作用C．大客车受到重力、支持力、牵引力三个力作用D．大客车受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【分析】大客车做匀速直线运动，加速度为零，受力平衡，处于平衡状态，对大客车受力分析即可．【解答】解：大客车做匀速直线运动，加速度为零，处于平衡状态，故A正确；B、大客车受到重力、地面的支持力，水平方向有牵引力和阻力，共四个力作用，故D正确，BC错误．应选：AD【点评】静止和匀速直线运动都处于平衡状态，合力都为零，要求同学们能正确对物体进行受力分析，难道不大，属于根底题．10．如下图，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态．那么斜面作用于物块的静摩擦力的〔〕A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小不可能于零D．大小可能于F【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】根据推力F的大小与重力分力的大小确摩擦力的方向，注意分析推力与重力沿斜面向下分力的大小关系．【解答】解：A、当F大于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向下．当F小于Mgsinθ，由于沿斜面方向平衡，那么静摩擦力方向沿斜面向上，AB正确C、当F与重力向下的分力相时，摩擦力大小可以为零；故C错误．D、假设F为重力沿斜面向下分力的一半，那么摩擦力可以于F；故D正确；应选：ABD．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，通过沿斜面方向平衡进行分析．11．力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一分力F2的大小为，方向未知．那么F1大小可能是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，根据平行四边形那么求出F1的大小．【解答】解：由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形那么得，如图，又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，通过几何关系得，F1=F或F1=．故B、C正确，A、D错误．应选：BC．【点评】解决此题的关键知道合力一，分力的方向，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解．12．如下图，人重600N，木板重400N，人与木板、木板与地面间的动摩擦因数皆为0.2，现在人用水平力拉绳，使他与木块一起向右匀速运动，那么〔〕A．人拉绳的力是200N B．人拉绳的力是100NC．人的脚给木块摩擦力向右 D．人的脚给木块摩擦力向左【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：A、B、对人和木块整体受力分析，受重力〔M+m〕g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有2F﹣f=0N﹣〔M+m〕g=0其中f=μN解得f=200NF=100N故A错误，B正确；C、D、对木块受力分析，受重力Mg、人对木块的向下的压力、地面的支持力、绳子的拉力F、向后的滑动摩擦力以及人的静摩擦力，根据共点力平衡条件，人对木块的静摩擦力、拉力与地面的滑动摩擦力三力平衡，故人的脚给木块摩擦力向前，为100N；故C正确，D错误；应选BC．【点评】此题关键先后对人和木块整体、木块受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．三、探究题〔此题共2小题，共22分．〕13．在“验证力的平行四边形那么〞的中〔1〕采用的方法是 BA．理想法B．效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法以下是某同学在做该的一些看法，其中正确的选项是AB 〔填相的字母〕．A．拉橡皮筋的绳线要细长，中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行B．拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角取90°以便于算出合力大小D．中，橡皮筋该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E．中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点〔3〕中的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，OB和OC为绳线．O为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据结果画出的图．图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向的是F′〔填F或F′〕【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；分析法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1、3〕该采用了“效替代〞的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值〞和“值〞的区别．明确原理，了解误差的存在以及具体的操作细节，从减小误差的角度进行分析即可正．【解答】解：〔1〕该中采用的方法是效替代法．故B正确，A、C、D错误．应选：B．A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故中弹簧秤、橡皮筋、细绳贴近木板且与木板平面平行，故A正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置O时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故B正确；C、平行四边形那么中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置O时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故C错误；D、中，两个分力的大小不一相同，故合力不一在其角平分线上，故D错误；E、在中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故E错误．应选：AB．〔3〕F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形那么得到的值．方向一沿AO方向的是F′．故答案为：〔1〕B；AB；〔3〕F′【点评】此题关键是明确思想、原理、误差的来源，要亲手做，才能更好地体会中的一些实际问题，能从多个角度来理解和分析，提高分析解决问题的能力．14．如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系．〔1〕为完成，还需要的一个器材是：刻度尺图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的图线，由此可求出弹簧的劲度系数k为20 N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】本的目的探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系，得到的F ﹣t图象，可由图象得出弹簧的劲度系数．【解答】解：①需要测弹簧的长度、形变量，故还需要的器材有：刻度尺②有图象可知，斜率表示弹簧的劲度系数，k==20N/m；故答案为〔1〕刻度尺 20【点评】此题考查了胡克律，弹簧的弹力与形变量的关系．要注意正确理解图象的性质．四、计算题〔此题共4小题，共30分．解答写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕15．小车从静止开始以1m/s2的加速度，车后相距x0=25m处，与车运动方向相同的某人同时开始以6m/s的速度匀速追车，问能否追上？假设追不上，求人、车间的最小距离是多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】车做匀加速运动，自行车做匀速运动，当自行车的速度与车的速度相时，假设自行车没有追上车，那么就追不上车．根据速度公式，求出两车速度相所经历的时间，由位移公式求出两车的位移，判断自行车能否追上车．当两车的速度相时，相距最小．由位移公式求解最小距离．【解答】解：人与车两者速度相时，是人追上车的临界条件．两者速度相时，有v=at，t== s=6 s，人的位移：x1=vt=6×6 m=36 m，车的位移x2= m=18 m．x2+x0=18 m+25 m=43 m＞x1=36 m，因此人追不上车．最小距离为：△x=x2+x0﹣x1=43 m﹣36 m=7m．答：人不能追上车，人、车间的最小距离是7m．【点评】此题是追及问题，关键要寻找两车之间的关系，抓住隐含的临界条件：速度相是关键．16．如下图，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对结点受力分析后，用平衡条件求解出AC绳和BC绳上的拉力关系，根据两绳所能承受的最大拉力判断谁先断，按照最小的求解即可．【解答】解：以重物为研究对象．受力如右图所示，由平衡条件得：T AC sin30°﹣T BC sin60°=0①T AC cos30°+T BC cos60°﹣G=0②由式①可知T AC =T BC当T BC=100N时，T AC=173N，AC将断．而当T AC=150N时，T BC=8N＜100N将T AC=150N，T BC=8N代入式②解得G=17N所以重物的最大重力不能超过17 N．答：物体最大重力不能超过17N【点评】此题为平衡条件的用，受力分析后根据临界条件进行判断即可．17．如下图，质量为m，横截面积为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块在垂直于斜面BC 的推力作用下，沿墙面匀速滑行．试表示出力F的大小．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】简答题；性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力、力F以及滑动摩擦力，分向上和向下两种情况，结合平衡条件求解F．【解答】解：假设物块向上匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向下的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：Fsinα﹣f﹣G=0Fcosα=Nf=μN解得：F=解：假设物块向下匀速滑行，对物块受力分析，受到重力、弹力、推力F以及向上的滑动摩擦力，如下图：根据平衡条件得：G﹣Fsinα﹣f=0Fcosα=Nf=μN解得：F=答：力F 的大小为或．【点评】此题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解，注意要分两种情况，难度适中．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_00001
应对市爱护阳光实验学校红一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题〔此题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．〕1．在以下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A ．B ．C ．D ．2．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值逐渐减小到零的过程中，该质点〔〕A．速度先增大后减小，直到加速度于零为止B．速度一直增大，直到加速度于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度于零为止D．位移一直增大，直到加速度于零为止3．图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是〔〕A ．B ．C ．D ．4．甲、乙两辆沿平直公路同时由静止开始向同一方向运动，v﹣t图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．如果出发时甲在乙前方，那么一不能相遇B．如果出发时乙在甲前方，那么一不能相遇C．如果甲乙同一地点出发，那么0～2t时间内不能相遇D．0～2t时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度5．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地，那么当它下落时，离地面的高度为〔〕A ．B ．C ．D ．6．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2〔x的单位是m，t的单位是s〕．那么该在路面上留下的刹车痕迹长度为〔〕A．25m B．50m C．75m D．150m7．重10N的木块放在水平桌面上使桌面受到10N的压力，以下说法正确的选项是〔〕A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力的施力物是木块，是由于木块发生形变引起的D．这个压力的施力物是桌面，是由于桌面发生形变引起的8．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如下图的四种情况中〔坐标纸中每格边长表示1N的大小的力〕，该物体所受的合外力大小正确的选项是〔〕A ．此图中物体所受的合外力大小于4NB ．此图中物体所受的合外力大小于0C ．此图中物体所受的合外力大小于0D ．此图中物体所受的合外力大小于09．关于做自由落体运动的小球，在落地之前的以下说法正确的选项是〔〕A．前2秒内和前4秒内下落的高度比为1：2B．第5秒内和第7秒内下落的高度比为5：7C．第1秒内和第2秒内的平均速度之比为1：3D．下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：210．如下图，斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为f1，M受到水平面的摩擦力大小为f2，当F变大时，那么〔〕A．f1与f2都一变大B．f1与f2都不一变大C．f2一变大，f1不一变大D．f1一变大，f2不一变大二、多项选择题〔此题共6小题，每题4分，共计24分．每题至少有两个选项正确．选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．〕11．以下说法正确的选项是〔〕A．速度越大越难刹车，说明速度越大惯性越大B．两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球惯性小；惯性是维持物体运动状态的原因D．牛顿第一律说明力是维持物体运动状态的原因12．如下图，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，那么〔〕A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力13．如下图，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F 作用下向前匀速运动，物体与桌面间的动摩擦因数为μ，那么以下判断正确的选项是〔〕A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ14．三个在同一平面的共点力大小分别为F1=5N、F2=8N、F3=12N，那么以下说法正确的选项是〔〕A．三个力合力的最大值为25NB．三个力的合力可能于9NC．三个力的合力最小值为1ND．三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N15．如下图，一木块受到垂直于倾斜墙面方向的推力F作用而处于静止状态，以下判断正确的选项是〔〕A．墙面与木块间的弹力可能为零B．墙面对木块的摩擦力可能为零C．在推力F逐渐增大过程中，木块将始终维持静止D．木块所受墙面的摩擦力随推力F的增大而变化16．如图，半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固不动，将OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？〔〕A．OA绳拉力逐渐变大 B．OA绳拉力逐渐变小C．OB绳拉力先变小后变大D．OB绳拉力逐渐变小三、题〔共2小题，共14分，每空2分〕17．在“验证力的平行四边形那么〞中，需要将橡皮条的一端固在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某﹣点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉像皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须长B．橡皮条与两绳夹角的平分线在同一直线上C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的选项是．〔填入相的字母〕〔2〕在“验证力的平行四边形那么〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．①图乙中的F与F′两力中，方向一沿AO方向是．②本采用的方法是A．理想法B．效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法〔3〕、在验证力的平行四边形法那么的中，有位同学做了一步骤，其中的两个步骤是这样做的：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点到达某一位置O点，在白纸上记下O点与两个弹簧秤的读数F1与F2；②只用一个弹簧秤通过细线沿原来的方向〔即两个弹簧同时拉时橡皮条伸长的方向〕拉橡皮条，记下此时弹簧秤的读数F′和细线的方向；以上两个步骤中均有疏漏或错误，分别是在①中；在②中．18．在“探索小车速度随时间变化的规律〞的中，〔1〕某同学在接通电源进行之前，将器材组装如图1所示．请你指出该装置中的错误或不妥之处〔答出其中的两点〕：〔2〕〔改正装置后，该同学顺利地完成了．图2是他在中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可算得小车的加速度a 为m/s2．〔结果取两位有效数字〕19．A、B两相距14m，沿同一直线同向运动，A车在后，B车在前．B车以5m/s 的速度匀速，A车从静止开始以2m/s2的加速度加速．求：〔1〕何时两车相距最远？最远距离为多少？〔2〕经多长时间两车相遇？20．如下图，水平细杆上套一环A，环A与球B问用一不可伸长轻质绳相连，质量分别为m A=0.40kg和m B=0.30kg，由于B球受到水平风力作用，使环A与球B一起向右匀速运动．运动过程中，绳始终保持与竖直方向夹角θ=30°，重力加速度g取10m∕s2，求：〔1〕B球受到的水平风力大小；〔2〕环A与水平杆间的动摩擦因数．21．在一次低空跳伞训练中，当直升飞机悬停在离地面960m高处是，伞兵离开飞机做自由落体运动，运动一段时间后，翻开降落伞，展伞后伞兵匀减速下降，伞兵落地速度刚好为0，下落总时间为24s．〔取g=10m/s2〕求：〔1〕伞兵下落过程中的最大速度为多大？〔2〕伞兵匀减速下降时的加速度？红一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．〕1．在以下图中，不能表示物体做匀变速直线运动的是〔〕A． B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】匀变速直线运动是指速度随时间均匀变化的直线运动，其加速度不变，分析各图中各图象的性质可知是否符合题意．【解答】解：A、由v﹣t图可知，速度随时间均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，不符合题意，故A错误；B、由v﹣t图可知，速度随时间均匀增大，物体做匀加速直线运动，不符合题意，故B错误；C、a﹣t图中物体的加速度不随时间均匀变化，物体做匀变速直线运动，不符合题意，故C错误；D、s﹣t图象是位移时间，其斜率于速度，可知物体做匀速直线运动，符合题意，故D正确；应选：D【点评】在分析图象时首先要通过图象的纵坐标明确是什么图象，再根据图象的形状分析物体的运动状态．2．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值逐渐减小到零的过程中，该质点〔〕A．速度先增大后减小，直到加速度于零为止B．速度一直增大，直到加速度于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度于零为止D．位移一直增大，直到加速度于零为止【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：AB、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由某一值后逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度为零，速度到达最大，以后匀速运动，故A错误，B正确．CD、根据AB项分析知，位移一直增大，故CD错误；应选：B【点评】要清楚物理量的物理意义：加速度描述速度变化快慢，速度描述位移变化快慢，同时要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确．3．图中的四幅图展示了某同学做引体向上运动前的四种抓杠姿势，其中手臂受力最小的是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】力的合成．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】由图可知，D项中手臂受力是B项中的2倍，只需要比拟ABC三个选项中手臂受力的大小：以人为研究对象，当两手臂之间夹角2θ时，作出力图，根据平衡条件列出手臂的拉力与夹角2θ的关系，再由数学知识分析判断力的大小．【解答】解：由图可知，D项中手臂受力是B项中的2倍，肯不是最小．设两手臂之间夹角2θ时，手臂的拉力为F，人的质量为m，由平衡条件得2Fcosθ=mg得到 F=，由数学知识可知，当θ=0°，即手臂平行时cosθ最大，F最小．应选B【点评】此题是实际问题，关键建立物理模型，对人进行简化．也可以运用作图法分析力的大小．4．甲、乙两辆沿平直公路同时由静止开始向同一方向运动，v﹣t图象如下图，那么以下说法正确的选项是〔〕A．如果出发时甲在乙前方，那么一不能相遇B．如果出发时乙在甲前方，那么一不能相遇C．如果甲乙同一地点出发，那么0～2t时间内不能相遇D．0～2t时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移判断两者是否能够相遇．根据位移，结合时间比拟平均速度．【解答】解：A、出发时，不管甲在前还是乙在前，结合图线与时间轴围成的面积知，两者总能相遇，故A、B错误．C、如果甲乙从同一地点出发，0﹣2t时间内两图线围成的面积会出现相的时刻，那么两车能够相遇，故C错误．D、0﹣2t时间内，甲图线围成的面积大于乙图线围成的面积，那么甲的位移大于乙的位移，所以甲的平均速度大于乙的平均速度．故D正确．应选：D．【点评】解决此题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．5．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地，那么当它下落时，离地面的高度为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】自由落体运动．【分析】物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移公式可以求得．【解答】解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为 h=g =，所以离地面的高度为，所以C正确．应选C．【点评】此题是对自由落体运动公式的直接用，题目比拟简单．6．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2〔x的单位是m，t的单位是s〕．那么该在路面上留下的刹车痕迹长度为〔〕A．25m B．50m C．75m D．150m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据变化规律可知初速度和加速度，刹车后末速度为零，再根据速度与位移的关系公式可求得刹车后痕迹的长度．【解答】解：根据x=30t﹣3t2可知，初速度v0=30m/s，加速度a=﹣6m/s2．刹车后做匀减速运动的位移为刹车痕迹长度：x=应选：C【点评】此题要求能够根据位移与时间的关系，得出初速度和加速度，难度不大，属于根底题．7．重10N的木块放在水平桌面上使桌面受到10N的压力，以下说法正确的选项是〔〕A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力的施力物是木块，是由于木块发生形变引起的D．这个压力的施力物是桌面，是由于桌面发生形变引起的【考点】弹性形变和范性形变；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】明确压力与重力的产生原因，明确重力是由于地球的吸引而产生的；而弹力是由于施力物体发生形变而产生的．【解答】解：A、压力是由于重物的形变而产生的对桌面的压力；而重力是由于物体受到的地球的引力而产生的；故压力不是重力；故AB错误；C、压力的施力物体是物体，产生原因是木块的形变而产生的；故C正确；D、压力的施力物体是物体；是由于木块发生形变引起的；故D错误；应选：C．【点评】此题考查弹力及重力的形成原因；要明确两个力大小相可以用二力平衡及作用力反作用力关系求确；但二力的产生原因不同．8．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如下图的四种情况中〔坐标纸中每格边长表示1N的大小的力〕，该物体所受的合外力大小正确的选项是〔〕A ．此图中物体所受的合外力大小于4NB ．此图中物体所受的合外力大小于0C ．此图中物体所受的合外力大小于0D ．此图中物体所受的合外力大小于0【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】力的合成遵循平行四边形那么，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成．【解答】解：A、先将F1与F2合成，然后再用勾股理，求得合力于5 N，A错误；B、先将F1与F3沿水竖直方向正交分解，再合成，求得合力于5 N，故B错误；C、可将F3沿水竖直方向正交分解正交分解，求得合力于6 N，C错误；D、根据三角形法那么，图中合力于0，D正确；应选：D．【点评】求解合力可以直接根据平行四边形那么合成，有时也可以先正交分解再合成．9．关于做自由落体运动的小球，在落地之前的以下说法正确的选项是〔〕A．前2秒内和前4秒内下落的高度比为1：2B．第5秒内和第7秒内下落的高度比为5：7C．第1秒内和第2秒内的平均速度之比为1：3D．下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：2【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，在开始通过连续相时间内的位移比为1：3：5：7…，根据h=gt2求解前1s内、前2s内、前3s内的位移之比，能根据据=求解平均速度．【解答】解A、前2秒内和前4秒内下落的高度h1=g×22h2=g×42那么高度：1：4，故A错误；B、球在第5s内的下落高度为h5=g×52﹣g×42=45m，同理，h5=g×72﹣g×62=65m，下落的高度比为9：13，故B错误；C、小球在第1s 内的平均速度===5m/s，小球在第2s 内的平均速度===15m/s，C正确；D、下落第1米和下落第2米所用的时间之比为1：〔﹣1〕，故D错误应选：C 【点评】解决此题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动的一些特殊推论，在开始通过连续相时间内的位移比为1：3：5：7…，在开始连续通过相时间末的速度比为1：2：3：4…10．如下图，斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为f1，M受到水平面的摩擦力大小为f2，当F变大时，那么〔〕A．f1与f2都一变大B．f1与f2都不一变大C．f2一变大，f1不一变大D．f1一变大，f2不一变大【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，按照效果讨论摩擦力情况；然后对整体受力分析，得到M与地面间摩擦力情况．【解答】解：对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，设斜面倾角为θ，那么在斜面方向上有：①当mgsinθ＞Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向上，大小为F1=mgsinθ﹣Fcosθ，当F增大时，F1变小；②当mgsinθ=Fcosθ时，摩擦力为零，F增大时，F1变大；③当mgsinθ＜F cosθ时，摩擦力沿着斜面向下，大小为F1=Fcosθ﹣mgsinθ，F增大时，F1变大；对整体受力分析，那么有F2=F，那么F2一变大，故C正确应选：C．【点评】此题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，要注意静摩擦力随着外力的变化而变化．二、多项选择题〔此题共6小题，每题4分，共计24分．每题至少有两个选项正确．选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分．〕11．以下说法正确的选项是〔〕A．速度越大越难刹车，说明速度越大惯性越大B．两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球惯性小；惯性是维持物体运动状态的原因D．牛顿第一律说明力是维持物体运动状态的原因【考点】惯性．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．在月球上和在地球上，重力加速度的大小不一样，所以受的重力的大小也就不一样了，但质量不变，惯性也不变．【解答】解：A、物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与速度的大小无关，故A错误；B、质量是惯性大小的量度，所以两个物体只要质量相同，那么惯性就一相同，故B正确．C、乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，所以它的惯性小．但不能说惯性是维持物体运动状态的原因．故C错误．D、牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因．故D错误．应选：B．【点评】此题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．12．如下图，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，那么〔〕A．对桌面的压力和桌面对A的支持力总是平衡的B．绳对A的拉力小于A所受桌面的摩擦力C．A对桌面的摩擦力的方向总是水平向右的D．A受到的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力【考点】物体的弹性和弹力；作用力和反作用力．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体A在水平细线的作用下处于平衡状态，那么物体A受到静摩擦力、细线拉力、重力与支持力．【解答】解：A、A对桌面的压力和桌面对A的支持力是一对相互作用力，不是平衡力．故A错误；B、绳对A的拉力于A所受桌面的摩擦力．故B错误；C、由于细线对A的拉力水平向右，所以桌面对A的摩擦力水平向左，而A对桌面的摩擦力的方向是水平向右，故C正确；D、A受的重力和桌面对A的支持力是一对平衡力，故D正确；应选：CD．【点评】平衡力与作用力与反作用力的区别与联系，前者是共同作用在一个物体上，当物体平衡时，平衡力才相．而后者作用在两个物体上，大小总是相，不管是运动还是静止，不管是加速还是减速．13．如下图，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F 作用下向前匀速运动，物体与桌面间的动摩擦因数为μ，那么以下判断正确的选项是〔〕A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，对此受力分析，运用力的合成，分别列出竖直方向平衡方程；水平方向由牛顿第二律列出方程．【解答】解：对物体受力分析，如下图，那么有A、由共点力的平衡可知，物体受到的摩擦力于F水平方向的分力，即f=Fcosθ；故A正确；B、由滑动摩擦力公式可知，物体受到的摩擦力为f=μN=μ〔mg﹣Fsinθ〕，故B错误；C、物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力，而支持力于mg﹣F•sinθ，故C错误，D正确；应选：AD．【点评】此题考查对物体受力分析，并运用力的平行四边形那么处理不在同一直线上但在同一平面上的力．对于滑动摩擦力，关键抓住滑动摩擦力与物体对地面的压力成正比，而不是与重力成正比．14．三个在同一平面的共点力大小分别为F1=5N、F2=8N、F3=12N，那么以下说法正确的选项是〔〕A．三个力合力的最大值为25NB．三个力的合力可能于9NC．三个力的合力最小值为1ND．三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N【考点】力的合成．【专题】常规题型．【分析】三力同向时合力最大；找出两个力合力的范围，然后用与第三力数值上最接近的合力值与第三个力相减得到最小值．【解答】解：A、当三个力同向时，合力最大，为25N，故A正确B、5N、8N合成时合力范围为：3N≤F12≤13N，当合力为12N时，再与第三个力合成，合力最小为零；所以三个力的合力最小值为0N，故B正确，C错误D、三个力的合力于0时，F1与F3的合力大小一于8N，故D正确应选ABD．【点评】对于三个力合力的最大值总于三力之和，但合力最小值不一于两个较小力的和与最大力之差，可以用与第三力数值上最接近的合力值与第三个力相减得到最小值．15．如下图，一木块受到垂直于倾斜墙面方向的推力F作用而处于静止状态，以下判断正确的选项是〔〕A．墙面与木块间的弹力可能为零B．墙面对木块的摩擦力可能为零C．在推力F逐渐增大过程中，木块将始终维持静止D．木块所受墙面的摩擦力随推力F的增大而变化【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】计算题．【分析】对木块受力分析，将重力按照效果正交分解，重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑，使物体远离斜面，再结合共点力平衡条件，可以求出各个力．【解答】解：A、B、对木块受力分析，如下图，受推力F，重力G，将重力按照效果正交分解，重力产生两个效果，使物体沿墙面下滑和要使物体远离墙面，由于木块一直静止，合力为零，因而静摩擦力必须与G2平衡，有静摩擦力，那么接触面处一有支持力，即支持力一不为零．因而物体一受推力、重力、支持力和静摩擦力故AB均错误；C、D、在推力F增大过程中，最大静摩擦力增大，故木块一直保持静止，即静摩擦力f始终与分力G2平衡故C正确，D错误；应选C．【点评】此题关键对木块受力分析，将重力按照效果正交分解后，再确静摩擦力和弹力的大小和方向．16．如图，半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固不动，将OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？〔〕A．OA绳拉力逐渐变大 B．OA绳拉力逐渐变小C．OB绳拉力先变小后变大D．OB绳拉力逐渐变小【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直的位置C的过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进行分析．【解答】解：对结点O受力分析如图：结点O始终处于平衡状态，所以OB绳和OA绳上的拉力的合力大小保持不变，方向始终是竖直向上的．所以OA绳受力大小变化情况：逐渐变小；OB绳受力大小变化情况是：先变小后变大应选BC．【点评】此题为物体平衡条件的一个用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变万变．三、题〔共2小题，共14分，每空2分〕17．在“验证力的平行四边形那么〞中，需要将橡皮条的一端固在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某﹣点并记下该点的位置；再将橡皮条的。
上学期高一第二次月考+物理+Word版含答案.docx
2018-2019学年上学期高一第二次月考物 理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．下列说法正确的是( )A ．重力没有施力物体B ．重心可以不在物体上C ．只有相互接触的物体之间才可能存在力的作用D ．甲用力把乙推倒，说明甲对乙的作用力在前，乙对甲的作用力在后2．如图所示，质量为m 的木块在质量为M 的长木板上滑动，长木板与水平地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间动摩擦因数为μ2，已知长木板处于静止状态，那么此时长木板受到的地面摩擦力大小为( )A ．μ2mgB ．μ1MgC ．μ1(M ＋m )gD ．μ2mg ＋μ1Mg3．如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O 为圆心。
则对圆弧面的压力最小的是( )A ．a 球B ．b 球C ．c 球D ．d 球4．如图所示，物块A 放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角θ，发现当θ＝30°和θ＝45°时物块A 所受的摩擦力大小恰好相等，则物块A 与木板之间的动摩擦因数为( )A ．12 BCD5．物体从静止开始做直线运动，v －t 图象如图所示，则该物体( ) A ．在第8 s 末相对于起点的位移最大 B ．在第4 s 末相对于起点的位移最大 C ．在第2 s 末到第4 s 末这段时间内的加速度最大 D ．在第4 s 末和第8 s 末在同一位置上 6．如图所示，在水平桌面上叠放着木块P 和Q ，水平力F 推动两个木块做匀速运动，下列说法中正确的是( ) A ．P 受3个力，Q 受3个力 B ．P 受3个力，Q 受4个力 C ．P 受2个力，Q 受5个力 D ．P 受4个力，Q 受6个力 7．如图所示，物体A 和B 的重力分别为10 N 和3 N ，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则弹簧秤所受的合力和弹簧秤的读数为( ) A ．0、3 N B ．7 N 、3 N C ．0、6 N D ．7 N 、6 N 8．如图所示，建筑工人通过由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组将一重物缓慢吊起，在此过程中，如果不计滑轮与绳的重力及摩擦，则( ) A ．绳子的张力逐渐变小 B ．绳子的张力先变大后变小 C ．人对地面的压力逐渐变小 D ．人对地面的压力逐渐变大 9．三个共点力作用于一个物体，下列每一组力中合力可以为零的是( ) A ．2 N ，3 N ，4 N B ．4 N ，5 N ，10 N C ．10 N ，12 N ，21 N D ．10 N ，10 N ，10 N 10．如图所示，一质量为m 的物体与传送带一起向上匀速运动，传送带与水平方向成θ角，物体与传送带之间的动摩擦因数为μ。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题 (5)
应对市爱护阳光实验学校一中2021-201 5高第二次月考物理试卷一、选择题〔1-8为单项选择题，9-12多项选择题，每题4分，选对2分，共48分〕1．〔4分〕A、B、C三物同时、同地、同向出发做直线运动，如下图它们位移与时间的图象，由图可知它们在t0时间内A．三者平均速度相 B．A的平均速度最大C．C的平均速度最大D．C的平均速度最小2．〔4分〕一个物体从静止开始做加速度方向不变，大小逐渐增大的直线运动，经过时间t速度为v，这段时间内的位移x大小为A．x=vt B．x=C．x ＞ D．x ＜3．〔4分〕如下图，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用力的方向A．沿斜面向上B．沿斜面向下C．竖直向上D．垂直斜面向上4．〔4分〕两个相同的可视为质点的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两个小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根线均处于伸直状态，且OB细线恰好处于竖直方向如下图．如果两小球均处于静止状态，那么力F的大小为A．0 B．mg C．mg D．5．〔4分〕某物体由静止开始运动，它所受到的合外力方向不变，大小随时间变化的规律如下图，那么在0～t0这段时间A．物体做匀加速直线运动B．物体在t0时刻速度最小C．物体在t0时刻加速度最大D．物体作变加速运动，运动速度越越大6．〔4分〕如下图，OA为一遵守胡克律的弹性轻绳，其一端固在天花板上的O 点，另一端与静止在动摩擦因数恒的水平地面上的滑块A相连．当绳处于竖直位置时，滑块A与地面有压力作用．B为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO于弹性绳的自然长度．现用水平力F作用于A，使之向右作直线运动，在运动过程中，作用于A的摩擦力A．逐渐增大 B．逐渐减小C．保持不变 D．条件缺乏，无法判断7．〔4分〕如下图，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起．当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小为A．g B．g C．0 D．g8．〔4分〕如下图，一水平方向足够长的传送带以恒的速率v1沿顺时针转动，传送带右侧有一与传送带高的光滑水平面，一物块以初速度v2沿直线向左滑向传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时其速率为v3，那么以下说法正确的选项是A．假设v1＜v2，那么v3=v1B．假设v1＞v2，那么v3=v1C．只有v1=v2时，才有v3=v1D．不管v2多大，总有v3=v19．〔4分〕如下图，质量均为m的甲、乙两同学，分别静止于水平地面的台秤P、Q上，他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端，稳后弹簧秤的示数为F，假设弹簧秤的质量不计，以下说法正确的选项是A．两台秤的读数之和为2mgB．台秤P的读数于mg﹣FC．台秤Q的读数为mg﹣FD．甲同学处于超重状态，乙同学处于失重状态10．〔4分〕如下图水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，假设小车以加速度a=0.6m/s2沿水平地面向右加速运动时A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大11．〔4分〕如图甲所示，某人正通过滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力F r之间的关系如图乙所示．g表示当地的重力加速度，由图可以判断A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值F r=mgC．图线的斜率于物体的质量mD．图线的斜率于物体质量的倒数12．〔4分〕如下图，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零二、题：13．〔12分〕如图1所示，为“用DIS〔位移传感器、数据采集器、计算机〕研究加速度和力的关系〞的装置．〔1〕在该中必须采用控制变量法，保持不变，用钩码所受的重力大小作为，用DIS测小车的加速度．〔2〕改变所挂钩码的数量，屡次重复测量．在某次中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线〔如图2所示〕．分析此图线的OA段可得出的结论是．〔3〕〔单项选择题〕此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦 B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大 D．所用小车的质量太大．三、计算题〔写出必要的文字说明和方程，直接写出答案不给分〕．14．〔10分〕一物块以一的初速度沿斜面向上滑出，利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间的变化关系图象如下图，求〔1〕物块下滑的加速度大小a〔2〕物块向上滑行的最大距离s〔3〕斜面的倾斜角θ15．〔15分〕如下图，白色的传送带两轮A、B的距离L=15m，传送带以恒速度v=2m/s顺时针运动，现将一质量为m的小煤块无初速度地放在A端，假设物体与传送带间的动摩擦因数为μ=0.8，设小煤块在运动过程中的质量不变，传送带的倾角为θ=370，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕煤块从A端运送到B端所需的时间是多少？〔2〕传送带上留下的黑色痕迹有多长？16．〔15分〕如下图，在水平面上有A、B两块相同的木板．质量均为m=2kg，每块木板长L=1m．两木板放在一起但不粘连，木板与水平地面间的动摩擦因数μ1=0.1，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相．现有一质量M=4kg的金属块C以初速度ν0=2m/s从A的左端向右滑动，金属块与木板间的动摩擦因数μ2=0.2，g取g=10m/s2，试求：〔1〕金属块滑上B的左端时速度为多少？〔2〕金属块停在木块B上何处？〔3〕整个过程中木块B的位移是多少．一中高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1-8为单项选择题，9-12多项选择题，每题4分，选对2分，共48分〕1．〔4分〕A、B、C三物同时、同地、同向出发做直线运动，如下图它们位移与时间的图象，由图可知它们在t0时间内A．三者平均速度相 B．A的平均速度最大C．C的平均速度最大D．C的平均速度最小考点：平均速度．分析：平均速度是指物体的位移与所用时间的比值，根据图象确物体的位移的大小和时间的大小即可．解答：解：由图可以知道，物体经过的路线不一样，但它们的起点和终点是相同的，用的时间也是相同的，所以它们的平均速度的大小是相同的．应选A．点评：求平均速度用的是物体的位移，不是物体经过的路程的大小，这一点是同学经常出错的地方．2．〔4分〕一个物体从静止开始做加速度方向不变，大小逐渐增大的直线运动，经过时间t速度为v，这段时间内的位移x大小为A．x=vt B．x=C．x ＞ D．x ＜考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：在v﹣t图线中，图线与时间轴所围成的面积表示位移，根据速度时间图线比拟匀加速直线运动和加速度逐渐增大的直线运动的位移．解答：解：加速度逐渐增大的加速运动和匀加速直线运动的速度时间图线如图，从图中可以看出，匀加速直线运动的位移大于加速度逐渐增大的加速运动位移，匀加速直线运动的位移x′=t ．所以．故D正确，A、B、C错误．应选：D．点评：此题用速度时间图线解决比拟方便，知道速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移．3．〔4分〕如下图，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它的作用力的方向A．沿斜面向上B．沿斜面向下C．竖直向上D．垂直斜面向上考点：牛顿第二律．分析：由于苹果都是匀速运动的，把周围的苹果看成一个整体，对中间的苹果受力分析即可得出结论．解答：解：这个质量为m的苹果是匀速下滑的，这说明受力平衡，它自身受到的重力竖直向下，大小为mg，以及来自下面苹果和周围苹果传来的力，说明周围苹果对它的合力与重力的大小相方向相反，所以周围苹果对它的作用力大小为mg，方向竖直向上．应选：C．点评：从题目来看好似是很多的苹果，会有很多的力产生，但用整体法，问题就简单了，就和水平面上放的物体一样了．4．〔4分〕两个相同的可视为质点的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两个小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根线均处于伸直状态，且OB细线恰好处于竖直方向如下图．如果两小球均处于静止状态，那么力F的大小为A．0 B．mg C．mg D．考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题；OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出F．解答：解：以B球为研究对象：OB细线恰好处于竖直方向，说明细线AB 没有拉力．再以A球为研究对象，分析受力情况，作出力图如图，根据平衡条件得：F=mgtan60°=mg应选C点评：此题的关键是根据OB细线恰好处于竖直方向分析细线AB的拉力为零，对于A球是三力平衡问题，常规题．5．〔4分〕某物体由静止开始运动，它所受到的合外力方向不变，大小随时间变化的规律如下图，那么在0～t0这段时间A．物体做匀加速直线运动B．物体在t0时刻速度最小C．物体在t0时刻加速度最大D．物体作变加速运动，运动速度越越大考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：根据牛顿第二律分析物体的加速度如何变化，确物体的运动性质，并分析物体的运动情况．解答：解：A、D、由图看出，合外力F减小，那么由牛顿第二律得知加速度a减小，加速度与速度同向，物体做变加速运动，速度越来越大，故A错误，D正确；B、C、由于a与v同向，物体的速度增大，在t0时刻加速度为零，速度最大，故B错误，C错误；应选：D．点评：根据物体的受力情况性分析物体的运动情况是学习力学具备的能力．6．〔4分〕如下图，OA为一遵守胡克律的弹性轻绳，其一端固在天花板上的O 点，另一端与静止在动摩擦因数恒的水平地面上的滑块A相连．当绳处于竖直位置时，滑块A与地面有压力作用．B为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO于弹性绳的自然长度．现用水平力F作用于A，使之向右作直线运动，在运动过程中，作用于A的摩擦力A．逐渐增大 B．逐渐减小C．保持不变 D．条件缺乏，无法判断考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对滑块在A点时受力分析，由竖直方向上合力为零可得出重力、支持力、弹性绳弹力三者关系，再对滑块在任意位置受力分析，由竖直方向受到的合力为零，得出重力、支持力、弹性绳弹力三者关系，然后结合较好知识，可得出支持力不变的结论，从而摩擦力也不变．解答：解：滑块在A点时，受到向下的重力mg 、地面的支持力、绳子的拉力F=k，且有mg=k ，解得=mg﹣k当滑块运动到图示位置C时〔设弹性绳与竖直方向夹角为θ〕，受力分析如下图：由滑块在竖直方向受到的合力为零可得：mg=+k cosθ，由图可知=，解=，即滑块受到地面的弹力不变，由f=μ知，作用于A 的摩擦力不变，所以C正确ABD错误．应选：C．点评：解题的关键是对滑块在A点和任意位置受力分析，根据竖直方向上合力为零即可求解．7．〔4分〕如下图，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起．当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小为A．g B．g C．0 D．g考点：牛顿第二律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动律综合专题．分析：当框架对地面的压力为零的瞬间，对框架分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，再隔离对小球分析，运用牛顿第二律求出小球的加速度．解答：解：当框架对地面压力为零瞬间，框架受重力和弹簧的弹力处于平衡，那么F=Mg，隔离对小球分析，根据牛顿第二律得，F+mg=ma，解得a=．故D正确，A、B、C错误．应选：D．点评：解决此题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二律进行求解．8．〔4分〕如下图，一水平方向足够长的传送带以恒的速率v1沿顺时针转动，传送带右侧有一与传送带高的光滑水平面，一物块以初速度v2沿直线向左滑向传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时其速率为v3，那么以下说法正确的选项是A．假设v1＜v2，那么v3=v1B．假设v1＞v2，那么v3=v1C．只有v1=v2时，才有v3=v1D．不管v2多大，总有v3=v1考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：传送带专题．分析：物体冲上皮带后，受到向右的滑动摩擦力，减速向左滑行，之后依然受到向右的滑动摩擦力，会继续向右加速，然后分v1大于、于、小于v2三种情况分析．解答：解：由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：①如果v1＞v2，物体会一直加速，当速度大小增大到于v2时，物体恰好离开传送带，有v3=v2；②如果v1=v2，物体同样会一直加速，当速度大小增大到于v2时，物体恰好离开传送带，有v3=v2；③如果v1＜v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v3=v1；应选：A．点评：此题关键是对于物体返回的过程分析，物体可能一直加速，也有可能先加速后匀速运动．9．〔4分〕如下图，质量均为m的甲、乙两同学，分别静止于水平地面的台秤P、Q上，他们用手分别竖直牵拉一只弹簧秤的两端，稳后弹簧秤的示数为F，假设弹簧秤的质量不计，以下说法正确的选项是A．两台秤的读数之和为2mgB．台秤P的读数于mg﹣FC．台秤Q的读数为mg﹣FD．甲同学处于超重状态，乙同学处于失重状态考点：牛顿运动律的用-超重和失重．专题：牛顿运动律综合专题．分析：两同学的重力不变；分别分析两人的受力可得出两台秤的示数；再对两人用整体法进行分析可得出两台秤的示数之和．解答：解：A、将两人做为整体分析，整体受重力、支持力，故两台秤的示数之和为2mg．故A正确．B、对甲受力分析，甲受重力、支持力及弹簧秤向下的拉力，那么有：甲受到支持力为mg+F，即台秤P的读数于mg+F．故B错误；C、对乙分析，乙受到的拉力向上，故台秤的示数为mg﹣F，故C正确；D、两同学处于静止状态，都处于平衡状态；故D错误；应选：AC点评：此题要掌握整体法的用，注意用整体法时，弹簧秤的拉力为内力，不再考虑．10．〔4分〕如下图水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，假设小车以加速度a=0.6m/s2沿水平地面向右加速运动时A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大考点：牛顿第二律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动律综合专题．分析：物体开始时受弹力为5N，而处于静止状态，受到的静摩擦力为5N，说明物体的最大静摩擦力大于于5N；当小车的加速度为1m/s2，两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，那么需要的外力为10N；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止．弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变．解答：解：A、物体开始时受弹力F=5N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N，那么物体的最大静摩擦力F m≥5N．当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=≥=1m/s2．所以当小车的加速度为a=0.6m/s2时，物块A相对小车仍静止．故A正确．B、C根据牛顿第二律得：N+f=ma小车以加速度a=0.6m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N，由于加速度恒，那么摩擦力不变．故B错误，C正确．D、物体A相对于小车静止，弹力不变．故D错；应选：AC点评：此题考查用牛顿第二律分析物体受力情况的能力．要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化．11．〔4分〕如图甲所示，某人正通过滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力F r之间的关系如图乙所示．g表示当地的重力加速度，由图可以判断A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值F r=mgC．图线的斜率于物体的质量mD．图线的斜率于物体质量的倒数考点：牛顿第二律．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二律求出加速度的一般表达式进行分析，根据表达式结合图象运用数学知识分析物理问题．解答：解：对货物受力分析，受重力mg和拉力T，根据牛顿第二律，有T﹣mg=maa=﹣gA、当T=0时，a=﹣g，即图线与纵轴的交点M的值a M=﹣g，故A正确；B、当a=0时，T=mg，故图线与横轴的交点N的值F r=mg，故B正确；CD 、图线的斜率表示质量的倒数，故C错误，D正确．应选：ABD点评：此题关键是根据牛顿第二律求出加速度的一般表达式，并能根据数学关系对表达式进行讨论是解决问题的关键．12．〔4分〕如下图，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：压轴题；牛顿运动律综合专题．分析：据题，当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据摩擦力的方向分别分析两个物体的运动情况．解答：解：由题知道：当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相时一起向右做匀速直线运动．应选BC点评：此题关键要分析得到撤掉拉力时两个物体之间仍存在摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力．二、题：13．〔12分〕如图1所示，为“用DIS〔位移传感器、数据采集器、计算机〕研究加速度和力的关系〞的装置．〔1〕在该中必须采用控制变量法，保持小车的质量不变，用钩码所受的重力大小作为拉力，用DIS测小车的加速度．〔2〕改变所挂钩码的数量，屡次重复测量．在某次中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线〔如图2所示〕．分析此图线的OA段可得出的结论是加速度与小车受到的合外力成正比．〔3〕〔单项选择题〕此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是CA．小车与轨道之间存在摩擦 B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大 D．所用小车的质量太大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：题．分析：探究加速度与力的关系，首先要平衡摩擦力；当钩码质量远小于小车质量时，小车受到的拉力近似于钩码受到的重力；如果钩码质量太大，小车受到的拉力小于钩码重力，图象发生弯曲．解答：解：〔1〕在该中必须采用控制变量法，保持小车的质量不变，用钩码所受的重力大小作为拉力，用DIS测小车的加速度；〔2〕由图可知，在OA段几乎是直线，即加速度与小车受到的合外力成正比．〔3〕小车质量保持不变，改变所挂钩码的个数，开始钩码总质量远小于小车质量，a与拉力成正比，a﹣F图象是一条倾斜的直线，随着钩码质量的增加，码质量不再远小于小车质量，小车受到的拉力明显小于钩码的重力，加速度a 与钩码重力不成正比，加速度随钩码重力的增加而变大，但加速度的增加幅度将逐渐减小，a﹣F图象向下弯曲，是由于没有满足钩码的质量远小于小车的质量．故C正确．应选：C故答案为：〔1〕小车的质量，拉力；〔2〕加速度与小车受到的合外力成正比；〔3〕C 点评：要清楚的研究方法和中物理量的测量．当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力．三、计算题〔写出必要的文字说明和方程，直接写出答案不给分〕．14．〔10分〕一物块以一的初速度沿斜面向上滑出，利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间的变化关系图象如下图，求〔1〕物块下滑的加速度大小a〔2〕物块向上滑行的最大距离s〔3〕斜面的倾斜角θ考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：〔1〕由图象可知道，物体在0.5s～s内匀加速下降，根据图象的斜率表示加速度求解下降过程的加速度；〔2〕上滑的位移可以用速度位移公式求解，也可以用位移时间公式求，还可以根据速度时间图象的面积求解；〔3〕对上滑过程和下滑过程分别受力分析，根据牛顿第二律列式求解．解答：解：〔1〕由图象可知，物块下滑的加速度a=；〔2〕由v﹣t图象的面积法，上滑的位移S=4×0.5m=1m即物块向上滑行的最大距离1m．〔3〕设物块质量为m，物块与斜面间的滑动摩擦因数为μ，物体沿斜面上滑过程，受力如图根据牛顿第二律mgsinθ+μmgcosθ=ma1a1=物体沿斜面下滑过程，受力如图根据牛顿第二律mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2a2=；由以上两式，代入数据后可解得θ=30°即斜面的倾角为30°答：〔1〕物块下滑的加速度大小为2m/s2；〔2〕物块向上滑行的最大距离为1m；〔3〕斜面的倾斜角为30°．点评：图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，解出各个过程的加速度后，可以对物体受力分析，结合牛顿第二律列式求解出物体的受力情况！15．〔15分〕如下图，白色的传送带两轮A、B的距离L=15m，传送带以恒速度v=2m/s顺时针运动，现将一质量为m的小煤块无初速度地放在A端，假设物体与传送带间的动摩擦因数为μ=0.8，设小煤块在运动过程中的质量不变，传送带的倾角为θ=370，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕煤块从A端运送到B端所需的时间是多少？〔2〕传送带上留下的黑色痕迹有多长？考点：牛顿运动律的综合用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：〔1〕由牛顿第二律求出，煤块的加速度，用运动学公式分析答题，求出煤块的运动时间．〔2〕求出煤块在传输带上滑动的时间，求出该时间内传送带与煤块的位移，然后求出传送带上痕迹的长度．解答：解：〔1〕煤块刚放上传送带时，由牛顿第二律得：μmgcos37°﹣mgsin37°=ma，代入数据解得：a=0.4m/s2，煤块速度与传送带速度相需要的时间：t1===5s，煤块的位移：x1===5m＜L=15m，由于mgsin37°＜μmgcos37°，那么煤块速度与传送带速度相后，煤块相对于传送带静止，煤块做匀速直线运动，匀速运动的位移为：x2=L﹣x1=15﹣5=10m，煤块运输时运动时间：t2==5s，煤块从A到B的运动时间：t=t1+t2=10s；〔2〕煤块加速度运动过程中，传送带的位移：x传送带=vt1=2×5=10m，那么传送带上黑色痕迹的长度：△x=x传送带﹣x1=10﹣5=5m；答：〔1〕煤块从A端运送到B端所需的时间是10s；〔2〕传送带上留下的黑色痕迹长5m．点评：此题考查了牛顿第二律与运动学公式的用，根据摩擦力与重力分力的关系分析清楚煤块的运动性质，分析清楚煤块的运动过程是正确解题的前提与关键，也是此题的难点．。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题 (6)
应对市爱护阳光实验学校七中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔1-10题单项选择，每题3分，11-15多项选择，每题4分共计50分〕1．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，那么物体在停止运动前ls内的平均速度为〔〕A． 5.5 m/s B． 5 m/s C． 1 m/s D． 0.5 m/s2．甲、乙、丙三个物体运动的 x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．丙物体做加速直线运动B．甲物体做曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度＞＞D．三个物体在0﹣t0时间内平均速率＞＞3．大小分别为5N、7N、9N的三个力合成，其合力F大小的范围为〔〕A．2N≤F≤20N B．3N≤F≤21N C．0≤F≤20N D．0≤F≤21N4．如下图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O是球心，碗的内外表光滑．一根轻质杆的两端固有两个小球，质量分别是m1，m2．当它们静止时，m1、m2与球心的连线跟水平面分别成60°，30°角，那么碗对两小球的弹力大小之比是〔〕A． 1：2 B．：1 C． 1：D．：25．为了平安，在行驶途中，车与车之间必须保持一的距离，这是因为从驾驶员看见某一情况到采取制动动作的反时间里，仍然要通过一段距离，这个距离称为反距离，而从采取制动动作到停止运动通过的距离称为制动距离．表中是在不同速度下的反距离和制动距离的数据，根据分析计算，表中未给出的数据X、Y是〔〕速度m/s 反距离m 制动距离m10 12 2015 18 X20 Y 8025 30 125A． X=40，Y=24 B． X=45，Y=24 C． X=50，Y=22 D． X=60，Y=22 6．如下图，用一根长为L的细绳一端固在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A处于静止，那么需对小球施加的最小力于〔〕A．mg B．mg C．mg D．mg7．如下图矩形空心框架竖直立于水平面上，不计一切摩擦，A、B两小球由静止同时出发分别沿两边滑下，到达最低点C，其时间关系正确的选项是〔〕A． t A=t B B． t A＞t B C． t A＜t B D．无法确8．在单杠上做引体向上，两臂伸直且两臂间距与肩同宽，处于静止状态．假设逐渐增大两手间距离〔仍保持手臂伸直〕，那么手臂所受的拉力T、手与单杠间的摩擦力f变化情况正确的选项是〔〕A． T变大，f变大B． T变小，f变大 C． T变大，f不变D． T变小，f变小9．如下图，OA为一遵守胡克律的弹性轻绳，其一端固在天花板上的O点，另一端与静止在动摩擦因数恒的水平地面上的滑块A相连．当绳处于竖直位置时，滑块A与地面有压力作用．B为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO于弹性绳的自然长度．现用水平力F作用于A，使之向右作直线运动，在运动过程中，作用于A的摩擦力〔〕A．逐渐增大B．逐渐减小C．保持不变D．条件缺乏，无法判断10．在平直公路上，有一辆向右匀速直线行驶的，在封闭车厢中的行李架上搭着一块未拧干的湿毛巾，如下图，Q点为车厢底板上位于毛巾正下方的一点．此时毛巾滴水，当从毛巾上同一点依次滴下三滴水时〔设这三滴水都落在车厢底板上〕，不计空气阻力．以下说法正确的选项是〔〕A．这三滴水都将落在O点的左侧B．这三滴水都将落在O点的右侧C．这三滴水都将落在O点处D．以上三种情况都有可能11．如下图，一个大人〔甲〕跟一个小孩〔乙〕站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了．对这个过程中作用于双方的力的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．大人拉小孩的力一比小孩拉大人的力大B．大人与小孩间的拉力是一对作用力与反作用力C．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一相D．只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能出现的短暂相持过程中，两人的拉力一样大12．物体沿一直线运动，在t时间内通过的路程为s ，它在中间位置处的速度为v1，在中间时刻时的速度为v2，那么v1和v2的关系为〔〕A．当物体作匀加速直线运动时，v1＞v2B．当物体作匀减速直线运动时，v1＞v2C．当物体作匀速直线运动时，v1=v2D．当物体作匀减速直线运动时，v1＜v213．如下图，a、b、c为三个物块，M、N为两个轻质弹簧．R为跨过光滑滑轮的轻绳，它们连接如图并处于平衡状态．以下说法中正确的选项是〔〕A． N一处于拉伸状态而M有可能处于压缩状态B．有可能N处于压缩状态而M处于拉伸状态C．有可能N处于不伸不缩状态而M处于拉伸状态D．有可能N处于拉伸状态而M处于不伸不缩状态14．质量为m的物体，放在质量为M的斜面体上，斜面体放在水平粗糙地面上，m和M均处于静止状态，如下图，当物体m施加一水平推力F，且F由零逐渐增加到F m的过程中，m和M仍保持静止状态，在此过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．斜面对物体m的支持力逐渐增大B．物体m受到的摩擦力逐渐增大C．地面受到的压力逐渐增大D．地面给斜面体的摩擦力由0逐渐增加到F m15．在炎热的夏天，吃上一顿凉面，一很惬意吧！那你看到过面条是怎么加工出来的吗？也许你自己还亲手用家用的面条机轧过面条吧！加工面条时，需要先把和好的面轧成面片，然后再加工成面条．如下图，在轧面片的过程，在斜槽中的面片经过下面两个沿图示方向转动的滚轴时被轧薄．请你根据所学的摩擦力的知识判断下面说法中正确的选项是〔〕A． A处的面片受到的摩擦力方向竖直向上的B． A处的面片受到的摩擦力方向竖直向下的C． B处的面片受到的摩擦力方向沿斜槽方向向上D． A处的面片对滚轴的摩擦力方向竖直向下二、题〔16题4分，17题4分，共计8分〕16．“探究合力和分力的关系〞的情况如图甲所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据结果画出的图．〔1〕图乙中的F和F′两力中，方向一沿AO方向的是〔2〕本采用的方法是A．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法．17．在探究加速度与力、质量的关系中，〔1〕该采用的研究方法是．A．控制变量法 B．假设法 C．理想法 D．图象法〔2〕以下做法正确的选项是．A．平衡摩擦力的方法是：在长木板的不带滑轮的一端下面垫一块较薄的小木板，反复移动它，直到小车可以保持匀速直线运动状态B．平衡摩擦力时，将装砂的小桶用细绳通过滑轮系在小车上C．每次给小车加放砝码，由于研究对象质量改变，运动中所受摩擦力发生改变，所以重平衡摩擦力D．由于小车受到的拉力越大，加速度越大，为尽量多测量数据，可以换用大的砂桶，用多装些砂的方法增大拉力，来增大加速度．三．计算题〔共计42分〕18．在研究摩擦力特点的中，将木块放在水平长木板上，如图〔a〕所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大．分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力F f随拉力F的变化图象，如图〔b〕所示．木块质量为0.78kg．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．〔1〕求木块与长木板间的动摩擦因数；〔2〕假设木块在与水平方向成37°角斜向右上方的恒拉力F作用下，做匀速直线运动，如图〔c〕所示．拉力大小为多大？19．在民航和火车站都可看到用于对行李平安检查的水平传送带，当旅客把行李放上传送带时，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始运动，直到最后相对静止，行李随传送带一起．设传送带速度为4m/s，传送带AB间距离为20m，传送带与行李箱间的动摩擦因数μ=0.2，那么一质量为5kg的行李箱无初速度地放上传送带A端后，经多长时间被传送到B端？20．直角劈形木块〔截面如图〕顶角C为37°，质量 M=2kg，用外力顶靠在竖直墙上，木块与墙之间最大静摩擦力和木块对墙的压力成正比，即f m=kF N，比例系数k=0.5，那么垂直作用于BC边的外力F取何值木块保持静止．〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕21．质量为 10kg的物体在F=200N的水平推力作用下，从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面固不动，与水平地面的夹角θ=37°．力F作用2秒钟后撤去，物体在斜面上继续上滑了5秒钟后，速度减为零．求：物体与斜面间的动摩擦因数μ和物体的总位移S．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕七中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1-10题单项选择，每题3分，11-15多项选择，每题4分共计50分〕1．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，那么物体在停止运动前ls内的平均速度为〔〕A． 5.5 m/s B． 5 m/s C． 1 m/s D． 0.5 m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：物体做匀减速直线运动，相当以大小相同的加速度沿相反方向做匀加速运动，根据位移公式可求出物体在停止运动前ls内的位移大小，即可求出平均速度．解答：解：物体做匀减速直线运动，相当以大小相同的加速度沿相反方向做匀加速运动，那么得，物体在停止运动前ls内的位移大小为x==m=0.5m那么物体在停止运动前ls内的平均速度为==应选D点评：此题巧用逆向思维分析和处理匀减速运动的问题，也可以作速度图象或直接运用根本公式求解．2．甲、乙、丙三个物体运动的 x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．丙物体做加速直线运动B．甲物体做曲线运动C．三个物体在0﹣t0时间内平均速度＞＞D．三个物体在0﹣t0时间内平均速率＞＞考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：x﹣t图象描述物体的位置随时间的变化规律，图象的斜率表示物体的速度．平均速度于位移与时间之比，平均速率于路程与时间之比．解答：解：A、丙物体图象切线的斜率增大，速度增大，那么知丙物体做加速直线运动；故A正确；B、x﹣t图象只能描述直线运动，故B错误；C、三个物体在相同时间内的位移相同，故平均速度一相同；故C错误；D、由图知，甲先沿正向做减速运动，后沿负向做加速运动，而乙、两一直沿正向运动，三者的位移相同，说明甲的路程最大，乙、丙路程相，那么平均速率关系为＞=．故D错误．应选：A．点评：此题考查对x﹣t图象的掌握，关键要知道x﹣t图象的斜率于速度，来分析物体的运动情况，同时注意平均速度均速率义的不同，不能混淆．3．大小分别为5N、7N、9N的三个力合成，其合力F大小的范围为〔〕A．2N≤F≤20N B．3N≤F≤21N C．0≤F≤20N D．0≤F≤21N考点：力的合成．分析：当三个力同向时，合力最大；判断合力的最小值看合力能否为零，假设能为零，最小值是0．假设不能为零，那么最小值于较小的两个力同向与较大的一个力反向而得到的合力．解答：解：当三个力的方向相同时，合力最大，F合=5+9+7N=21N．5N和7N 两个力的合力大于于2N，小于于12N，而9N在这合力范围内，所以三个力的合力能为零．那么合力的最小值为0．合力范围为：0～21N．应选：D．点评：解决此题的关键掌握求三个力的合力范围的方法，三个力同向，合力最大．最小值看合力是否能为零．4．如下图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O是球心，碗的内外表光滑．一根轻质杆的两端固有两个小球，质量分别是m1，m2．当它们静止时，m1、m2与球心的连线跟水平面分别成60°，30°角，那么碗对两小球的弹力大小之比是〔〕A． 1：2 B．：1 C． 1：D．：2考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：系统处于静止状态，所以受力平衡，选取两小球和杆组成的整体为研究对象，受力分析后用平衡条件求解．解答：解：选取两小球和杆组成的整体为研究对象，受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：F1在水平方向的分力F′和F2在水平方向的分力F″大小相．即：F1cos60°=F2cos30°所以：=应选：B点评：此题是平衡条件的用，关键是研究对象的选择，选择好适宜的研究对象可以方便快捷的解决问题，此题也可对两球分别分析，但是较麻烦．5．为了平安，在行驶途中，车与车之间必须保持一的距离，这是因为从驾驶员看见某一情况到采取制动动作的反时间里，仍然要通过一段距离，这个距离称为反距离，而从采取制动动作到停止运动通过的距离称为制动距离．表中是在不同速度下的反距离和制动距离的数据，根据分析计算，表中未给出的数据X、Y是〔〕速度m/s 反距离m 制动距离m10 12 2015 18 X20 Y 8025 30 125A． X=40，Y=24 B． X=45，Y=24 C． X=50，Y=22 D． X=60，Y=22考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由题可知在反时间内作匀速运动，在刹车过程中作匀减速直线运动，驾驶员的反时间是值，由此可求出反距离Y，刹车加速度是值，根据表数据可求制动距离．解答：解：由表格可知反距离：根据第一组数据制动距离：①由第二组数据得：②由①②可得：X=45m，故ACD错误，B正确．应选B．点评：正确从图表中获取有用信息，培养用物理知识解决实际问题的能力，物理知识的理解和用．6．如下图，用一根长为L的细绳一端固在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A处于静止，那么需对小球施加的最小力于〔〕A．mg B．mg C．mg D．mg考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球A处于静止，受力平衡，分析受力情况，用作图法得出对小球施加的力最小的条件，再由平衡条件求出力的最小值．解答：解：以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据作图法分析得到，当小球施加的力F与细绳垂直时，所用的力最小．根据平衡条件得 F的最小值为F min =Gsin30°=应选：C．点评：此题物体平衡中极值问题，关键是确极值条件，此题采用图解法得到力最小的条件，也可以运用数学函数法求解极值．7．如下图矩形空心框架竖直立于水平面上，不计一切摩擦，A、B两小球由静止同时出发分别沿两边滑下，到达最低点C，其时间关系正确的选项是〔〕A． t A=t B B． t A＞t B C． t A＜t B D．无法确考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：大致画出A、B两小球由静止同时出发分别沿两边滑下的v﹣t图象后进行比拟时间长短即可直观看出．解答：解：由牛顿第二律知：a=gsinθ，即管道倾斜程度的大小决加速度的大小，那么空心架短边的加速度小于长边的加速度，故从两端下滑的v﹣t图象如以下图所示：两球经过的位移相，那么图线与时间轴围成的面积该相，假设要面积相可以看出需t A＞t B；应选：B．点评：此题采用画v﹣t图象的方法分析，也可以用函数法，但是比拟麻烦．8．在单杠上做引体向上，两臂伸直且两臂间距与肩同宽，处于静止状态．假设逐渐增大两手间距离〔仍保持手臂伸直〕，那么手臂所受的拉力T、手与单杠间的摩擦力f变化情况正确的选项是〔〕A． T变大，f变大B． T变小，f变大 C． T变大，f不变D． T变小，f变小考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：两手间距增大时，增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与运发动重力平衡，由此可知合力F大小不变，列式分析T的变化．对手受力情况分析，分析f的变化．解答：解：运发动所受T的合力F与运发动重力大小相方向相反，假设逐渐增大两手间距离，手臂的夹角增大，合力大小不变，那么T变大．对手分析，设手臂与水平方向的夹角为α，那么f=Tcosα，T变大，α变小，cosα变大，那么f变大．应选：A．点评：此题关键要掌握以下结论：两个力合成时，分力大小不变，合力随分力间夹角的减小而增大，能反推出：假设保持合力不变，分力那么随夹角的增大而增大．9．如下图，OA为一遵守胡克律的弹性轻绳，其一端固在天花板上的O点，另一端与静止在动摩擦因数恒的水平地面上的滑块A相连．当绳处于竖直位置时，滑块A与地面有压力作用．B为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO于弹性绳的自然长度．现用水平力F作用于A，使之向右作直线运动，在运动过程中，作用于A的摩擦力〔〕A．逐渐增大B．逐渐减小C．保持不变D．条件缺乏，无法判断考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对滑块在A点时受力分析，由竖直方向上合力为零可得出重力、支持力、弹性绳弹力三者关系，再对滑块在任意位置受力分析，由竖直方向受到的合力为零，得出重力、支持力、弹性绳弹力三者关系，然后结合较好知识，可得出支持力不变的结论，从而摩擦力也不变．解答：解：滑块在A点时，受到向下的重力mg 、地面的支持力、绳子的拉力F=k，且有mg=k ，解得=mg﹣k当滑块运动到图示位置C时〔设弹性绳与竖直方向夹角为θ〕，受力分析如下图：由滑块在竖直方向受到的合力为零可得：mg=+k cos θ，由图可知=，解=，即滑块受到地面的弹力不变，由f=μ知，作用于A 的摩擦力不变，所以C正确ABD错误．应选：C．点评：解题的关键是对滑块在A点和任意位置受力分析，根据竖直方向上合力为零即可求解．10．在平直公路上，有一辆向右匀速直线行驶的，在封闭车厢中的行李架上搭着一块未拧干的湿毛巾，如下图，Q点为车厢底板上位于毛巾正下方的一点．此时毛巾滴水，当从毛巾上同一点依次滴下三滴水时〔设这三滴水都落在车厢底板上〕，不计空气阻力．以下说法正确的选项是〔〕A．这三滴水都将落在O点的左侧B．这三滴水都将落在O点的右侧C．这三滴水都将落在O点处D．以上三种情况都有可能考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：水滴离开与具有相同的速度，做平抛运动，在水平方向上的运动规律与的运动规律相同，结合该规律分析判断．解答：解：在作匀速直线运动的车厢上，油滴具有向前的速度，滴下后，由于具有惯性，油滴要保持原来的运动状态，仍具有与小车相同的水平速度，相同时间内与小车通过相同的水平距离，所以所有的油滴都落在悬点的正下方O点．故C正确，A、B、D错误．应选：C．点评：此题主要考查学生对惯性的理解和掌握．惯性现象在日常生活中十分常见，在学习中要注意细心观察，认真领会，用所学惯性知识解决相关的物理问题．11．如下图，一个大人〔甲〕跟一个小孩〔乙〕站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了．对这个过程中作用于双方的力的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．大人拉小孩的力一比小孩拉大人的力大B．大人与小孩间的拉力是一对作用力与反作用力C．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一相D．只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能出现的短暂相持过程中，两人的拉力一样大考点：牛顿第三律．分析：力是物体对物体的作用，一个物体对别的物体施力时，也同时受到后者对它的作用力，作用力和反作用力总是相的．根据牛顿第三律分析．解答：解：A、一方对另一方有拉力作用，同时另一方也受到这一方对他的拉力，根据牛顿第三律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力一大小相，故A 错误．B、大人与小孩间的拉力是两人间相互作用力，是一对作用力与反作用力，故B正确．C、根据牛顿第三律知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一相，故C正确．D、根据牛顿第三律可知，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力总是大小相，故D错误．应选：BC．点评：解决此题的关键要理解并掌握牛顿第三律，要知道只要是作用力和反作用力，大小总是相．12．物体沿一直线运动，在t时间内通过的路程为s ，它在中间位置处的速度为v1，在中间时刻时的速度为v2，那么v1和v2的关系为〔〕A．当物体作匀加速直线运动时，v1＞v2B．当物体作匀减速直线运动时，v1＞v2C．当物体作匀速直线运动时，v1=v2D．当物体作匀减速直线运动时，v1＜v2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：假设物体的初速度为v0，末速度为v，加速度为a，总位移为s，总时间为t，根据位移时间公式和速度位移公式列式，然后进行分析处理．解答：解：对于前一半路程，有①对于后一半路程，有②由①②解得在中间时刻时的速度为又由于故根据不式，可知=≥0〔当v1=v2时取号〕当物体做匀速直线运动时，v1=v2，故C正确；当物体做匀加速直线运动或匀减速直线运动时，有v1＞v2，故A正确，B正确，D错误；应选ABC．点评：此题关键是对运动过程运用速度位移公式、平均速度公式和位移时间公式列式后联立，求解出中间位置和中间时刻的瞬时速度的一般表达式，再进行分析讨论；要注意不管是匀加速还是匀减速，中间位置的速度都比拟大．13．如下图，a、b、c为三个物块，M、N为两个轻质弹簧．R为跨过光滑滑轮的轻绳，它们连接如图并处于平衡状态．以下说法中正确的选项是〔〕A． N一处于拉伸状态而M有可能处于压缩状态B．有可能N处于压缩状态而M处于拉伸状态C．有可能N处于不伸不缩状态而M处于拉伸状态D．有可能N处于拉伸状态而M处于不伸不缩状态考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用；胡克律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：〔1〕滑轮的实质是臂杠杆，既不省力也不费力；〔2〕对a、b、c三个物块和弹簧进行受力分析，装置处于平衡状态，受到的力是平衡力，从而判断分析是否正确解答：解：A、对于弹簧N，因上端与绳子连接，因为绳子只能承受拉力而不能承受压力，故弹簧N可能处于拉伸或原长，不可能处于压缩状态，故A错误；B、假设a所受的绳子拉力于a的重力时，M处于原长状态，假设绳子拉力大于a的重力时，M处于拉伸状态．故B错误．C、假设N处于原长，那么绳子对a无拉力，那么M一处于压缩状态，故C错误．D、以a为研究对象，假设N处于拉伸状态，那么a受绳子向上的拉力，绳子拉力于a的重力时，M处于原长，故D正确；应选D．点评：此题考查学生对物体受力分析以及二力平衡知识的掌握情况，是一道综合性很强的题目．14．质量为m的物体，放在质量为M的斜面体上，斜面体放在水平粗糙地面上，m和M均处于静止状态，如下图，当物体m施加一水平推力F，且F由零逐渐增加到F m的过程中，m和M仍保持静止状态，在此过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．斜面对物体m的支持力逐渐增大B．物体m受到的摩擦力逐渐增大C．地面受到的压力逐渐增大D．地面给斜面体的摩擦力由0逐渐增加到F m考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体进行分析受力情况，根据平衡条件，分析斜面对物体的支持力和摩擦力的变化情况．对整体进行分析，由平衡条件研究地面对斜面的支持力和摩擦力如何变化，再由牛顿第三律得到地面受到的压力和摩擦力如何变化．解答：解：A、B对物体进行研究，物体受到重力mg、水平推力F、斜面的支持力N1，原来物体受到的静摩擦力大小为f1=mgsinα〔α是斜面的倾角〕，方向沿斜面向上，支持力N1=mgcosα；在F作用下，斜面对物体的支持力N1=mgcosα+Fsinα，所以支持力逐渐增大．而对于静摩擦力，当Fcosα≤mgsinα时，f1=mgsinα﹣Fcosα＜mgsinα，减小；当Fcosα＞mgsinα时，静摩擦力的大小变化不确．故A正确，B错误．C、对于整体，受到总重力〔M+m〕g、地面的支持力N2、静摩擦力f2和水平推力F，由平衡条件得，N2=〔M+m〕g，f2=F，可见，当F增大时，f2逐渐增大到F m．由牛顿第三律得知，地面受到的压力保持不变，地面给斜面体的摩擦力由0逐渐增加到F m．故C错误，D正确．应选AD点评：此题隔离法和整体法相结合的方法研究两个物体的平衡问题，通过分析受力情况，由平衡条件判断各力的变化情况．15．在炎热的夏天，吃上一顿凉面，一很惬意吧！那你看到过面条是怎么加工出来的吗？也许你自己还亲手用家用的面条机轧过面条吧！加工面条时，需要先把和好的面轧成面片，然后再加工成面条．如下图，在轧面片的过程，在斜槽中的面片经过下面两个沿图示方向转动的滚轴时被轧薄．请你根据所学的摩擦力的知识判断下面说法中正确的选项是〔〕A． A处的面片受到的摩擦力方向竖直向上的B． A处的面片受到的摩擦力方向竖直向下的。
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_00005
应对市爱护阳光实验学校一中〔一中〕2021～2021 度高第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共22 小题，每题3分，共66 分．每题至少有一个选项正确，全选对得3分，选不全得2 分，错选不得分〕1．一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，它在第1s 末，第2s 末，第3s 末的瞬时速度之比是〔〕A．1：1：1 B．1：3：5 C．12：22：32 D．1：2：32．a、b 两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动．假设两物体初速度不同而加速度相同，那么在运动过程中〔〕A．a、b 的速度之差与时间成正比 B．a、b 的速度之差保持不变 C．a、b 的速度之和与时间成正比D．a、b 的速度之差与时间的平方成正比3．甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，那么以下说法中正确的选项是〔〕 A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化快 C．乙做匀减速直线运动，它的速度变化率大 D．甲的加速度比乙的加速度大4．一辆车由静止开始做匀变速直线运动，在第8s 末开始刹车，经4s 停下来，刹车过程也在做匀变速运动，那么前后两段加速度的大小之比是〔〕A．1：4 B．2：1 C．1：2 D．4：15．我国在西昌卫星发心用“三号丙〞运载，将第三颗北斗导航卫星送入预轨道，这标志着北斗卫星导航系统工程又迈出了重要一步，卫星组正按方案稳步推进．如下图，发射过程中某段时间内速度的变化规律为v=m/s，由此可知这段时间内〔〕A．的初速度为4 m/sB．的加速度为2 m/s2C．在3 s 末，的瞬时速度为12 m/sD．做匀减速直线运动6．一物体做匀变速直线运动，当t=0 时，物体的速度大小为12m/s，方向，当t=2s 时，物体的速度大小为8m/s，方向仍，假设某一时刻物体的速度大小变为2m/s，那么该时刻t 为〔〕A．3 s B．5 s C．7 s D．9 s7．物体做匀加速直线运动，第1s 末的速度是6m/s，第2s 末的速度是8m/s，那么下面结论正确的是〔〕A．物体零时刻的速度是3 m/sB．物体的加速度是2 m/s2C．任何1 s 内的速度变化都是2 m/sD．第1 s 内的平均速度是6 m/s8．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a﹣t 图象如下图．以下v﹣t 图象中，可能正确描述此物体运动的是〔〕A ．B ．C ．D．9．星级快车出站时能在150s 内匀加速到180km/h，然后正常行驶．某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108km/h．以初速度方向为正方向，那么以下说法不正确的选项是〔〕A ．列车加速时的加速度大小为m/s2B．列车减速时，假设运用v=v0+at 计算瞬时速度，其中a=﹣m/s2C．假设用v﹣t 图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴t轴的下方D．列车由静止加速，1min 内速度可达20m/s 10．甲、乙两辆在平直公路上的同一地点，同时出发，分别向相反方向做如下图的运动，那么以下关于运动的描述正确的选项是〔〕A．前80 s，乙车平均速度是甲车平均速度的4倍 B．70 s 末，甲、乙两车的加速度大小相、方向相同 C．60 s 末，两车相距最远D．80 s 末，两车相距最远11．对于一个做单向匀减速运动的物体，在其静止前，以下说法正确的选项是〔 〕 A ．速度越来越小，位移越来越大 B ．速度越来越小，位移也越来越小 C ．加速度越来越小，位移越来越大 D ．加速度越来越小，位移也越来越小12．某质点做直线运动的速度 v 和时间 t 的关系如下图，那么该质点在 3s 内通过的位移大小是 〔 〕A ．4.5 mB ．3 mC ．1 mD ．0.5 m13．某质点的位移随时间变化规律的关系是 s =4t+2t 2，s 与 t 的单位分别为 m 和 s ，那么质点的初速度 与加速度分别为〔〕A ．4 m/s 与 2 m/s 2B ．0 与 4 m/s 2C ．4 m/s 与 4 m/s 2D ．4 m/s 与 014．一物体做匀变速直线运动，初速度为 v 0=2m/s ，加速度 a =﹣2m/s 2，那么经过 2s 后，物体的速度和 位移为〔〕A ．﹣2 m/s ，1mB ．2 m/s ，1mC ．2 m/s ，0 mD ．﹣2 m/s ，0m15．龟兔赛跑的故事流传至今，按照龟兔赛跑的故事情节，兔子和乌龟的 x ﹣t 图象如下图，以下 关于兔子和乌龟运动的说法中正确的选项是〔 〕A ．兔子和乌龟是从同一地点出发的B ．乌龟一直做匀加速运动，兔子先加速后匀速再加速C ．骄傲的兔子在 T 4 时刻发现落后奋力追赶，但由于跑得比乌龟慢，还是让乌龟先到达预位置 x 3D ．在 T 2～T 4 时间内，兔子比乌龟运动得快16．如下图为一质点运动的 s ﹣t 图象，对的 V ﹣t 图象是如图中的〔〕A．B．C．D．17．以20m/s 速度行驶的，制动后以5m/s 2的加速度做匀减速运动，那么在制动后的5s 内的位移是〔〕A．45 m B．37.5 m C．40 m D．50 m18．以下图象均能正确皮映物体在直线上的运动，那么在t=2s 内物体位移最大的是〔〕A ．B ．C ． D．19．以20m/s 的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s 2，那么开始刹车后2s 内与开始刹车后6s 内通过的位移之比为〔〕A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．4：320．如下图是物体做直线运动的v t 图象，由图象可得到的正确结论是〔〕A．t=1 s 时物体的加速度大小为1.0 m/s2B．t=5 s 时物体的加速度大小为0.75 m/s2C．第3 s 内物体的位移为3 mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移小21．一质点做直线运动的v﹣t 图象如下图，规向右为正方向，那么该质点在前8s 内平均速度的大小和方向分别为〔〕A．0.25m/s 向右B．0.25m/s 向左C．1m/s 向右D．1m/s 向左22．图为一质点运动的位移随时间变化的图象，图象是一条抛物线，方程为x=﹣5t2+40t．以下说法错误的选项是〔〕A．质点做匀减速直线运动，最大位移是80 m B．质点的初速度是20 m/s C．质点的加速度大小是5 m/s2D．t=4 s 时，质点的速度为零二、题23．在“探究小车速度随时间变化的规律〞的中，记录小车运动的纸带如下图，图中前几个点模糊，从 A 点开始每5个点取1个计数点，那么小车通过D点时速度是m/s，小车运动的加速度是m/s 2．〔打点计时器的电源频率是50Hz〕三、计算题〔此题共2小题，共30 分〕24．质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s 后速度到达20m/s，然后匀速运动了10s，接着匀减速运动经4s 后静止．求〔1〕质点在加速运动阶段的加速度是多大？质点在16s 末的速度为多大？25．一个质点从静止开始做匀加速直线运动．它在第4s 内的位移是14m．求：〔1〕质点运动的加速度；它72m 所用的时间．一中〔一中〕2021～2021 度高一上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、〔此题共22 小题，每题 3 分，共 66 分．每题至少有一个选项正确，全选对得 3 分， 选不全得 2 分，错选不得分〕 1．一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，它在第 1s 末，第 2s 末，第 3s 末的瞬时速度之比是〔 〕 A ．1：1：1 B ．1：3：5 C ．12：22：32D ．1：2：3 【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系． 【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式，结合时间之比求出第 1s 末，第 2s 末，第 3s 末的瞬 时速度之比． 【解答】解：由 v =at 得，第 1s 末，第 2s 末，第 3s 末的瞬时速度之比 v 1：v 2：v 3=at 1：at 2：at 3=1： 2：3． 应选：D ．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，知道初速度为零时，v=at ．2．a 、b 两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动．假设两物体初速度不同而加 速度相同，那么在运动过程中〔 〕 A ．a 、b 的速度之差与时间成正比 B ．a 、b 的速度之差保持不变 C ．a 、b 的速度之和与时间成正比 D ．a 、b 的速度之差与时间的平方成正比 【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系． 【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式得出两者速度之差和速度之和的表达式，从而分析判 断． 【解答】解：A 、设 a 、b 的初速度分别为 v a0、v b0，加速度为 a ， 那么 v a =v a0+at ，v b =v b0+at ， 那么 a 、b 的速度之差△v=v a ﹣v b =v a0﹣v b0=值．故 B 正确，A 、D 错误．C 、a 、b 的速度之和 v a +v b =〔v a0+v b0〕+2at ，与时间成正比，故 C 正确． 应选：BC ．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，根底题．3．甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s 2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，那么以下说法中正确的选项是〔〕 A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化快 C．乙做匀减速直线运动，它的速度变化率大 D．甲的加速度比乙的加速度大【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解答】解：甲的加速度方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，乙的加速度方向与速度方向相反，做匀减速直线运动．乙的加速度大，可知乙的速度变化快．故C正确，A、B、D 错误．应选C．【点评】解决此题的关键知道加速度的物理意义，知道当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．4．一辆车由静止开始做匀变速直线运动，在第8s 末开始刹车，经4s 停下来，刹车过程也在做匀变速运动，那么前后两段加速度的大小之比是〔〕A．1：4 B．2：1 C．1：2 D．4：1【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式，抓住匀加速直线运动的末速度和匀减速直线运动的初速度相，结合时间关系求出加速度大小之比【解答】解：设前后两段的加速度分别为a1、a2，开始刹车时速度为v，那么a1=，a2=，所以有：a1：a2=t2：t1=1：2．应选：C【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动速度时间公式，对于匀减速直线运动到速度为零，可以采用逆向思维求解加速度的大小5．我国在西昌卫星发心用“三号丙〞运载，将第三颗北斗导航卫星送入预轨道，这标志着北斗卫星导航系统工程又迈出了重要一步，卫星组正按方案稳步推进．如下图，发射过程中某段时间内速度的变化规律为v=m/s，由此可知这段时间内〔〕A．的初速度为4 m/sB．的加速度为2 m/s2C．在3 s 末，的瞬时速度为12 m/sD．做匀减速直线运动【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】将速度的变化规律v=m/s 与匀变速直线运动的速度公式比照，可知初速度和加速度，再分析其运动情况．【解答】解：D、在这段时间内，由速度的表达式v=m/s 可知，的速度均匀增大，故做匀加速直线运动，故D错误；AB、由匀变速直线运动的速度公式v=v0+at 知，在这段时间内的初速度 v0=4 m/s，加速度a=2 m/s2，故A、B 正确；C、将时间t=3 s 代入v=m/s 得 v3=10 m/s，故C错误．应选：AB【点评】此题采用比对的方法分析的初速度和加速度，也可以根据数学知识求速度对时间的导数来求加速度．6．一物体做匀变速直线运动，当t=0 时，物体的速度大小为12m/s，方向，当t=2s 时，物体的速度大小为8m/s，方向仍，假设某一时刻物体的速度大小变为2m/s，那么该时刻t为〔〕A．3 s B．5 s C．7 s D．9 s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先根据加速度公式求出加速度，再根据速度公式求解时间，但是要注意物体速度大小为2m/s 可能向西，也可能，因此时间有两个解．【解答】解：根据加速度的义式a ===﹣2m/s 2，方向向西，说明物体做匀减速运动．根据速度公式v=v0+at，有：t=当v=2m/s 时，有：t= s=5s当v=﹣2m/s 时，有：t= =7s．应选：BC．【点评】此题要注意速度是矢量，有大小又有方向，此题只告诉速度大小为2m/s，有可能速度向东，也可能速度向西，因此有两解．7．物体做匀加速直线运动，第1s 末的速度是6m/s，第2s 末的速度是8m/s，那么下面结论正确的是〔〕A．物体零时刻的速度是3 m/sB．物体的加速度是2 m/s 2C．任何1 s 内的速度变化都是2 m/sD．第1 s 内的平均速度是6 m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】首先据题境求出加速度，然后据匀加速直线运动的规律均速度公式即可求解．【解答】解：AB、据加速度的义式可知：a==2m/s2据v t=v0+at 得，零时刻的初速度：v0=6m/s﹣2m/s=4m/s，故A错误，B 正确； C、据加速度的物理意义可知，单位时间内的速度变化量相，即任何1 s 内的速度变化都是2 m/s，故C正确；D、据匀变速直线运动的推论可知，===5m/s，故D错误．应选：BC．【点评】此题难度不大，关键是据加速度的义式求出加速度的大小，再据加速度的意义和匀变速直线运动的推论求平均速度．8．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a﹣t 图象如下图．以下v﹣t 图象中，可能正确描述此物体运动的是〔〕A ．B ．C ．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【此题根据a﹣t 图象分析物体的运动情况：当加速度与速度同向时，物体做加速运动，0～1s 内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，当加速度与速度反向时，物体做减速运动，假设加速度一，物体做匀变速直线运动．匀变速直线运动的v﹣t 图象是一条倾斜的直线．【解答】解：在0～s 内，物体沿加速度方向做匀变速运动，v﹣t 图象是倾斜的直线；在～T 内，加速度为0，物体做匀速直线运动或处于静止状态，v﹣t 图象是平行于t轴的直线；在T～2T 内，加速度反向，物体做匀变速直线运动，到2T 时刻速度为零．v﹣t 图象是向下倾斜的直线．故AC 正确，BD 错误应选：AC．【点评】此题关键要根据加速度随时间变化规律的图象找出对的加速度大小和方向，结合物体的初状态分析物体的运动情况．9．星级快车出站时能在150s 内匀加速到180km/h，然后正常行驶．某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108km/h．以初速度方向为正方向，那么以下说法不正确的选项是〔〕A ．列车加速时的加速度大小为m/s2B．列车减速时，假设运用v=v0+at 计算瞬时速度，其中a=﹣m/s2C．假设用v﹣t 图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴t轴的下方D．列车由静止加速，1min 内速度可达20m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀加速运动的时间，从而得出匀减速运动的时间，根据速度时间公式求出匀减速运动的加速度大小．【解答】解：A、根据题意求得动车的加速度a= = m/s2，故A正确；B、列车减速时的加速度大小于加速时的加速度大小，但是与初速度方向相反，故其减速时的加速度为﹣m/s 2，故B正确；C、由于速度始终大于零，故假设用v﹣t 图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴t轴的上方，故C 错误；D、根据题意求得动车的加速度a ==m/s 2，运用v=v0+at 计算的v=20m/s，故D正确．此题选错误的，应选：C．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷10．甲、乙两辆在平直公路上的同一地点，同时出发，分别向相反方向做如下图的运动，那么以下关于运动的描述正确的选项是〔〕A．前80 s，乙车平均速度是甲车平均速度的4倍 B．70 s 末，甲、乙两车的加速度大小相、方向相同 C．60 s 末，两车相距最远D．80 s 末，两车相距最远【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】根据图象知识可得出两物体在任一时刻的速度、每段的加速度及任一时间段内的位移；图象与时间轴围成的面积为运动的位移．【解答】解：A、平均速度于总位移除以总时间，前80s ，甲的位移，乙的位移，时间相，所以平均速度之比为1：2，故A错误； B、图象的斜率表示加速度，70s 末，甲的加速度为负，乙的加速度为正，方向相反，故B错误；C、图象与时间轴围成的面积为运动的位移，由图可知，80s 末，两车相距最远，故C错误，D正确．应选：D【点评】解答此题注意：〔1〕速度的正负表示物体速度的方向；面积的正负表示物体位移的方向；〔3〕明确两物体的距离关系，可通过画运动的过程示意图帮助理解题意．11．对于一个做单向匀减速运动的物体，在其静止前，以下说法正确的选项是〔〕A．速度越来越小，位移越来越大 B．速度越来越小，位移也越来越小 C．加速度越来越小，位移越来越大 D．加速度越来越小，位移也越来越小【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体做单向匀减速直线运动，由此可知，加速度的方向与速度方向相反，物体的速度随时间均匀减小，物体运动的位移随时间的增加而增加【解答】解：物体做单向匀减速直线运动，加速度的方向与速度方向相反，速度v=v0﹣at，位移：，物体速度方向没有发生变化，位移随时间是越来越大． A、速度越来越小，位移也越来越大，故A正确；B、速度越来越小，位移越来越大，故B错误C、物体做匀减速直线运动，加速度恒而不是越来越小，故C错误；D、物体做匀减速直线运动，加速度恒而不是越来越小，故D错误．应选：A【点评】正确认识什么是匀减速直线运动是解决问题的关键：加速度方向与速度方向相反且加速度恒的直线运动，匀减速直线运动的速度随时间均匀减小，位移随时间的增大而增大12．某质点做直线运动的速度v和时间t的关系如下图，那么该质点在3s 内通过的位移大小是〔〕A．4.5 m B．3 m C．1 m D．0.5 m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】速度时间图象与两坐标轴所围“面积〞大小于位移，由数学知识分别求解第1s、第2s 和第3s 质点的位移，再求解在3s 内通过的位移大小．【解：由“面积〞大小于位移，质点在第1s 的位移为：x1=1m，质点在第2s 的位移为：x2=×〔1+2〕×1m=1.5m，质点在第3s 的位移为：x3=2×1m=2m，质点在3s 内通过的位移大小是：x=x1+x2+x3=1++2=4.5m，故A正确．应选：A 【点评】此题关键抓住速度图象的斜率于物体的加速度、“面积〞大小于位移进行求解．13．某质点的位移随时间变化规律的关系是s=4t+2t2，s 与t的单位分别为m和s，那么质点的初速度与加速度分别为〔〕A．4 m/s 与2 m/s2B．0 与4 m/s2C．4 m/s 与4 m/s2D．4 m/s 与0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据位移公式s =，和质点运动的位移随时间变化的关系式s=2t2+4t 相比照可以得到物体运动的初速度和加速度的大小．【解答】解：匀变速直线运动的位移公式为 s = 与质点的运动的位移随时间变化的关系式为 s =4t+2t 2 相比照可以得到，物体的初速度的大小为 v =4m/s ，加速度的大小为 a =4m/s 2； 应选：C【点评】此题就是对匀变速直线运动的位移公式 s =的直接的考查，掌握住位移的公式即 可解答此题．14．一物体做匀变速直线运动，初速度为 v 0=2m/s ，加速度 a =﹣2m/s 2，那么经过 2s 后，物体的速度和 位移为〔〕A ．﹣2 m/s ，1mB ．2 m/s ，1mC ．2 m/s ，0 mD ．﹣2 m/s ，0m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；速度． 【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速运动公式的直接用，代入公式计算即可．【解答】解：根据匀加速运动速度公式得：v t =v 0+at=2﹣2×2m/s=﹣2m/s 由位移公式得：x=at 2=2×2﹣×2×22m=0应选：D【点评】此题主要考查了匀变速直线运动根本公式的直接用，难度不大，属于根底题．15．龟兔赛跑的故事流传至今，按照龟兔赛跑的故事情节，兔子和乌龟的 x ﹣t 图象如下图，以下 关于兔子和乌龟运动的说法中正确的选项是〔 〕A ．兔子和乌龟是从同一地点出发的B ．乌龟一直做匀加速运动，兔子先加速后匀速再加速C ．骄傲的兔子在 T 4 时刻发现落后奋力追赶，但由于跑得比乌龟慢，还是让乌龟先到达预位置 x 3D ．在 T 2～T 4 时间内，兔子比乌龟运动得快 【考点】匀变速直线运动的图像． 【专题】运动的图像专题．【分析】s ﹣t 图象的斜率于物体的速度故在运动时兔子的速度大于乌龟的速度，但兔子从 t 1 时刻 开始运动，而乌龟从 t =0 时刻开始运动，且乌龟持续运动而兔子只在 t 1～t 2，t 4～t 5 运动．s ﹣t 图象 的纵坐标代表物体发生的位移．【解答】解：A 、由图可知，兔子和乌龟都是 x =0 处出发，是从同一地点出发的，故 A 正确． B 、由于 s ﹣t 图象的斜率于物体的速度，乌龟的 s ﹣t 图象的斜率保持不变，故乌龟做匀速直线运 动．故 B 错误． C 、兔子在 t 4 时刻后奋力追赶，由于 s ﹣t 图象的斜率于物体的速度，故兔子的速度大于乌龟的速 度，但由于运动的时间过短，故在 t 5 时刻当乌龟到达终点时兔子还没有到达终点，故 C 错误． D 、s ﹣t 图象的斜率于物体的速度，在 T 2～T 4 时间内，兔子比乌龟运动得慢．故 D 错误． 应选：A ．【点评】此题难点是选项C，物体在某一段时间内的平均速度于物体在该段时间内发生的位移与所用时间的比值．16．如下图为一质点运动的s﹣t 图象，对的V﹣t 图象是如图中的〔〕A ．B ．C ． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】s﹣t 图象表示位置随时间的变化规律；由图象得出对的速度大小关系即可画出对的v﹣t 图象．【解答】解：由图可知，物体0﹣t1 内做匀速直线运动，t1﹣t2 保持静止；而t2﹣t3 做反向的匀速直线运动；而在v﹣t 图象中匀速直线运动为水平直线，反向时图象在第四象限，故只有C符合题意；应选：C．【点评】此题要注意明确x﹣t 图象与v﹣t 图象的区别与联系，注意由图象得出物体的运动过程，再进行图象的转换．17．以20m/s 速度行驶的，制动后以5m/s 2的加速度做匀减速运动，那么在制动后的5s 内的位移是〔〕A．45 m B．37.5 m C．40 m D．50 m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合位移公式求出制动后的位移．【解答】解：运动时间t ===4 s＜5 s，采用逆向思维，x=at2=×5×42m=40 m，故C正确，A、B、D 错误．应选：C．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．18．以下图象均能正确皮映物体在直线上的运动，那么在t=2s 内物体位移最大的是〔〕A ．B ．C ． D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】根据位移的坐标变化量分析物体的位移情况，根据速度图象的“面积〞确t=2s 时刻物体的位移是否最大．【解答】解：A、位移的斜率在变化，物体的速度大小和方向在变化，物体在t=1s 内位移为2m，t=2s 内位移为0．B、根据速度图象的“面积〞得到物体在t=2s 内位移大于．C、物体在前1s 内位移于，在后1s 内物体为位移为﹣=﹣1m，那么t=2s内位移为0．D、物体前1s 内位移为1m，后1s 内位移为﹣1m，在t=2s 内物体的位移为0．应选B【点评】位移图象坐标表示位置，坐标变化量表示位移．而速度图象与坐标轴所围“面积〞表示位移．19．以20m/s 的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s 2，那么开始刹车后2s 内与开始刹车后6s 内通过的位移之比为〔〕A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．4：3【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】先求出刹车到停止的时间，因为速度为零后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．【解答】解：从刹车到静止用时：t 刹==s=4s，故刹车后2s 为：s1=v0t﹣at2=20×2 m﹣×5×22m=30m刹车后6s 内的位移：s2=v0t 刹﹣at 刹2=20×4 m﹣×5×42m=40m，故：s1：s2=3：4，故A BD 错误，C 正确；应选：C．【点评】此题属于刹车问题，关键要求出刹车到停止的时间，因为速度为零后不再运动．20．如下图是物体做直线运动的v t 图象，由图象可得到的正确结论是〔〕2 A．t=1 s 时物体的加速度大小为1.0 m/s2 B．t=5 s 时物体的加速度大小为0.75 m/sC．第3 s 内物体的位移为3 mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移小【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动的图像专题．【分析】根据速度﹣时间图象的物理意义：“斜率〞表示加速度，“面积〞表示位移分析．【解答】解：A、由图象可知0～2 s 时间内物体做匀加速直线运动，其加速度大小于图线斜率大小，即a ==1.5 m/s 2，故A错误；B、3～7 s 时间内物体做匀减速直线运动．其加速度大小为a ===0.75 m/s 2，故B正确；C、图线与t轴围成的面积于物体所发生的位移，故第3 s 内的位移x=3.0×1 m=3.0 m，故C正确；D、加速过程的位移x =×2×3.0 m=3.0 m，减速过程的位移x =×4×3.0 m=6.0 m，故D正确．应选：BCD【点评】对于物体的速度图象往往从数学角度理解其物理意义：斜率〞表示加速度，“面积〞表示位移．21．一质点做直线运动的v﹣t 图象如下图，规向右为正方向，那么该质点在前8s 内平均速度的大小和方向分别为〔〕A．0.25m/s 向右B．0.25m/s 向左C．1m/s 向右D．1m/s 向左【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积〞大小于位移，分别求出前3s 内质点的位移和后5s内质点的位移，得到前8s 内的位移，由平均速度公式=求解前8s 内平均速度的大小和方向．【解答】解：根据速度图象与坐标轴所围的“面积〞大小于位移，那么得前3s 内质点的位移为x1=m=3m；后5s 内质点沿负方向运动，位移为负值，那么位移为x2=﹣m=﹣5m。
济南市高一上学期物理第二次月考试卷
济南市高一上学期物理第二次月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共9题；共18分)1. （2分）下列说法正确的是（）A . 形状规则的物体的重心，一定在物体的几何中心上B . 物体的运动速度越大，惯性就越大C . 若相互接触的两物体间有弹力，则一定有摩擦力D . 放在桌面上的皮球受到的弹力是由于桌面发生形变产生的2. （2分）某人站在体重计上称体重,保持立正姿势称得体重为G,当其缓慢地把一条腿平直伸出台面,体重计指针稳定后读数为G',则（）A . G>G'B . G<G'C . G=G'D . 无法判定3. （2分） (2019高三上·安国月考) 一位同学在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在落地前第5 s内的位移是18 m，则（）A . 小球在2 s末的速度是20 m/sB . 小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC . 小球在第2 s内的位移是20 mD . 小球在前5 s内的位移是50 m4. （2分） (2018高一上·江苏期中) 关于自由落体运动，以下说法正确的是（）A . 物体的质量越大，下落时加速度就越大B . 物体刚下落时，速度和加速度都为零C . 物体做自由落体运动位移与时间成正比D . 物体仅在重力作用下静止开始的运动就是自由落体运动5. （2分）如图所示，两根细线长度均为2m，A细线竖直悬挂且在悬点O处穿有一个金属小球a，B悬挂在悬点处，细线下端系有一金属小球b，并且有ma>mb ，把金属小球b向某一侧拉开3cm到处，然后同时让金属小球a、b由静止开始释放（不计阻力和摩擦），则两小球的最终情况是（）A . a小球先到达最低点，不可能和b小球在最低点相碰撞；B . b小球先到达最低点，不可能和a小球在最低点相碰撞；C . a、b两小球恰好在最低点处发生碰撞；D . 因不知道ma、mb的具体数值，所以无法判断最终两小球的最终情况．6. （2分） (2019高一上·辽源期中) 关于速度、速度变化量、加速度的关系,下列说法中正确的是（）A . 物体加速度的方向，就是物体速度的方向。
高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)高一全册物理试题3
应对市爱护阳光实验学校北2021～2021度高第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，其中1--6题为单项选择题，每题4分，7--10题为多项选择题每题5分，共44分〕1．运动的物体状态发生改变，那么它的〔〕A．加速度一发生了改变B．速度肯发生了变化C．所受的外力一变化D．肯从静止变为运动2．在一条倾斜的、静止不动的传送带上，有一铁块正在匀速向下滑动，如果传送带向上加速运动，同一铁块由上端滑到底端所用时间〔〕A．不变B．增多C．减小D．不能确3．甲、乙两辆在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b分别描述了甲、乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，以下说法正确的选项是〔〕A．在0﹣10 s内两车逐渐靠近B．在10﹣20 s内两车逐渐远离C．在5﹣15 s内两车的位移相D．在t=10 s时两车在公路上相遇4．如下图，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．假设木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．那么关于木块B的受力个数可能是〔〕A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个5．如下图，一重为8N的球固在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6N，那么AB杆对球作用力的大小为〔〕A．6 N B．8 N C．10 N D．12 N6．如下图，一只盛水的容器固在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球．乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是〔以小车为参考系〕〔〕A．铁球向左，乒乓球向右B．铁球向右．乒乓球向左C．铁球和乒乓球都向左D．铁球和乒乓球都向右7．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，那么在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是〔〕A．μma B．ma C ．D．F﹣Ma8．一轻杆BO，其O端用光滑铰链铰于固竖直杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如下图．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO与杆AO间的夹角θ逐渐减小，那么在此过程中，拉力F及杆BO所受压力F N的大小变化情况是〔〕A．F N先减小，后增大B．F N始终不变C．F先减小，后增大D．F逐渐不变9．传送机的皮带与水平方向的夹角为α，如下图，将质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起向下以加速度为a〔a＞gsin α〕匀加速直线运动，那么〔〕A．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向上B．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向下C．小物块受到的静摩擦力的大小可能于mgsinαD．小物块受到的静摩擦力的大小可能于零10．关于伽利略理想，以下说法正确的选项是〔〕A．理想是一种实践活动B．理想是一种思维活动C．伽利略的理想否了亚里士多德关于力与运动的关系D．伽利略的理想证实牛顿第二律二、题〔此题共2小题，共15分.按题目要求作答.〕11．某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系〞．如图a为装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有砝码的小桶，D为一端带有滑轮的长方形木板，中认为细绳对小车拉力F于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a可用纸带上点求得．〔1〕图〔b〕为某次得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2．小车在C点时的速度大小是m/s〔保存三位有效数字〕在“探究加速度与力的关系〞时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因：．12．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的中，设计了图甲所示装置，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧下端，每次都测出相的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．〔弹簧始终在弹性限度内〕测量次数 1 2 3 4 5 6 弹簧弹力大小F/N 0 0.49 0.98 7 6 5弹簧总长x/cm 0 6 4 8 10.85 15〔1〕根据数据在图乙的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F 跟弹簧总长X之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对的点描出来，并作出F﹣X图线．图线跟坐标轴交点的物理意义是．〔3〕该弹簧的劲度系数k= 〔保存两位有效数字〕三、计算题〔4题，共41分〕13．以12m/s的速度行驶，关闭油门后以3m/s2的加速度匀减速，求：〔1〕在3秒末的速度；它在关闭油门后7秒内的位移均速度．14．升降机地面上固着一个倾角θ=37°的光滑斜面，用一条平行于斜面的细绳拴住一个质量m=2kg的小球，如下图，当升降机以加速度a=2m/s2做竖直向上匀加速直线运动时，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕绳子对球的拉力T；小球对斜面的压力N．15．如下图为一足够长斜面，其倾角为θ=37°，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s内位移为4m，2s末撤去力F，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ；从撤掉力F开始s末物体的速度v；〔3〕从静止开始s内物体的位移和路程．16．在建筑装修中，工人用质量为5.0kg的磨石A对地面和斜壁进行打磨，A 与地面、A与斜壁之间的动摩擦因数μ均相同．〔g取10m/s2〕〔1〕当A受到水平方向的推力F1=25N打磨地面时，A恰好在水平地面上做匀速直线运动，求A与地面间的动摩擦因数μ．假设用A对倾角θ=37°的斜壁进行打磨〔如下图〕，当对A施加竖直向上的推力F2=60N时，那么磨石A从静止开始沿斜壁向上运动2m〔斜壁长＞2m〕所需时间为多少？〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕北2021～2021度高第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，其中1--6题为单项选择题，每题4分，7--10题为多项选择题每题5分，共44分〕1．运动的物体状态发生改变，那么它的〔〕A．加速度一发生了改变B．速度肯发生了变化C．所受的外力一变化D．肯从静止变为运动【考点】牛顿第一律．【分析】速度是矢量．运动状态的改变通常表现为速度的大小和方向的改变．【解答】解：A、运动状态的改变通常表现为速度发生改变，而加速度不一变化，故A错误，B正确C、运动状态的改变通常表现为速度发生改变，而加速度不一变化，所受的外力不一变化，例如自由落体运动，故C错误D、速度发生改变不代表从静止变为运动，故D错误．应选B．【点评】此题考查了物体运动状态的改变，需要学生明确物体运动状态的改变是指物体运动方向或运动快慢的改变或它们同时改变．2．在一条倾斜的、静止不动的传送带上，有一铁块正在匀速向下滑动，如果传送带向上加速运动，同一铁块由上端滑到底端所用时间〔〕A．不变B．增多C．减小D．不能确【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】当传送带静止和向上加速运动时，根据牛顿第二律求出加速度，通过位移时间公式比拟运动的时间．【解答】解：当传送带静止时，铁块匀速下滑，加速度为零，当传送带向上加速运动时，铁块受重力、支持力和向上的滑动摩擦力，合力仍然为零，做匀速直线运动，所以铁块到达底端所用的时间相同．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决此题的关键理清铁块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二律和运动学公式分析．3．甲、乙两辆在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b分别描述了甲、乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，以下说法正确的选项是〔〕A．在0﹣10 s内两车逐渐靠近B．在10﹣20 s内两车逐渐远离C．在5﹣15 s内两车的位移相D．在t=10 s时两车在公路上相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度图象直接得出两车的速度大小，分析两车之间的位置关系．根据“面积〞于位移，分析何时两车的位移相．【解答】解：A、在0﹣10s内，乙车的速度大于甲车的速度，甲车在乙车的前方，两车的距离逐渐增大，相互远离．故A错误．B、在10﹣20s内，甲车的速度大于乙车的速度，两车逐渐靠近．故B错误．C、根据图象的“面积〞物体的位移大小，可以看出，在5﹣15s内两车的位移相．故正确．D、两车t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标，当位移再次相时，两者相遇，由图看出t=20s时两车的位移相，再次在公路上相遇．故D错误．应选C【点评】利用速度时间图象求从同一位置出发的解追及问题，主要是把握以下几点：①当两者速度相同时两者相距最远；②当两者速度时间图象与时间轴围成的面积相同时两者位移相同，即再次相遇；③当图象相交时两者速度相同．4．如下图，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．假设木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．那么关于木块B的受力个数可能是〔〕A．3个或4个B．3个或5个C．4个或5个D．4个或6个【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A分析，B对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力情况有两种可能．【解答】解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力；应选C．【点评】此题关键先对A分析，根据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后根据牛顿第三律得到A对B有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力．5．如下图，一重为8N的球固在AB杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6N，那么AB杆对球作用力的大小为〔〕A．6 N B．8 N C．10 N D．12 N【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】分析球的受力情况：重力、测力计的拉力和AB杆对球作用力，由平衡条件求出AB杆对球作用力的大小．【解答】解：以球为研究对象，分析受力情况：重力G、测力计的拉力T和AB 杆对球作用力F，由题，G=8N，T=6N．由平衡条件知，F与G、T的合力大小相、方向相反，作出力的合成图如图．那么有F==10N应选：C【点评】此题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键．难度不大．6．如下图，一只盛水的容器固在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球．乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是〔以小车为参考系〕〔〕A．铁球向左，乒乓球向右B．铁球向右．乒乓球向左C．铁球和乒乓球都向左D．铁球和乒乓球都向右【考点】惯性．【专题】常规题型．【分析】当容器随小车突然向右运动时，铁球由于惯性要保持原来状态，故相对小车向左运动；当容器随小车突然向右运动时，容器中的水也有惯性，故也有相对小车向左运动的趋势，水的密度大于整个乒乓球的密度，故把乒乓球挤向右，故乒乓球故相对小车向右运动．【解答】解：因为小车突然向右运动时，由于惯性，铁球和乒乓球都有向左运动趋势，但由于与同体积的“水球〞相比铁球的质量大，惯性大，铁球的运动状态难改变，即速度变化慢，而同体积的水球的运动状态容易改变，即速度变化快，而且水和车一起加速运动，所以小车加速运动时，铁球相对于小车向左运动，同理由于与同体积的“水球〞相比乒乓球的质量小，惯性小，乒乓球向右运动．应选：A．【点评】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性．原来静止的物体具有保持静止状态的性质；原来处于运动的物体，具有保持匀速直线运动状态的性质，此题的难度在于这两个小球分别在一只盛水的容器中，因此解题时要考虑水的密度大于整个乒乓球密度，水的密度小于整个铁球密度，总之此题有一的拔高难度，属于难题．7．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，那么在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是〔〕A．μma B．ma C ．D．F﹣Ma【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；牛顿运动律的用-连接体．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小相同，对小车和木块受力分析，根据牛顿第二律可以求得摩擦力的大小．【解答】解：A、物体受到的摩擦力为静摩擦力，静摩擦力是根据二力平衡来计算的，不能根据f=μF N来计算的，所以A错误．B、对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿第二律可得，f=ma，所以B正确．C、对整体由牛顿第二律可得F=〔M+m〕a，所以加速度a=，所以物体受到的摩擦力的大小f=ma=，所以C正确．D、对小车受力分析可得，F﹣f=Ma，所以车和物体之间的摩擦力的大小为f=F ﹣Ma，所以D正确．应选BCD．【点评】当分析多个物体的受力、运动情况时，通常可以采用整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小．8．一轻杆BO，其O端用光滑铰链铰于固竖直杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如下图．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO与杆AO间的夹角θ逐渐减小，那么在此过程中，拉力F及杆BO所受压力F N的大小变化情况是〔〕A．F N先减小，后增大B．F N始终不变C．F先减小，后增大D．F逐渐不变【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F N与边长AO、BO及物体重力的关系，再分析F N的变化情况．【解答】解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△ABO得得到 F N =式中，BO、AO、G不变，那么F N保持不变．应选B【点评】此题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．9．传送机的皮带与水平方向的夹角为α，如下图，将质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起向下以加速度为a〔a＞gsin α〕匀加速直线运动，那么〔〕A．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向上B．小物体受到的静摩擦力的方向一沿皮带向下C．小物块受到的静摩擦力的大小可能于mgsinαD．小物块受到的静摩擦力的大小可能于零【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】质量为m的物体放在皮带传送机上，随皮带一起以向下加速度做匀加速直线运动，受重力、支持力和静摩擦力作用下运动，根据牛顿第二律列方程讨论解决【解答】解：A、由牛顿第二律列方程得：mgsinα+f=ma＞mgsinα，故静摩擦力的方向一沿皮带向下，故AD错误B正确；C、由牛顿第二律列方程得：f=ma﹣mgsinα，当加速度于2gsinα时，小物块受到的静摩擦力的大小于mgsinα，所以C正确；应选：BC【点评】解决此题的关键能够正确地进行受力分析，抓住物体的加速度方向与传送带运动方向相同，运用牛顿第二律进行求解．10．关于伽利略理想，以下说法正确的选项是〔〕A．理想是一种实践活动B．理想是一种思维活动C．伽利略的理想否了亚里士多德关于力与运动的关系D．伽利略的理想证实牛顿第二律【考点】物理学史．【分析】要了解伽利略“理想〞的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略的之处不是本身，而是所使用的独特的方法在的根底上，进行理想化推理．〔也称作理想化〕它标志着物理学的真正开端．【解答】解：AB、伽利略理想是针对没有摩擦的情况而言，而没有摩擦力是不存在的，这个实际上是永远无法做到的，它是一种逻辑思维活动，故A错误，B 正确；C、古希腊学者亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，伽利略通过斜面推翻了亚里士多德的说法，故C正确；D、该是证明物体不受力时将保持静止或做匀速直线运动，证实了牛顿第一律而不是牛顿第二律，故D错误．应选：BC．【点评】伽利略的“理想〞是建立在可靠的事实根底之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．二、题〔此题共2小题，共15分.按题目要求作答.〕11．某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系〞．如图a为装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有砝码的小桶，D为一端带有滑轮的长方形木板，中认为细绳对小车拉力F于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a可用纸带上点求得．〔1〕图〔b〕为某次得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为9 m/s2．小车在C点时的速度大小是 4 m/s〔保存三位有效数字〕在“探究加速度与力的关系〞时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据数据作出了加速度a与合力F图线如图c，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因：前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题；牛顿运动律综合专题．【分析】根据连续相时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度大小，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出C点的速度．根据F不为零，加速度仍然为零，分析误差形成的原因．【解答】解：〔1〕由纸带可知，在连续相时间内的位移之差△x=0.51cm，根据△x=aT2得，小车的加速度大小为：a=，小车在C点的速度为：=4m/s．由图线可知，当F不于零时，加速度仍然为零，知前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．故答案为：〔1〕9，4，前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．【点评】解决此题的关键知道误差的来源，掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度和加速度．12．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的中，设计了图甲所示装置，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧下端，每次都测出相的弹簧总长度，将数据填在下面的表中．〔弹簧始终在弹性限度内〕测量次数 1 2 3 4 5 6弹簧弹力大小F/N 0 0.49 0.98 7 6 5弹簧总长x/cm 0 6 4 8 10.85 15〔1〕根据数据在图乙的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F跟弹簧总长X之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对的点描出来，并作出F﹣X图线．图线跟坐标轴交点的物理意义是弹簧的原长．〔3〕该弹簧的劲度系数k= 42N/m 〔保存两位有效数字〕【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题；弹力的存在及方向的判专题．【分析】该题考察了对于<探究弹力和弹簧伸长的关系>中，对弹力于弹簧长度变化关系的分析．图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长．【解答】解：〔1〕根据数据在坐标纸上描出的点，根本上在同一条直线上．可以判F和L间是一次函数关系．画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧．图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长．所以图线跟坐标轴交点的物理意义是弹簧的原长．〔3〕图线的物理意义是说明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k=可得k=42N/m．故答案为：〔1〕如上图弹簧的原长〔3〕42N/m．【点评】描线时要将尽可能多的点画在直线上，少数的点尽可能平均的分布于直线两侧．在用胡克律时，要首先转化单位，要知道图线与坐标轴的交点的横坐标是弹簧的原长．知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．三、计算题〔4题，共41分〕13．以12m/s的速度行驶，关闭油门后以3m/s 2的加速度匀减速，求：〔1〕在3秒末的速度；它在关闭油门后7秒内的位移均速度．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间，判断是否停止，再结合速度公式和位移公式求出的速度和位移，根据平均速度的义式求出平均速度的大小．【解答】解：〔1〕速度减为零的时间，那么3s末的速度v=v0+at=12﹣3×3m/s=3m/s．关闭油门后7s内的位移于4s内的位移，那么x=．那么平均速度3m/s．答：〔1〕在3秒末的速度为3m/s；它在关闭油门后7秒内的位移为24m，平均速度为3m/s．【点评】此题考查了运动的刹车问题，是道易错题，注意速度减为零后不再运动．14．升降机地面上固着一个倾角θ=37°的光滑斜面，用一条平行于斜面的细绳拴住一个质量m=2kg的小球，如下图，当升降机以加速度a=2m/s2做竖直向上匀加速直线运动时，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：〔1〕绳子对球的拉力T；小球对斜面的压力N．【考点】牛顿第二律；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；量思想；合成分解法；牛顿运动律综合专题．【分析】对小球受力分析，抓住水平方向上合力为零，竖直方向上有合力，合力方向向上，结合牛顿律求出拉力和支持力的大小，从而求出小球对斜面的压力．【解答】解：在竖直方向上有：Tsinθ+Ncosθ﹣mg=ma，在水平方向上有：Tcosθ﹣Nsinθ=0由上式得：T=1N，沿斜面向上；N=1N根据牛顿第三律，球对斜面的压力：N'=N=1N，方向垂直斜面向下．答：〔1〕绳子对球的拉力为1N．小球对斜面的压力为1N．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，运用正交分解，根据牛顿第二律进行求解，解题时不能思维势，总认为以斜面方向建立x轴，垂直斜面方向为y轴．15．如下图为一足够长斜面，其倾角为θ=37°，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s内位移为4m，2s末撤去力F，〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2〕求：〔1〕物体与斜面间的动摩擦因数μ；从撤掉力F开始s末物体的速度v；〔3〕从静止开始s内物体的位移和路程．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕物体先沿斜面向上做匀加速运动，撤去F后做匀减速运动．根据运动学公式求出前2s内物体的加速度，由牛顿第二律和摩擦力公式求出物体与斜面间的动摩擦因数μ；由牛顿第二律求出撤去F后物体的加速度，由速度公式求出撤去F开始s末物体的速度v．〔3〕物体先沿斜面向上做匀加速运动，撤去F后做匀减速运动，再向下做匀加速运动．由牛顿第二律求出撤去F后物体向上匀减速运动的加速度和时间，进一步求出其位移，根据牛顿第二律求出向下运动的加速度，进一步求出向下加速运动的时间和位移，再进一步求解总位移和路程．【解答】解：〔1〕设力F作用时物体的加速度为a1，匀加速运动的时间为：t1=2s，那么由s=得：a1==m/s2 =2m/s2。