2017-2018学年天津市六校高一上学期期末联考物理试题Word版含解析
天津市六校2018-2019学年高一上学期期中联考物理试卷Word版含答案
天津市六校2018-2019学年高一上学期期中联考物理试卷Word版含答案2018-2019学年度第一学期期中六校联考高一物理试卷参考学校：宝坻一中、杨村一中、静海一中、芦台一中、蓟县一中、四十七中Ⅰ、选择题（本题共12个小题，1-8为单选题，每小题3分。
9-12为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分，共40分。
把答案涂在答题卡上）1．下列关于质点的说法中正确的是（）A．研究运动员百米赛跑冲刺动作时，运动员可以看作质点B．研究地球公转时，地球不可以看作质点C．研究足球运动员踢出的弧线球时，可以将球看作质点D．研究从北京开往上海的一列火车的运行总时间时，火车可以看作质点2．伽利略对自由落体的研究,创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法,这就是( )A．对自然现象进行总结归纳的方法B．对自然现象进行总结归纳，并用实验进行验证的方法C．用科学实验进行探究的方法D．把实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐结合起来的方法3．一个物体做匀变速直线运动，它的位移与时间的关系式为x=t+t2（m），从t=0时开始，运动了t1时间时，它的速度大小为3m/s，则有（）A．t1=1s B．t1=2s C．t1=4s D．t1=8s4．在下图中, a、b表面均光滑且保持静止状态, 天花板和地面均水平.a、b间一定有弹力的是（）5．物块从固定斜面底端以一定的初速度沿斜面上滑，其速度大小随时间变化关系如图所示，则物块( )A.在1.5s时离斜面底端最远B．沿斜面上滑的最大距离为2mC．在1.5s时回到斜面底端D．上滑时加速度大小是下滑时加速度大小的2倍6．如图所示，甲、乙两物体在同一条直线上运动，折线是物体甲运动的图像，直线是物体乙运动的图像，则下列说法中正确的是（）A、0-2s内甲、乙两个物体运动方向相同B、2-6s内甲物体做匀速直线运动，速度大小为10m/sC、乙做匀减速直线运动，加速度大小是5 m/s2D、甲乙两物体在距甲的出发点60m处相遇7．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，则汽车刹车的初速度大小为( )A．12m/s B．11m/s C．10m/s D．9m/s8．在平直的公路上A车正以vA＝4 m/s的速度向右匀速运动，在A车的正前方7m处B车此时正以vB＝10 m/s的初速度向右匀减速运动，加速度大小为2 m/s2，则A 追上B所经历的时间是( )A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s9．如图所示的x－t图象和v－t图象中，给出的四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列正确的是( )A.图线1、2、3、4都描述物体做直线运动B.x－t图象中在t1时刻，物体1的速度大于物体2的速度C.v－t图象中0至t３时间内，物体4的平均速度大于物体3的平均速度D.两图象中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动10．如图所示,有一重力不计的方形容器,被水平力F压在竖直的墙面上处于静止状态,现缓慢地向容器内注水,直到将容器刚好盛满为止,在此过程中容器始终保持静止,则下列说法中正确的是( )A．容器受到的摩擦力不变B．容器受到的摩擦力逐渐增大C．水平力F可能不变D．水平力F可能逐渐减小11．一辆农用“小四轮”漏油,假如每隔l s漏下一滴,车在平直公路上行驶,一位同学根据漏在路面上的油滴分布,分析“小四轮”的运动情况(已知车的运动方向)。
天津市第一中学2017-2018学年高一下学期期末物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年天津一中高一（下）期末物理试卷一、选择题：1．下列说法正确的是（）A．作用力做正功时，反作用力一定做负功B．一对作用力和反作用力的功一定大小相等，正负相反C．滑动摩擦力一定对物体做负功D．一对作用力和反作用力的冲量一定大小相等，方向相反2．如图所示，长为L的细线，一端固定在O点，另一端系一个球．把小球拉到与悬点O 处于同一水平面的A点，并给小球竖直向下的初速度，使小球绕O点在竖直平面内做圆周运动．要使小球能够在竖直平面内做圆周运动，在A处小球竖直向下的最小初速度应为（）A．B．C．D．3．某行星的卫星，在靠近行星的轨道上运行，若要计算行星的密度，唯一要测量出的物理量是（万有引力常量已知）（）A．行星的半径B．卫星的半径C．卫星运行的线速度D．卫星运行的周期4．以下说法中正确的是（）A．物体做匀速直线运动，机械能一定守恒B．物体做匀加速直线运动，机械能一定不守恒C．物体所受合外力不为零，机械能可能守恒D．物体所受合外力不为零，机械能一定不守恒5．如图所示，一直角斜面体，固定在水平面上，左侧倾角为60°，右侧倾角为30°，A、B 两物体分别系于一根跨过定滑轮的轻绳的两端且分别置于斜面上，两物体的下边缘在同一高度，且处于平衡态，不计所有摩擦，剪断绳，让物体由静止下滑，下列正确的是（）A．着地时两物体的速度相等B．着地时两物体的机械能相等C．着地时两物体所受重力的功率相等D．两物体沿斜面运动的时间相等6．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示．以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．前3s内与最后2s内货物的平均速度不相同D．第3s末至第5s末的过程中，货物的机械能不守恒7．如图，高为h的光滑平面上有一质量为m的物块，用绳子跨过定滑轮由地面上的人以速度V0向右拉动，当人从平面的边缘处向右匀速前进了S的距离（不计人身高，不计绳的质量以及绳与滑轮间的摩擦力），则（）A．在该过程中，物块也做匀速运动B．人对物块做功mv02C．人对物块做功D．物块运动的速率为8．质量相等的两物块A、B，紧靠在一起，静止在光滑的水平面上，在与水平方向成θ角的恒力F作用下，经ts下述正确的是（）A．A对B做的功，在数值上大于B对A做的功B．力F的冲量等于A、B物体动量的增量C．力F的功，等于A、B物体动能的增量D．力F对A做的功小于A对B做的功9．质量为m的物体，从静止匀加速上升到h高度，加速度大小为g，以下说法中正确的是（）A．物体的动能增加了mgh B．物体的重力势能增加了mghC．物体的机械能增加了2mgh D．物体的机械能不变10．一个人以相同速率从同一高度按不同方向推出铅球，从推出到铅球落地（）A．重力的冲量相同B．落地时铅球动量相同C．此过程重力功相同D．落地时铅球动能相同11．如图所示，两个固定的光滑半圆碗，半径分别为R1，R2且R1＞R2，质量相等的A、B 两小球，从碗的上边缘由静止滚下，碗的上边缘，在同一水平面上，设为零势位．下述正确的是（）A．小球由静止滚下，在达最低点P过程中，小球受到的合外力总是指向圆心B．两小球达到最低点P时，对碗的压力相同C．两小球在最低点P时，机械能相等D．两小球达最低点P时速度相同12．光滑的水平面上静置两辆小车A、B，车上各固定一块条形磁铁，如图所示，两车相隔一段距离，现同时释放两车，则（）A．两车的动量之比和动能之比不随时间而变化B．两车速度之比和加速度之比随时间而减小C．两车的动量都增加，它们的总动量不变D．两车的动能都变化，它们的总动能不变二、填空题：13．已知地球半径为R，地球自转角速度为ω，地球表面重力加速度为g，同步卫星距地面高度h=（用以上三个量表示）14．质量为m，发动机的额定功率为P0的汽车沿平直公路行驶，当它的加速度为a时，速度为v，测得发动机的实际功率为P1，假定运动中所受阻力恒定，它在平直的路上匀速行驶的最大速度为．15．斜面倾角θ，斜面长S，固定在水平地面上，质量为m的小物体（看作质点）放在斜面顶端，物体与斜面间动摩擦因数为μ，从静止释放物体m，物体加速下滑到斜面底端时速度大小为，重力的瞬时功率为．16．质量为1kg的小球从离地面5m高处自由落下，与地面碰撞后，上升的最大高度为3.2m，设球与地面接触的时间为0.2s，则小球对地面的平均冲力为．17．一个质量为M，底面长为L的三角形劈静止于光滑的水平桌面上，如图，有一个质量m的底边长为a的小三角形劈由斜面顶部无初速滑到底部时，大三角形劈移动的距离为．18．如图所示，水平地面上固定有高为h的平台，台面上有固定的光滑坡道，坡道顶端距台面高也为h，坡道底端与台面相切．小球A从坡道顶端由静止开始滑下，到达水平光滑的台面后与静止在台面上的小球B发生碰撞，并粘连在一起，共同沿台面滑行并从台面边缘飞出，落地点与飞出点的水平距离恰好为台高的一半．两球均可视为质点，忽略空气阻力，重力加速度为g．则，小球A刚滑至水平台面的速度v A=A、B两球的质量之比为m A：m B为．19．关于探究“功与物体速度变化关系”的实验操作，下列说法中正确的是（）A．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值B．每次实验中，橡皮筋伸长的长度必须保持一致C．放小车的长木板应该保持水平D．先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出E．通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度F．所选橡皮筋长度必须一样，粗细可以不同20．在“验证机械能守恒定律的实验”中，打点计时器接在电压为E，频率为f的交流电源上，在实验中打下一条理想纸带，如图所示，选取纸带上打出的连续的五个点A、B、C、D、E，测出A距起始点O的距离为s0，点AC间的距离为s1，点CE间的距离为s2，已知重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则（1）起始点O到打下C点的过程中，重锤重力势能的减少量为△E P=（2）根据题中提供的条件，可求出重锤实际下落的加速度a=，它和当地的重力加速度g进行比较，则a g（填“大于”、“等于”或“小于”）三、计算题：21．输出功率保持100kW的起重机从静止开始起吊500kg的货物，当升高到2m时速度达到最大；g取10m/s2，求：（1）最大速度是多少？（2）这一过程所用时间多长？22．如图所示，一根跨过一固定水平光滑细杆O的轻绳，两端各系一小球，球a置于地面，球b被拉到与细杆等高的位置，在绳刚被拉直时（无张力）释放b球，使b球由静止下摆，设两球质量相等，则a球刚要离开地面时，跨越细杆的两段绳之间的夹角为多少？23．如图所示，绷紧的传送带在电动机的带动下，始终保持v0=6m/s的速度匀速运行，传送带与水平面成30°，现把一个质量m=10kg的工件轻轻地放在传送带的底端，经过一段时间后，工件被送到h=2.5m的平台上，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=，若不计其它损失，在传送工件的过程中，电动机消耗的电能是多少？（g=10m/s2）24．如图所示，水平光滑地面上停放着一辆小车，左侧靠在竖直墙壁上，小车的四分之一圆弧轨道AB是光滑的，在最低点B与水平轨道BC相切，BC的长度是圆弧半径的10倍，整个轨道处于同一竖直平面内．可视为质点的物块从A点正上方某处无初速下落，恰好落入小车圆弧轨道滑动，然后沿水平轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出．已知物块到达圆弧轨道最低点B时对轨道的压力是物块重力的9倍，小车的质量是物块的3倍，不考虑空气阻力和物块落入圆弧轨道时的能量损失．求：（1）物块开始下落的位置距水平轨道BC的竖直高度是圆弧半径的几倍（2）物块与水平轨道BC间的动摩擦因数μ2017-2018学年天津一中高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：1．下列说法正确的是（）A．作用力做正功时，反作用力一定做负功B．一对作用力和反作用力的功一定大小相等，正负相反C．滑动摩擦力一定对物体做负功D．一对作用力和反作用力的冲量一定大小相等，方向相反考点：动量定理；功的计算．分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失；力做功的正负即决于力和位移的方向关系．冲量取决于力和作用的时间．解答：解：A、作用力和反作用力是作用在两个相互作用的物体之上的；作用力和反作用力可以同时做负功，也可以同时做正功；如冰面上两个原来静止的小孩子相互推一下之后，两人同时后退，则两力做正功；而两个相对运动后撞在一起的物体，作用力和反作用力均做负功，故AB错误；C、滑动摩擦力可以做正功也可以做负功，还可以不做功；故C错误；D、作用力和反作用力大小相等，方向相反，故它们的冲量Ft一定大小相等，方向相反；故D正确；故选：D．点评：本题考查牛顿第三定律及其理解．要注意理解牛顿第三定律与平衡力的区别；同时根据功的定义和动量的定义分析明确它们做功的关系．2．如图所示，长为L的细线，一端固定在O点，另一端系一个球．把小球拉到与悬点O处于同一水平面的A点，并给小球竖直向下的初速度，使小球绕O点在竖直平面内做圆周运动．要使小球能够在竖直平面内做圆周运动，在A处小球竖直向下的最小初速度应为（）A．B．C．D．考点：向心力；牛顿第二定律；机械能守恒定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：当小球恰好通过圆周最高点B时，小球的初速度最小．根据牛顿第二定律和机械能守恒定律求出在A处小球竖直向下的最小初速度．解答：解：当小球恰好到达圆周的最高点B时，由重力提供向心力，则有mg=m，得根据机械能守恒定律得：mgL+=解得，故选C点评：本题是机械能守恒定律与向心力知识的综合应用．轻绳系的小球恰好到达圆周的最高点时，临界速度为v=，是常用的临界条件．3．某行星的卫星，在靠近行星的轨道上运行，若要计算行星的密度，唯一要测量出的物理量是（万有引力常量已知）（）A．行星的半径B．卫星的半径C．卫星运行的线速度D．卫星运行的周期考点：万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力G=mR（）2去求行星的质量．根据密度公式表示出密度．解答：解：根据密度公式得：ρ==A、已知行星的半径，不知道质量，无法求出行星的密度，故A错误．B、已知卫星的半径，无法求出行星的密度，故B错误．C、已知飞船的运行速度，根据根据万有引力提供向心力，列出等式可以表示出行星的质量，但是代入密度公式无法求出行星的密度，故C错误．D、根据根据万有引力提供向心力，列出等式：G=mR（）2 得行星的质量：M=代入密度公式得：ρ=，故选D．点评：运用物理规律表示出所要求解的物理量，再根据已知条件进行分析判断．4．以下说法中正确的是（）A．物体做匀速直线运动，机械能一定守恒B．物体做匀加速直线运动，机械能一定不守恒C．物体所受合外力不为零，机械能可能守恒D．物体所受合外力不为零，机械能一定不守恒考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：机械能守恒条件：当发生动能与重力势能的转化时，只有重力做功，当发生动能与弹性势能的转化时，只有弹力做功，其他力均不做功，则系统的机械能守恒．解答：解：A、物体做匀速直线运动，动能不变，势能可能变化，如匀速上升，故A错误；B、物体做匀加速直线运动，加速度恒定，合力恒定，但不一定只有重力或弹力做功，故机械能不一定守恒，故B错误；C、D、物体所受合外力不为零，处于非平衡态，机械能可能定守恒，如各种抛体运动，故C正确，D错误；故选C．点评：本题是机械能守恒条件的运用问题，可以看是否只有重力和弹力做功，也可以看是否只有势能和动能相互转化．5．如图所示，一直角斜面体，固定在水平面上，左侧倾角为60°，右侧倾角为30°，A、B 两物体分别系于一根跨过定滑轮的轻绳的两端且分别置于斜面上，两物体的下边缘在同一高度，且处于平衡态，不计所有摩擦，剪断绳，让物体由静止下滑，下列正确的是（）A．着地时两物体的速度相等B．着地时两物体的机械能相等C．着地时两物体所受重力的功率相等D．两物体沿斜面运动的时间相等考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：原来系统处于静止状态，分别对物体受力分析，由共点力的平衡即可得出两物体的质量之比；剪断细线后，两物体在重力的作用下自由下滑，由机械能守恒可求得落地的速度，由功率公式可求得两物体所受重力做功的功率之比．解答：解：A、绳子剪断后，两个物体的机械能都守恒，设两个物体原来离水平面的高度为h，则对任意一物体有：mgh=mv2，v=由于初末位置高度差相等，故着地瞬间两物体的速度大小相等，但速度方向不同，所以速度不相等．故A错误；B、开始时，由于质量不同，高度相等，初位置时两个物体的重力势能不等，机械能不等．绳子剪断后，两个物体都是机械能守恒，故落地时机械能不等，故B错误；C、原来两物体均处于平衡状态，绳子对A、B的拉力大小相等，根据平衡条件得：对A有：m A gsin60°=T；对B有：m B gsin30°=T则有m A gsin60°=m B gsin30°着地瞬间两物体所受重力的功率之比为==1，故C正确；D、对A有：=，对B有：=对比可知：t A≠t B．故D错误．故选：C．点评：本题系统从平衡态到非平衡态，按时间顺序进行分析研究，静止时，根据平衡条件分析质量关系；下滑过程，关键要抓住各自的机械能守恒，列出着地时速度的大小相等．要注意重力功率等于重力沿斜面方向的分力与速率的乘积，不是重力与速率的乘积．6．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示．以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．前3s内与最后2s内货物的平均速度不相同D．第3s末至第5s末的过程中，货物的机械能不守恒考点：机械能守恒定律；匀变速直线运动的图像．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据平均速度的公式比较前3s内和后2s内平均速度的大小．根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒．解答：解：A、前3s内货物向上做匀加速直线运动，受重力和拉力两个力作用，由牛顿第二定律知拉力大于重力，货物处于超重状态．故A错误．B、最后2s内物体的加速度大小a===3m/s2＜g，由牛顿第二定律货物除受重力外，还一定受到其他力．故B错误．C、前3s内的平均速度=3m/s，后2s内的平均速度==3m/s，两段时间内的平均速度相同．故C错误．D、第3s末至第5s末，货物做匀速直线运动，重力势能增加，动能不变，机械能增加．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握机械能守恒定律的条件．7．如图，高为h的光滑平面上有一质量为m的物块，用绳子跨过定滑轮由地面上的人以速度V0向右拉动，当人从平面的边缘处向右匀速前进了S的距离（不计人身高，不计绳的质量以及绳与滑轮间的摩擦力），则（）A．在该过程中，物块也做匀速运动B．人对物块做功mv02C．人对物块做功D．物块运动的速率为考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：对人运动的速度进行分解，分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物块的速度，根据动能定理求出人对滑块所做的功解答：解：A、将人的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物块的速度，如图所示，物块的速度等于v0cosθ，v不变，θ在变化，所以物块的速度在变化，物块做变速直线运动，故A错误．B、当人从平台的边缘处向右匀速前进了S，此时物块的速度大小为：v′=v0cosθ=v0，根据动能定理得：W=mv′2=，故BD错误，C正确．故选：C．点评：解决本题的关键知道物块的速度等于绳子收缩的速度，等于人运动的沿绳子方向上的分速度，以及能够灵活运用动能定理．8．质量相等的两物块A、B，紧靠在一起，静止在光滑的水平面上，在与水平方向成θ角的恒力F作用下，经ts下述正确的是（）A．A对B做的功，在数值上大于B对A做的功B．力F的冲量等于A、B物体动量的增量C．力F的功，等于A、B物体动能的增量D．力F对A做的功小于A对B做的功考点：动能定理的应用；动量定理．专题：动能定理的应用专题．分析：根据物体的受力情况与运动情况应用功的计算公式、动量定理、动能定理分析答题．解答：解：A、A与B间存在相互的作用力，它们大小相等、方向相反，A、B的位移大小相等，由于F、s大小都相等，由W=Fs可知，A对B作用力做的功与B对A的作用力做的功大小相等，故A错误；B、由动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，由于欧A、B所受合外力小于恒力F，则A、B系统动量的增量小于F的冲量，故B错误；C、合外力对A、B系统所做的功等于F对系统做的功，由动能定理可知，力F做的功等于A、B物体动能的增量，故C正确；D、由于A、B质量相等、速度相等，则A、B获得的动能相等，由动能定理可知，力F对A做的功等于A对B做的功，贵D错误；故选：C．点评：本题考查了动能定理的应用，分析清楚物体运动过程，应用动量定理、动能定理与功的计算公式可以解题．9．质量为m的物体，从静止匀加速上升到h高度，加速度大小为g，以下说法中正确的是（）A．物体的动能增加了mgh B．物体的重力势能增加了mghC．物体的机械能增加了2mgh D．物体的机械能不变考点：动能定理的应用；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：对物体受力分析，受重力G和向上的拉力F，根据牛顿第二定律列式求出各个力，然后根据功能关系得到各种能量的变化情况．解答：解：A、物体从静止开始以g的加速度沿竖直方向匀加速上升，由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，解得：F=2mg，由动能定理得：﹣mgh+Fh=E k﹣0，解得E k=﹣mgh+Fh=mgh，故A正确；B、物体上升，克服重力做功，物体重力势能增加了mgh，故B正确；C、物体重力势能增加量mgh，动能增加了mgh，故机械能增加量2mgh，故C正确，D错误；故选ABC．点评：本题关键对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求出拉力F，最后根据动能定理和重力做功和重力势能变化的关系列方程求解．10．一个人以相同速率从同一高度按不同方向推出铅球，从推出到铅球落地（）A．重力的冲量相同B．落地时铅球动量相同C．此过程重力功相同D．落地时铅球动能相同考点：功的计算；动量定理．分析：运动的时间可以通过速度时间公式去分析；速度相同包括速度的方向也要相同；动量的方向与速度方向相同；根据机械能守恒条件判断机械能是否守恒．从而确定末动能是否相同．解答：解：以不同方式推出铅球，可以假定为平抛、竖直上抛和竖直下抛三种特殊情况；则有：A．竖直上抛，竖直下抛两个小球落地速度方向都是竖直向下，从抛出到落地的过程中运用动能定理得：mv2﹣mv02=mgh，由题意可知，三个球的h、m、v0都相同，所以末速度的大小相等，即两个小球的落地时速度相同，根据v=v0+gt，v相同，v0不同（方向不同）所以运动时间不同，故A错误；B、速度相同包括方向相同，竖直上抛运动，竖直下抛运动落地的速度竖直向下，平抛运动的物体落地速度与竖直方向有一定的夹角，故三个小球落地速度不相同，故动量不相同；故B错误；C、三个小球的下落高度相同，故三个小球重力做功相同；故C正确；D、根据B选项分析，这三个球运动过程中机械能守恒，而初时刻三个球机械能相等，所以落地时的动能相同；故D正确．故选：CD．点评：抛体运动有多种可能，本题只列出了其中只受重力的三个基本运动的速度、时间、动能之间的关系，其他的抛出方式可先分解后再进行分析．11．如图所示，两个固定的光滑半圆碗，半径分别为R1，R2且R1＞R2，质量相等的A、B 两小球，从碗的上边缘由静止滚下，碗的上边缘，在同一水平面上，设为零势位．下述正确的是（）A．小球由静止滚下，在达最低点P过程中，小球受到的合外力总是指向圆心B．两小球达到最低点P时，对碗的压力相同C．两小球在最低点P时，机械能相等D．两小球达最低点P时速度相同考点：机械能守恒定律；共点力平衡的条件及其应用．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：分析小球的受力情况，确定合外力方向．因两小球均只有重力做功，故机械能守恒，由机械能守恒定律可得出小球在碗底的动能和速度；由向心力公式可知小球对碗底的压力．解答：解：A、小球运动过程中，受到重力和碗的支持力，支持力指向圆心，由力的合成可知，小球由静止滚下在达最低点P过程中，小球受到的合外力并不指向圆心，只在P点指向圆心，故A错误．BC、两小球均只有重力做功，故机械能守恒，两球相对于零势能面的高度相同，且动能都为零，故两球到达底部时，两球的机械能一定相等．对于任一球：由机械能定恒可知mgR=，解得：v=在碗底，由F﹣mg=m可知，F=3mg；两球受碗的支持力相等，故两球对碗的压力相等，故BC正确．D、由v=，知两小球达最低点P时速度不同，半径大的速度大，故D错误．故选：BC．点评：本题关键是对小球下滑过程运用机械能守恒定律列式求速度，再对小球经过碗底时，合力充当向心力列式求解支持力．本题的结果最好在理解的基础上记住：F与半径无关．12．光滑的水平面上静置两辆小车A、B，车上各固定一块条形磁铁，如图所示，两车相隔一段距离，现同时释放两车，则（）A．两车的动量之比和动能之比不随时间而变化B．两车速度之比和加速度之比随时间而减小C．两车的动量都增加，它们的总动量不变D．两车的动能都变化，它们的总动能不变考点：动量守恒定律．分析：两车组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律、动量与动能的关系、牛顿第二定律分析答题．解答：解：A、两车组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：p A﹣p B=0，动量之比：=保持不变，动能之比：==保持不变，故A正确；B、两车组成的系统动量守恒，两车动量之比为1，保持不变，速度之比：==保持不变，两车所受的合力是作用力与反作用力，大小相等，加速度之比：==保持不变，故B错误；C、两车在运动过程中速度越来越大，车的动量越来越大，两车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可知，两车的总动量不变，故C正确；D、两车的速度越来越大，两车的动能都增大，系统的总动能越来越大，故D错误；故选：AC．。
2017-2018学年度第一学期八县市一中期末联考高一物理答案 精品
2017－2018学年度第一学期八县（市）一中期末联考高中 一 年 物理 科试卷答案一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。
)二、实验题（本题共2小题，每空2分，作图2分，共16分）13. （1）图略（没有尺规作图或画出力的图示均不得分） F=4.80～5.20N 均可 （2）AC(漏选得1分，错选不得分) 14. （1）D（2）丙 C （3）0.56 0.80三、解答题（本题共4小题，共36分。
在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分，有数值计算的题答案应明确写出数值和单位。
） 15. （6分）解：（1）由2gt 21h =得 s 3gh2t == … 2分 （2）由gh 2v 2t = 得 gh 2v t ==m 30 （或由gt v t =求解） … 2分（3）s m /15thv == … 2分16. （9分）解：（1）对B ：θcos mg =N …2分1分 （2）对A ：竖直方向 g mg g cos M M N N +=+=地 …3分 （3）对A ：水平方向 θθmgtan sin f /==N 地 …3分 （2、3两步亦可用整体法求解）17. （9分）解：（1）1F 作用下的匀速直线运动阶段：竖直方向上：mg 1=N ① …1分 水平方向上：11F N =μ ② …1分 解得05.0=μ …1分 （2）改用2F 作用后的匀加速阶段： 20at 21t v s += ③ …2分 对物体: 竖直方向上：mg 53sin o 22=+F N ④ …1分水平方向上：ma -53cos 2o 2=N F μ ⑤ …2分解得 N F 52= …1分18. （12分）解：（1）从A 到P 匀加速过程，根据牛顿第二定律有：1o 1o ma 37mgcos -37mgsin =μ ① … 2分下滑到P 点时的速度： s a 2v 12p = ② … 1分 s m 3v p = … 1分 （2）当传送带静止时：物块做匀减速运动由牛顿第二定律得：22ma mg =μ ③ … 2分 减速到速度为零过程中位移大小为S 0,由 022p s a 2-v -0= ④ … 1分解得：m 25.2s 0=，故在传送带上滑行的最远距离为2.25m 。
2017年天津市五校联考高一上学期物理期末试卷和解析
2016-2017学年天津市五校联考高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共30分）1．（3分）在下列与运动学相关的表述中，正确的是（）A．第3秒表示时刻B．速度、加速度、速度变化量都是矢量C．牛顿、千克、秒全部为国际单位制的基本单位D．路程和位移是两个不同的物理量，在数值上不可能相等2．（3分）如图所示，用一根细绳一端固定在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A处于静止，对小球施加的最小的力等于（）A．mg B．mg C．mg D．mg3．（3分）一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2．弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（）A．B．C．D．4．（3分）用水平传送带传送货物，若传送带与货物间无相对滑动，设货物受到的摩擦力大小为F，下列说法中正确的是（）A．传送带速度越大，则F越大B．F的方向一定跟货物的运动方向相同C．传送带匀速运动时，F一定为零D．传送带的加速度方向可能与F方向相反5．（3分）如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点，如果物体受到的阻力恒定，则（）A．物体从A到O的过程加速度逐渐减小B．物体从A到O点先加速后减速C．物体从A到O加速运动，从O到B减速运动D．物体运动到O点时所受的合外力为零，速度最大6．（3分）如图是某物体在t时间内运动的位移﹣时间图象和速度﹣时间图象，从图象上可以判断和得到（）A．该物体做的是曲线运动B．该物体运动的时间t为2 sC．该物体运动的加速度为1.5 m/s2D．物体的位移﹣时间图象是抛物线的一部分7．（3分）如图所示，物体A、B的质量分别为m和M，且m＜M把A、B用线相连绕过光滑定滑轮．今用水平力F作用于B，使之沿水平面向右运动，如能恰好使A匀速上升，则水平地面给B的支持力N，摩擦力f和线中张力T的大小的变化情况为（）A．N、f、T均增大B．N、f增大而T不变C．N、f减小而T增大D．N、f减小而T不变8．（3分）如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°．若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力）则（）A．a处小孩最先到O点B．b处小孩最后到O点C．c处小孩最先到O点 D．a、c处小孩同时到O点9．（3分）A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图所示，A、B始终相对静止，则下列说法不正确的是（）A．t0时刻A、B间静摩擦力最大B．t0时刻B速度最大C．2t0时刻A、B间静摩擦力最大D．2t0时刻A、B运动的位移最大10．（3分）如图所示，将一根不能伸长、柔软的轻绳两端分别系于A、B两点上，一物体用动滑轮悬挂在绳子上，达到平衡时，两段绳子间的夹角为θ1，绳子张力为F1；将绳子B端移至C点，待整个系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为θ2，绳子张力为F2；将绳子B端移至D点，待整个系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为θ3，不计摩擦，则（）A．θ1=θ2=θ3B．F1＜F2＜F3C．θ1=θ2＜θ3D．F1=F2＞F3二、多项选择题（每小题至少有两个选项正确，每小题4分，共16分，选对而不全得2分）11．（4分）一质点沿x轴运动，其位置x随时间t变化的规律为：x=10t﹣5t2（m），t的单位为s．下列关于该质点运动的说法正确的是（）A．该质点的加速度大小为5m/s2B．物体回到x=0处时其速度大小为10m/sC．t=2s时刻该质点速度为零D．0～3s内该质点的平均速度大小为5m/s12．（4分）如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量相等，弹簧质量不计，B 和C分别固定在弹簧两端，放在吊篮的水平底板上静止不动．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间（）A．吊篮A的加速度大小为零B．物体B的加速度大小为零C．物体C的加速度大小为D．A、B、C的加速度大小都等于g13．（4分）如图，质量为M的斜面放在粗糙的水平地面上．几个质量都是m的不同物块，先后在斜面上以不同的加速度向下滑动，斜面始终保持静止不动．下列关于水平地面对斜面底部的支持力和静摩擦力的几种说法中正确的有（）A．匀速下滑时，支持力N=（m+M）g，静摩擦力为零B．匀加速下滑时，支持力N＜（m+M）g，静摩擦力的方向水平向左C．匀减速下滑时，支持力N＞（m+M）g，静摩擦力的方向水平向左D．无论怎样下滑，总是N=（m+M）g，静摩擦力为零14．（4分）下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是（）A．B．C．D．三、填空题（每空2分，共16分）15．（4分）质量为0.2kg的小球从某高处由静止落下，设小球所受的空气阻力F 随下落速度的增大而增大，小球的加速度的最大值a max=m/s2．当空气阻力F=N时，小球的速度最大．（g取10m/s2）16．（2分）如图，为杂技“顶杆”表演，一人站在地上肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为．17．（10分）小明同学用如图1所示的实验装置验证规律：物体质量一定，其加速度与所受合力成正比．（1）在平衡摩擦力时，小明用垫木把长木板的右端垫得过高，使得倾角偏大．他所得到的小车的加速度a与细线作用于小车的拉力F之间的关系可用图2中哪条图线表示？答：．（2）小明认为，在做以上实验时，“细线作用于小车的拉力F等于砂和桶的总重力”是有条件的．他把实验装置设想成如图3所示的模型：水平面上的小车，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有砂的小桶相连．已知小车的质量为M，砂和桶的总质量为m，重力加速度为g．若不计摩擦阻力与空气的阻力，根据牛顿第二定律可以计算得出细线作用于小车的拉力F=；由此可知，当满足条件时，才可以认为细线作用于小车的拉力F等于砂和桶的总重力mg．（3）如图4为某次实验得到的纸带，测出AB=1.2cm，AC=3.6cm，AD=7.2cm，计数点A、B、C、D中，每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出，打点计时器打点频率是50Hz，则运动物体的加速度a=m/s2，打B点时运动物体的速度v B=m/s．（结果均保留两位有效数字）四、计算题（共38分，要求写出必要的文字说明和重要的表达式，需要画图的，画出相应的示意图）18．（9分）小球从空中h=20m处自由下落，与水平地面碰撞后以碰前速度的50%竖直反弹到某一高度．（g取10m/s2），不计空气阻力．（1）反弹的高度是多少？（2）从开始下落到第2次落地，经过多长时间？（不计小球与地面接触的时间）19．（8分）如图所示，质量M=4kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力F=6N，当小车向右运动的速度达到2m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=1kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.2，小车足够长．（g取10m/s2）求（1）放小物块后，小物块及小车的加速度各为多大？（2）两者达到相同的速度时小物块的位移的大小？20．（11分）如图所示为上、下两端相距L=5m、倾角α=30°、始终以v=3m/s的速率顺时针转动的传送带（传送带始终绷紧）．将一物体放在传送带的上端由静止释放滑下，经过t=2s到达下端．重力加速度g取10m/s2，求：（1）传送带与物体间的动摩擦因数多大？（2）如果将传送带逆时针转动，速率至少多大时，物体从传送带上端由静止释放能最快地到达下端？21．（10分）如图所示，弹簧秤秤盘B的质量及弹簧质量不计，劲度系数K=1000N/m，物体A的质量为10kg，静置在秤盘上．现给A施加一个竖直向上的力F，使A向上做匀加速直线运动．已知力F在前0.1s内为变力，0.1s后为恒力．求力F的最大值和最小值．（g=10m/s2）2016-2017学年天津市五校联考高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共30分）1．（3分）在下列与运动学相关的表述中，正确的是（）A．第3秒表示时刻B．速度、加速度、速度变化量都是矢量C．牛顿、千克、秒全部为国际单位制的基本单位D．路程和位移是两个不同的物理量，在数值上不可能相等【解答】解：A、第3s是一段时间，是从第3s初到第3s末的一段时间。
2017-2018学年高一物理上学期第六次月考试题(含解析)
教学资料参考范本2017-2018学年高一物理上学期第六次月考试题（含解析）撰写人：__________________部门：__________________时间：__________________A. 用质点代替实际物体是采用了理想模型的方法B. 伽利略在研究自由落体运动时采用了等效替代的方法C. 在探究合力方法的实验中使用了等效替代的方法D. 研究滑动摩擦力的大小与接触面的租糙程度及正压力的关系时可以采用控制变量法【答案】B【解析】用质点代替实际物体是采用了理想模型的方法，质点实际不存在，故A说法正确；伽利略在研究自由落体运动时采用了转换的方法，故B说法错误；在探究求合力的方法实验中使用了等效替代的方法，合力的作用效果与分力的相同，故C说法正确；研究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度及正压力的关系时可以采用控制变量法，让其中一个不变，改变另一物理量，故D说法正确。
所以选B。
2. 下列关于加速度的说法正确的是A. 加速度在数值上等于单位时间里速度的变化B. 当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C. 速度方向为正，加速度方向一定为正D. 速度变化越来越快，加速度越来越小【答案】A【解析】A项，加速度在数值上等于单位时间里速度的变化量，故A项正确。
B项，当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做加速运动，故B项错误。
C项，加速度方向与速度方向无关，与物体所受合外力方向有关，故C项错误。
D项，加速度表示了速度变化的快慢，所以当速度变化越来越快时，加速度越来越大，故D错；综上所述本题答案是：A3. 关于作用力和反作用力，下列说法正确的是A. 地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力B. 石头击鸡蛋，石存蛋破，证明作用力可以大于反作用力C. 匀速上升的气球所受浮力没有反作用力D. 当作用力是摩擦力t，反作用力也一定是摩擦力【答案】D【解析】作用力与反作用力的大小一定相等，方向相反，作用在两个物体上，因此地球对重物的作用力等于重物对地球的作用，故A错误；石头击鸡蛋，石存蛋破，作用力与反作用力大小相等，故B错误；作用力与反作用力它们同时产生，同时变化，同时消失。
六校联考高一物理参考答案
“长汀、上杭、武平、连城、漳平、永定一中”六校联考2018-2019学年第一学期半期考高一物理试题参考答案选择题：每题4分，共56分实验题（每空2分，共14分）15、（1）①交流②1.283.20（2）C 16、（1）如右图（2）40.0（40也给2分）（3）16.0计算题17、（8分）解：（1）不能（2分）（2）最大静摩擦力NG N f m 20===μμ当只将F 1撤去时，F 2＜f m ，物体仍然处于静止，∴f =F 2=10N ，方向向右。
（3分）（3）只撤去F 2时，F 1＞f m ，所以物体滑动，∴f 滑=μN =μG =20N ，方向向左。
（3分）18、（10分）解：（1）空降特战兵出飞机舱后先做自由落体运动,下落了5s 过程下落的距离:m m gt h 1255102121221=⨯⨯==（3分）（2）2.5s 末的速度:sm s m gt v /50/510=⨯==（2分）匀速运动的时间:s s v h t 4502002===（2分）（3）匀减速的时间为：s s a v t 1145063=--=∆=（2分）∴s t t t t 20321=++=总（1分）19、解：（1）由运动学公式有：1110t a v -=，代入数据解得：s t 201=（3分）（2）设经过t 时间两车速度相等由22211t a t a v =-得s t 0.52=，此时两车的最远距离。
（2分）甲的位移：2212121t a t v s -=甲（1分）乙的位移：22221t a s =乙（1分）∴最大距离：m s s s s m 5.1870=+-=乙甲（1分）（3）设甲车恰好停止追上时，乙车加速度为20a ，则：21200121212t a s a v =+（2分）代入数据得：220/5.1s m a =，（1分）故应满足的条件为：22/5.1s m a >（1分）1234567891011121314C B A D C BD A C B BC AD BD BD。
2017~2018学年天津高三上学期期中物理试卷六校联考 【答案版】
2017~2018学年天津高三上学期期中物理试卷六校联考未分组选择题爱智康1.A.B.C.D.答 案解 析原 文在花岗岩、大理石等装饰材料中，都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性元素的说法中正确的是（ ） 射线是发生衰变时产生的，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了个氡的半衰期为天，个氡原子核经过天后就一定只剩下个氡原子核 衰变成要经过次衰变和次衰变放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的C DA选项：发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，核内质量数减少，但中子数减少个，故A错误；B选项：半衰期的对大量原子核的衰变的统计规律，对于单个是不成立的，故B错误；C选项：根据质量数和电荷数守恒可知：发生衰变放出，导致质子数减小个，质量数减小，故中子数减小；发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，电荷数多，质量数不变，所以发生衰变的次数是：次，发生衰变的次数是：次，故C正确；D选项：根据衰变的特点可知，放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的，故D正确．故选CD.1.【答案】C Dαα43.8167.62U 23892Pb206826β8αβα42αHe 42242β1α=8238−2064β2×8−(92−82)=6ββ2.A.B. C.D.如图所示，一物块置于水平地面上，当用水平力拉物块时，物块做匀速直线运动；当拉力的大小不变，方向与水平方向成角斜向上拉物块时，物块仍做匀速直线运动．已知，，则物块与地面之间的动摩擦因数为（ ）F F 37∘sin 37=0.6∘cos 37=0.8∘14132334爱智康答 案解 析原 文B物体做匀速运动，受力平衡；当 水平拉动时有：；斜向上拉动物体时，竖直方向上的支持力为： ，水平方向上有：，联立解得：，故B正确，ACD错误．故选B．2.【答案】BF F =μmg =mg −F sin 37F N ∘F cos 37=μ(mg −F sin 37)∘∘μ=133.A.B.C.D.答 案解 析如图所示，在距离竖直墙壁为处，将一小球水平抛出，小球撞到墙上时，速度方向与墙面成，不计空气阻力．墙足够长，取 ，，，则（ ）球的初速度大小为球撞到墙上时的速度大小为将初速度变为原来的倍，其他条件不变，小球撞到墙上的点上移了若将初速度变为原来的一半，其他条件不变，小球可能不会撞到墙A DA选项：小球做平抛运动，据题有，，联立解得，，故A正确；B选项：球撞到墙上时的速度大小为，故B错误；C选项：将初速度变为原来的倍，其他条件不变，小球运动时间，撞墙时下落的高度为L =1.2m θ=37∘g 10m/s 2sin 37=0.6∘cos 37=0.8∘3m/s4m/s2m 2780L =t v 0tan θ==v 0v y v 0gt t =0.4s =3m/s v 0v ===5m/s v 0sin 37∘30.62==0.2s t ′L2v 0爱智康原 文 ，原来下落的高度为 ，所以小球撞到墙上的点上移 ，故C错误；D选项：若将初速度变为原来的一半，其他条件不变，小球下落相同时水平位移减小，可能不会撞到墙，故D正确．故选AD.3.【答案】A D=g =×10×m =0.02m h ′12t ′2120.22h =g =×10×=0.8m 12t 2120.42s =h −=0.78m h ′4.A.B.C.D.答 案解 析原 文将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，图象如图所示．以下判断正确的是（ ）前内货物处于超重状态第末至第末的过程中，货物完全失重最后内货物只受重力作用前内与最后内货物的平均速度和加速度相同AA选项：前内货物的加速度向上，故货物处于超重状态，故A正确；B选项：第末至第末的过程中，物体匀速运动，处于平衡状态，故B错误；C选项：最后内物体的加速度，负号说明加速度向下，由于加速度小于，故一定受重力之外的向上的其他外力，故C错误；D选项：因初末速度的平均值相同，则由可知，前内与最后内货物的平均速度相同，但图象的斜率不同，因此加速度不相同，故D错误．故选A.v −t 2s 3s 5s 2s 2s 2s 2s 3s 5s 2s a ==−3m/s 0−62g =v ¯¯¯+v v 022s 2s爱智康4.【答案】A5.A.弹簧秤示数变小 B. 将向左运动C.桌面对的摩擦力变小D. 所受合外力变大答 案解 析原 文如图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是，弹簧秤示数为，若轻轻取走盘中砝码，将会出现的情况是（取）（ ）C在初状态中，以为研究对象，设所受绳子拉力为，弹簧弹力为，则所受静摩擦力为：，其中 ，故解得：，说明物体最大静摩擦力大于，当砝码质量减少到时，拉力与重力的合力为；故此时物体物体仍然静止，合力仍然为零，弹簧秤的读数不变，受摩擦力减小，根据牛顿第三定律可知对桌面的摩擦力将变小，故C正确，A、B、D错误．故选C．5.【答案】C0.8kg 5N 0.5kg g 10m/s 2A A A A F 1F 2A =−F f F 1F 2=G F 2=3N F f 3N 0.3kg 5−3=2N <3N A A 6.A.小球运动的线速度大小为 B.小球运动的线速度大小为C.小球在最高点时所受的合力 D.小球在最低点时所受杆的拉力为答 案解 析长为的轻杆一端固定一各质量为的小球，绕另一端在竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示．若小球运动到最高点时对杆的作用力为，以下说法正确的是（ ）CA、B．在最高点，根据牛顿第二定律可知 ，解得，故AB错误；C．小球运动到最高点时对杆的作用力为l 0m O 2mg 2gl 0−−−√gl 0−−−√3mg 3mgmf +F =mv 2l 0v =3gl 0−−−√爱智康原 文，故杆对小球为拉力，故在最高点受到的合力为，故C正确；D．在最低点，根据牛顿第二定律可知 ，解得，故D错误．故选C．6.【答案】C2mg mg +2mg =3mg F −mg =mv 2l 0F =4mg 7.A.线速度小于地球同步卫星的线速度 B.线速度大于第一宇宙速度C.向心加速度小于地球同步卫星加速度D.周期小于地球自转周期答 案解 析原 文“天舟一号”货运飞船年月日在文昌航天发射中心成功发射升空，与“天宫二号”空间实验室对接前，“天舟一号”在距地面约的圆轨道上飞行，已知地球距地面卫星的高度约为，则“天舟一号”（ ）DA选项：根据卫星的速度公式．将“天舟一号”与地球同步卫星比较，由于“天舟一号”的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以“天舟一号”的线速度大于地球同步卫星的线速度，故A错误；B选项：第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度，知其线速度小于第一宇宙速度．故B错误；C选项：根据，将“天舟一号”与地球同步卫星比较，由于“天舟一号”的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以“天舟一号”的向心加速度大于地球同步卫星加速度，故C错误；D选项：根据周期，由于“天舟一号”的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以“天舟一号”的周期小于地球同步卫星的周期，即“天舟一号”的周期小于地球自转周期，故D正确.故选D.7.【答案】D2017420380km36000km v =GM r −−−−√a =GM r 2T =2πr 3GM −−−−√8.如图所示，有一质量不计的杆，长为，可绕自由转动．用绳在点悬挂一个重为的物体，另一根绳一端系在点，另一端系在圆弧形墙壁上的点．当点由图示位置逐渐向上沿圆弧移动过程中（保持与地面夹角不变），绳所受拉力的大小变化情况是（ ）AO R A O G O C C CB OA θOC爱智康A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小答 案解 析原 文C 对分析，受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对点分析，受绳子的拉力、的支持力及的拉力而处于平衡；受力分析如图所示：将和绳上的拉力合成，其合力与大小相等，方向相反，则在上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知的拉力先减小后增大，图中点时力最小．故选C．8.【答案】CG G O O OA OC F OC G OC OC D 9.A.B.C.D.答 案解 析如图所示，质量为的斜面体放在水平面，斜面的倾角，质量为的木块放在斜面上，木块下滑的加速度，斜面体静止不动，则（ ）木块与斜面之间的动摩擦因数为地面对斜面体的支持力等于地面对斜面体的摩擦力水平向右，大小为地面对斜面体无摩擦力作用CA．对物体受力分析，根据牛顿第二定律可知，，解得，故A错误；B．对整体受力分析，在竖直方向，M B θ=30∘m A A a =g 140.25(M +m )g mg 3√8A mg sin θ−μmg cos θ=ma μ=123√多项选择题原 文 ，解得，故B错误；C、D．对整体受力分析，在水平方向， ，解得，故C正确，D错误．故选C．9.【答案】C(M +m )g −=M ⋅0+ma sin 30F N ∘=(M +m )g −mg F N18f =M ⋅0+ma cos 30∘f =mg 3√810.A.金属板的极限频率为B.光电子的最大初动能为C.吸收光子的能量为D.另一种光的光子的能量为答 案解 析原 文大量处于基态的氢原子吸收了某种单色光的能量后能发出种不同频率的光子，分别用它们照射一块逸出的金属板时，只有频率为和（）的两种光能发生光电效应．下列说法正确的是（ ）A DA选项：逸出功，得金属板的极限频率为，故A正确；B选项：光电子的最大初动能为 ，故B错误；C选项：吸收光子的能量为 ，故C错误；D选项：另一种光子的能量为 ，故D正确.故选AD.10.【答案】A D3W 0ν1ν2>ν1ν2W 0hh (+)−ν1ν2W 0h (+)ν1ν2h (−)ν1ν2=h W 0ν0=ν0W 0hh −ν1W 0hν1h −h =h (−)ν1ν2ν1ν211.如图所示，质量为的物体静止在竖直的轻弹簧上，质量为的物体用细线悬挂在天花板上，与刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是、间的作用力大小为（ ）4kg A 1kg B B A A BA. 加速的大小为B. 加速的大小为C.弹簧弹力大小为D. 、间相互作用力的大小为答 案解 析原 文B DA、B、C．物体、接触但不挤压，剪断细线前，对由平衡条件得，弹簧的弹力：，由于弹簧的弹力不能突变，剪断细线瞬间弹力大小仍为；剪断细线后，、一起向下加速运动，对系统，由牛顿第二定律得：，解得： ，故AC错误，B正确；D．对，由牛顿第二定律得：，解得：，则、间的作用力为，故D正确.故选BD．11.【答案】B DA 2.5m/s 2B 2m/s 250NA B 8NA B A T =g =4×10=40N m A 40N A B (+)g −T =(+)a m A m B m A m B a =2m/s 2B g −F =a m B m B F =8N A B 8N 12.A.B.C.D.答 案解 析如图所示，一条细线一端与地板上的物体相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的点，细线与竖直方向夹角为，则（ ）如果将物体在地板上向右移动一点，角将增大如果将物体在地板上向右移动一点，地面对的支持力将减小减小小球的质量，角一定增大悬挂定滑轮的细线的拉力一定大于小球的重力A DA选项：对小球B A O ′αB αB B A αA原 文受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：；如果将物体在地板上向右移动稍许，则增加；对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：根据平衡条件，，故一定增加，故A正确；B选项：与之间绳子的拉力不变，当物体在地板上向右移动一点时，绳子的拉力沿竖直向上的分力减小，所以地面对的支持力将增大，故B错误；C选项：减小小球的质量，系统可能平衡，故可能不变，故C错误；D选项：由于，，弹力与两个拉力的合力平衡，而．故定滑轮的细线的弹力一定大于小球的重力，故D正确；故选AD.12.【答案】A DA T =mgB ∠AOB ∠AOB =2ααA B B T B A α∠AOB =2α<90∘F T T =mg A 13.A.B.C.D.答 案解 析如图所示，一男孩站在小车上，并和木箱一起在光滑的水平冰面上向右匀速运动，木箱与小车挨得很近．现男孩用力向右迅速推开木箱．在男孩推开木箱的过程中，下列说法正确的是（ ）木箱的动量增量等于男孩动量的减少量男孩对木箱推力的冲量大小等于木箱对男孩推力的冲量男孩推开木箱后，男孩和小车的速度可能变为零对于小车、男孩和木箱组成的系统，推开木箱前后的总动能不变B CA选项：木箱动量的增量大小等于男孩动量减少量大小，它们方向相反，不相等，故A错误；B选项：男孩对木箱推力的冲量大小等于木箱对男孩推力的冲量大小，故B正确；C选项：男孩与木箱组成的系统动量守恒，男孩推开木箱后，男孩和小车的速度可能变为零，故C正确；填空题原 文D选项：对于小车、男孩和木箱组成的系统动量守恒，推开木箱前后的总动能不守恒，总动能可能发生变化，故D错误；故选BC.13.【答案】B C14.答 案1．2．解 析原 文小球从静止开始在距地面一定高处下落，不计空气阻力，小球落地前最后内的位移是下落第内位移的倍，取，则小球刚释放时距地面的高度为，从开始到落地过程的平均速度大小为 ．小球在第内下落的高度为：，最后内的位移为：．设小球下落的时间为 ，则有：，代入数据解得： ，根据得小球释放点距地面的高度为： ；整个运动过程中的平均速度为：．故答案为： ，．14.【答案】1．2．1s 1s 9g 10m/s 2m m/s 125251s =g =×10×=5m h 112t 2112121s =9=9×5=45m h 2h 1t =g −g h 212t 212(t −1)2t =5s h =g 12t 2h =×10×=125m 1252===25m/s v ¯¯¯h t 1255125251252515.（1）答 案解 析（2）答 案解 析原 文小江同学在做“探究弹力与弹簧伸长的关系”实验中，他用实验装置如图所示，所用的钩码每只质量为．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，并将数据填在表中，实验中弹簧始终未超过弹性限度，取取．根据实验数据可得钩码质量弹簧总长度该弹簧的劲度系数．根据可知，．故答案为：．弹力与形变量的表达式．弹力与形变量的表达式．故答案为：．15.【答案】（1）（2）50g 5g 10m/s 2/g 050100150200250/cm 6.007.008.009.0010.0011.00k =N/m 50F =kx k ==N/m =50N/m ΔF Δx0.05×100.0150F x F =50x F x F =50x F =50x 50F =50x16.（1）答 案1．2．3．解 析（2）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，操作中必须满足 ；要使小车所受合外力一定，操作中必须满足．实验时，先测出小车质量，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间．改变小车质量，测得多组、的值，建立坐标系描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比”的图线是 ．小车与滑轮间的细绳与长木板平行砂和砂桶的总质量远小于小车的质量C小车受重力，支持力和拉力，小车与滑轮间的细绳与长木板平行，测力计的示数等于小车所受的合外力要使小车所受合外力一定，操作中必须满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量小车从靠近甲光电门处由静止开始做匀加速运动，位移．改变小车质量，测得多组、的值，所以加速度，位移不变，所以与成反比，合外力一定时，加速度与质量成反比例”的图线是C．故答案为：小车与滑轮间的细绳与长木板平行；砂和砂桶的总质量远小于小车的质量；C．如图3抬高长木板的左端，使小车从靠近光电门乙处由静止开始运动，读出测力计的示数和小车在两光电门之间的运动时间，改变木板倾角，测得多组数据，得到的的图线如图4所示．实验中测得两光电门的距离，砂和砂桶的总质量，重力加速度取，则图线的斜率为（结果保留两位有效数字）；若小车与长木板间的摩擦不能忽略，测得的图线斜率将 （填“变大”、“变小”或“不变”）．m t m m t x =a 12t 2m m t a =2x t 2a t 2F t 0F −1t 2L =0.80m =0.34kg m 1g 9.8m/s 2解答题答 案1．2．解 析原 文或不变小车由静止开始做匀加速运动，位移． ．根据牛顿第二定律得对于沙和沙桶，，，则图线的斜率为．与摩擦力是否存在无关，若小车与长木板间的摩擦不能忽略，如图3所示测得图线斜率将不变．故答案为：或；不变．16.【答案】（1）1．2．3．小车与滑轮间的细绳与长木板平行砂和砂桶的总质量远小于小车的质量C（2）1．2． 或不变0.54kg ⋅m 0.54N ⋅s 2L =a 12t 2a =2L t 2=F −mg =ma F 合F =m +mg 2L t 2k =2mL =0.54kg ⋅m k 0.54kg ⋅m 0.54N ⋅s 20.54kg ⋅m 0.54N ⋅s 217.如图所示，圆盘可绕过圆心的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，物体放在圆盘上，一轻质弹簧一端连接物体，另一端固定在竖直轴上．已知物体的质量弹簧的自然长度，劲度系数，物体与圆盘表面的动摩擦因数，可看作质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取，当圆盘以角速度转动时，与圆盘相对静止，弹簧恰处于原长位置．求：O P P m =0.5kg =10cm l 0k =75N/m μ=0.8P g 10m/s 2ω=5rad/s 2√P（1）答 案解 析（2）答 案解 析此时对圆盘的作用力都有哪些，各为多大．此时对圆盘的静摩擦力，对圆盘的压力受力如图：的角速度与圆盘的角速度相同，静摩擦力提供的向心力，的运动半径，则，，根据牛顿第三定律，物体对圆盘的作用力为：静摩擦力，对圆盘的压力．故答案为：此时对圆盘的静摩擦力，对圆盘的压力．为使与圆盘保持相对静止，弹簧长度的取值范围多大．（假设弹簧均未超出弹性限度）临界一：当弹簧长度最短时，弹簧处于压缩状态，受到指向圆心的最大静摩擦力，设此时弹簧的压缩量为，满足：，，代入数据解得：，对应弹簧的长度为；临界二：当弹簧长度最长时，弹簧处于伸长状态，受到背向圆心的最大静摩擦力，设此时弹簧的伸长量为，满足代入数据解得：，对应弹簧的长度为；P P 2.5N 5NP P F f P P r ==0.1m l 0=m r =2.5N F f ω2N =mg =5N P 2.5N 5N P 2.5N 5N P 7cm ⩽l ⩽23cm P x 1=μmg F m −k =m (−)F m x 1ω2l 0x 1=3cm x 1=−=7cm l 1l 0x 1P x 2k −=m (+)x 2F m ω2l 0x 2=13cm x 2=+=23cm l 2l 0x 2原 文故弹簧长度的取值范围．故答案为：为使与圆盘保持相对静止，弹簧长度的取值范围．17.【答案】（1）此时对圆盘的静摩擦力，对圆盘的压力（2）7cm ⩽l ⩽23cm P 7cm ⩽l ⩽23cm P 2.5N 5N7cm ⩽l ⩽23cm18.（1）答 案解 析（2）答 案解 析如图所示，一气球从地面上以的速度竖直向上匀速升起，当气球的下端距地面高时，在气球的正下方紧贴地面将一小球竖直上抛，小球的初速度，不计小球的大小，小球在运动中所受到的空气阻力大小总等于重力的倍，取，求：小球上升过程的加速度为多大．小球上升过程的加速度为小球上升过程受重力、空气阻力作用，故合外力，故由牛顿第二定律可知：小球上升过程的加速度．故答案为：小球上升过程的加速度为．判断小球能否击中气球．若能击中，计算出小球击中气球时的速度大小；若不能击中，计算小球落地的速度大小．（计算结果可保留最简根号）能击中；计算出小球击中气球时的速度大小为小球做匀减速运动，当小球运动时，小球速度和气球速度相同，此时，小球的位移，气球的位移，所以，，故小球能击中气球；=6m/s v 0h =13m =24m/s v 10.2g 10m/s 212m/s 2F =mg +0.2mg =1.2mg a ==1.2g =12m/F ms 212m/s 26+2(m/s)3√t ==1.5s −v 1v 0a s =t =22.5m +v 1v 02x =t =9m v 0s >x +h原 文设小球运动时间为（）时击中气球，则有：，所以，，所以，；故小球击中气球时的速度．故答案为：能击中；计算出小球击中气球时的速度大小为．18.【答案】（1）小球上升过程的加速度为（2）能击中；计算出小球击中气球时的速度大小为t ′<t =1.5s t ′−a =h +v 1t ′12t ′2v 0t ′6−18+13=0t ′2t ′=s t ′9−3√6v =−a =6+2(m/s)v 1t ′3√6+2(m/s)3√12m/s 26+2(m/s)3√19.（1）答 案解 析（2）如图所示，在倾角为的固定长斜面上放置一质量、长度的极薄平板，平板的上表面光滑，其下端与斜面底端的距离．在平板的上端处放一质量的小滑块（可看作质点）．将小滑块和薄平板同时无初速度释放，设薄平板与斜面之间、小滑块与斜面之间的动摩擦因数均为，已知，，取 ，求：小滑块在平板上和在斜面上滑动时的加速度各为多大．小滑块在平板上的加速度为，在斜面上滑动时的加速度为小滑块在平板上滑动时只受重力、支持力作用，故合外力，那么，由牛顿第二定律可得：加速度；小滑块在斜面上滑动时，受重力、支持力、摩擦力作用，小滑块沿斜面向下运动，故摩擦力沿斜面向上，那么，合外力，由牛顿第二定律可得：加速度．故答案为：小滑块在平板上的加速度为，在斜面上滑动时的加速度为．小滑块到斜面底端时，薄平板下端距离小滑块的距离为多少．θ=37∘M =2kg =2.5m L 1AB B C =16.5m L 2A m =0.5kg μ=0.5sin 37=0.6∘cos 37=0.8∘g 10m/s 26m/s 22m/s 2=mg sin θF 1=g sin θ=6m/a 1s 2=mg sin θ−μmg cos θF 2=g (sin θ−μcos θ)=2m/a 2s 26m/s 22m/s 2C B ΔL答 案解 析原 文小滑块到斜面底端时，薄平板下端距离小滑块的距离为小滑块在平板上时，平板受到斜面的摩擦力，故平板所受合外力，故加速度；设经过时间，小滑块从平板下端离开平板，滑到斜面上，则由：，所以， ；故滑块在平板上运动过程，平板下滑的位移，滑块离开平板时平板的速度；小滑块离开平板时的速度 ，运动位移；小滑块离开平板后做加速度为的匀加速直线运动，设总运动时间为，则有：，所以，；小滑块离开平板后，平板的合外力，所以，平板也做加速度为的匀加速直线运动，故位移；故小滑块到斜面底端时，薄平板下端距离小滑块的距离．故答案为：小滑块到斜面底端时，薄平板下端距离小滑块的距离为．19.【答案】（1）小滑块在平板上的加速度为，在斜面上滑动时的加速度为（2）小滑块到斜面底端时，薄平板下端距离小滑块的距离为C B ΔL 10m=μ(m +M )g cos θf 1=Mg sin θ−=Mg sin θ−μ(M +m )g cos θF 1′f 1=g sin θ−μg cos θ=1m/a 1′M +m Ms 2t −=12a 1t 212a 1′t 2L 1t ==1s 2L 1−a 1a 1′−−−−−−−√==0.5m s 112a 1′t 2v =t =1m/s a 1′=t =6m/s v ′a 1==3m s 1′12a 1t 2a 2t 2+−=+L 1L 2s 1′v ′t 212a 2t 22=2s t 2=Mg sin θ−μMg cos θF 2′a 2=v +=6m s 2t 212a 2t 22C B ΔL =−−=10m L 2s 1s 2C B ΔL 10m 6m/s 22m/s 2C B ΔL 10m。
天津市六校(静海一中、杨村一中、宝坻一中等)2017-2018学年高二上学期期末联考物理试题Word版含答案
2017～2018学年度第一学期期末六校联考高二物理试卷注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考试科目涂写在答题卡上。
2．选出答案后，用铅笔把答题卡上对应的题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再填涂。
一、单选题（本题共8小题，每小题4分，共计32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个式子中能表示用比值法定义物理量的是A ．电流I =rR E+ B ．磁感应强度ILF B = C ．电场强度E =dUD ．电阻sl R ρ= 2．真空中有三个点电荷Q 1、Q 2、Q 3分别放在一条直线上的A 、B 、C 三点，如图所示，已知BC 长度是AB 的2倍。
若Q 1=q ，Q 2=2q ，Q 3=-2q ，则Q 2所受电场力与Q 3所受电场力的大小之比为 A ．9：14B ．9：22C ．27：7D ．27：113．如图所示，a 、b 为矩形物块，a 不带电，b 带正电（a 、b 间无电荷转移），a 、b 叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用水平拉力F 拉b 物块，使a 、b 一起无相对滑动地向左做匀加速运动，在匀加速运动过程中 A ．a 对b 的压力变小 B ．a 、b 间的摩擦力变大 C ．地面对b 的支持力不变 D ．F 变大B Fa板内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ， a 、b 板分别带上等量异号电荷后，平行板内产生竖直方向的匀强电场。
一带电粒子以速度v 0经小孔进入正交电磁场可沿直线OO ′运动， 由O ′射出，粒子所受重力不计，以下说法正确的是 A ．a 板带负电，其电量为d CBv 0 BC ．极板间的电场强度E =Bv 0，方向竖直向下D ．若粒子的初速度大于v 0，粒子在极板间将向右上方做匀加速曲线运动5．如图所示，纸面内MN 和PQ 是两条长度相同的长直导线，两导线中通有电流强度大小相同的电流，已知MN 中的电流方向由N 指向M ，且两导线相互吸引，图中O 为两导线之间垂线的中点，纸面内A 、B 两个大小相同的圆分别紧挨导线MN 、PQ ，以下说法正确的是A ．导线PQ 中所通电流方向由P 指向QB ．O 点的磁感应强度方向垂直于纸面向里C ．通过圆形区域A 的磁通量等于通过圆形区域B 的磁通量D ．通过圆形区域A 的磁通量小于通过圆形区域B 的磁通量6．长为L 的均匀金属丝总电阻为R ，弯成如图所示的圆形闭合导线环，A 、B 、C 、D 四点将圆环等分。
2017-2018学年天津市和平区高三(上)期末物理试卷-普通用卷
2017-2018学年天津市和平区高三（上）期末物理试卷副标题一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.天然放射现象的发现，证明了原子核具有复杂的结构。
关于原子核，下列说法正确的是（）A. 射线是原子的核外电子电离后形成的电子流B. 某原子核经过一次衰变后，核内质子数减少4个C. 增大压强不能改变原子核衰变的半衰期D. 射线的贯穿作用很强，可用来进行金属探伤2.如图所示，当一束一定强度的某一频率的黄光照射到光电管阴极K上时，此时滑片P处于A、B中点，电流表中有电流通过，则（）A. 若将滑动触头P向B端移动时，电流表读数有一定增大B. 若用红外线照射阴极K时，电流表中一定没有电流通过C. 若用强度更弱的黄光照射阴极K，电流表读数不变D. 若用强度更弱的紫外线照射阴极K，光电子的最大初动能一定变大3.中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导轨系统，预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力，如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）A. 卫星a的角速度小于c的角速度B. 卫星a的加速度小于b的加速度C. 卫星a的运行速度大于第一宇宙速度D. 卫星b的周期大于24 h4.如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以（）A. 将a、b端分别接电源的正负极，c、d不接电源B. 将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极C. 将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极D. 将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极5.如图所示，两个半径不同，内壁光滑的半圆轨道，固定于地面，两轨道的球心O、O′在同一水平高度上，一小球先后从与球心在同一高度上的A、B两点从静止开始滑下，以球心所在位置为零势能面，通过最低点时，下列说法中不正确的是（）A. 小球对轨道的压力是相同的B. 小球的速度相同C. 小球向心加速度是相同的D. 小球的机械能相同6.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素，如图所示，平行板电容器的极板A与一静电计相接，极板B接地，若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计的指针变化，作出平行板电容器的电容变小的结论，其依据是（）A. 两极板间的电压不变，静电计指针张角变大B. 两极板间的电压不变，静电计指针张角变小C. 极板上的电量几乎不变，静电计指针张角变小D. 极板上的电量几乎不变，静电计指针张角变大7.如图所示为一速度选择器，两极板P1、P2之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场。
2017-2018学年天津市宝坻一中、杨村一中、静海一中等六校联考高二(上)期末物理试卷-普通用卷
2017-2018学年天津市宝坻一中、杨村一中、静海一中等六校联考高二（上）期末物理试卷副标题一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个式子中能表示用比值法定义物理量的是（）A. 电流I=ER+r B. 磁感应强度B=FILC. 电场强度E=Ud D. 电阻R=ρls2.真空中有三个点电荷Q1、Q2、Q3分别放在一条直线上的A、B、C三点，如图所示，已知BC长度是AB的2倍。
若Q1=q，Q2=2q，Q3=-2q，则Q2所受电场力与Q3所受电场力的大小之比为（）A. 9：14B. 9：22C. 27：7D. 27：113.如图所示，a、b为矩形物块，a不带电，b带正电（a、b间无电荷转移），a、b叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用水平拉力F拉b物块，使a、b一起无相对滑动地向左做匀加速运动，在匀加速运动过程中（）A. a对b的压力变小B. a、b间的摩擦力变大C. 地面对b的支持力不变D. F变大4.如图所示为“速度选择器”装置示意图，a、b为水平放置的平行金属板，其电容为C，板间距离为d，平行板内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，a、b板分别带上等量异号电荷后，平行板内产生竖直方向的匀强电场。
一带电粒子以速度v0经小孔进入正交电磁场可沿直线OO′运动，由O′射出，粒子所受重力不计，以下说法正确的是（）A. a板带负电，其电量为CBv0dB. a板带正电，其电量为CBv0dC. 极板间的电场强度E=Bv0，方向竖直向下D. 若粒子的初速度大于v0，粒子在极板间将向右上方做匀加速曲线运动5.如图所示，纸面内MN和PQ是两条长度相同的长直导线，两导线中通有电流强度大小相同的电流，已知MN中的电流方向由N指向M，且两导线相互吸引，图中O为两导线之间垂线的中点，纸面内A、B两个大小相同的圆分别紧挨导线MN、PQ，以下说法正确的是（）A. 导线PQ中所通电流方向由P指向QB. O点的磁感应强度方向垂直于纸面向里C. 通过圆形区域A的磁通量等于通过圆形区域B的磁通量D. 通过圆形区域A 的磁通量小于通过圆形区域B 的磁通量6. 长为L 的均匀金属丝总电阻为R ，弯成如图所示的圆形闭合导线环，A 、B 、C 、D 四点将圆环等分。
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v/m·s-1 t/s x/m
t/s t/s
a/m·s-2
0 0 v/m·s-1 t/s 0 0
A B C D
A B
2017-2018学年天津市六校（静海一中杨村一中、宝坻一中等）高一上学期期末联考物理试题 注意事项： 1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考试科目涂写在答题卡上。 2．选出答案后，用铅笔把答题卡上对应的题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再填涂。
一、单选题（本题共10小题，每小题3分，共计30分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确） 1．下列关于力的判断，正确的是 A．马拉车向前做加速运动，是因为马拉车的力一定大于车拉马的力 B．一物体放在木板上静止不动，物体对木板的压力就是木板的重力 C．小球沿倾角为30º的光滑斜面下滑时只受重力作用 D．物体与接触面间的摩擦力方向一定与接触面对物体的弹力方向垂直
2．下列说法正确的是 A．跳伞运动员在空中匀速下落过程中，机械能一定守恒 B．物体沿水平面做匀加速运动，机械能一定守恒 C．做自由落体运动的小球，机械能一定守恒 D．从高空下落的雨滴，机械能一定守恒 3．下列四个图象均是物体做直线运动的图象，其中表示物体做匀速运动的是
4．两个共点力，大小均为10N，关于这两个力的合力，以下说法错误．．的是 A．大小可能为0 B．大小可能为10N C．大小可能为15N D．大小可能为21N 5．如图所示，A、B两个小球质量相同，从同一高度处由静止释放，A沿曲面下滑，B竖直下落，在两个球落到地面的过程中，以下说法正确的是 A．重力对A球做功比重力对B球做功多 B．重力对B球做功比重力对A球做功多 C．两球重力势能的变化量相同 θ F1 L
F2 L L
A B 30°
150°
甲 乙
D．两球重力势能一定总是正值 6．如图所示，质量m=2kg的物体在水平向右的拉力作用下，以a=5m/s2的加速度向右做匀加速运动，以下说法正确的是 A．物体所受的拉力大小一定为10N B．物体所受的合外力大小一定为10N C．在任意1s内的位移大小均为2.5m D．在某一秒内的速度增加量可以达到10m/s 7．汽车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的0.1倍和0.2倍，最大速率分别为v1和v2，则 A．v1＝2v2 B．v2＝2v1
C．v2＝0.2v1 D．v2＝0.1v1
8．如图所示，小孩用与水平方向成角的轻绳拉放置在水平面上的箱子，第一次轻拉，没有拉动，第二次用更大的力拉，箱子还是不动。则 A．两次拉时箱子所受支持力相同 B．第二次拉时箱子所受摩擦力增大 C．第二次拉时箱子所受摩擦力减小 D．第二次拉时箱子所受的合力增加
9．物体A、B均静止在水平地面上，现用恒力F1拉物体A，用恒力F2推物体B，两物体运动的位移大小均为L，如图甲、乙所示，已知F1与F2大小相等，关于F1与F2对物体A、B做功W1与W2的关系，正确的是
A．W1=W2 B．W1与W2绝对值相等，而W1＞0，W2＜0 C．W1＞W2＞0 D．W1=W2＜0 10．一辆汽车在平直公路上做刹车实验，从计时起运动过程的位移与速度关系为x=2.5-0.1v2，下列分析正确的是 A．上述过程的加速度大小为10 m/s2 B．刹车过程持续的时间为2 s C．计时时刻的速度为5 m/s D．刹车过程的位移为5 m
二、多选题（本题共6小题，每小题4分，共计24分。每小题的四个选项中有两个正确，
F O A
B
θ
选对但不全的得2分，错选或不答得0分） 11．如图所示，铁球A和铁块B之间由弹簧相连，并用细线OA挂在天花板上，A、B的质量分别m和2m，弹簧的劲度系数为k，整个系统静止，下述说法正确的是 A．细线对铁球A的拉力大小为mg
B．弹簧的长度为kmg2 C．弹簧的弹力大小为2mg D．某时刻烧断细绳OA，该时刻铁球A的加速度大小为3g 12．如图所示，倾角θ=30º的斜面放在粗糙水平地面上不动，一铁块沿斜面下滑时加速度大小为0.4g，则铁块沿斜面下滑过程中，以下说法正确的是 A．铁块的机械能不断减小 B．斜面对铁块的作用力方向竖直向上 C．地面对斜面体无静摩擦力 D．地面对斜面体有水平向左的静摩擦力 13．如图所示，竖直运动的电梯底面上放有托盘弹簧秤，质量为2kg的物体放在水平托盘中，当电梯运动时，发现弹簧秤的示数为24N，g取10m/s2。电梯的运动情况是 A．电梯可能以2m/s2的加速度向上做匀加速运动 B．电梯可能以2m/s2的加速度向下做匀减速运动 C．电梯可能以12m/s2的加速度向上做匀加速运动 D．电梯可能以12m/s2的加速度向下做匀减速运动 14．如图所示，竖直放置的轻弹簧下端固定在地面上，一个物体从弹簧正上方某一高度处从静止释放，关于物体从开始接触弹簧到速度为零的过程，以下说法正确的是 A．一直做减速运动 B．动能先增大后减小 C．加速度先减小后增大 D．重力势能的减少量全部转化为弹簧的弹性势能
15．如图所示，一水平传送带长为4m，以10m/s的速度做匀速运动。现将一物块由静止轻放到传送带的A端，已知物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2。则物块在传送带上运动过程中 A．物块先做匀加速运动再做匀速运动 B．物块运动的最大速度为4m/s C．物块从A端到B端所用的时间为5s D．物块从A端到B端所用的时间为2s
A B v 砝码 小车 打点计时器
1 2
3 4
3.52 3.83
（单位:cm） 甲 乙
16．物块先沿轨道1从A点由静止下滑至底端B点，后沿轨道2从A点由静止下滑经C点至底端B点，AC=CB，如图所示．物块与两轨道的动摩擦因数相同，不考虑物块在C点处撞击的因素，则物块沿两个轨道下滑的整个过程中 A．沿两个轨道下滑的位移大小相同 B．沿轨道2下滑的位移大 C．物块滑至B点时速度大小相同 D．沿轨道2下滑克服摩擦力做功多
三、填空与实验题（每空2分，共16分） 17．如图所示，质量为m=2kg的物体静止在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，现用F=14N的水平拉力拉物体，则经过t=3s物体的 位移大小为_________m，3s末拉力F的功率为________W。 （g=10m/s2） 18．在“研究两个互成角度力的合成规律”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）。其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。 用两弹簧测力计将结点拉至O点，记录两拉力的大小 和方向，此时与细绳OB相连的弹簧测力计的示数为 __________N。接下来，为了测出这两个拉力的合力， 用一只弹簧测力计拉橡皮条，应完成的操作是_______ _______________________________________________ ________。 19．在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置。
（1）本实验应用的实验方法是__________ A．控制变量法 B．假设法 C．理想实验法 D．等效替代法 （2）下列说法中正确的是________
F 12
A
BCA．在探究加速度与外力的关系时，应保持小车的质量不变 B．细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小 C．实验中小车运动的加速度是由细线的拉力与小车的质量之比得到的
D．在探究加速度a与质量m的关系时，要作出a—m1图象就容易直观判断出二者间的关系 E．平衡摩擦力时砝码盘中不加砝码，当小车向下匀速运动时即完成平衡摩擦力 （3）实验中打出了一条纸带如图乙所示。计时器打点的时间间隔为0.02 s。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=________m/s2（结果保留两位有效数字）。 （4）如图所示为某同学在探究加速度a与力F的关系时，根据 测量数据作出的a-F 图象，图线不过原点，说明在平衡 摩擦力中存在的问题是________________。
四、计算题（本题共三小题，共30分。要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写结果不得分）。 20．（10分）如图所示，一人站在高台上，将质量为m=0.5kg的石块以30°角斜向上抛出，初速度是v0=10m/s，抛出点距地面的高度h=15m，g取10m/s2，求： （1）若不计空气阻力，以地面为参考面，石块刚抛出时的机械能； （2）若不计空气阻力，石块落地时的速度大小； （3）若测得石块落地的速度大小为18m/s，则石块在空中飞行过程中克服空气阻力做功为多少？
21．（10分）如图所示，一倾角为θ=37°的足够长斜面固定在地面上，质量m=0.2kg的物体以v0=14m/s的速度从斜面底端冲上斜面，物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.3，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求： （1）物体沿斜面上升过程所受摩擦力的大小； （2）物体沿斜面上升的最大高度；
F O a 30° v0 h