2020届陕西省咸阳市2017级高三下学期网上二模考试文科综合试卷参考答案
2019—2020咸阳文综二模地理答案
一、选择题
1---5CDDBA6---11ACBBCB
二、综合题
36．（24分）
（1）内流区地形相对封闭，周围地势高中部地；气候干旱，降水少，蒸发旺盛；河流稀少，无完整水系，多时令河，微量的地表径流最终注入内陆湖泊。
（6分）
（2）、内流区面积呈现扩大趋势；除东南部外，其它相邻黄河支流的流域面积减小和河流长度变短；相邻黄河支流的径流量有所减少。
（答出两点得4分）
（3）、
（夏季）光照强，日照时间长，光合作用强，有机质多；昼夜温差大，含糖率高；冬季严寒漫长，夏季高温低，气候干旱降水少，病虫害少。
（6分）
（4）、建立标准化蔬菜种植生产加工示范基地；发展绿色有机农业；加强生态环境保护；扩大农产品品牌影响范围；推动农牧业产业结构调整，实现资源高质量配置；建设“美丽乡村”田园综合体，促进红色旅游、观光农业与休闲农业旅游融合发展。
（答出四点得8分）37．（22分）
（1）、位于西风的迎风地带，风能资源丰富；发展历史悠久，基础设施完善；配套服务齐全，社会协作条件好，有完整的风电产、研、销、服务与运营管理网络体系；国家政策大力支持，不断扩大资金和技术投入；海上运交通运输发达；靠近消费市场等。
（答出三点得6分）
（2）、风电设备体积和质量较大，大型设备海运便捷，运输成本低；海上气温的年较差、日较差小，海风相对平稳，风切变小，风机利用率更高。
（每点3分，共6分）（3）、第一阶段交通（港口）和渔业资源丹麦出口农产品到英国，在埃斯比约设立港口，随着渔业发展，成为该国第五大城市；
第二阶段石油资源北海油气资源开发，石油工业迅速发展，成为经济二次增长点；
第三阶段国家政策和风力资源丹麦大力开发以风能和生物燃料为主的可再生能源，风能产业异军突起，成为第二次转型。
（6分）
（4）、提升公司在全球风电设备市场的竞争力和行业地位；有助于深化全球战略，拓宽业务领域，完善产业布局。
（4分）
43【旅游地理】（10分）答案：不利影响：景观分布在垂直崖壁，距离地面高差大，安全隐患多；洞窟间以栈道相通，能通行的游客数量少，旅游高峰期间造成游客拥堵，等待游览时间长；接待能力有限等。
（6分）
措施：合理控制游客数量；增加安全疏导人员；增加安全防护措施；设置安全警示牌等。
（4分）
44【环境保护】（10分）原因：生产生活中的污水及农业生产过程中化肥、农药、杀虫剂的大量使用，水体和土壤遭到污染，气候的变化，外来物种的侵入，影响青蛙的生长和繁殖；改变土地利用形式，造成青蛙栖息环境地缩小；错误的饮食习惯，违法捕猎青蛙等。
（6分）危害：蚊虫繁生，流行性疾病发生的几率增加，影响居民的生活，危害居民健康；农田病虫害增多，农业减产（杀虫剂使用量增大，农产品的品质下降）。
（4分）。
2020届北京市西城区高三下学期二模考试语文试题
北京市西城区2020届高三下学期二模考试语文试题一、本大题共5小题，共18分。
阅读下面的材料，完成1－5题。
材料一古代先民站在陆地与河流交接的河岸，身后是适宜农牧的沃野，面前是碧波荡漾的河流。
他们接受了大自然开枝散叶与源远流长的双重恩泽，选择沿河而居，因为这样既可以固守家园，也可以通过水路远走四方。
人类文明的诞生和发展，无不与河流相关。
幼发拉底河、底格里斯河哺育了美索不达米亚文明，尼罗河哺育了埃及文明，印度河、恒河哺育了印度文明，黄河、长江哺育了中华文明。
人类依水建屋，近水耕种，不同地区的水文各具特点，孕育出的文化也千姿百态。
《汉书》中说：“河出昆仑，经中国，注勃海……时至而去，则填淤肥美，民耕田之；或久无害，稍筑室宅，遂成聚落。
”长江三角洲河网密布，素有“水乡泽国”之称。
沿河而居的人们，精耕细作、撒网捕鱼、采摘养殖、航运通商，江南水乡也由此而发展成为著名的鱼米之乡、人文荟萃之地。
河流一旦干涸，与河流相伴的文明也可能会随之消失。
考古研究表明，曾经的连年干旱摧毁了玛雅人赖以为生的农业，导致玛雅文明最终走向分崩离析。
《汉书》中的有关记载显示，毗邻罗布泊的楼兰古国，“民随畜牧，逐水草”。
后来因为注入罗布泊的塔里木河、孔雀河改道，楼兰日益缺水，发祥于罗布泊的楼兰文明最终被风沙湮没。
于是，兴水利、除水害成为人类文明继续发展的重要推力。
据考古发现，岷江流域是中国古蜀文明的重要发源地，但由于水患频繁，古蜀先民经常被迫在岷江沿线迁移。
至秦代，蜀郡太守李冰组织民众利用自然地势，在江心顺流筑堰，将岷江水流分为两股，一股引入灌区，一股流入原始河道。
工程浩大的都江堰，不仅奠定了两千年的防洪基础，而且使灌溉面积逐步扩大到约七十万公顷，成都平原自此成为良田万顷的“天府之国”。
岷江丰沛的水流量与顺应自然的水利工程完美结合，造福了当地民众，对当时社会的政治、经济、文化发展也产生了巨大的推动作用。
（取材于高心怡等作者的文章）1．根据材料一，下列表述不符合．．．文意的一项是（）（3分）A．人类选择沿河而居，因为这样有利于安排生产生活。
2023届陕西师范大学附中高三下学期二模理综生物试题(含答案解析)
2023届陕西师范大学附中高三下学期二模理综生物试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．幽门螺旋杆菌（简称Hp）主要寄生于人体胃黏膜层或粘附于胃上皮细胞，会引起消化不良、胃炎、胃癌等消化道疾病。
体检时可通过13C尿素呼气试验来检测是否感染Hp：受试者口服13C标记的尿素胶囊后，若感染Hp，尿素可被Hp产生的脲酶催化分解，定时收集受试者吹出的气体并测定是否含有13CO2。
下列叙述不合理的是（）A．Hp含有DNA和RNAB．感染者吹出的13CO2是由人体细胞产生的C．Hp具有以磷脂双分子层为基本支架的细胞膜D．胃部上皮细胞不产生脲酶保障了检测结果的可靠性2．下列可能存在于造血干细胞中的物质运输途径是（）A．吸收的葡萄糖：细胞膜→细胞质基质→线粒体基质B．合成的细胞膜蛋白：高尔基体→内质网→细胞膜C．转录的mRNA：细胞核→细胞质基质→高尔基体D．产生的DNA聚合酶：核糖体→细胞质基质→细胞核3．驱动蛋白是由两条轻链和两条重链构成的四聚体。
它通过催化ATP水解，改变构象后与细胞骨架结合，沿细胞骨架“行走”，将结合的“货物”（运输泡或细胞器）转运到指定位置。
下列相关叙述错误的是（）A．细胞中合成细胞骨架和驱动蛋白的原料都是氨基酸B．驱动蛋白“行走”所需要的ATP可直接来自细胞质基质C．驱动蛋白既能转运“货物”，又能催化ATP水解供能D．驱动蛋白转运“货物”的途径广泛存在于原核细胞中4．正常人体细胞中含有一对Rb基因，其编码的Rb蛋白分布于核内，能抑制细胞的不正常增殖。
当两个Rb基因同时突变产生突变蛋白时，会发生视网膜母细胞瘤（一种恶性肿瘤）。
下列叙述正确的是（）A．上述Rb基因发生的突变属于显性突变B．Rb基因为抑癌基因，能抑制细胞癌变C．突变蛋白的产生体现了细胞分化的实质D．Rb基因突变产生的蛋白可延长细胞周期5．老鼠的黑毛和白毛受一对等位基因控制，黑毛雌鼠与黑毛雄鼠单对交配，子代中黑毛老鼠与白毛老鼠的比例为3：1，（不考虑X 、Y 同源区的情况。
北京市海淀区2020届高三年级第二学期期末地理试题(二模) 含答案 2020.6
北京市海淀区高三年级第二学期期末练习地理2020. 6本试卷共8页，100分。
考试时长90分钟。
考生务必将答案答在答题纸上，在试卷上作答无效。
考试结束后，将本试卷和答题纸一并交回。
第一部分（选择题共45分）本部分共15题，每题3分，共45分。
在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
某同学调查了自己所居住区域的发展历史，并绘制了示意图（图1）。
读图，回答第1~3题。
1.据图推断该地A.I时期，农业生产规模小的主要原因是交通不便B.II时期，建设纺织厂促进了当地人口和经济增长C. III时期，商务办公用地出现是城镇化起步的标志D. 资源环境承载力的变化主要受到耕地面积的影响12.从II时期到III时期的发展A.第二产业的规模逐渐扩大B.变化主要受文化因素影响C.是为了改善大气环境质量D.可提高土地资源利用效率3.该区域在发展过程中始终存在的土地利用方式是A.农业用地B.工业用地C.住宅用地D.商业用地某大城市位于山区边缘的平原地区。
山谷风为该地最主要的局地大气环流，谷风由平原吹向山区，山风则相反。
外来污染源的输送及当地山谷风的扩散作用是影响当地PM2.5浓度变化的主要因素。
图2为某年10月7曰该城市风向（a）及PM2.5浓度（b ）的变化情况。
据此，回答第4、5题。
4.据图判断A.该城市位于山区的南部地区B.外来污染物主要源于城市北部C.植树造林可增强山风的风力D.正午前后谷风的风力达到最强5.依据可持续发展的原则，可降低PM2.5浓度的有效措施是A.加强空气监测，及时预报污染的浓度B.提倡本地绿色出行，市区禁行机动车C.尽量减少外出，并在外出时佩戴口罩D.推进区域整体的产业协作与产业升级河池市位于广西壮族自治区西北部，为典型喀斯特地貌区，是全国贫困地区之一。
近年来，我国桑蚕主产区逐步从广东、浙江、江苏等东部地区向西部地区转移。
河池市的桑蚕产业取得了快速发展，桑园面积、蚕茧产量居广西第一，并积极促进织造、印染、服装等一系列相关产业的发展，桑蚕产业已成为河池市重要的支柱产业。
上海市浦东新区2020届高三下学期二模语文试题(带答案)
2020届上海市浦东新区高三二模语文试卷（2020.5）一积累运用 10分1.按要求填空。
（5分）（1）＿＿＿＿＿＿＿＿＿，水面清圆，一一风荷举。
（＿＿＿＿＿《苏幕遮》）（2）如使人之所欲莫甚于生者，＿＿＿＿＿＿＿＿＿，使人之所恶莫甚于死者，则凡可以辟患者何不为也？（孟子《鱼我所欲也》）（3）《琵琶行》中描写琵琶女初次出场时羞于见人之态的诗句是：“＿＿＿＿＿＿＿＿＿，＿＿＿＿＿＿＿＿＿。
”2.按要求选择。
（5分）（1）下列选项中，成语使用恰当的一项是（）A.小明看到上观新闻上发布了本地的疫情数据，立即向同学通风报信。
B.这凹凸二字历来用的人最少，如今作茶楼餐厅之名，更觉不落窠臼。
C.疫情期间，每个上海人都自觉在家，减少出行，整座城市万人空巷。
D.小明平时学习粗心，总是目无全牛，以致很简单的题目也常常出错。
（2）将下列编号的语句依次填入语段空白处，语意连贯的一项是（）○1构成快乐生活的不是无休止的狂欢、美色、鱼肉以及其他餐桌上的佳肴○2就像某些由于无知、偏见或蓄意曲解我们意见的人所认为的那样○3而是清晰的推理、寻求选择和避免的原因、排除那些使灵魂不得安宁的观念○4我们认为，快乐就是身体的无痛苦和灵魂的不受干扰A. ○2○4○1○3B. ○1○3○2○4C. ○4○2○1○3D. ○3○2○1○4二阅读 70分（一）阅读下文，完成第3-7题。
（16分）①道德记忆是人类对其道德生活经历的记忆。
作为个人，我们可以凭借天生的记忆能力刻写个体道德记忆；家庭、企业、政党、民族、国家等社会集体则具有集体道德记忆能力，但它们刻写集体道德记忆的方式远比个人刻写个体道德记忆的情况复杂。
需要强调的是，无论道德记忆是以何种形式存在，它都具有选择性特征。
对此，我们需要从三个方面予以解析：②道德记忆的选择性具有一定的客观性。
人类的道德生活经历是复杂的，而我们的记忆容量是有限的，加上我们的记忆还会受到“遗忘”的阻挠，因此，要记住过去的所有道德生活经历客观上是不可能的，人类积累的道德记忆在内容上往往少于我们的实际道德生活经历。
北京市顺义区2020届高三二模语文试题(word版含答案)
北京市顺义区2020届高三第二次统练一、本大题共5小题，共18分。
阅读下面的材料，完成1－5题。
材料一每当大的灾难降临时，文学都会被大众记起，它所扮演的角色也分外值得人细品。
一类是视文学为预言，从过往的小说中寻找佐证。
如此次新冠肺炎疫情，美国作家迪恩·孔茨写于1981年的科幻小说《黑暗之眼》中就虚构了一种会在2020年蔓延的名为“武汉400”的病毒。
一类则是视文学为镜子，从历史作品中窥见当下，洞察人性，反映现实。
如加缪描写1940年法属阿尔及利亚的《鼠疫》。
而科幻文学作为涵盖两者的特殊文学种类，便被放到聚光灯下进行检视。
如某小说中科学狂人培养低毒性病毒，任其在人类中传播，以这种极端方法持续化解危险的临界状态。
这也是在科幻小说中才能出现的思想实验，借此探讨一系列非常态下的科技与伦理问题。
科幻作家或者科幻小说并不必然地承担“预测未来”这一功能，而更多地是通过想象性的叙事，提出种种未来的可能性，而其中许多故事的未来都是带有高度风险与挑战的。
正是借由讲故事，我们传播关于科技、人文与美学的观念，引起问题意识，展开思辨讨论，以这种实验来“摊薄”未来的风险。
对于这次疫情，孩子们最需要借助阅读科幻小说来获得的理解是，人类需要敬畏自然，尊重其他物种与环境，才能让文明可持续发展下去。
我们常说人类是万物灵长，但当人类活动过度破坏其他物种的生存环境，乃至于整个星球的生态平衡时，这个庞大的系统必然会通过种种方式来寻求再平衡，而人类只不过是其中的一分子，与其他物种都应该是平等的。
今天发生的一切并非偶然，在可见的未来，倘若人类无法改变自己的生活生产方式，灾难将会以更极端更频繁的形式再度降临。
而对孩子来说，如果能通过阅读科幻小说的方式，在心智中建立起“可持续发展”和“人类命运共同体”的观念，我们的未来才不会重蹈覆辙。
（取材于陈楸帆的文章）1.根据材料一，下列表述不符合．．．文意的一项是（3分）A.科幻文学作品被人牢记，是因为它能预言社会发展。
浙江省杭州市2022届高三年级第二学期教学质量检测(二模)数学试题及参考答案
杭州市2022届高三年级第二学期教学质量检测数学考生须知：1.本试卷分试题卷和答题卷两部分.满分150分，考试时间120分钟.2.请用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡指定的区域（黑色边框）内作答，超出答题区域的作答无效！3.考试结束，只需上交答题卡.选择题部分（共40分）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设集合{}10A x x =-<，{}16B x x =-<<，则A B ⋃=（）A.(),6-∞ B.()6,1- C.()1,1- D.(),1-∞2.若复数1iz i=+（i 为虚数单位），则z =（）A.12B.2C.1D.3.设,αβ为两个不同的平面，则α∥β的充要条件是（）A.α内有无数条直线与β平行B.,αβ垂直于同一平面C.,αβ平行于同一条直线D.α内的任何直线都与β平行4.某几何体的三视图（单位：cm ）如图所示，其中弧AB 为四分之一圆弧，则该几何体的体积（单位：3cm ）是（）A.1π212+ B.1π21+ C.1π+ D.2π+5.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，若742S =，则237a a a ++=（）A.12B.15C.18D.216.函数sin |21|xy x π=-的图象大致为（）A.B.C.D.7.已知函数()221xf x x x =-+，且()()1220f x f x ++<，则（）A.120x x +<B.120x x +>C.1210x x -+> D.1220x x ++<8.若sin170tan1033λ︒+︒=，则实数λ的值为（）A.B.2C.3D.39.设椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左、右焦点分别为1F ，2F ，过原点的直线l 与椭圆C 相交于M ，N两点（点M 在第一象限）.若12MN F F =，1133NF MF ≥，则椭圆C 的离心率e 的最大值为（）A.612B.1C.312-D.1-10.已知ABC 中，24AB BC ==，AC =M 在线段AC 上除A ，C 的位置运动，现沿BM 进行翻折，使得线段AB 上存在一点N ，满足CN ⊥平面ABM ；若NB λ>恒成立，则实数λ的最大值为（）A.1B.C.2D.2非选择题部分（共110分）二、填空题：本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分.11.双曲线22:145x y C -=的离心率为______，渐近线方程为______.12.若x ，y 满足约束条件3025x y x y +≥⎧⎨-≤⎩，则x y +有最________（填“大”或“小”）值为_________．13.已知()()()28480128111x x a a x a x a x +=+-+-+⋅⋅⋅+-，则0a =______，1357a a a a +++=______.14.在是否接种疫苗的调查中调查了7人，7人中有4人未接种疫苗，3人接种了疫苗，从这7人中随机抽取3人进行身体检查，用X 表示抽取的3人中未接种疫苗的人数，则随机变量X 的数学期望为______；设A 为事件“抽取的3人中，既有接种疫苗的人，也有未接种疫苗的人”，则事件A 发生的概率为______.15.在平面直角坐标系中，已知第一象限内的点A 在直线:2l y x =上，()5,0B ，以AB 为直径的圆C 与直线l 的另一个交点为D .若AB CD ⊥，则圆C 的半径等于______.16.在Rt ABC △中，90C ∠=︒，点D 在BC 边上，3CD BD =.若3sin 5BAD ∠=，则sin ABC ∠=______.17.对于二元函数(),f x y ，(){}{}min max ,xyf x y 表示(),f x y 先关于y 求最大值，再关于x 求最小值.已知平面内非零向量a ，b ，c，满足：a b ⊥r r ，2a c b c a b ⋅⋅=，记(),mc b f m n mc na-=- （m ，R n ∈，且0m ≠，0n ≠），则(){}{}min max ,m nf m n =______.三、解答题：本大题共5小题，共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.已知函数()2ππsin cos 2sin 632x f x x x ⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭+⎭=⎝---.（1）求函数()f x 的单调递增区间；（2）求使()0f x <成立的实数x 的取值集合.19.在四棱锥P ABCD -中，PAB △为正三角形，四边形ABCD 为等腰梯形，M 为棱AP 的中点，且2224AB AD BC CD ====，3DM =.（1）求证：//DM 平面PBC ；（2）求直线AP 与平面PBC 所成角的正弦值.20.已知数列{}n a 满足0n a ≠，*N n ∈.（1）若2210n n n a a ka ++=>且0n a >.（ⅰ）当{}lg n a 成等差数列时，求k 的值；（ⅱ）当2k =且11a =，4a =2a 及n a 的通项公式.（2）若21312n n n n a a a a +++=-，11a =-，20a <，[]34,8a ∈.设n S 是{}n a 的前n 项之和，求2020S 的最大值.21.如图，设抛物线()2:20C y px p =>的焦点为F ，圆()22:14E x y ++=与y 轴的正半轴的交点为A ，△AEF 为等边三角形.（1）求抛物线C 的方程；（2）设抛物线C 上的点()001,04P y y ⎛⎫ ⎪⎭>⎝处的切线与圆E 交于M ，N 两点，问在圆E 上是否存在点Q ，使得直线QM ，QN 均为抛物线C 的切线，若存在，求Q 点坐标；若不存在，请说明理由.22.已知函数2()xax bf x e+=在2x =时取到极大值24e .（1）求实数a ､b 的值；（2）用min{.,)m n 表示,m n 中的最小值，设函数1()min (),(0)g x f x x x x ⎧⎫=->⎨⎬⎩⎭，若函数2 ()()h x g x tx =-为增函数，求实数t 的取值范围.杭州市2022届高三年级第二学期教学质量检测数学试题参考答案1.A【分析】解不等式10x -<，可化简集合{}1A x x =<，最后求A B 即可.【详解】由101x x -<⇒<，所以{}1A x x =<，所以(),6A B ⋃=-∞，故选：A 2.B【分析】复数的分式运算，同乘共轭复数，利用模长公式即可得到答案.【详解】()()()i 1i i 1i 1i 1i 1i 2z -+===++-,11i 22z =-,22z =故选：B.3.D【分析】根据面面平行、相交的知识确定正确选项.【详解】A 选项，α内有无数条直线与β平行，α与β可能相交，A 选项错误.B 选项，,αβ垂直于同一平面，α与β可能相交，B 选项错误.C 选项，,αβ平行于同一条直线，α与β可能相交，C 选项错误.D 选项，α内的任何直线都与β平行，则//αβ，D 选项正确.故选：D 4.B【分析】由三视图可知，几何体的左边是圆柱的14，右边是三棱柱，分别计算体积相加即可.【详解】由于左边是圆柱的14，其体积为211242ππ⨯⨯⨯=，右边是三棱柱，其体积为111212⨯⨯⨯=，该几何体的体积为12π+；故选：B.5.C【分析】利用等差中项的性质以及通项公式计算即可.【详解】由等差中项的性质得74742S a ==，46a =，即136a d +=，()2371111126393318a a a a d a d a d a d a d ++=+++++=+=+=，故选：C.6.D【分析】确定函数图象关于直线12x =对称，排除AC ，再结合特殊的函数值的正负或函数零点个数排除B ，得出正确结论．【详解】函数定义域是1|2x x ⎧⎫≠⎨⎬⎩⎭，由于21y x =-的图象关于直线12x =对称，sin y x =π的图象也关于直线12x =对称，因此()f x 的图象关于直线12x =对称，排除AC ，sin y x =π有无数个零点，因此()f x 也有无数个零点，且当x →+∞时，()0f x →，排除B ．故选：D ．【点睛】思路点睛：函数图象的辨识可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置．(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势；(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性；(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象.7.A【分析】首先确定函数的单调性，再构造函数()()1g x f x =+，研究函数()g x 的奇偶性，再依次判断题中的不等式是否成立即可．【详解】由函数单调性性质得：y x x =，21x y =+在R 上单调递增，所以()221x f x x x =-+在R 上单调递增，令函数222121()||1||||21212121x x x x x x g x x x x x x x +-=-+=-+=+++++，则2112()||||()2121x xxx g x x x x x g x -----=-+=-+=-++，所以()()0g x g x +-=，则函数()g x 为奇函数，且在R 上单调递增，故()()()()12121212200f x f x g x g x x x x x ++<⇔<-⇔<-⇔+<.故选：A ．8.D【分析】由三角函数的诱导公式将()sin170sin 18010sin10︒=︒-︒=︒，再运用三角恒等变换公式求解.【详解】依题意，sin103sin10cos103λ︒︒+=︒sin10cos10cos10︒︒+︒=︒，sin10︒cos10cos10︒︒=-︒，即()3sin 202cos10sin 30sin10cos302sin 202︒︒︒=︒︒=-︒，故22=，则3λ=故选：D.9.D【分析】依题意作图，分析图中的几何关系，应用三角函数解方程即可.【详解】依题意作下图：由于12MN F F =，并且线段12,MN F F 互相平分，∴四边形12MF NF 是矩形，其中122F MF π∠=，12NF MF ∴=，设2MF x =，则12MF a x =-，根据勾股定理：2221212MF MF F F +=，()22224x a x c +-=，整理得22220x ax b -+=，由于点M在第一象限，x a =，由题意121133NF MF MF MF =≥，126MF F π∠≥，即21212MF F F ≥，a c ≥，整理得22220a ac c --≥，2220e e +-≤，解得01e ≤-＜，即e 1-;故选：D.10.A【分析】由题意可知当CN ⊥平面ABM 时有两个极限状态，第一是BM 为ABC ∠的角平分线时，此时2NB =，第二是点M 与点A 重合时，此时1NB =，由此可得答案【详解】易知要满足CN ⊥平面ABM 有两个极限状态，第一是BM 为ABC ∠的角平分线时，此时2NB =，第二是点M 与点A 重合时，此时1NB =；故()1,2NB ∈，则实数λ的最大值为1，故选：A.【点睛】关键点点睛：此题考查立体几何中的动点问题，解题的关键是当CN ⊥平面ABM 时有两个极限状态，分别求出NB 值，从而可得NB 的范围，进而可得结果，属于中档题11.①32②2y x =±【分析】根据双曲线的标准方程以及几何性质即可求解.【详解】由题意可知222224,5,9a b c a b ==∴=+=，32c e a ==，渐近线方程为02x -=或02x =，即为2y x =±；故答案为：3,22y x =±.12.①小②2-【分析】画出可行域，根据线性规划求解即可.【详解】作出可行域如图，设z x y =+，则y x z =-+，由325y x y x =-⎧⎨=-⎩解得1,3x y ==-，即(1,3)A -由图可知，z 无最大值，当y x z =-+过点A 时，min 132z =-=-，故答案为：小；2-13.①2②136【分析】在等式中令1x =可求得0a 的值，分别令0x =、2x =，将两个等式作差可求得1357a a a a +++的值.【详解】在等式()()()28480128111x x a a x a x a x +=+-+-+⋅⋅⋅+-中，令1x =可得02a =，令0x =，可得0123456780a a a a a a a a a -+-+-+-+=，①令2x =，可得012345678272a a a a a a a a a ++++++++=，②②-①可得1357136a a a a +++=.故答案为：2；136.14.①127②67【分析】分别求出，0,1,2,3X =的概率，进一步求出所以()E X 和()P A .【详解】由题意可知，随机变量X 的取值范围为{0，1，2，3}，()33371035C P X C ===，()12433712135C C P X C ===，()21433718235C C P X C ===，()34374335C P X C ===，所以()112184120123353535357E X =⨯+⨯+⨯+⨯=.由已知条件可得()()()121861235357P A P X P X ==+==+=.故答案为：127；67.15.【分析】设出点A 的坐标，写出圆C 的方程，联立直线l 与圆C 的方程求出点D 的坐标，再借助垂直关系列式计算作答.【详解】依题意，设点(,2),0A a a a >，则圆心5(,)2a C a +，因此，圆C 的方程为()(5)(2)0x a x y y a --+-=，由2()(5)(2)0y x x a x y y a =⎧⎨--+-=⎩，解得12x y =⎧⎨=⎩或2x ay a =⎧⎨=⎩，于是得(1,2)D ，3(,2),(5,2)2a DC a BA a a +=-=-，而AB CD ⊥，则3(5)2(2)02a DC BA a a a +⋅=⋅-+-= ，即2230a a --=，而0a >，解得3a =，则有点(4,3)C，||CD ==所以圆C.16.【分析】根据题目所给的条件作图，利用正弦定理以及勾股定理即可.【详解】依题意作上图，设DC =x ，则BD =3x ，设AC =y ，根据勾股定理有：AD =，AB =，由正弦定理：sin sin BD AD BAD ABC =∠∠，3sin sin 5AD ABC BAD BD∠=∠==，在Rt ABC 中，sin ABC ∠=，=，解得2y x =，45sin 55x x ABC x ∠==；故答案为：5.17.2【分析】记a OA = ，b OB = ，c OC =，构建直角坐标系，根据向量几何意义判断OC 所在直线的斜率，设(),0A a ，()0,B b ，,2c C c ⎛⎫⎪⎝⎭，结合函数的定义、数形结合思想研究相关向量的模长随点的变化情况，进而求目标式的值.【详解】记a OA = ，b OB = ，c OC = ，则2a c b c a b⋅⋅= 表示OC 在OA 上的投影恰为OC 在OB上的投影的两倍，即射线OC 的斜率为12.设(),0A a ，()0,B b ，,2c C c ⎛⎫ ⎪⎝⎭，记mc OD = ，na OE =，则mc b BD -= ，mc na ED -=，所以(),mc b BDf m n mc na ED-==- .先让m 不变，n 变化，即点D 固定，点E 变化，那么()0,mc b BD BDf m n mc na ED E D-==≤-，其中0E D OA ⊥，接着再让m 变化，即点D 变化，求0BDE D 的最小值.因为02BD E D = ，当且仅当4c b =时取得等号.综上，(){}{}min max ,2mnf m n =.故答案为：2【点睛】关键点点睛：利用向量几何意义，构建直角坐标系并设A 、B 、C 的坐标，根据函数新定义、数形结合思想将问题转化为两向量模长的比值，讨论动点位置变化对向量模长的影响确定目标式的值.18.（1）2ππ2π,2π33k k ⎡⎤-++⎢⎥⎣⎦，k Z∈（2）4π2π2π,3x k x k k Z ⎧⎫-+<<∈⎨⎬⎩⎭【分析】（1）由两角差的正弦和余弦公式及降幂公式化简函数解析式为()π2sin 16f x x ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭，解不等式πππ2π2π262k x k -+≤+≤+，k Z ∈即可得答案；（2）利用正弦函数的图象与性质求解不等式π1sin 62x ⎛⎫ ⎪⎝<⎭+即可得答案.【小问1详解】解：因为()2ππsin cos 2sin 632x f x x x ⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭+⎭=⎝---ππππ1cos sin cos cos sin cos cos sin sin 2cos 166332x x x x x x x -⎛⎫⎛⎫=-++-⨯=+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭12sin cos 122x x ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭=+-π2sin 16x ⎛⎫ ⎝+⎪⎭=-，由πππ2π2π262k x k -+≤+≤+，k Z ∈，解得2ππ2π2π33k x k -+≤≤+，k Z ∈，所以()f x 的单调递增区间为2ππ2π,2π33k k ⎡⎤-++⎢⎥⎣⎦，k Z ∈；【小问2详解】解：由（1）知()π2sin 16f x x ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭，由()0f x <，得π1sin 62x ⎛⎫ ⎪⎝<⎭+，所以7πππ2π2π666k x k -+<+<+，k Z ∈，所以4π2π2π3k x k -+<<，k Z ∈，所以x 的取值集合为4π2π2π,3x k x k k Z ⎧⎫-+<<∈⎨⎬⎩⎭.19.（1）证明见解析；（2）13.【分析】（1）取PB 中点为N ，连结MN ，CN ，证明//DM CN ，再利用线面平行的判断推理作答.（2）取AB 中点Q ，AQ 中点O ，证明平面DOM ⊥平面ABCD ，以O 为原点建立空间直角坐标系，借助空间向量计算作答.【小问1详解】在等腰梯形ABCD 中，//CD AB ，2CD =，取PB 中点N ，连结MN ，CN ，如图，因M 为棱AP 的中点，则////MN AB CD ，且122MN AB CD ===，即四边形MNCD 为平行四边形，则//DM CN ，而CN ⊂平面PBC ，DM ⊄平面PBC ，所以//DM 平面PBC .【小问2详解】取AB 中点Q ，AQ 中点O ，连结DQ ，PQ ，OD ，OM ，有//CD BQ ，且CD BQ =，四边形BCDQ 是平行四边形，则2DQ BC AD AQ ====，则有OD =⊥OD AB ，正PAB △中，,PQ AB PQ ⊥=//OM PQ ，因此，12OM PQ ==OM AB ⊥，而OM OD O = ，,OM OD ⊂平面DOM ，则AB ⊥平面DOM ，AB Ì平面ABCD ，有平面DOM ⊥平面ABCD ，由DM =，得60DOM ∠=︒，在平面DOM 内作Oz OD ⊥，平面DOM ⋂平面ABCD OD =，即有Oz ⊥平面ABCD ，以O 为原点，射线OB ，OD ，Oz 分别为x ，y ，z 轴非负半轴建立空间直角坐标系，如图，则331,0,0),(0,),1(((2,33,3),22,0),(3,0,0)A M P C B -，有3,3),2,3,3),(1,3,0)((AP PB CB ==-=，设平面PBC 的法向量为(),,n x y z = ，则233030PB n x z CB n x y ⎧⋅=-=⎪⎨⋅==⎪⎩，令3y =()3,1= n ，设直线AP 与平面PBC 所成角为θ，则313sin cos ,13AP n AP n AP nθ⋅=〈〉==⋅，所以直线AP 与平面PBC 所成角的正弦值为31313.20.（1）（ⅰ）1k =，（ⅰⅰ）22a =，()212n n a -=；（2）505143-.【分析】（1）根据等差数列的定义以及等差中项的性质即可求k 的值；由题可得1n n a a +⎧⎫⎨⎬⎩⎭2，公比为2的等比数列，进而可得数列1n n a a +⎧⎫⎨⎬⎩⎭的通项，再利用累乘法即可求n a 的通项公式；（2）利用分组求和可得()()2504202012341444S a a a a =+++++++ ，结合2432a aa =，3[4,8]a ∈，求出利用基本不等式求1234a a a a +++最大值，即可求出2020S 的最大值.【小问1详解】（ⅰ）因为{}lg n a 成等差数列，所以122lg lg lg n n n a a a ++=+，所以212n n n a a a ++=⋅，又2210n n n a a ka ++=>所以1k =；（ⅱ）因为()22120n n n n a a a a ++⋅=>，所以21322a a a =，22432a a a =，所以322148a a a ==，所以2a =，因为2112n n n n a a a a +++=⋅，又由21aa =所以1n n a a +⎧⎫⎨⎩⎭，公比为2的等比数列，所以112n n na a -+=，所以()()21101223211212n n n n n n a a a a a a a a --+++⋅⋅⋅+--=⨯⨯⨯⋅⋅⋅⨯=⋅=，∴所以()21n n a -=；【小问2详解】由21312n n n n a a a a +++=-可得132412n n n n a a a a ++++=-，所以22424111224n n n n n n a a a a a a +++++⎛⎫=-- ⎪=⎝⎭⨯，因为0n a ≠，所以414n n a a +=，即44n n a a +=，因为213412a a a a =-，11a =-，20a <，所以341220a a a a =+即2432a a a =，()()()202015920172610201837112019S a a a a a a a a a a a a =++++++++++++++ ()48122020a a a a +++++ ()()250425041214441444a a =+++++++++ ()250431444a +++++ ()250441444a +++++ ()()250412341444a a a a =+++++++ ，因为2432a a a =，3[4,8]a ∈，所以240a a >，因为20a <，所以40a <，所以()24a a +-≥=-，可得24a a +≤-所以123431a a a a a +++≤-+-，令31y a =-+-，设2,t ⎡=⎣，21y t =--，对称轴为t =，是开口向上的抛物线，在2,t ⎡∈⎣单调递增，所以t =时取得最大值，故1234a a a a +++最大值为(211-=-，所以()()2504202012341444S a a a a =+++++++ 最大值为50550514141143---⨯=-.【点睛】方法点睛：数列求和的方法（1）倒序相加法：如果一个数列{}n a 的前n 项中首末两端等距离的两项的和相等或等于同一个常数，那么求这个数列的前n 项和即可以用倒序相加法（2）错位相减法：如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的，那么这个数列的前n 项和即可以用错位相减法来求；（3）裂项相消法：把数列的通项拆成两项之差，在求和时，中间的一些项可相互抵消，从而求得其和；（4）分组转化法：一个数列的通项公式是由若干个等差数列或等比数列或可求和的数列组成，则求和时可用分组转换法分别求和再相加减；（5）并项求和法：一个数列的前n 项和可以两两结合求解，则称之为并项求和，形如()()1nn a f n =-类型，可采用两项合并求解.21.（1）24y x =（2）存在圆上一点118,55Q ⎛⎫-- ⎪⎝⎭，满足QM ，QN 均为抛物线C 的切线，理由见解析【分析】（1）由等边三角形及抛物线的几何性质，得12pOF OE ===，即可求出抛物线方程；（2）先求出P 点坐标及切线11:24MN l x y =-，记012t =，设()11,M x y ，()22,N x y ，过点M ，N 作抛物线C 的两条切线（异于直线MN ）交于点Q ，并设切线()111:QM l x x t y y -=-，()222:QN l x x t y y -=-，设过点M 的直线()11x x t y y -=-与抛物线C 相切，则切线有两条，对应01,t t ，通过联立该直线与抛物线的方程，消x 得到方程，即可利用韦达定理得到112t x =，同理可得222t x =，则可联立()111:2QM l x x x y y -=-，()222:2QN l x x x y y -=-，消y 得，2112122124Q y y x x x x x x x -=⋅=-，将Q x 、11241y x =+代入QM l ，可得()122Q y x x =+，12x x ，12x x +的值可由联立MN l 与圆方程，通过韦达定理求得，故求出定点Q ，最后把Q 代入圆方程验证即可【小问1详解】由题，易知点()1,0E-，又AEF 为等边三角形，所以12pOF OE ===，所以2p =，所以抛物线2:4C y x =.【小问2详解】设()11,M x y ，()22,N x y ，过点M ，N 作抛物线C 的两条切线（异于直线MN ）交于点Q ，并设切线()111:QM l x x t y y -=-，()222:QN l x x t y y -=-，当14x =，代入抛物线可得01y =，即1,14P ⎛⎫ ⎪⎝⎭，设过抛物线C 上点1,14P ⎛⎫ ⎪⎝⎭的切线方程为114y k x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭，与抛物线2:4C y x =联立消去x 得：24410y y k k-+-=，由0∆=解得2k =，故该切线方程为122y x =+，即11:24MN l x y =-，记012t =，设过点M 的直线()11x x t y y -=-与抛物线C 相切，代入抛物线方程24y x =，得2114440y ty ty x -+-=，()21116160t ty x ∴∆=--=，即2110t y t x -+=，由韦达定理得011112t t t x ==，011112t t t y +=+=，所以111122t x y ==-，故11241y x =+，同理可得，222t x =，所以切线()111:2QM l x x x y y -=-，()222:2QN l x x x y y -=-，联立两式消去y 可得，2112122124Q y y x x x x x x x -=⋅=-，①代入QM l 可得214122Q x y y -+=，代入11241y x =+得()122Q y x x =+，②联立11:24MN l x y =-与圆E 可得，2115404x x +-=，所以1245x x +=-，121120x x =-.分别代入①、②可得115Q x =-，85Q y =-，()222211811455Q Qx y ⎛⎫⎛⎫++=-++-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，即切线QM ，QN 的交点Q 在圆E 上，所以存在圆上一点118,55Q ⎛⎫-- ⎪⎝⎭，满足QM ，QN 均为抛物线C 的切线.【点睛】直线与曲线相切，通常联立方程，利用0∆=即可求解；当切线有两条时，0∆=的方程会有两个解，此时可利用韦达定理进一步分析求解。
2020年5月湖南省衡阳市普通高中2020届高三下学期5月第二次联考(二模)理科数学试卷及答案
2020年5月湖南省衡阳市普通高中2020届高三下学期5月第二次联考（二模）理科数学试卷★祝考试顺利★(含答案)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
时量120分钟,满分150分。
第I卷一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求。
1.1－21ii+＝A.－iB.iC.2－iD.2＋i2.已知集合A＝{x∈N|ln2x<1},则A＝A.{x|1e<x<e} B.{1} C.{2} D.{1,2}3.记Sn 为等比数列{an}的前n项和,a6＝8a3,S6＝kS3,则实数k的值为A.9B.8C.7D.64.现从编号为1,2,…,96的观众中,采用系统抽样的方法抽取八位幸运观众,其中有两个编号为21与93,则所抽取的8个编号的中位数为A.45B.48C.51D.575.若函数f(x)＝ax＋e－x－e x在R上单调递减,则实数a的取值范围为A.a≤2B.a≤1C.a≥1D.a≥26.空间点,2),若|AO|＝1,则|AB|的最小值为A.1B.2C.3D.47.将不超过实数x的最大整数记为[x],函数f(x)为R上的奇函数,当x≥0时,f(x)＝e x－1,则[3 (ln)8f]＝A.2B.1C.－2D.－18.设a>1>b>0,则下列不等式恒成立的是A.1122a b> B.(1a)2020>(1b)2021 C.loga1b<logb1aD.a b>b a9.已知P 为椭圆C ：22221(0)x y a b a b +=>>上一点,F 1,F 2是C 的两个焦点,椭圆C 的离心率为35,且△PF 1F 2的周长为16,若△PF 1F 2为等腰三角形,则|PF 1|的取值不可能．．．为 A.4 B.5 C.6 D.810.算术运算符MOD 表示取余数,如a MOD b ＝c,表示a 除以b 余数为c,右图是关于取余的一个程序框图,若输入x 的值为3,则输出x ＝A.9B.7C.3D.111.已知θ∈{3,,,2424ππππ},现将函数f(x)＝cos 4x －sin 4x 的图象向右平移θ个单位后得到函数g(x)的图象,若两函数g(x)与y ＝tan ωx(ω>0)图象的对称中心完全相同,则满足题意的θ的个数为A.1B.2C.3D.412.已知△ABC 的周长为9,若cos2A B -＝2sin 2C ,则△ABC 的内切圆半径的最大值为 A.123 第II 卷本卷包括必考题与选考题两部分,第13～21题为必考题,每个试题考生都必须作答,第22～23题为选考题,考生根据要求作答。
2020届华师一附中初中部高三语文二模试卷及答案解析
2020届华师一附中初中部高三语文二模试卷及答案解析一、现代文阅读（36分）(一)现代文阅读I(9分)阅读下面的文字，完成下面小题。
齐老太太冯骥才齐老太太有滋有味住在西城一个小院里。
老头死了后，就一个念想——家别散了。
她有三个孩子，两个儿子一个闺女。
闺女老三没出嫁，两儿子老大老二虽然都成了家，还全住在家里，守着老娘。
老娘心里一幅幅画。
一家人在这院子里春天栽花种草，夏天纳凉说话，秋天举竿打枣，冬天扫雪堆人。
平时全家围着摆在堂屋正中一张方桌，一日三餐，虽无山珍海味，却有荤有素，有饭同吃，有福同享。
闲时老太太叫来老三和两房儿媳妇陪她打打牌。
孙男娣女们在院里玩耍。
齐家人全都本分平和，彼此没斗过气、拌过嘴、红过脸。
老太太说自己活在天堂里。
可等到将来哪一天自己上了西天，想这个家，怎么办呢？说到这儿就掉眼泪了。
打牌是老太太平生一大好。
可是她七十岁后，打多了便要歇一会儿。
几个孩子便在堂屋一角，给她支了一张软榻，她累了，就倚在榻上伸伸胳膊腿儿，有了精神招呼闺女媳妇接着再来。
反正全家人对老太太一呼百应，只顺不呛，每天最后一把牌都要叫老太太胡。
齐老太太的两房媳妇人都不错。
平时，丈夫出去干活，都在家中料理杂事，哄孩子玩，一人一天轮流做全家的饭菜，还一起伺候婆婆，陪着玩牌。
玩牌对谁都是乐事，一边玩，一边说闲话、吃零嘴、喝茶；玩牌不玩钱没劲，可这家人的钱都不多，赢输也不过三五个铜子儿，大半都“输”给了老太太。
玩牌时，老太太爱在身边放一把痒痒挠子，她只要等牌胡，后背就痒痒；闺女老三有个小圆镜，时不时照一下自己；大儿媳爱放一盒洋烟，烟瘾上来憋急了，抽几口；二儿媳特别，总把手上一个金戒箍摘下来，放在一块手帕上，她怕洗牌时总磨这戒指。
她是穷人家的闺女，这金戒指是她当年最金贵的陪嫁。
虽然只是一个圆箍，没做工，但够粗，颜色很正。
天天打牌，这戒指天天放在她右手一边。
可是一天，她抽空去灌暖瓶回来时，忽然“哟”一声，戒指没了。
她找，别人帮她找，桌上地下找，一遍遍找，居然就找不着了。
昌平区2020届高三二模数学试题及答案
（21）（本小题 14 分）
已知有限数列 {an} ，从数列 {an} 中选取第 i1 项、第 i2 项、 、第 im 项 (i1 i2 im ) ， 顺次排列构成数列 {bk } ，其中 bk aik ，1≤ k ≤ m ，则称新数列 {bk }为{an} 的长度为 m 的子 列．规定：数列{an} 的任意一项都是{an} 的长度为 1 的子列．若数列{an} 的每一子列的所有 项的和都不相同，则称数列{an} 为完全数列．
（15）曲线 C: (x 1)2 y2 (x 1)2 y2 3 ,点 P 在曲线 C 上．给出下列三个结论：
①曲线 C 关于 y 轴对称； ②曲线 C 上的点的横坐标的取值范围是 [2, 2] ；
③若 A(1, 0) , B(1, 0) ，则存在点 P ,使△ PAB 的面积大于 3 .
2 其中，所有正确结论的序号是________． 注：本题给出的结论中，有多个符合题目要求。全部选对得 5 分，不选或有错选得 0
昌平区 2020 年高三年级第二次统一练习 数学试卷
（满分 150 分，考试时间 120 分钟）2020.6
第一部分（选择题 共 40 分）
一、选择题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目
要求的一项。
（1）已知集合 A x 2 x 1, B 2, 1,0,1,2 ，则集合 A I B
答案
BD
C
A
B ＣＡ A
C
B
二、填空题（共 5 小题，每小题 5 分，共 25 分）
（11） 5
（12） Sn n2 4n
（13） 5
（14） 1 ； 2 2 3
（15）①②
（注：第 14 题第一空 3 分,第二空 2 分；第 15 题全部选对得 5 分，不选或有错选得 0 分，其
上海市黄浦区2020届高三二模语文试卷(含答案)
上海市黄浦区2020届高三二模语文试卷(含答案)XXX年度第二学期高三年级阶段性调研语文试卷2020年5月（完卷时间：150分钟满分：150分）考生注意：1.本考试设试卷和答题纸两部分，试卷包括试题与答题要求，所有答题必须涂（选择题）或写（非选择题）在答题纸上，做在试卷上一律不得分。
2.答卷前，务必用钢笔或圆珠笔在答题纸正面清楚地填写姓名、准考证号。
3.答题纸与试卷在试题编号上是一一对应的，答题时应特别注意，不能错位。
4.完卷时间150分钟；试卷满分150分。
一、积累应用（10分）1.按要求填空。
（5分）1）落霞与孤鹜齐飞，秋水共长天一色，为伊消得人憔悴。
（XXX《凤栖梧》）2）XXX《江城子·乙卯正月二十日夜记梦》中描写梦里与妻子相见，具有“此时无声胜有声”效果的句子是“相见时难别亦难，东风无力百花残。
”3）XXX《师说》中与“今之众人”“耻学于师”构成对比的“古之圣人”对待从师态度的句子是“师者，所以传道受业解惑也，人非生而知之者，孰能无惑？惟师教之。
”2.按要求选择。
（5分）1）XXX这次作文，不是人云亦云，而是大胆提出自己独到的见解，以下内容适合老师作评语的一项是：A．文章合为时而著，歌诗合为事而作。
2）将下列编号的语句依次填入语段空白处，语意连贯的一项是：C．①③④②未名湖旖旎风光烘托出一种宽松的境界。
宽松是思维最松软的沃土，也是自信和力量的体现。
①宽松使人心态平和、凝神XXX。
②有了松才不感到心理上的压力，才好自由探讨，才能依据事实得出经得起时间考验的科学结论。
③松是做学问的前提。
④有了松才能摆脱束缚，避免僵化，开拓创新，永葆学术青春。
二、阅读（70分）一）阅读下文，完成第3-7题。
（16分）事实与价值①今天的知识人都知道“这是银元”是个事实判断，“银元是好东西”是个价值判断。
我们有时的确需要区分事实与价值，但不宜把事实和价值截然分开。
3.“这是银元”和“银元是好东西”分别是什么类型的判断？答：前者是事实判断，后者是价值判断。