九年级物理电与磁专项检测试题(含答案)
九年级物理电与磁专项检测试题（含答案）
一、选择题
1．如图为通电螺线管磁场强弱演示仪的示意图（导线电阻不计），由图可知：（ ）
A. 当开关S接a点时，仪表指针向右偏转
B. 当开关S接a点接滑片P向下移动时，仪表示数变小
C. 保持滑片P的位置不变，开关S由a点换到b点，仪表示数变大
D. 若将电源正负极对调，仪表指针偏转方向不变
【答案】C
【解析】【解答】解：
A、由安培定则可知，通电螺线管的右端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，仪表指针向左偏转，故A错误；
B、当开关S接a点接滑片P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，磁性增强，排斥力增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故B错误；
C、保持滑片P的位置不变，开关S由a点换到b点，线圈匝数增加，磁性增强，排斥力增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故C正确；
D、若将电源正负极对调，电流方向改变，磁场方向改变，仪表指针偏转方向改变，故D错误．
故选C．
【分析】（1）由安培定则判断通电螺线管的南北极和磁极间的相互作用判断仪表指针向的偏转；、（2）根据滑动变阻器的移动方向判断通电螺线管的磁性变化，判断仪表示数变化；（3）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；（4）通电导体在磁场受力的方向与电流的方向、磁场方向有关．
2．下图中是探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】【解答】解：
A、图中是奥斯特实验的装置，说明了电流周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图中没有电源，但有灵敏电流计，是探究电磁感应现象的装置，故B不符合题意；
C、图中有电源，是研究磁场对电流作用的装置，故C不符合题意；
D、图中电磁铁和滑动变阻器串联，通过调节滑片改变电路中的电流，即研究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故D符合题意．
故选D．
【分析】（1）通电导线周围存在磁场，称为电流的磁效应；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应，发电机就是利用这个原理制成的；（3）通电线圈在磁场中受力转动，电动机就是利用这个原理制成的；（4）电磁铁磁性强弱跟电磁铁电流的大小、线圈匝数多少、有关铁芯有关．
3．如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（ ）
A. 图a可用来演示电流的磁效应 B. 图b可用来演示电磁感应现象
C. 图c可用来演示磁场对电流的作用 D. 图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【答案】 C
【解析】【解答】A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是发电机的工作原理，A不符合题意；
B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，可用来演示电流的磁效应，B不符合题意；
C、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会在磁场中运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，C符合题意；
D、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】探究通电导体在磁场中受力的作用的装置中，有电源，磁体、导线等，当导线中电流相等时，可以探究电磁铁的磁性和线圈匝数的关系.
4．巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合S1、S2 ， 滑片P向左移动时，电表的变化情况是（ ）
A. 表和 表示数均变小 B. 表和 表示数均变大
C. 表示数变小， 表示数变大 D. 表示数变大， 表示数变小
【答案】D
【解析】【解答】闭合S1、S2 ， 滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，D符合题意，ABC不符合题意.
故答案为：D.
【分析】根据滑动变阻器的在的变化分析电路中电流的变化，电流的变化影响磁性强弱变化，从而电路中的电流和电压和变化.
5．首先发现电流磁效应的科学家是（ ）
A. 麦克斯韦 B. 赫兹 C. 奥斯特 D. 法拉第
【答案】 C
【解析】【分析】导体中有电流通过时，在导体周围就会产生磁场，磁场方向与电流方向有关．
【解答】1820年，奥斯特意外地发现载流导线的电流会作用于磁针，使磁针改变方向，也就是通电导体周围产生磁场．
故选C．
【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意．
6．关于图中所示的通电螺线管，下列说法正确的是（ ）
A. 通电螺线管的右端是S极 B. 只对调电源正负极，通电螺线管的磁场方向不发生改变
C. 通电螺线管的外部磁感线是从S极发出回到N极的
D. 当滑动变阻器的滑片向右移动时，通电螺线管的磁性增强
【答案】D
【解析】【解答】解：A、由于电源右端为正极、左端为负极，由安培定则可知，用右手握住通电螺线管，让大拇指指向右侧，故通电螺线管的右端是N极；故A错误；
B、改变电源的正负极后，螺线管中的电流方向发生了改变，通电螺线管的磁场方向发生改变，故B错误；
C、通电螺线管的外部磁感线是从N极发出回到S极的，故C错误；
D、滑动变阻器P向右移动时，接入电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性将增强．故D正确．
故选D．
【分析】（1）由螺线管的N、S极，据安培定则可判断出电流方向，而电流在电源外部从正极出来，回到负极，据此回答．（2）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕向这两个因素有关，若只改变其中的一个，磁场方向发生改变；若两个因素同时改变，磁场方向不变．（3）通电螺线管的外部磁感线是从N极发出回到S极的；（4）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强．
7．下列设备，利用电磁继电器工作的是（ ）
A. 水位自动报警器 B. 动圈式话筒
C. 电磁起重器 D. 直流电铃
【答案】 A
【解析】【解答】解：A、如图，由容器、左侧电源和电磁铁组成的是控制电路，由有灯和右侧电源组成的是工作电路，这是一个电磁继电器用控制电路来控制工作电路的。A符合题意。
B、如图的动圈式话筒，是利用电磁感应原理工作的，只有一个电路。B不符合题意。
C、电磁起重机是利用电流磁效应工作的，只有一个电路，C不符合题意。
D、电铃是利用电流磁效应工作的，只有一个电路，D不符合题意。
故答案为：A
【分析】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点.一般来说，有电磁铁的仪器是电流的磁效应原理，发电机和动圈式话筒是电磁感应现象原理，电动机和扬声器是通电导体在磁场中受力原理.
8．手机无线充电方便了人们的生活，其中电磁感应无线充电是应用最多的无线充电方案。如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。下列选项中和受电线圈工作原理相同的是（ ）
A. 扬声器 B. 电磁继电器 C. 动圈式话筒 D. 电动机
【答案】C
【解析】【解答】A、扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，A不符合题意；
B、电磁继电器利用的是电流的磁效应，B不符合题意；
C、动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号转化为电信号的装置，C符合题意；
D、电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据题中解释，电磁感应无线充电利用了电磁感应发电的原理，动圈式话筒也利用了电磁感应原理工作.
9．奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭开了电与磁的联系；法拉第发现了电磁感应现象进一步揭示了电与磁的联系，开辟了人类的电气化时代．下列有关电磁现象的说法正确的是（ ）
A. 通电导体周围一定存在磁场 B. 导体在磁场中运动一定产生感应电流
C. 电磁波在真空中无法传播 D. 通电导体受到磁场的作用力与磁场方向无关
【答案】A
【解析】【分析】（1）奥斯特实验证明了通电导体周围存在磁场，其磁场方向和电流方向有关；
（2）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会有感应电流；
（3）电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
（4）通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁场方向有关．
【解答】A、奥斯特实验证明了：通电导体周围一定存在磁场，故A正确；
B、闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会有感应电流．故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故C错误； D、通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁场方向有关．故D错误．
故选A．
【点评】此题考查的知识点比较多，有奥斯特实验、电磁感应现象、电磁波的传播和通电导体在磁场中的受力等问题，难度不大，是中考的常见题型．
10．指南针是我国四大发明之一，关于指南针，下列说法正确的是（ ）
A. 指南针可以仅具有一个磁极 B. 指南针的指向不会受附近磁铁块的干扰
C. 指南针能够指南北，说明地球具有磁场 D. 指南针所指的南北方向与地理的两极是重合的
【答案】 C
【解析】【解答】A、指南针是一个磁体，磁体都有两个磁极，故A错误；
B、指南针的周围有其他磁体时，两个磁场相互作用会产生磁力，而使指南针不一定指向南北方向，故B错误；
C、指南针能够指南北，说明地球具有磁场，故C正确；
D、磁偏角说明地理南北极与地磁南北极并不重合，故D错误．
故选：C
【分析】地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，由于受到地磁场的作用，放入地磁场的磁体都受到地磁场的作用．
11．我们所使用的电冰箱、电扇、洗衣机等家用电器，其主要部件都是用电动机来工作的，那么电动机是根据下列哪种现象制成的 （ ）
A. 磁场对放入其中的磁体产生力的作用 B. 电流周围存在磁场
九年级物理全册第二十章电与磁知识总结例题(带答案)
九年级物理全册第二十章电与磁知识总结例题 单选题
1、图甲是磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙所示电磁铁。灯座通电后，灯泡会
悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。下列说法正确的是（ ）
A．发光的半导体芯片电阻为零
B．灯泡悬浮是利用同名磁极相互排斥的原理
C．通电后电磁铁具有磁性说明磁能生电
D．通电后电磁铁的下端为S极
答案：B
A．半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一定的电阻值，因此半导体芯片的电阻不为0，故A错误；
B．同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，灯泡悬浮利用了同名磁极相互排斥的原理，故B正确；
C．电磁铁是利用电流的磁效应工作的，当电流流过电磁铁线圈时，电磁铁就具有磁性，说明电能生磁，故C
错误；
D．电流从电磁铁线圈的上端流入，由安培定则可判断电磁铁的下端为N极，故D错误。
故选B。
2、如图所示，是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面的条形
磁体滑动，打开门锁。下列说法正确的是（ ）
A．通电后电磁铁a端为S极
B．滑片向左移动的过程中电磁铁的磁性增强
C．条形磁体在滑动过程中受到向左的摩擦力
D．条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力变小
答案：B
A．由图中可知，通电后电流从电磁铁的b端流入，由安培定则可知，电磁铁的a端为N极，故A错误；
B．滑片向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，故电路中电流变大，则电磁铁的磁性增强，
故B正确；
C．因条形磁铁的b端为S极，故由异名磁极相互吸引可知，条形磁体会受到向左的磁力作用而向左滑动，故
条形在滑动过程中受到桌面向右的摩擦力，故C错误；
D．条形磁体在滑动过程中，在竖直方向上处于受力平衡状态，条形磁铁与桌面之间的压力和粗糙程度不变，
故条形磁体在滑动过程中受到的摩擦力不变，故D错误。
故选B。
3、如图所示的磁悬浮地球仪，在地球仪底端有一个磁铁，在底座内部有一个金属线圈，线圈通电后，地球仪
【物理】《电与磁》单元测试题(含答案)
【物理】《电与磁》单元测试题(含答案)
一、电与磁选择题
1．下列有关电和磁的说法正确的是（ ）
A. 奥斯持发现了电流的磁效应 B. 磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的
C. 电动机是根据电磁感应原理制成的 D. 电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关
【答案】A
【解析】【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；
B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故B错误；
C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；
D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故D错误．
故选A．
【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关．
2．如图所示，一螺线管的右端放着一颗可自由转动的小磁针，闭合开关S前小磁针处于静止，闭合开关S后，小磁针的N极将（ ）
A. 向左偏转 B. 向右偏转 C. 仍然静止 D. 无法判断
【答案】 A
【解析】【解答】解：
从图可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；
由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针N极向左转动．
故选A．
【分析】首先由安培定则可以判断出螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可得出小磁针静止时的N、S极的指向．
3．从物理学角度解释诗句，下列说法与物理知识相符的是（ ）
A. “潭清疑水浅”实际上是一种光的反射现象
人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁专项训练
1
人教版2023初中物理九年级物理全册第二十章电与磁专项训练
单选题
1、小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯液所示
制电路中，电源电压恒定，𝑅
0为定值电阻，𝑅为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是
（ ）
A．电磁铁的上端为S极
B．当光照强度增强，控制电路的电流变小
C．当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强
D．灯泡应设计在𝐴和𝐵两接线柱之间
答案：D
A．由图可知，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故B错误；
C．当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，电磁铁
磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，电流减小，则磁性变弱，故C错误；
2
D．光线较暗时，光敏电阻的阻值大，则控制电路中的电流小，电磁铁的磁性弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，
灯泡自动发光，说明灯泡在𝐴和𝐵两接线柱之间，故D正确。
故选D。
2、将导体𝑎𝑏、开关和灵敏电流表用导线连接，导体𝑎𝑏放置在磁极间，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．开关闭合，磁铁不动，𝑎𝑏水平向左快速移动，指针不偏转
B．磁极对调后，开关闭合，𝑎𝑏水平向右快速运动，指针要偏转
C．开关闭合，𝑎𝑏竖直上下运动，指针要偏转
D．开关断开，𝑎𝑏快速运动，指针可能偏转
答案：B
A．开关闭合，磁铁不动，ab
水平向左快速移动，导体ab
切割磁感线，产生感应电流，指针偏转，故A错误；
B．磁极对调后，开关闭合，𝑎𝑏水平向右快速运动，导体ab
切割磁感线，产生感应电流，指针偏转，故B正确；
C．开关闭合，𝑎𝑏竖直上下运动，导体ab
没有切割磁感线，不会产生感应电流，指针不偏转，故C错误；
D．开关断开，𝑎𝑏快速运动，电路是断路，不会产生感应电流，指针不会偏转，故D错误。
沪教版九年级(下)物理第八章电能与磁单元测试卷一和参考答案
沪教版九年级(下)物理第八章电能与磁单元测试卷一和参考答案
九年级（下）物理第八章电能与磁单元测试卷一
姓名：
一、单项选择题（每题2分，共28分）
1.一位同学设计了如图所示的调光电路，若电源电压不变，当滑动变阻器的滑片P从b端滑向a端的过程中，小灯泡的亮度变化是(。)
A、逐渐变亮
B、逐步变暗，直至熄灭
C、光变暗，然后变亮
D、光变亮，后变暗直至熄灭
2.两个定值电阻R1和R2(R1＞R2)，串联后接入电压为U的电源上，功率分别是P1和P2；将R1和R2并联后仍接在电压为U的电源上，功率分别是P1′和P2′，则(。) A、P1+P2= P1′+P2′
B、P1+P2＞P1′
C、P1＜P1′，P2＜P2′
D、P1＞P2，P1′＞P2′
3.为了使电炉消耗的功率减为原来的1/2，下列办法能用的是（）
A．将电阻减为原来的一半，电压不变
B．将电压、电阻都减为原来的一半
C．将电压减为原来的一半，电阻不变
D．使电流减为原来的一半，电阻不变
4.如图是一位同学已经连接好的电路，闭合开关，并将滑动变阻器的滑片向A端移动。则观察到的现象是(。)
A．电流表的示数逐渐减大
B．电压表的示数逐渐减小
C．小灯泡越来越暗
D．电路消耗的总功率增大
5.把两个灯泡串联后接到电源上，闭合开关后，发现灯L1比灯L2亮。下列说法中正确的是(。)
A．通过L1的电流大
B．L1两端的电压大
C．通过L2的电流大
D．L2两端的电压大
6.已知两条电阻丝的阻值R1>R2.分别用P1和P2，表示它们的电功率，下列说法中不正确的是(。)
A．当电阻丝R1和R2串联接入电路中时，电功率P1>P2
B．当电阻丝R1和R2并联接入电路中时，电功率P1
C．电功率P1可能大于P2也可能小于P2
D．电功率P1一定大于P2
7.一根长直铜导线在靠近一个原来静止的小磁针的过程中（）
1.改写：
A。如果小磁针不动，那么导线中就不会有电流通过。
初中物理《电与磁》练习题(附答案)
初中物理《电与磁》练习题（附答案）
1、磁现象
【知识积累】
（1）磁性：物体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质。我们就说物体具有磁性。
（2）磁体：具有磁性的物体叫做磁体。磁体分为条形磁体、蹄形磁体、针形磁体。
（3）磁极：磁体上磁性最强的部分叫做磁极。能够自由转动的磁体，静止时总是一个磁极指南，一个磁极指北，指南的那个磁极叫做南极（S极），指北的那个磁极叫做北极（N极）。
（4）磁极间的相互作用：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。
（5）磁化：
①概念：一些物体在磁体或电流的作用下会获得磁性，这种现象叫做磁化。
②特点：被磁化后，磁体的相对端出现异名磁极。
③磁化的利与弊：应用：磁卡、磁盘、磁带等利用它上面的磁性物质可以储存声音、图像和文字信息等，钢针被磁化后，可以用来制作指南针。危害：机械手表被磁化后，走时不准；彩色电视机显像管被磁化后，色彩失真等。
【典型习题】
【练习1】实验表明，磁体能吸引1元硬币，对这一现象解释正确的是（ ）
A.硬币一定是铁做的，因为磁体能吸引铁
B.硬币一定是铝做的，因为磁体能吸引铝
C.磁体的磁性越强，能吸引的物质种类越多
D.硬币中含有磁性材料，磁化后被吸引
【练习2】下列物体中，能被磁铁吸引的是（ ）
A.粉笔 B.塑料尺 C.大头针 D.橡皮擦
【练习3】一条形磁铁不慎从中间断为两段，则两段的磁性（ ）
A.两段都没有磁性
B.一段只有N极，一段只有S极
C.每段都有N、S极
D.以上三种情况都有可能 2、判断物体是否具有磁性的方法
【知识积累】
方法：
（1）根据吸铁性判断：能吸引铁、钴、镍等物质的物体具有磁性。
（2）根据指向性判断：能自由转动的物体静止时总是指南北方向，则该物体具有磁性。
（3）根据磁极间的相互作用规律判断：若该物体的一端与小磁针相互排斥，则它一定有磁性；若与小磁针的两级均表现为相互吸引，或根本没有作用，则它没有磁性。
人教版九年级全一册物理第二十章：电与磁 综合复习题(含答案解析)
第 1 页 共 31
页 人教版九年级全一册物理第二十章：电与磁 综合复习题
1．（2022·湖南岳阳·九年级期末）无线充电装置给人们的生活带来了便利。充电底座通电后其中的送电线圈产生交变磁场，手机受电线圈中产生感应电流，开始向手机充电，以下四图所示的装置与手机受电线圈工作原理相同的是（ ）
A．B．C．D．
2．（2022·湖南岳阳·九年级期末）下面四个实验图能说明电动机工作原理的是（ ）
A．B．C． D．
3．（2022·湖南长沙·九年级期末）关于物理现象和物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．为了防止触电，必须把用电器的开关接在火线上
B．验电器的原理是异种电荷相互吸引
C．小磁针静止时，S极的指向与该点磁场方向相同
D．用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电是由于毛皮束缚电子的能力比较强
4．（2022·湖南·长沙市开福区青竹湖湘一外国语学校九年级期末）如图所示的“吸引现象”由分子间作用力引起的是（ ）
A． 磁铁吸引铁器
B． 吸盘吸在墙上 第 2 页 共 31
页 C． 摩擦后的气球吸引头发
D． 压紧的铅块互相吸引
5．（2022·湖南·长沙市开福区青竹湖湘一外国语学校九年级期末）我们在学习物理知识时，运用了很多研究方法，下列几个实例：①研究电流时，把它比作水流；①在探究电磁铁磁性强弱的影响因素时；①在探究压强与压力关系时，控制受力面积相同；①研究磁场时，引入磁感线。其中，运用了相同研究方法的是（ ）
A．①① B．①① C．①① D．①①
6．（2022·湖南株洲·九年级期末）公交车上安装的电动爆玻器工作原理是利用通电线圈在磁场中产生一个冲击力，在危急时刻击碎车窗玻璃。图中的实验与电动爆玻器工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2022·湖南常德·九年级期末）如图是一种水位自动报警器的原理示意图，当水位升高到金属块A处时（ ） 第 3 页 共 31
教科版九年级上册物理第七章磁与电期末单元测试(2套附答案
教科版九年级上册物理第七章磁与电期末单元测试（基础）
满分：90分 考试时间：60分钟
一、单选题（共13题；共26分）
1.发现通电直导线周围存在磁场的科学家是（ ）
A. 安培 B. 奥斯特 C. 欧姆 D. 伏特
2.（2019·咸宁）下列说法中正确的是( )
A. 法拉第发现了电流的磁效应
B. 帕斯卡首先用实验的方法测出了大气压强的数值
C. 伽利略通过实验得出了物体的运动不需要力来维持的结论
D. 焦耳用实验确定了电流产生的热量跟电压、电流和通电时间成正比
3.（2017八上·响水月考）四位同学画出静止在赤道正上方小磁针（黑端为N极）的指向，其中正确的是（ ）
4.（2018九下·武威月考）图中条形磁体的磁感线分布，图中的E、F、P、Q四点，磁场最强的是( )
A. E B. F C. P D. Q
5.某矿石能吸引大头针，说明该矿石具有（ ）
A. 导电性 B. 磁性 C. 延展性 D. 弹性
6.（2019·烟台）甲、乙为两个条形磁铁的两个磁极，根据下图所示的小磁针静止时的指向，可以判断（ ）
A. 甲是N极，乙是S极
B. 甲、乙都是N极
C. 甲、乙都是S极
D. 甲是S极，乙是N极
7.关于磁场，下列说法中正确的是（ ）
A. 磁体周围的磁感线从磁体N极发出，回到磁体S极
B. 磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的
C. 磁感线是磁场中真实存在的一些曲线
D. 地磁场的N极在地理北极附近，S极在地理南极附近，与地球两极并不完全重合
8.如图所示的奥斯特实验说明了（ ）
A. 导线做切割磁感线运动时会产生电流
初三物理电与磁试题答案及解析
初三物理电与磁试题答案及解析
1. 如图所示的探究实验装置中不能完成探究内容的是（ ）
【答案】B
【解析】要探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，应保持电磁铁的匝数一定，改变电流的大小，B选项中电路的电流不能改变，所以不能完成实验探究，如果把电路中的定值电阻改成滑动变阻器就可以了。
【考点】电与磁
2. 小明同学在“制作、研究电磁铁”的过程中，使用两个相同的大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法正确的是
A．若将两电磁铁上部靠近，会相互吸引
B．要使电磁铁磁性增强，应将滑片P向右移动
C．线圈B匝数多，所以线圈B中的电流小于线圈A中的电流
D．电磁铁能吸引的大头针越多，表明它的磁性越强
【答案】D
【解析】两个电磁铁中线圈上的电流方向都是向右的，所以上端都是N极，靠近时会相互排斥，A错；要使电磁铁的磁性增强，应增大电路中的电流，滑片向左移动，B错；两个线圈是串联关系，电流相等，C错；电磁铁的磁性是通过它吸引大头针的多少来判断的，吸引的大头针越多，说明磁性越强，这种方法叫转换法，D对。
【考点】电磁铁
3. 下图是有关电与磁实验的装置图，其中能说明发电机工作原理的是
【答案】A
【解析】判断发电机和电动机的原理图的依据是看外电路中有无电源，如果外电路中有电源，是电动机，没有电源，是发电机，所以A是发电机，D是电动机；B是奥斯特实验，揭示了电流的磁效应；C是电磁铁的原理。 【考点】电与磁
4. 下列说法中正确的是
A．导体中的电流一定会产生磁场
B．地磁场的磁感线是真实存在的
C．改变电磁铁中电流的大小可以改变电磁铁的南、北极
D．发电机是把机械能转化为电能
【答案】AD
【解析】电流周围有磁场说明导体中的电流一定会产生磁场，A选项正确；磁感线是为了形象而又方便地描述磁场分布情况而引入的假想曲线，并非真实存在，B选项错误；改变电磁铁中电流的大小可以改变电磁铁磁性的强弱，改变电磁铁中电流方向才能改变电磁铁的南、北极。C选项错误；发电机是把机械能转化为电能的装置，D选项正确。选填AD。
江阴市江阴二中初中物理九年级全册第二十章《电与磁》检测(有答案解析)
一、选择题
1．如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁水平放置且左端固定，当电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向右移动，条形磁铁仍静止，在此过程中，条形磁铁受到的摩擦力
A．逐渐增大，方向向右
B．逐渐减小，方向向右
C．逐渐增大，方向向左
D．逐渐减小，方向向左
2．下列生活、生产实例与所包含物理知识的说法中，正确的是（ ）
A．吸排油烟机是利用电磁感应现象制成的
B．我们看到水面树木的倒影是因为发生了光的折射
C．放在桌面上的书处于静止状态，是因为桌面对书的支持力和书对桌面的压力相互平衡
D．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度
3．如图所示是电机示意图，对于图示的说法，正确的是
A．图中绘出的是直流电动机的示意图，线圈正转到平衡位置
B．图中绘出的是直流电动机的示意图，线圈受到磁场的作用力而转动
C．图中绘出的是交流发电机的示意图，此时导线切割磁感线，线圈中产生电流
D．图中绘出的是交流发电机的示意图，此时导线不切割磁感线，线圈中没有电流
4．小华在综合实践中自制的简易电动机示意图如图所示。矩形线圈由漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴。将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈正下方。为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，则小华应将
A．电池的正、负极对调一下
B．在线圈正上方增加磁体S极
C．左转轴绝缘漆全部刮掉，右转轴下侧绝缘漆刮掉一半 D．左、右转轴绝缘漆全部刮掉
5．一杯香浓的豆浆可以让我们早上有一个精力充沛的开始.电动豆浆机在工作过程中，转动的叶轮将豆子打磨研碎，加热体将豆浆加热至煮熟.下面说法中正确的是
A．通电后叶轮转动，电动机将机械能转化为电能
B．从开始加热到豆浆煮熟的过程中，豆浆的内能不变
C．煮好的豆浆香气四溢的原因是分子在不停地做无规则运动
D．喝刚刚煮好的豆浆时，在它表面吹气可以加快豆浆的升华，使它凉得快些
初三物理磁生电试题答案及解析
初三物理磁生电试题答案及解析
1. 小明在做“探究什么情况下磁可以生电”实验时，连接了如图所示的实验装置，PQ，MN为两平行金属导轨，水平放置，相距L，两导轨右侧连接定值电阻R，一金属棒垂直搁在两导轨上，与导轨接触良好，接触点分别为a、b。现把该装置放入一大小、方向均不变的磁场区域内，用力F拉动金属棒沿导轨匀速运动时，在闭合回路可产生感应电流，当向右拉动金属棒时，通过金属棒的电流方向为a→b，忽略所有摩擦阻力和除R外其他电阻，则：
（1）当向左拉动金属棒时，通过金属棒的电流
方向为
； （2）当向右拉动金属棒时，金属棒相当于电源给电阻R供电，则此时金属棒的 （选填“a”或“b”）端相当于电源的正极。
（3）小明在做实验时，发现F的大小与PQ、MN间距L、电阻R大小、金属棒运动速度和磁场大小等有关，在保持其他条件不变的情况下，分别改变L、R得到以下实验数据，请根据上述实验数据及你已有的数学、物理知识写出F与L、R大小关系式为： 。
【答案】（1）b→a；（2）b； （3）
【解析】（1）当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象．感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向有关．由题意知，当向右拉动金属棒时，通过金属棒的电流方向为a→b，当向左拉动金属棒时，金属棒运动的方向改变，通过金属棒的电流方向与原来相反，为b→a；
（2）当向右拉动金属棒时，通过金属棒的电流方向为a→b，在金属棒的外部电流的方向是从b-a，因为在电源外部，电流的方向从电源的正极流向负极，所以b端相当于电源的正极；
（3）①分析F、L之间关系的数据发现L变大，F也变大，且L变为原来的n倍，F变为原来的n2倍，即F=kL2，任意代入数据：0.1N=（0.2m）2k可得出k=2.5N/m2
②分析F、R之间关系的数据发现R变大时，F变小，且R变为原来的n倍，F变为原来的n分之一倍，即，任意代入数据：，可得出：k‘=0.8N/Ω