高三物理第一次月考试题及答案
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高三物理第一次月考试卷
一选择题（1--8为单选题，9--12为多选题，共48分，每题4分）
1.如图所示，物体沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，则它的位移和路程分别是（ ）
A. 0，0 B. 4R向西，2πR
C. 4πR向东，4R D. 4R向东，2πR
2. 一个朝着某方向做直线运动的物体，在时间t内的平均速度是v，紧接着 内的平均速
度是，则物体在这段时间内的平均速度是( )
A．v B．v C．v D．v
3.两个物体A、B的加速度aA＞aB，则（ ）
A．A的速度一定比B的速度大
B．A的速度变化量一定比B的速度变化量大
C．A的速度变化一定比B的速度变化快
D．A受的合外力一定比B受的合外力大
4. 如图所示，在光滑水平面上质量分别为mA=2kg、mB=4kg，速率分别为
vA=5m/s、vB=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动（ ）
A.它们碰撞前的总动量是18kg·m/s，方向水平向右
B.它们碰撞后的总动量是18kg·m/s，方向水平向左
C.它们碰撞前的总动量是2kg·m/s，方向水平向右
D.它们碰撞后的总动量是2kg·m/s，方向水平向左
5. 放射性同位素钍232经衰变会生成氡，其衰变方程为：
，其中（ ）
A．x=1，y=3 B．x=2，y=3
C．x=3，y=1 D．x=3，y=2
2
6. 以36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为a=4m/s2的加速
度，刹车后第3s内，汽车走过的路程为（ ）
A. 12.5m B. 2m C. 0.5m D. 10m
7. 一遥控玩具汽车在平直路上运动的位移—时间图像如图所示，则（ ）
A．15s内汽车的位移为300m B．前10s内汽车的加速度为3m/s 2
C．20s末汽车的速度为-1m/s D．前25s内汽车做单方向直线运动
8.A、B、C三物体同时同地出发做直线运动，它们的运动情况如图1－2所示，在20 s时间
内，它们的路程关系是( )
A．xA＝xB＝xc B．xA>xB＝xc
C．xA>xB>xc D．xA＝xB
示．在这段时间内，下列说法中正确的是（ ）
A．汽车甲的平均速度比乙大 B．汽车乙的平均速度等于
C．甲乙两汽车的位移相同 D．汽车甲乙的加速度大小都逐渐减小
10. 一个步行者以6.0m/s的最大速率跑步去追赶被红灯阻停的公共汽车，当他距离公共汽
车25m时，绿灯亮了，汽车以1.0m/s2的加速度匀加速启动前进,则（ ）
A．人能追上汽车，追车过程中人共跑了36m
B．人不能追上汽车，人和车最近距离为7m
C．人能追上汽车，追上车前人共跑了43m
D．人不能追上汽车，汽车开动后，人和汽车间的距离先减小后增大
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11. 如图K13所示为飞机起飞时，在同一底片上相隔同样时间多次曝光拍
摄的照片，可以看出，在同样时间间隔中，飞机的位移不断增大，则下列说法
中正确的是( )
A．由“观察法”可以看出飞机做匀加速直线运动
B．测出相邻两段相等时间内的位移，可以求出这两段总时间的中间时刻的速度
C．测出各段相等时间的位移，如果相邻两段位移之差都相等，则飞机做匀变速
直线运动
D．判断出飞机是做匀变速直线运动后，可以用逐差法计算出飞机的加速度
12.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图象如图所示．已知两车在t＝3 s
时并排行驶，则( )
A．在t＝1 s时，甲车在乙车后 B．在t＝0时，甲车在乙车前7.5 m
C．两车另一次并排行驶的时刻是t＝2 s
D．甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40 m
二实验题（12分，每空4分）
13.某同学利用图示装置研究小车的匀变速直线运动．
①实验中，必要的措施是________．
图1
A．细线必须与长木板平行 B．先接通电源再释放小车
C．小车的质量远大于钩码的质量D．平衡小车与长木板间的摩擦力
②他实验时将打点计时器接到频率为50 Hz的交流电源上，得到一条纸带，打出
的部分计数点如图1-所示(每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出)．s1＝
3.59 cm，s2＝4.41 cm，s3＝5.19 cm，s4＝5.97 cm，s5＝6.78 cm，s6＝7.64 cm，
则小车的加速度a＝________m/s2(要求充分利用测量的数据)，打点计时器在打
B点时小车的速度vB＝________m/s.(结果均保留两位有效数字)
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三计算题（40分，每题10分）
14.在竖直的井底，将一物块以11 m/s的速度竖直地向上抛出，物块在井口被人接住，在被
人接住前1 s内物块的位移是4 m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10 m/s2，求：
（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；
（2）此竖直井的深度。
15.如图2所示，木杆长5 m，上端固定在某一点，由静止放开后让它自由落下(不
计空气阻力)，木杆通过悬点正下方20 m处圆筒AB，圆筒AB长为5 m，取g＝
10 m/s2，求：(1)木杆经过圆筒的上端A所用的时间t1是多少？
(2)木杆通过圆筒AB所用的时间t2是多少？
16.两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为2 kg，初始时弹簧处于原长，A、B两
物块都以v＝6 m／s的速度在光滑的水平地面上运动，质量4 kg的物块C静止
在前方，如图所示。B与C碰撞后二者会粘在一起运动。求在以后的运动中：
（1）当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为多大？
（2）系统中弹性势能的最大值是多少？
17.一辆汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶，在其后1000m处的摩托车
欲在起动后用3min的时间恰好追上汽车，如果摩托车所能达到的最大速度为
30m/s，那么它的加速度应为多大？（设摩托车加速时，加速度恒定）
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物理参考答案一
1.D 2.D 3.C 4.C 5.D 6.C 7.C 8.B 9.AD 10.BD 11.BCD 12.BD
13.①AB ②0.80 0.40
14.解：（1）设人接住物块前1 s时刻速度为v
则有：h′＝vt′－gt′2 即4 m＝v×1 m－×10×12 m 解得v＝9 m/s
则物块从抛出到被人接住所用总时间为t＝＋t′＝s＋1 s＝1.2 s
（2）竖直井的深度为h＝v0t－gt2＝11×1.2 m－×10×1.22 m＝6 m
15.【解析】 (1)木杆由静止开始做自由落体运动，木杆的下端到达圆筒上端A用时t下A
＝2h下Ag＝ 2×1510 s＝ 3 s
16.(1)3m/s (2)12J
17.解析试题分析：假设摩托车一直做匀加速运动，经3min恰好追上汽车。则
得m/s2，但摩托车速度，这说明：
摩托车不可能一直做匀速运动，只能先做一段匀加速运动，速度达最大后再做匀速运动。
设摩托车匀加速运动的时间为t1，则①，②，得
。题中给出摩托车的最大速度，但没有要求摩托车速度一定要达到最大. 摩
托车可先匀加速一段时间，然后，以小于的速度做匀速运动，只要在3min时间内追上
汽车即可，故。
山东省泰安一中2022届高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年山东省泰安一中高三（上）月考（10月份）物理试卷一、不定项选择题：共13小题，每小题4分，共52分，每小题有一个或多个答案是正确的，选择正确但不全得2分．1．质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A．加速度大小为1m/s2B．任意相邻1s内的位移差都为2mC．第2s内的位移是2mD．物体第3s内的平均速度大小为3m/s2．如图所示，水平面上B点左侧是光滑的，B点右侧是粗糙的，质量分别为M和m的两个小物块甲和乙（甲、乙均可视为质点，M＞m），在光滑水平面上相距L以相同的速度同时开头向右运动，它们在进入粗糙区域后最终静止，若它们与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，设静止后两个小物块间的距离为s，甲运动的总时间为t1，乙运动的总时间为t2，则以下说法正确的是（）A．s=L B．s=0 C．t1＞t2D．t1＜t23．如图所示，物体从O点由静止开头做匀加速直线运动，途径A、B、C三点，其中|AB|=2m，|BC|=4m，若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等，则O、A两点之间的距离等于（）A ．B ．C ．D ．4．雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速大路上，突然发觉正前方30m处有一大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵，图线a、b分别表示小汽车和大卡车的速度随时间变化的状况，以下说法正确的是（）A．由于刹车失灵时小汽车仍减速，所以不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．假如刹车不失灵，则小汽车和大卡车之间的最小距离为10m5．如图，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳固定在墙C处并吊一重物P，在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中杆AB所受压力（）A．变大 B．变小 C．先变小再变大 D．不变6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．假如小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽视不计，绳子又不行伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos7．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m分别紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．f变小B．f不变C．F N变小D．F N变大8．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开头运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，则圆环运动过程中（）A ．最大加速度为B ．最大加速度为C ．最大速度为D ．最大速度为9．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用绳拴住，绳与斜面平行，B沿倾角为θ的斜面在A下匀速下滑，若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，则动摩擦因数μ为（）A．tanθB．2tanθC ． D ．10．倾角为θ的足够长斜面体c置于水平地面，小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，现通过细绳跨过光滑的定滑轮与砂漏斗a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，开头时沙漏斗中没有沙子漏出，如图所示，现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，在a中的沙子缓慢漏出的过程中，小物块b始终沿斜面下滑而c始终处于静止状态，斜面足够长，则在此过程中下列说法中正确的是（）A．地面对c的支持力保持不变B．地面对c的支持力渐渐变大C．地面对c的支持力渐渐变小D．地面对c的摩擦力始终等于零11．如图所示，A、B为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B球的同时，将A 球以某一速度v0水平抛出，当A球落于斜面上的P点时，B球的位置位于（）A．P点以下B．P点以上C．P点D．由于v0未知，故无法确定12．如图所示，水平面上固定一个与水平面夹角为θ的斜杆A．另一竖直杆B以速度v水平向左匀速直线运动，则从两杆开头相交到最终分别的过程中，两杆交点P的速度方向和大小分别为（）A．水平向左，大小为v B．竖直向上，大小为vtanθC．沿A 杆斜向上，大小为D．沿A杆向上，大小为vcosθ13．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B ．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=二、试验题14．（6分）现用频闪照相方法来争辩物块的变速运动．在一小物块沿斜面对下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4．已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s．数据如下表所示．重力加速度大小g=9.80m/s2．单位：cmx1x2x3x4h S10.76 15.05 19.34 23.65 48.00 80.00依据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a= m/s2（保留3位有效数字）．（2）由于可知斜面是粗糙的．15．（6分）要测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接的测量工具，某试验小组选用下列器材：轻质定滑轮（质量和摩擦可忽视）、砝码一套（总质量m=0.5kg）、细线、刻度尺、秒表．他们依据已学过的物理学学问，转变试验条件进行多次测量，选择合适的变量得到线性关系，作出图线并依据图线的斜率和截距求出沙袋的质量．请完成下列步骤．（1）试验装置如图所示，设左右两边沙袋A、B的质量分别为m1、m2；（2）取出质量为m′的砝码放在右边沙袋中，剩余砝码都放在左边沙袋中，发觉A下降，B上升；（3）用刻度尺测出A从静止下降的距离h，用秒表测出A下降所用的时间t，则可知A的加速度大小a= ；（4）转变m′，测量相应的加速度a，得到多组m′及a的数据，作出（选填“a﹣m′”或“a﹣”）图线；（5）若求得图线的斜率k=4m/（kg•s2），截距b=2m/s2，则沙袋的质量m1= kg，m2= kg．三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位16．（10分）如图（甲）所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开头计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得vt图象如图（乙）所示．取重力加速度为g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s后撤去拉力F，求物体再过15s离a点的距离．17．（12分）如图所示，质量M=1kg的木板静置于倾角θ=37°、足够长的固定光滑斜面底端．质量m=1kg 的小物块（可视为质点）以初速度v0=4m/s从木板的下端冲上木板，同时在木板上端施加一个沿斜面对上的F=3.2N的恒力．若小物块恰好不从木板的上端滑下，求木板的长度l为多少？已知小物块与木板之间的动摩檫因数μ=0.8，重力加速度 g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．18．（14分）一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m，一质量m=50kg 的物块（可视为质点）置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，第1s末物块从车板上滑落，求物块落地时，落地点到车尾的水平距离，不计路面与平板车间以及轮轴之间的摩擦力，取g=10m/s2．2021-2022学年山东省泰安一中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题：共13小题，每小题4分，共52分，每小题有一个或多个答案是正确的，选择正确但不全得2分．1．质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A．加速度大小为1m/s2B．任意相邻1s内的位移差都为2mC．第2s内的位移是2mD．物体第3s内的平均速度大小为3m/s【考点】1I：匀变速直线运动的图像．【专题】512：运动学中的图像专题．【分析】依据x和时间平方t2的关系图象写出函数关系式，进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、依据x和时间平方t2的关系图象得出位移时间关系式为：x=t2，所以，解得：a=2m/s2，故A错误；B、任意相邻1s内的位移差△x=aT2=2×1=2m，故B正确；C、第2s内的位移等于2s内的位移减去第一秒的位移，即x2=22﹣12=3m，故C错误；D、同理求得物体第3s内的位移x3=32﹣22=5m ，平均速度，故D错误；故选：B2．如图所示，水平面上B点左侧是光滑的，B点右侧是粗糙的，质量分别为M和m的两个小物块甲和乙（甲、乙均可视为质点，M＞m），在光滑水平面上相距L以相同的速度同时开头向右运动，它们在进入粗糙区域后最终静止，若它们与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，设静止后两个小物块间的距离为s，甲运动的总时间为t1，乙运动的总时间为t2，则以下说法正确的是（）A．s=L B．s=0 C．t1＞t2D．t1＜t2【考点】37：牛顿其次定律；1G：匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】11 ：计算题；32 ：定量思想；43 ：推理法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】依据牛顿其次定律求出物块在B点右侧运动的加速度，依据匀变速直线运动的速度位移公式求出停止的位移与B点的距离，从而确定s的大小．依据速度时间公式求出从B点到停止所需的时间，从而比较出总时间的长短．【解答】解：物块在水平面上的加速度a=，知两物块的加速度相等，由于经过B点的速度相等，依据，知停止距离B点的位移相等，则s=0．从B点运动到停止的时间t=，知两物块从B点到停止的时间相等，在B点左侧，由于乙的位移大于甲的位移，所以最终乙运动的总时间大于甲运动的总时间．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．3．如图所示，物体从O点由静止开头做匀加速直线运动，途径A、B、C三点，其中|AB|=2m，|BC|=4m，若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等，则O、A两点之间的距离等于（）A ．B ．C ．D ．【考点】1G：匀变速直线运动规律的综合运用；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】32 ：定量思想；4C ：方程法；511：直线运动规律专题．【分析】依据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等的时间为T，求出B点的速度，从而得出A点的速度，依据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度的大小，再依据速度位移公式求出0A 间的距离．【解答】解：设物体通过AB、BC所用时间分别为T，则B点的速度为：v B ===，依据△x=aT2得：a==则：v A=v B﹣aT=﹣=则：x OA ==m．故选：D4．雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速大路上，突然发觉正前方30m处有一大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵，图线a、b分别表示小汽车和大卡车的速度随时间变化的状况，以下说法正确的是（）A．由于刹车失灵时小汽车仍减速，所以不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．假如刹车不失灵，则小汽车和大卡车之间的最小距离为10m【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1I：匀变速直线运动的图像．【专题】12 ：应用题；32 ：定量思想；4C ：方程法；513：追及、相遇问题．【分析】当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．依据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．【解答】解：ABC、依据速度﹣时间图象所时间轴所围的“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a =×1m+×2m=60m，则s a﹣s b=30m，且a的速度大于b的速度，所以在t=3s时追尾．故C正确，AB错误．D、假如刹车不失灵，紧急刹车时两车相距30米，速度相等时，a车的位移 s1=×（30+10）×2m=40m，b车位移s2=10×2m=20m，由于s2+30m=50m＞s1，则不会发生追尾事故．小汽车和大卡车之间的最小距离为50m﹣40m=10m，故D正确．故选：C．5．如图，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳固定在墙C处并吊一重物P，在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中杆AB所受压力（）A．变大 B．变小 C．先变小再变大 D．不变【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．【专题】527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】在缓缓拉起重物P的过程中，重物P的合力为零，依据平衡条件得到PB绳的拉力与θ的关系；再对B点争辩，分析受力状况，由平衡条件分析杆AB所受压力的变化．【解答】解：以重物P为争辩对象，在缓缓拉起重物P的过程中，重物P的合力为零，依据平衡条件得：T2cosβ=G p，G p是重物P的重力…①对B点，则有竖直方向上：Ncosα=T2cosβ …②由①②得：N=，可知，N不变，则得杆AB所受压力不变．故选D6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．假如小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽视不计，绳子又不行伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用．【专题】527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】选取小圆环A为争辩对象，画受力分析示意图，小圆环受三个力，两个绳子的拉力和大圆环的支持力，肯定要知道大圆环的支持力只能是沿着半径的，由此两端绳子拉力分别在切线方向上的分力必定相等，然后由数学三角函数学问求解【解答】解：如图对小环进行受力分析，如图所示，小环受上面绳子的拉力m1g，下面绳子的拉力m2g，以及圆环对它沿着OA向外的支持力，将两个绳子的拉力进行正交分解，它们在切线方向的分力应当相等：m1gsin=m2gcos（α﹣90）即：m1cos=m2sinαm1cos=2m2sin cos得：m1：m2=2sin故选C7．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m分别紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．f变小B．f不变C．F N变小D．F N变大【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．【专题】31 ：定性思想；4C ：方程法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】本题的关键是首先将重物受到的重力按效果分解，求出分力与合力的关系表达式，然后再对木块受力分析，依据平衡条件即可求解．【解答】解：先对三个物体以及支架整体受力分析，受重力（2m+M）g，2个静摩擦力，两侧墙壁对整体有一对支持力，依据平衡条件，有：2F f=（M+2m）g，解得F f =（M+2m）g，故静摩擦力不变，将细线对O的拉力依据效果正交分解，如图设两个杆夹角为θ，则有：F1=F2=；再将杆对滑块m的推力F1依据效果分解，如图依据几何关系，有：F x=F1•sin故F x =•sin =，若挡板间的距离稍许增大后，角θ变大，F x变大，故滑块m对墙壁的压力变大，即F N变大，故AC错误，BD正确；故选：BD8．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开头运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，则圆环运动过程中（）A ．最大加速度为B ．最大加速度为C ．最大速度为D ．最大速度为【考点】37：牛顿其次定律；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用．【专题】522：牛顿运动定律综合专题．【分析】依据力F1与重力mg的关系分析圆环的运动性质与运动过程，应用平衡条件与牛顿其次定律分析答题．【解答】解：A、当F1=mg，即：kv=mg，v=时，圆环水平方向不受摩擦力，则圆环的加速度最大为a=，A 正确B错误；C、当滑动摩擦力f=μ（kv﹣mg）=F时，对应的速度最大，v=，C正确D错误；故选：AC．9．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用绳拴住，绳与斜面平行，B沿倾角为θ的斜面在A下匀速下滑，若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，则动摩擦因数μ为（）A．tanθB．2tanθC ． D ．【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力；2A：动摩擦因数．【专题】32 ：定量思想；43 ：推理法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体B受重力，斜面施加的垂直斜面对上的支持力和沿斜面对上的摩擦力，A物体施加的压力和沿接触面对上的摩擦力．【解答】解：对B受力分析，如图所示：B物体沿斜面方向受力平衡：f1+f2=Mgsinθ，又由于 M=2m，f1=μmgcosθ，f2=μ（M+m）gcosθ，解得：μ=tanθ，故ABD错误，C正确；故选：C10．倾角为θ的足够长斜面体c置于水平地面，小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，现通过细绳跨过光滑的定滑轮与砂漏斗a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，开头时沙漏斗中没有沙子漏出，如图所示，现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，在a中的沙子缓慢漏出的过程中，小物块b始终沿斜面下滑而c始终处于静止状态，斜面足够长，则在此过程中下列说法中正确的是（）A．地面对c的支持力保持不变B．地面对c的支持力渐渐变大C．地面对c的支持力渐渐变小D．地面对c的摩擦力始终等于零【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【专题】32 ：定量思想；43 ：推理法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】开头时物块b恰好能沿斜面匀速下滑，说明受重力、支持力和摩擦力而平衡，依据平衡条件可知支持力和摩擦力的合力是竖直向上；给b一个眼斜面对下的初速度，由于滑动摩擦力与支持力成正比，故支持力和滑动摩擦力的合力是竖直向上的；依据牛顿第三定律得到b对c的压力和摩擦力的合力方向，再对C分析，依据平衡条件列式分析即可．【解答】解：小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，说明支持力和摩擦力的合力竖直向下，依据牛顿第三定律，b对c的压力是竖直向下的；现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，但由于b的重力不变，故其对斜面的压力不变，故滑动摩擦力也不变，故压力和摩擦力的合力不变，方向竖直向下；再对c分析，受重力、支持力、b对c的力（压力和摩擦力的合力），依据平衡条件，地面对b的支持力不变，摩擦力为零；故AD正确，BC错误；故选：AD11．如图所示，A、B为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B球的同时，将A 球以某一速度v0水平抛出，当A球落于斜面上的P点时，B球的位置位于（）A．P点以下B．P点以上C．P点D．由于v0未知，故无法确定【考点】43：平抛运动．【专题】518：平抛运动专题．【分析】B球沿着斜面做的是匀加速直线运动，A球做的是平抛运动，分别计算出AB两个球到达P点的时间，比较它们的运动时间就可以推断A球落于斜面上的P点时，B球的位置．【解答】解：设A球落到P点的时间为t A，AP的竖直位移为y；B球滑到P点的时间为t B，BP的竖直位移也为y，A球做的是自由落体运动，由y=gt2得运动的时间为：t A =，B球做的是匀加速直线运动，运动到P点的位移为：s=，加速度的大小为：a=gsinθ，依据位移公式s=at2得，B运动的时间为：t B ==＞t A（θ为斜面倾角）．所以B正确．故选B．12．如图所示，水平面上固定一个与水平面夹角为θ的斜杆A．另一竖直杆B以速度v水平向左匀速直线运动，则从两杆开头相交到最终分别的过程中，两杆交点P的速度方向和大小分别为（）A．水平向左，大小为v B．竖直向上，大小为vtanθC．沿A 杆斜向上，大小为D．沿A杆向上，大小为vcosθ【考点】44：运动的合成和分解．【专题】517：运动的合成和分解专题．【分析】将P点的运动分解为水平方向和竖直方向，通过平行四边形定则，依据水平分速度的大小求出合速度的大小．【解答】解：两杆的交点P参与了两个分运动：与B杆一起以速度v水平向左的匀速直线运动和沿B杆竖直向上的运动，交点P的实际运动方向沿A杆斜向上，如图所示，则交点P的速度大小为v P =，故C正确，A、B、D错误．故选C．13．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B ．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=【考点】4A：向心力；37：牛顿其次定律．【专题】521：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．【分析】小球做匀速圆周运动，靠合力供应向心力，依据重力、杆子的作用力的合力指向圆心，求出杆与水平面的夹角．【解答】解：小球所受重力和杆子的作用力的合力供应向心力，依据牛顿其次定律有：mgsinθ=mLω2，解得sin．故A正确，B、C、D错误．故选A．二、试验题14．（6分）现用频闪照相方法来争辩物块的变速运动．在一小物块沿斜面对下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4．已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s．数据如下表所示．重力加速度大小g=9.80m/s2．单位：cmx1x2x3x4h S10.76 15.05 19.34 23.65 48.00 80.00依据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a= 4.30 m/s 2（保留3位有效数字）．（2）由于物块加速度小于=5.88m/s2可知斜面是粗糙的．【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】511：直线运动规律专题．【分析】正确解答本题需要把握：在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数；娴熟应用逐差法求物体的加速度【解答】解：（1）依据逐差法求加速度的原理可知：m/s 2（2）若斜面光滑则：m/s 2＞4.30m/s2．知斜面是粗糙的．故答案为：4.30，物块加速度小于=5.88m/s2．15．（6分）要测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接的测量工具，某试验小组选用下列器材：轻质定滑轮（质量和摩擦可忽视）、砝码一套（总质量m=0.5kg）、细线、刻度尺、秒表．他们依据已学过的物理学学问，转变试验条件进行多次测量，选择合适的变量得到线性关系，作出图线并依据图线的斜率和截距求出沙袋的质量．请完成下列步骤．（1）试验装置如图所示，设左右两边沙袋A、B的质量分别为m1、m2；（2）取出质量为m′的砝码放在右边沙袋中，剩余砝码都放在左边沙袋中，发觉A下降，B上升；（3）用刻度尺测出A从静止下降的距离h，用秒表测出A下降所用的时间t，则可知A的加速度大小a= ；（4）转变m′，测量相应的加速度a，得到多组m′及a的数据，作出a﹣m′（选填“a﹣m′”或“a﹣”）图线；（5）若求得图线的斜率k=4m/（kg•s2），截距b=2m/s2，则沙袋的质量m1= 3 kg，m2= 1.5 kg．【考点】M8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】13 ：试验题．【分析】质量为m1的沙袋从静止开头下降做匀加速直线运动，依据下降的距离h和时间，由位移公式求出其加速度；依据牛顿其次定律对m2、m1分别争辩，得出m′与a的关系式，依据数学学问分析图线的斜率与截距的意义，求解两个沙袋的质量．【解答】解：（3）依据匀变速直线运动的位移时间公式得，h=，解得a=．（4、5）依据牛顿其次定律得：对m1及砝码：（m1+m′）g﹣T=（m1+m′）a对m2及砝码：T﹣（m2+m﹣m′）g=（m2+m﹣m′）a联立解得：a=g+．依据数学学问得知：作“a﹣m′”图线，图线的斜率k=，图线的截距b=将k、b、m代入计算，解得m1=3kg，m2=1.5kg．故答案为：（3）；（4）a﹣m′；（5）3；1.5．三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位16．（10分）如图（甲）所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开头计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得vt图象如图（乙）所示．取重力加速度为g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s后撤去拉力F，求物体再过15s离a点的距离．【考点】37：牛顿其次定律；1G：匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】11 ：计算题；32 ：定量思想；43 ：推理法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度；对两段时间分别运动牛顿其次定律列式后联立求解；（2）10s后撤去拉力F，先求解加速度，然后依据位移时间关系公式列式求解．【解答】解：（1）设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，则由vt图得加速度大小a1=2 m/s2，方向与初速度方向相反．设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由vt图得加速度大小a2=1 m/s2，方向与初速度方向相反．在0～4 s内，依据牛顿其次定律，有：F+μmg=ma1在4～10 s内，F﹣μmg=ma2代入数据解得：F=3 N，μ=0.05．（2）设10 s末物体的位移为x，x应为vt图线与坐标轴所围的面积，则有：x=×4×8 m ﹣×6×6 m=﹣2 m，即物体在a点左侧2 m处．设撤去拉力F后物体做匀减速直线运动的加速度大小为a3，依据牛顿其次定律有：μmg=ma3得：a3=0.5 m/s2则物体减速到零的时间为：t== s=12 s则物体在15 s内的位移即为12 s内的位移．则物体在12 s 内的位移为：x′== m=36 m物体在15 s后离a点的距离为：d=|x|+x′=38 m答：（1）力F的大小为3N，物体与水平面间的动摩擦因数μ为0.05；。
新疆乌鲁木齐市第八中学2022-2023学年高三上学期第一次月考物理试题及答案
乌鲁木齐市第八中学2022-2023学年第一学期高三年级第一阶段考试物理问卷一、选择题（每题4分，共40分，其中1-6为单选，7-10为多选）1如图所示，一辆可视为质点的汽车以恒定的速率驶过竖直面内的凸形桥。
已知凸形桥面是圆弧形柱面，则下列说法中不正确的是A.汽车从桥底行驶到桥顶的过程中，其所受合外力的功为雱B.汽车在凸形桥上行驶的过程中，其始终处于失重状态C.汽车从桥底行驶到桥顶的过程中，其所受合外力的冲量为雴D.汽车在凸形桥上行驶的过程中，其机械能不守恒2现有一质量为m的物体从一定高度的斜坡自由下滑。
如果物体在下滑过程中受到的阻力恒定,斜面倾角为30∘,物体滑至坡底的过程中,其机械能和动能随下滑距离s变化的图像如图所示(重力加速度g=10 m/s2),下列说法正确的是A.物体下滑过程中只有重力做功B.物体下滑过程中受到的阻力为240 NC.物体质量m为6 kgD.物体下滑时加速度的大小为4 m/s23.如图风力推动风力发电机的三个叶片转动,叶片带动转子(硑极)转云,在定子(线圈)中产生电流,实现风㣧向电能的转化。
已知叶片长为r,风速为v,空气密度为ρ,流到叶片旋转形成的圆面的空气中约有14凁度减速为0,有34原速率穿过,如果不考虑其他能荲损耗,下列说法正确的是A.一台用力发电机的发电叻率约为18ρπr2v3B.一台风力发电机的发电叻率约为124ρπr2v3C.空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为14ρπr2v2D.空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为为19ρπr2v24.ab是长为/的均匀带电细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，位置如图所示。
ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处的场强大小为E2。
则以下说法正确的是A.E2=E1B⋅E1<E2<2E1C.E2=2E1D.E2>2E15.如图所示，在竖直平面内有匀强电场(图中末画出)，一个质量为m的带电小球，从A点以初速度v沿直线运动。
甘肃高三高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述正确的是( ) A ．牛顿通过实验测出了引力常量. B ．伽利略发现了行星运动的规律 C ．牛顿发现了万有引力定律 D ．洛伦兹发现了电磁感应定律2.如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P 在F 1、F 2和F 3三力作用下保持静止，下列判断正确的是( )A ．F 3>F 1>F 2B ．F 1>F 2>F 3C ．F 2>F 3>F 1D ．F 3>F 2>F 13.人骑自行车下坡，坡长L=500m ，坡高h=8m ，人和车的总质量为100kg ，下坡时初速度为4m/s ，人不踏车的情况下，到达坡底时的车速为10m/s ，g=10m/s 2,则下坡过程中阻力所做的功为（ ） A ．-4000J B ．-5000J C ．-3800J D ．-4200J4.如图所示，质量为的物体置于水平地面上，所受水平拉力F 在2s 时间内的变化图象如图甲所示，其运动的速度图象如图乙所示，g=10m/s 2，下列说法正确的是（ ）A ．物体和地面之间的动摩擦因数为1B ．2s 内物体的加速度不变C ．2s 末物体回到出发点D ．水平拉力F 的最大功率为10W5.已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G.有关同步卫星，下列表述正确的是( ) A ．卫星距地面的高度为B ．卫星运行时受到的向心力大小为C ．卫星的运行速度小于第一宇宙速度D ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度6.设某星球带负电，一电子粉尘悬浮在距星球表面1000km 的地方，又若将同样的电子粉尘带到距星球表面2000km 的地方相对于该星球无初速度释放，则此电子粉尘（ ） A ．向星球下落 B ．被推向太空 C ．仍在原处悬浮 D ．无法判断7.如图所示电路，电源的电动势为E ，内阻为r ，R 0为固定电阻，R 为滑动变阻器。
河南省南阳市第一中学校2022届高三上学期第一次月考物理试题 含答案
南阳一中2021年秋期高三年级第一次月考物理试卷一、选择题（1-8为单选题，9-12为多选题，每题4分，共计48分,选不全得2分，错选不得分）1．如图所示，某同学通过实验得到了某物体在Oxy 平面坐标系上受到恒定合处力作用下的一条运动轨迹OP 曲线。
以下对该运动沿x 轴方向和y 轴方向的两个分运动和该物体受力情况给出的几种推理正确的是（ ）A ．该物体的运动一定是匀变速曲线运动B ．该运动可分解为沿x 轴方向匀速直线运动和沿y 轴方向匀速直线运动C ．该运动一定可分解为沿x 轴方向匀加速直线运动和沿y 轴方向匀加速直线运动D ．若该物体沿y 轴方向为匀速直线运动，则物体所受合力一定不指向x 轴正方向2．如图所示，一辆货车利用跨过光滑定滑轮的轻质不可伸长的缆绳提升一箱货物，已知货箱的质量为m 0，货物的质量为m ，货车向左做匀速直线运动，在将货物提升到图示的位置时，货箱速度为v 时，连接货车的绳与水平方向夹角θ，不计一切摩擦，下列说法正确的是（ ）A ．货车的速度等于cos v θB ．货车的速度等于v cos θC ．缆绳中的拉力F T 等于（m 0＋m ）gD ．货物处于失重状态3．如图所示，在竖直平面内有一曲面，曲面方程为2yx ，在y 轴上有一点P ，坐标为（0、6）。
从P 点将一可看成质点的小球水平抛出，初速度为1m/s 。
则小球第一次打在曲面上的时间为（不计空气阻力，g 取102m /s ）（ ）A ．1sB ．55sC ．102s D ．22s 4．如图所示，内壁光滑的竖直圆桶，绕中心轴做匀速圆周运动，一物块用细绳系着，绳的另一端系于圆桶上表面圆心，且物块贴着圆桶内表面随圆桶一起转动，则（ ）A ．绳的张力可能为零B ．桶对物块的弹力不可能为零C ．随着转动的角速度增大，绳的张力保持不变D ．随着转动的角速度增大，绳的张力一定增大5．2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器携“玉兔二号”月球车成功着陆在月球背面，进行科学探测.已知“嫦娥四号”在着陆之前绕月球做圆周运动的半径为r 1、周期为T 1；月球绕地球做圆周运动的半径为r 2、周期为T 2，引力常量为G .根据以上条件能得出A ．月球与地球的密度B ．地球对月球的引力大小C ．月球对“嫦娥四号”的引力大小D ．关系式33122212r r T T = 6．如图所示，在地球赤道上有一建筑物A ，赤道所在的平面内有一颗卫星B 绕地球做匀速圆周运动，其周期为T ，与地球自转方向相同；已知地球的质量为M ，地球半径为R ，地球的自转周期为()00T T T <，万有引力常量为G ，当B 在A 的正上方计时开始，下列说法正确的是（ ）A ．卫星离地的高度大于同步卫星离地的高度B ．由题中的条件不能求出卫星做匀速圆周运动的向心加速度C ．至少经过时间00T T T T -，B 仍在A 的正上方D ．至少经过时间002T T T T-，A 与B 相距最远 7．我国航天技术走在世界的前列，探月工程“绕、落、回”三步走的最后一步即将完成，即月球投测器实现采样返回．如图所示为该过程简化后的示意图，探测器从圆轨道1上的A 点减速后变轨到椭圆轨道2，之后又在轨道2上的B 点变轨到近月圆轨道3．已知探测器在轨道1上的运行周期为T 1，O 为月球球心，C 为轨道3上的一点，AC 与 AO 之间的最大夹角为θ．下列说法正确的是（ ）A ．探测器在轨道2运行时的机械能大于在轨道1运行时的机械能B ．探测器在轨道1、2、3运行时的周期大小关系为T 1<T 2<T 3C ．探测器在轨道2上运行和在圆轨道1上运行,加速度大小相等的位置有两个D ．探测器在轨道3上运行时的周期为31sin θT8.如图所示，一光滑的圆管轨道固定在竖直平面内，质量为m 的小球在圆管内运动，小球的直径略小于圆管的内径。
宁夏固原一中2021届高三下学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
宁夏固原一中2021届高三下学期第一次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6、7、8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．以下是物理学中的四个试验装置或仪器，由图可知这四个试验装置或仪器共同的物理思想方法是( )A．假设的思想方法B．把握变量的方法C．放大的思想方法D．规律推理的方法2．某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此推断四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）( )A．B．C．D ．3．2011年9月29日，我国成功放射了“天宫1号”目标飞行器，“天宫1号”进入工作轨道后，其运行周期约为91min．2011年11月1日放射“神舟8号”飞船并与“天宫1号”在太空实现交会对接．对接前的某段时间内“神舟8号”和“天宫1号”处在同一圆形轨道上顺时针运行，如图所示．下列说法中正确的是( )A．和同步卫星相比，“天宫1号”的向心加速度更大B．“天宫1号”在此轨道运行的速度肯定大于第一宇宙速度C．“神舟8号”和“天宫1号”的向心力肯定相同D．“神舟8号”和“天宫1号”运行周期可能不相同4．如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的R2、R3分别为总阻值肯定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．有关下列说法中正确的是( ) A．只渐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3中有向下的电流B．只调整电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C．只调整电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D．若断开电键S，带电微粒向下运动5．某屋顶为半球形，一人在半球形屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），他在向上爬的过程中( )A．屋顶对他的支持力不变B．屋顶对他的支持力变大C．屋顶对他的摩擦力不变D．屋顶对他的摩擦力变大6．图乙为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．发电机线圈内阻为1Ω，外接灯泡的电阻为9Ω，则( )A．电压表的示数为6 VB．在t=10﹣2s的时刻，穿过线圈磁通量为零C．若线圈转速改为25r/s，则电动势有效值为3 VD．若线圈转速改为25r/s，则通过电灯的电流为0.3A7．如图所示，在高为L的木箱abcd的底部放有一个小物体Q（可视为质点），现用力F向上拉绳，使木箱由静止开头运动，若保持拉力的功率不变，经过t时间，木箱达到最大速度，这时让木箱实然停止，小物体由于惯性会连续向上运动，且恰能达到木箱顶端．若重力加速度为g，空气阻力不计，以下说法正确的是( )A．木箱即将达到最大速度之前，物体Q处于超重状态B．木箱突然停止运动时，物体Q处于超重状态C．木箱的最大速度为D．可以确定t时间内木箱上升的高度8．如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab．导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面对下，金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止开头向右运动．则( )A．随着ab运动速度的增大，其加速度也增大B．外力F对ab做的功等于电路中产生的电能C．当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率D．无论ab做何种运动，它克服安培力做的功肯定等于电路中产生的电能二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题-18题为选考题，考生依据要求作答．（一）必考题9．用如图所示的装置，探究功与物体速度变化的关系，试验时，先适当垫高木板，然后由静止释放小车，小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑行，小车滑行过程中带动通过打点计时器的纸带，记录其运动状况，观看发觉纸带前面部分点迹疏密不均，后面部分点迹比较均匀，回答下列问题：（1）适当垫高木板是为了__________．（2）通过纸带求小车速度时，应使用纸带的__________（填“全部”、“前面部分”、“后面部分”）．（3）若试验作了n次，所用橡皮条分别为1根、2根…n根，通过纸带求出小车的速度分别为v1、v2…v n，用W表示橡皮条对小车所做的功，作出的W﹣V2图象是一条过坐标原点的直线，这说明W与v的关系是__________．10．某课题争辩小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈．现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA）．在操作台上还预备了如下试验器材：A．电压表V（量程4V，电阻R V约为4.0kΩ）B．电流表A1（量程100mA，电阻R A1约为5Ω）C．电流表A2（量程2mA，电阻R A2约为50Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，额定电流1A）E．电阻箱R2（0～999.9Ω，最小分度值0.1Ω）F．开关S一只、导线若干（1）为了测定电阻R0的阻值，小组的一位成员，设计了如图1，所示的电路原理图并选取了相应的器材（电源用待测的锂电池），其电路设计或器材选取中有不妥之处，你认为应当怎样调整__________．（2）在实际操作过程中，发觉滑动变阻器R1、电流表A1已损坏，请用余下的器材测量锂电池的电动势E和内阻r．①请你在如图2，方框中画出试验电路图（标注所用器材符号），②并用笔画线代替导线将如图3实物图连成试验电路．③为了便于分析，一般接受线性图象处理数据，请写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式__________．11．一物块以肯定的初速度沿斜面对上滑出，利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间的变化关系图象如图所示，求（1）物块下滑的加速度大小a（2）物块向上滑行的最大距离s（3）斜面的倾斜角θ12．（18分）如图所示，圆心为坐标原点、半径为R的圆将xoy平面分为两个区域，即圆内区域Ⅰ和圆外区域Ⅱ．区域Ⅰ内有方向垂直于xoy平面的匀强磁场B1．平行于x轴的荧光屏垂直于xoy平面，放置在坐标y=﹣2.2R的位置．一束质量为m电荷量为q动能为E0的带正电粒子从坐标为（﹣R，0）的A点沿x轴正方向射入区域Ⅰ，当区域Ⅱ内无磁场时，粒子全部打在荧光屏上坐标为（0，﹣2.2R）的M点，且此时，若将荧光屏沿y轴负方向平移，粒子打在荧光屏上的位置不变．若在区域Ⅱ内加上方向垂直于xoy平面的匀强磁场B2，上述粒子仍从A点沿x轴正方向射入区域Ⅰ，则粒子全部打在荧光屏上坐标为（0.4R，﹣2.2R）的N点．求（1）打在M点和N点的粒子运动速度v1、v2的大小．（2）在区域Ⅰ和Ⅱ中磁感应强度B1、B2的大小和方向．（3）若将区域Ⅱ中的磁场撤去，换成平行于x轴的匀强电场，仍从A点沿x轴正方向射入区域Ⅰ的粒子恰好也打在荧光屏上的N点，则电场的场强为多大？（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中，任选1题解答，假如多做，则每学科按所做的第1个计分．【物理--选修3-3】13．关于热力学定律，下列说法正确的是( )A．为了增加物体的内能，必需对物体做功或向它传递热量B．对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C．可以从单一热源吸取热量，使之完全变为功D．不行能使热量从低温物体传向高温物体E．功转变为热的实际宏观过程是不行逆过程14．今有一质量为M的气缸，用质量为m的活塞封有肯定质量的抱负气体，当气缸水平横放时，空气柱长为L0（如图甲所示），若将气缸按如图乙悬挂保持静止时，求气柱长度为多少．已知大气压强为p0，活塞的横截面积为S，它与气缸之间无摩擦且不漏气，且气体温度保持不变．【物理-选修3-4】15．下列说法正确的是( )A．麦克斯韦第一次用试验验证了电磁波的存在B．阳光下肥皂膜上的呈彩色条纹，是光的干涉现象C．太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹，是光的衍射现象D．光的偏振说明光是横波E．眼睛眯成一条线看到的发光的电灯四周有彩色花纹，是光的衍射现象16．如图为一列简谐波在t1=0时刻的图象．此时波中质点M的运动方向沿y负方向，且到t2=0.55s质点M 恰好第3次到达y正方向最大位移处．试求：（1）此波向什么方向传播？（2）波速是多大？（3）从t1=0至t3=1.2s，波中质点N走过的路程和相对于平衡位置的位移分别是多少？【物理-选修3-5】17．下列说法中正确的是( )A．一群氢原子处于n=3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出二种频率的光子B．一个中子与一个质子结合成氘核时吸取能量C．在β衰变放出一个电子的过程中原子核内的一个中子变为一个质子D．氢弹爆炸的核反应是：H+H →He+nE．依据电离力量来看，放射性元素放出的三种射线由弱到强的排列挨次是：γ射线，β射线，α射线18．如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静置在光滑水平面上．现有一滑块A从光滑曲面上离水平面h高处由静止开头滑下，与滑块B发生碰撞（时间极短）并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经过一段时间，滑块C脱离弹簧，连续在水平面上做匀速运动．已知m A=m B=m，m C=2m，求：（1）滑块A与滑块B碰撞时的速度v1大小；（2）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间它们的速度v2的大小；（3）滑块C在水平面上匀速运动的速度的大小．宁夏固原一中2021届高三下学期第一次月考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6、7、8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．以下是物理学中的四个试验装置或仪器，由图可知这四个试验装置或仪器共同的物理思想方法是( )A．假设的思想方法B．把握变量的方法C．放大的思想方法D．规律推理的方法考点：弹性形变和范性形变．分析：明确各试验的内容，依据各试验的原理可得出试验中应用的物理思想方法．解答：解：A、桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；故属于放大思想；B、玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化而放大；属于放大思想；C、引力大小仍是借助于光的反射来放大．故也属于放大思想；D、螺旋测微器将原来很小的距离放大在转动部分上，故这些试验本接受了放大的思想方法；故选：C．点评：对于物理问题应透过现象去分析本质，这样才能查找出问题的相像性．同时还可以加强我们对相关学问的联系，有助我们更好地把握相关内容．2．某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此推断四个选项中正确的是（F表示物体所受合力）( ) A．B．C． D．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象的斜率表示加速度，故依据速度时间图象得到物体的加速度的变化规律，然后依据牛顿其次定律得到物体所受的合外力状况．解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s﹣4s做正方向匀减速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s 做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．故选：B．点评：本题关键先依据图象确定物体的运动状况，然后求出各段过程的加速度，最终求解合外力．3．2011年9月29日，我国成功放射了“天宫1号”目标飞行器，“天宫1号”进入工作轨道后，其运行周期约为91min．2011年11月1日放射“神舟8号”飞船并与“天宫1号”在太空实现交会对接．对接前的某段时间内“神舟8号”和“天宫1号”处在同一圆形轨道上顺时针运行，如图所示．下列说法中正确的是( )A．和同步卫星相比，“天宫1号”的向心加速度更大B．“天宫1号”在此轨道运行的速度肯定大于第一宇宙速度C．“神舟8号”和“天宫1号”的向心力肯定相同D．“神舟8号”和“天宫1号”运行周期可能不相同考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：“神舟8号”与“天宫一号”所受的向心力都是地球的万有引力，依据万有引力定律分析向心力大小；依据万有引力等于向心力列式或开普勒第三定律，分析对接前周期的关系；第一宇宙速度是卫星环绕地球圆周运动最大的速度；依据离心运动学问分析如何对接解答：解：A、万有引力供应向心力，由牛顿其次定律得：G=ma，解得：a=，由于同步卫星的轨道半径r大于天宫一号卫星的轨道半径，则和同步卫星相比，“天宫1号”的向心加速度更大，故A正确；B、第一宇宙速度是卫星环绕地球圆周运动最大的速度，所以“天宫1号”运行的速度肯定小于第一宇宙速度，故B错误；C、依据向心力等于万有引力，而万有引力F=G，地球质量M、轨道半径r都相同，但，“神舟8号”和“天宫1号”的质量不肯定相等，则它们所受的向心力不肯定相等，故C错误．D 、依据开普勒第三定律=k，k、R相同，则知对接前的一瞬间，“神舟8号”和“天宫1号”运行周期相同，故D错误；故选：A．点评：本题考查了万有引力定律的应用，万有引力供应圆周运动向心力是解决本题的关键，应用万有引力公式与牛顿其次定律可以解题，解题时留意开普勒定律的应用．4．如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的R2、R3分别为总阻值肯定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．有关下列说法中正确的是( )A．只渐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3中有向下的电流B．只调整电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C．只调整电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D．若断开电键S，带电微粒向下运动考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于与之并联的滑动变阻器部分的电压．只渐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，推断R0消耗的电功率，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，电路稳定时，电容相当于开关断开，只调整电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，只调整电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E=分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，推断油滴的运动状况．若断开电键S，电容器处于放电状态．解答：解：A、只渐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，电阻R0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R3中有向上的电流，故A错误；B、电路稳定时，电容相当于开关断开，只调整电阻R3的滑动端P2向上端移动时，对电路没有影响，故B 错误；C、只调整电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E=可知，电场力变大，带点微粒向上运动，故C错误；D、若断开电键S，电容器处于放电状态，电荷量变小，电场强度减小，故粒子将向下运动；故D正确；故选：D点评：本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．5．某屋顶为半球形，一人在半球形屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），他在向上爬的过程中( )A．屋顶对他的支持力不变B．屋顶对他的支持力变大C．屋顶对他的摩擦力不变D．屋顶对他的摩擦力变大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以人为争辩对象，作出力图，依据平衡条件得出屋顶对他的摩擦力和支持力与θ坡角的关系式，再分析两个力如何变化．解答：解：以人为争辩对象，作出力图．设此人的重力为G，依据平衡条件得：屋顶对他的摩擦力：f=Gsinθ屋顶对他的支持力：N=Gcosθ人在半球形屋顶上向上缓慢爬行的过程中，坡角θ减小，则f减小，N增大．即屋顶对他的摩擦力减小，屋顶对他的支持力增大．故选B．点评：本题是简洁的三力力平衡问题，分析受力，作出力图是关键．6．图乙为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．发电机线圈内阻为1Ω，外接灯泡的电阻为9Ω，则( )A．电压表的示数为6 VB．在t=10﹣2s的时刻，穿过线圈磁通量为零C．若线圈转速改为25r/s，则电动势有效值为3 VD．若线圈转速改为25r/s，则通过电灯的电流为0.3A考点：沟通发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：沟通电专题．分析：在中性面感应电动势最小，磁通量最大；依据图象可知沟通电的最大值以及周期，然后进一步可求出有效值；沟通电压的最大值E m=NBSω．解答：解：A、电动势的最大值为E m =6V，故有效值为：E=；电压表的示数为外阻分压，为：U=，故A错误；B、在t=0.01s的时刻，电动势为0，则线圈处于中性面，穿过线圈磁通量最大，故B错误；C、D、由图乙得到周期为0.02s，故角速度为：ω=rad/s，转速为：n==50r﹣1；沟通电压的最大值E m=NBSω，若线圈转逮改为25r/s ，减小为倍，故角速度减小到倍，最大值减小到；故电动势减小到倍，为3V，电流：I==0.3A；故CD正确；故选：CD．点评：本题考查了有关沟通电描述的基础学问，要依据沟通电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时记住公式E m=NBSω．7．如图所示，在高为L的木箱abcd的底部放有一个小物体Q（可视为质点），现用力F向上拉绳，使木箱由静止开头运动，若保持拉力的功率不变，经过t时间，木箱达到最大速度，这时让木箱实然停止，小物体由于惯性会连续向上运动，且恰能达到木箱顶端．若重力加速度为g，空气阻力不计，以下说法正确的是( )A．木箱即将达到最大速度之前，物体Q处于超重状态B．木箱突然停止运动时，物体Q处于超重状态C．木箱的最大速度为D．可以确定t时间内木箱上升的高度考点：牛顿第三定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：A、拉力的功率不变，速度增大，则拉力减小，木箱做加速度减小的加速运动，当加速度减小到0，速度达到最大，达到最大速度之前有向上的加速度．B、木箱突然停止运动，物块Q仅受重力，处于完全失重状态．C、木箱的最大速度等于物体Q离开木箱竖直上抛运动的初速度，依据Q恰能达到木箱顶端，运用运动学公式，求出最大速度．D、当速度达到最大时，有F=（M+m）g，即M+m=，然后依据动能定律求出木箱上升的高度．解答：解：A、木箱在达到最大速度前，做加速度渐渐减小的加速运动，加速度的方向向上，所以物体Q 处于超重状态．故A正确．B、木箱突然停止运动，物块Q仅受重力，处于完全失重状态．故B错误．C、木箱的最大速度等于物体Q离开木箱竖直上抛运动的初速度，L=，所以v m =．故C正确．D、当速度达到最大时，有F=（M+m）g，则M+m=，依据动能定理得，Pt﹣（M+m）gh=m，解出h．故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键知道拉力功率不变时，v增大，拉力F减小，依据牛顿其次定律得出木箱做加速度渐渐减小的加速运动，当F=（M+m）g，加速度为0，速度达到最大．8．如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab．导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面对下，金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止开头向右运动．则( )A．随着ab运动速度的增大，其加速度也增大B．外力F对ab做的功等于电路中产生的电能C．当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率D．无论ab做何种运动，它克服安培力做的功肯定等于电路中产生的电能考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：压轴题；电磁感应中的力学问题．分析：在水平方向，金属棒受到拉力F和安培力作用，安培力随速度增大而增大，依据牛顿定律分析加速度的变化状况．依据功能关系分析电能与功的关系．解答：解：A 、金属棒所受的安培力，则a=，速度增大，安培力增大，则加速度减小．故A错误．B、依据能量守恒得，外力F对ab做的功等于电量中产生的电能以及ab棒的动能．故B错误．C、当ab棒匀速运动时，外力做的功全部转化为电路中的电能，则外力F做功的功率等于电路中的电功率．故C正确．D、依据功能关系知，克服安培力做的功等于电路中产生的电能．故D正确．故选CD．点评：在电磁感应现象中电路中产生的热量等于外力克服安培力所做的功；在解题时要留意体会功能关系及能量转化与守恒关系．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题-18题为选考题，考生依据要求作答．（一）必考题9．用如图所示的装置，探究功与物体速度变化的关系，试验时，先适当垫高木板，然后由静止释放小车，小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑行，小车滑行过程中带动通过打点计时器的纸带，记录其运动状况，观看发觉纸带前面部分点迹疏密不均，后面部分点迹比较均匀，回答下列问题：（1）适当垫高木板是为了平衡摩擦力．（2）通过纸带求小车速度时，应使用纸带的后面部分（填“全部”、“前面部分”、“后面部分”）．（3）若试验作了n次，所用橡皮条分别为1根、2根…n根，通过纸带求出小车的速度分别为v1、v2…v n，用W表示橡皮条对小车所做的功，作出的W﹣V2图象是一条过坐标原点的直线，这说明W与v的关系是w=kv2．考点：探究功与速度变化的关系．专题：试验题；动能定理的应用专题．分析：了解探究功与物体速度变化的关系试验要探究的内容、试验方法与试验技巧．探究试验数据的处理方法后作答．解答：解：（1）用1 条、2 条、3 条…同样的橡皮筋将小车拉到同一位置释放，橡皮筋拉力对小车所做的功依次为w、2w、3w …探究橡皮筋拉力对小车所做的功W与小车速度v的定量关系．将木板放有打点计时器的一端垫高，小车不连橡皮筋，尾部固定一纸带，轻推小车使小车沿木板向下运动，假如纸带上打出的点间距是均匀的，说明纸带的运动是匀速直线运动，小车重力沿斜面方向的分力刚好平衡了小车所受的摩擦力．（2）橡皮筋拉力对小车所做的功全部完成后，打出来的点才能反映物体的速度．所以应使用纸带的后面部分．（3）W﹣v2图线是一条过坐标原点的直线，依据数学学问可确定W与速度v的平方成正比．即：w=kv2．故答案为：（1）平衡摩擦力（2）后面部分（3）w=kv2．。
甘肃高三高中物理月考试卷带答案解析
甘肃高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于物体的动量，下列说法中正确的是（ ） A ．物体的动量越大，其惯性也越大B ．物体的速度方向改变，其动量一定改变C ．物体的动量改变，其动能一定改变D ．运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的加速度方向2.光滑的半球形物体固定在水平地面上，球心正上方有一光滑的小滑轮，轻绳的一端系一小球，靠放在半球上的A 点，另一端绕过定滑轮后用力拉住，使小球静止，如图所示，现缓慢地拉绳，在使小球沿球面由A 到B 的过程中，半球对小球的支持力N 和绳对小球的拉力T 的大小变化情况是（ ）A ．N 变大、T 变小B ．N 变小、T 变大C ．N 变小、T 先变小后变大D ．N 不变、T 变小3.图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m 决赛中的精彩瞬间．现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度－时间图象可简化为图乙，已知运动员（包括装备）总质量为60kg ，在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0．1倍，g=10m/s 2．则下列说法正确的是（ ）A ．在1～3 s 内，运动员的加速度为0．2 m/s 2B ．在1～3 s 内，运动员获得的动力是30 NC ．在0～5 s 内，运动员的平均速度是12．5m/sD ．在0～5 s 内，运动员克服阻力做的功是3780 J4.如图所示，水平传送带两端点A 、B 间的距离为L ，传送带开始时处于静止状态．把一个小物体放到右端的A 点，某人用恒定的水平力F 使小物体以速度v 1匀速滑到左端的B 点，拉力F 所做的功为W 1、功率为P 1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q 1．随后让传送带以v 2的速度逆时针匀速运动，此人仍然用相同的恒定的水平力F 拉物体，使它以相对传送带为v 1的速度匀速从A 滑行到B ，这一过程中，拉力F 所做的功为W 2、功率为P 2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q 2．下列关系中正确的是（ ）．A ．W 1＝W 2，P 1<P 2，Q 1＝Q 2B ．W 1＝W 2，P 1<P 2，Q 1>Q 2C ．W 1>W 2，P 1＝P 2，Q 1>Q 2D ．W 1>W 2，P 1＝P 2，Q 1＝Q 25.如图所示，若物体与接触面之间的动摩擦因数处处相同，DO 是水平面，AB 是斜面．初速度为10 m/s 的物体从D 点出发沿路面DBA 恰好可以达到顶点A ，如果斜面改为AC ，再让该物体从D 点出发沿DCA 恰好也能达到A 点，则物体第二次运动具有的初速度（ ）A ．可能大于12 m/sB ．可能等于8 m/sC ．一定等于10 m/sD ．可能等于10 m/s ，具体数值与斜面的倾角有关6.已知，某卫星在赤道上空轨道半径为r 1的圆形轨道上绕地运行的周期为T ，卫星运动方向与地球自转方向相同，赤道上某城市的人每三天恰好五次看到卫星掠过其正上方．假设某时刻，该卫星如图在A 点变轨进入椭圆轨道，近地点B 到地心距离为r 2．设卫星由A 到B 运动的时间为t ，地球自转周期为T 0，不计空气阻力．则（ ）A ．B ．C ．卫星在图中椭圆轨道由A 到B 时，机械能增大D ．卫星由图中圆轨道进入椭圆轨道过程中，机械能不变二、多选题1.质量为m 的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图象如图所示，从t 1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为F f ，则（ ）A ．0～t 1时间内，汽车的牵引力等于B ．t 1～t 2时间内，汽车的功率等于C ．汽车运动的最大速度等于D ．t 1～t 2时间内，汽车的平均速度小于2.如图所示，一个质量为m ＝1 kg 的带孔小球穿在固定的粗糙水平长横杆上，小球与横杆间的动摩擦因数为μ＝0．6．某时刻小球获得一个水平向右的瞬时速度v0＝15 m/s ，同时小球受到一个竖直向上的作用力F ，F 与速度的平方成正比，比例常数为k ＝0．4，重力加速度为g ＝10 m/s2，则小球运动的整个过程中（ ）A ．作用力F 对小球做功为0B ．作用力F 对小球做功为－112．5 JC ．摩擦力对小球做功为－112．5 JD ．摩擦力对小球做功为－100 J3.下列说法中正确的是（ ）A ．具有各向同性的固定一定是非晶体B ．饱和汽压随温度降低而减小，与饱和汽的体积无关C ．能量耗散反映了与热现象有关的宏观自然过程具有不可逆性D ．液体表面层分子间距离较大，这些液体分子间作用力表现为引力E ．若某气体摩尔体积为V ，阿伏加德罗常数用N A 表示，则该气体的分子体积为4.如图所示,O 1O 2是半圆柱形玻璃体的对称面和纸面的交线,A 、B 是关于O 1O 2轴等距且平行的两束不同单色细光束,从玻璃体右方射出后的光路图如图所示。
解析江苏省宝应中学高三上学期第一次月考物理试题 含解析
（考试时间100分钟总分120分）命题人：马文岭第Ⅰ卷（选择题共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个．．．．选项符合题意.1．我国射的“神舟八号”飞船与先期发射的“天宫一号”空间站实现了完美对接。
已知“天宫一号”绕地球做圆轨道运动，轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G。
假设沿椭圆轨道运动的“神州八号”环绕地球的运动方向与“天宫一号”相同，远地点与“天宫一号”的圆轨道相切于某点P，并在该点附近实现对接，如图所示。
则下列说法正确的是：（）A．根据题设条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小B．在远地点P处，“神舟八号”的加速度比“天宫一号”大C．根据题中条件可以计算出地球的质量D．要实现在远地点P处对接，“神舟八号”需在靠近P处之前应该点火减速舟八号为向心运动22GMm vmr r，神州八号的线速度小，要与天宫一号对接，应该加速答案D错。
考点：万有引力与航天2．如图所示，质量为m的木块在F的作用下，在质量为M的长木板上向右滑行，长木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与长木板间动摩擦因数为μ2，若长木板仍处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小一定为( )A．μ2mg B．F C．μ1(m1＋m2)g D．μ2mg＋μ1mg3．如图所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方法是：()A．增大斜面的倾角B．对木块A施加一个垂直于斜面的力C．对木块A施加一个竖直向下的力D．在木块A上再叠放一个重物4．如图，竖直圆环内侧凹槽光滑，aOd为其水平直径，两个相同的小球A和B（均可视为质点），从a 点同时以相同速率v。
开始向上和向下沿圆环凹槽运动，且运动中始终未脱离圆环，则A、B两球第一次：( )A．可能在b点相遇，相遇时两球的速率v A>v B>v0；B．可能在b点相遇，相遇时两球的速率v A=v B>v0；C．可能在d点相遇，相遇时两球的速率v A=v B=v0；D．可能在c点相遇，相遇时两球的速率v A=v B<v0；5．在街头的理发店门口，常可以看到有这样的标志：一个转动的圆筒，外表有彩色螺旋斜条纹，我们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动而使我们的眼睛产生的错觉．如图所示，假设圆筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离(即螺距)为L＝10cm，圆筒沿逆时针方向(从俯视方向看)，以2r/s的转速匀速转动，我们感觉到的升降方向和速度大小分别为：( )A．向上10cm/s B．向上20cm/sC．向下10cm/s D．向下20cm/s二、多项选择题：本题共4小题，每题4分，共16分，每题至少有两个．．．．．选项符合题意。
2023届湖南省长沙市雅礼中学高三上学期月考卷(一)物理试题(解析版)
④测得 关系图线的斜率为 ，则小车质量 _________ 。
四、解答题（13题10分，14题12分，15题18分）
13.足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中。某足球场长105m、宽68m，运动员在中线处将足球沿边线向前踢出，足球在地面上的运动可视为初速度为10m/s的匀减速直线运动，加速度大小为 。该运动员踢出足球0.5s后从静止开始沿边线方向以 的加速度匀加速追赶足球，速度达到10m/s后以此速度匀速运动。求：
①下列说法错误的是_________：
A．接通电源后，再将小车从靠近打点计时器处释放
B．小车下滑时，位于定滑轮和小车之间的细线应始终跟倾斜轨道保持平行
C．实验中无须保证细线下端悬挂槽码的质量远小于小车的质量
D．若细线下端悬挂着2个槽码，则小车在下滑过程中受到的合外力大小为
②某次实验获得如图乙所示的纸带，相邻计数点间均有4个点未画出，则在打“5”点时小车的速度大小 _________ ，加速大小 _________ ；
故选C。
2.高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离．某汽车以21.6km/h的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3s的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆．已知司机的反应时间为0.7s，刹车的加速度大小为5m/s2，则该ETC通道的长度约为（ ）
A.着陆在M，N点时速度的方向一定相同B.着陆在M，N点时动能之比为
C.着陆在M，N点两过程时间之比为 D.着陆在M、N点两过程离斜坡面最远距离之比为
2023届辽宁省葫芦岛市辽宁省实验中学东戴河校区高三第一次月考物理网上检测无纸试卷带答案和解析
选择题1000年前，宋代诗人陈与义乘着小船出游时写下一首诗：飞花两岸照船红，百里榆堤半日风。
卧看满天云不动，不知云与我俱东。
有关这首诗中的运动，下列说法正确的是（）A.“飞花”中的“花”之所以能飞，是选船作为参考系B.“卧看满天云不动”中云不动是因为当天没有风C.“不知云与我俱东”说明船在向西行驶D.我相对船在向东运动【答案】A【解析】A. “飞花”中的“花”之所以能飞，是选船作为参考系，选项A正确；B. “卧看满天云不动”中云不动是诗人选择了随船运动的自己为参照物，并不是因为当天没有风，选项B错误；CD. 从“不知云与我俱东”可知，相对于地面来说，诗船与云都是向东运动的，而我相对船是静止的，选项CD错误。
故选A。
选择题一辆以108km/h的速度在水平路面上行驶的汽车，在刹车过程中以大小为5m/s2的加速度做匀减速运动，那么8s后的位移是（）A.80mB.240mC.90mD.无法确定【答案】C【解析】已知初速度，加速度，设减速到停车需要时间为，根据速度时间公式得带入数据得减速到停车需要时间为那么8s内的位移等于前的位移。
逆向思维，将其视为初速度为零的匀加速直线运动，位移大小为故选C。
选择题有甲乙丙三人从北京到重庆。
甲2：30乘坐高铁从北京出发，沿途经过郑州、西安，于12：00到达重庆，乙4：00乘坐高铁从北京出发，沿途经过郑州、武汉。
在武汉改坐船沿江而上，于17：00到达重庆。
丙乘坐飞机10：00出发，13：00到达重庆。
有关甲乙丙的运动，下列说法正确的是（）A.甲乙丙三人运动路程相同，平均速率相同B.因为甲最先到达重庆，所以甲运动的平均速度最大C.甲乙丙三人运动的位移相同，平均速度也相同D.甲乙丙三人运动的位移相同，平均速度不相同【答案】D【解析】A．甲乙丙三人运动路程不同，所用时间不同，则平均速率不一定相同，故A错误；BCD．三者的起点与终点相同，所以他们的位移是相等的，所用时间不同，则平均速度不同，其中丙用时最少，平均速度最大，故BC错误，D正确。
广东省深圳市深圳高级中学2022-2023学年高三上学期第一次月考物理试卷及答案
广东省深圳市深圳高级中学2022-2023学年高三上学期第一次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．伽利略斜面实验的“合理外推”示意图如图所示，伽利略的成功，不仅在于找出了落体运动的规律，更重要的是开辟了一条物理学的研究之路，下列说法正确的是（）A．让小球在倾角较小的斜面上运动，目的是延长物体的运动时间，加快物体的下落速度B．让小球在斜面上运动来研究自由落体运动，其实质是“放大重力”，减小位移延长时间C．伽利略对落体的研究思路概括如下：发现问题→提出猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论D．伽利略把竖直实验的结果推广到斜面情况，是思维方法的一种“升华”，这种方法被称为“放大法”2．某同学课间帮助老师抬水。
如图所示为某时刻该同学同时抬两桶相同的水，并保持静止状态，下列说法正确的是（）A．A桶受到的摩擦力大于自身重力，所以没有掉下来B．增加对A桶的握力，可以增加摩擦力C．A桶和B桶的受到人给的作用力相同D．B桶位置更高，所以人给B桶作用力更大3．由于高度限制，车库出入口采用图所示的曲杆道闸，道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成，P、Q为横杆的两个端点。
在道闸抬起过程中，杆PQ始终保持水平。
杆OP绕O点从与水平方向成30°匀速转动到60°的过程中，下列说法正确的是（）A．P点的线速度大小不变B．P点的加速度方向不变C．Q点在竖直方向做匀速运动D．Q点在水平方向做匀速运动4．如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平地面上，其上放一质量为m2的木块。
t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F。
分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，下列图中可能符合运动情况的是（）A．B．C．D．5．如图所示，甲、乙两物体之间存在相互作用的滑动摩擦力，甲对乙的滑动摩擦力对乙做了负功，则乙对甲的滑动摩擦力对甲()A．可能做正功，也可能做负功，也可能不做功B．可能做正功，也可能做负功，但不可能不做功D．可能做负功，也可能不做功，但不可能做正功6．某同学设计了一个滑梯游戏装置，如图所示，一光滑轨道AO固定在水平桌面上，O点在桌面右侧边缘上。