湖北省襄阳市2017年中考物理试卷【答案】

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湖北随州2017中考物理试题含答案(解析版)(真题卷)

2017年湖北省随州市中考物理试卷一、选择题16.通过初中物理的学习，同学们知道了一些物理学家以及他们的研究成果，以下叙述错误的是A.牛顿第一定律是牛顿直接从自己所做的实验中得出的结论B.欧姆对“电流跟电阻和电压之间的关系”进行了深入的研究并得到了正确的结论C．焦耳最先发现了“电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”D.奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象17.课本中的插图“太阳能凉帽。

电池板把太阳能转化为扇叶的动能”（如图），引发了小聪一些联想，他的下列表达错误的是A.太阳能实质上是太阳内部核及应释放出的能量B.太阳能为“二次能”，也是不可再牛能C.太阳光中的可见光是电磁波D.太阳光可以在真空中传播18.随州市广水一中物理老师程军涛在CCTV科技节目中展示了自制教具“用锡纸记录声音”，赢得了亿万观众的赞叹（如图）。

对着纸筒唱歌，纸筒底部的振针在移动的锡纸上田下深浅不的刻痕从而记录下声音。

复原声音日、J，振针经过刻痕带动纸筒振动发声重现歌声。

以下说法正确的是A.这是魔术节目，用障眼法使观众把“假的”当成了“真的”B．利用声波是电磁波的特性和锡纸导电的特点，将声音电流记录下C．声波具有能量，响度越大刻痕越深D.用显微镜仔细观察刻痕，刻痕里记录着歌词汉字19.如图，小明站在白云湖边看到小鱼在水中游动，同时发现有一只“鸟”在水中飞翔，似乎在模仿水面上方另一只鸟的飞翔动作。

以下说法正确的是A.小明看到的鱼是光的反射形成的虚像B．小明看到的鱼是光的折射形成的实像C．水中的“鸟”到水面的距离小于空中的鸟到水面的距离D.如果此时下雨，水面折皱，水中的“鸟”和鱼都“不见了”，但光的反射和折射规律不会改变，只是不能形成清晰的像20.在下列物态变化现象中，属于凝华的是A.刚出冷库的冻肉比原重B．放在衣柜里的樟脑丸变小了C．秋天的下半夜，草尖上、花瓣上出现露珠D.冬天，打开家里浴室的热水阀门，旁边的镜面很快“模糊不清”了21.以下说法正确的是A.如图甲，量筒里上方清水和下方蓝色硫酸铜溶液静置几天，界面模糊。

湖北省襄阳市2017年中考理综(化学部分)真题试题(含答案)

湖北省襄阳市2017年中考理综（化学部分）真题试题7．成语是中华民族文明与智慧的结晶。

下列成语所描述的变化属于化学变化的是A．滴水成冰 B．刻舟求剑 C．百炼成钢 D．大海捞针8．下列有关空气的说法不正确的是A．空气中只含氧气和氮气 B.酸雨的产生与空气污染有关C.二氧化碳能产生温室效应D.拉瓦锡用定量的方法研究了空气的成分9.“绿色化学”是21世纪化学发展的主导方向，其核心要求是从源头上消除污染。

以下做法符合“绿色化学”理念的是A．将垃圾废物浇上汽油焚烧 B．研究、开发、利用氧能源C．让工业废水直接排入汉江 D.禁止化工厂生产化工产品10．吸烟让自己受到伤害的同时，也造成周围的人“被动吸烟”。

对其原因解释合理的是A．分子在不断运动 B．分子的质量很小C．分子间有间隔 D.分子由原子构成11．我国著名化学家张青莲教授主持测定了锑、铕、锌等几种元素的相对原子质量新值。

右图是元素周期表中的一部分，对图示中元素的信息分析错误的一项是A．原子序数是“30” B.元素符号是“Zn”C．元素名称是“锌” D.电子数是“65.41”12．硝酸钾(KNO3）是一种能使农作物增产的常用化肥．它属于A.复合肥 B．氮肥 C．磷肥 D．钾肥13．小杰学习时获知“元素化合价发生变化（升开降）的化学反应是氧化还原反应”。

据此判断下列基本反应类型一定是氧化还原反应的是A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应14.推理是学习化学的一种重要方法，但推理必须科学、严谨。

下列推理正确的是A．木炭在氧气中能燃烧，所以氧气具有可燃性B．不锈钢虽然是金属材料，但它属于混合物而不是金属单质C．原子核是由质子和中子构成的，故所有原子核中都一定含有质子和中子D．催化剂在反应前后质量不变，因此反应前后质量不变的物质一定是催化剂15．某校化学兴趣小组利用数字化传感器探究稀盐酸和氢氧化钠溶液的反应过程，测得烧杯中溶液的pH随滴加液体体积变化的曲线如图所示。

2017襄州区中考适考物理试题定稿

2017年襄州区中考物理适应性考试试卷一、单项选择题（下列各題均有四个选项，其中只有一个选项符合題意，1-6题为物理部分，每題2分，共12分．）1．如图展示的是翟志刚在太空中走出“神舟”七号载人飞船，站在舱口处手举五星红旗的情景．若说他是静止的，则选择的参照物是()A．地球B．太阳C．月亮D．“神舟”飞船2．关于声现象，下列说法正确的是（）A．声音在不同介质中的传播速度相同 B.在真空中也可以传播声音C. 声源振动的幅度越大，音调越高D.一切发声物体都在振动3．光学器件在我们的生活、学习中有着广泛的应用．下面的介绍有一项不符合实际，它是() A．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用B．照相时，被照者与相机的距离是在镜头的二倍焦距之外C．借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应略大于一倍焦距D．阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，这利用了凸透镜对光的会聚作用4．下列物态变化现象中，属于液化的是()A．初春，冰雪消融汇成溪流B．盛夏，刚从冰箱中拿出的饮料瓶外壁出现水滴C．金秋，清晨的雾在太阳出来后散去xKb D．寒冬，晾在室外冰冻的衣服也会干5．小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”，a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大．关于此实验，下列说法正确的是()A．小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大B．利用此装置只能探究导体电阻的大小和横截面积的关系C．利用此装置能探究导体电阻的大小和横截面积、长度的关系D．为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表6体育活动中蕴含很多物理知识，下列相关说法中正确的是A.用力扣杀排球时于感到疼痛，说明力的作用是相互的B.足球被踢出后仍能继续运动，是因为受到惯性力作用C.乒乓球被扣杀后飞向对方，说明力可以维持物体运动D.铅球落地后将地面砸个坑，说明铅球受力发生了形变二、填空题（每空1分，共20分）7．一个晴朗周末的午后，小明陪同妈妈在西溪河边散步，只见水中的鱼儿在“云”里欢畅的游动．实际上小明看到的鱼儿是光形成的虚像，而水中的“云”则是光形成的虚像．8．自行车轮胎的表面制成凹凸花纹，其作用是通过______________________来增大摩擦；自行车刹车时，用力捏闸能增大闸皮与车轮间的________，从而增大闸皮与车轮间的滑动摩擦力．9.. 注射器的针头做得很尖，其目的是为了增大；注射器能将药液吸入针筒是利用了的作用．10．如图是冰箱制冷剂循环路线示意图，制冷剂在冷冻室的管子里发生的物态变化名称是汽化，此过程吸热（选填“吸热”、“放热”、“不吸放热”）．11．目前我国研发一款以压缩空气为动力的环保车．汽车使用前需要压缩存储气体，这一过程通过的方式使气体内能增加，开动时，释放的气体推动发动机，将气体的内能转化为能．12．家庭电路中各用电器的连接方式是联，这种电路连接方式的好是。

2017年湖北省襄阳市优质高中联考高考物理模拟试卷

2017年湖北省襄阳市优质高中联考高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共24.0分)1.设竖直向上为y轴正方向，如图曲线为一质点沿y轴运动的位置-时间（y-t）图象，已知图线为一条抛物线，则由图可知（）A.t=0时刻质点速度为0B.0～t1时间内质点向y轴负方向运动C.0～t2时间内质点的速度一直减小D.t1～t3时间内质点相对坐标原点O的位移先为正后为负【答案】C【解析】解：AB、0～t1时间内，y不断减小，说明t=0时刻质点速度不为0，0～t1时间内质点向y轴正方向运动，故AB错误．C、根据斜率表示速度，可知，0～t2时间内质点的速度一直减小，故C正确．D、t1～t3时间内质点相对坐标原点O的位移一直为正，故D错误．故选：C根据位置的变化分析质点的速度大小和方向．根据初、末位置关系分析位移的正负．本题考查位移-时间图象，掌握图象的点线面的意义即可顺利求解．要知道图象的斜率表示速度．2.下列说法正确的是（）A.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应B.β衰变的实质是核内的中子转化成了一个质子和一个电子C.结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定D.放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关【答案】B【解析】解：A、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，故A错误；B、β衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故B正确；C、比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故C错误；D、放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件无关，故D错误．故选：B太阳内部的核聚变反应，β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固．本题是原子物理部分的内容，卢瑟福的原子的核式结构模型、裂变与聚变、比结合能等等都是考试的热点，要加强记忆，牢固掌握．3.“嫦娥”三号探测器经轨道Ⅰ到达P点后经过调整速度进入圆轨道Ⅱ，经过变轨进入椭圆轨道Ⅲ，最后经过动力下降降落到月球表面上．下列说法正确的是（）A.“嫦娥”三号在地球上的发射速度大于11.2km/sB.“嫦娥”三号”由轨道Ⅰ经过P点进入轨道Ⅱ时要加速C.“嫦娥”三号”分别经过轨道Ⅱ、Ⅲ的P点时，加速度相等D.“嫦娥”三号”在月球表面经过动力下降时处于失重状态【答案】C【解析】解：A、“嫦娥”三号在飞月的过程中，仍然在地球的引力范围内，所以在地球上的发射速度要小于第二宇宙速度，即小于11.2km/s，故A错误；B、由图可知“嫦娥”三号”在轨道Ⅰ上是椭圆轨道，在P点需要的向心力大于提供的向心力，“嫦娥”三号”由轨道Ⅱ上需要的向心力大于提供的向心力．在同一点月球提供的向心力是相等的，由需要的向心力：可知速度越大，需要的向心力越大，所以“嫦娥”三号”由轨道Ⅰ经过P点进入轨道Ⅱ时要减速，故B错误；C、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=，则知到月球的距离相同，则加速度相同，故探测器在轨道Ⅲ轨道经过P点时的加速度等于在轨道Ⅱ经过P时的加速度，故C正确；D、“嫦娥”三号”在月球表面动力下降时向下做减速运动，加速度的方向向上，处于超重状态，故D错误．故选：C根据三个宇宙速度的意义判断发射速度；根据万有引力定律和牛顿第二定律列式判断加速度的大小；超重和失重只与加速度的方向有关，当加速度方向向下，物体失重状态，加速度的方向向上时处于超重状态．本题要掌握万有引力定律和卫星变轨道问题，并要知道卫星绕月球运动的向心力由万有引力提供，能结合圆周运动的规律进行求解．4.如图所示，在x O y坐标系的第Ⅰ象限中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一带电粒子在x轴上的A点垂直于x轴射入磁场，第一次入射速度为v，且经时间t1恰好在O点反向射出磁场，第二次以2v的速度射入，在磁场中的运动时间为t2，则t1：t2的值为（）A.1：2B.1：4C.2：1D.4：1【答案】C【解析】解：由于带电粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛仑兹力提供向心力从而得到半径公式：，时间：，只与粒子偏转的角度有关．由题意当粒子的速度变为2v时，其半径也变为原来的2倍，则粒子偏转90°后垂直y轴射出．所以°，故ABD错误，C正确．故选：C由洛仑兹力提供向心力得到半径公式，由此可以看出当速度变为原来的2倍时，半径也变为原来的2倍．结合题意此时粒子在磁场中偏转90°后垂直于y轴射出磁场，而粒子在磁场中运动的时间仅由偏转角决定，与速度无关，从而可以求出两次粒子运动的时间之比．本题容易出错的是：粒子运动的周期与粒子的速度无关，所以很容易判断出时间之比为了1：1，但没有考虑到磁场区域只在第Ⅰ象限，粒子还没有达x轴时已穿出磁场，所以粒子只偏转90°二、多选题(本大题共4小题，共24.0分)5.如图所示，质量为m、长为L的金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B．当棒中通以恒定电流后，金属棒摆起后两悬线与竖直方向夹角的最大值为θ=60°，下列说法正确的是（）A.电流方向由N指向MB.悬线与竖直方向夹角的最大值为θ=60°时，金属棒处于平衡状态C.悬线与竖直方向夹角的最大值为θ=30°时，金属棒速率最大D.恒定电流大小为【答案】CD【解析】解：A、根据左手定则可知电流的方向由M流向N，故A错误；B、悬线与竖直方向夹角为θ=60°时，金属棒速率为零，并非处于平衡状态，故B错误C、由运动的对称性可知悬线与竖直方向的夹角为θ=30°时金属棒的速率最大，故C 正确；D、在θ=30°时，对金属棒进行受力分析可知，°，解得I=，故D正确故选：CD根据受力分析，利用左手定则判断出电流的方向，根据运动的对称性判断出速度最大时的位置；对金属棒进行受力分析、利用对称性原则判断出速度最大的位置，根据安培力公式分析即可正确解题．6.如图所示，aoe为竖直圆o的直径，现有四条光滑轨道a、b、c、d，它们上端均在圆周上，四条轨道均经过圆周的e点分别交于水平地面．现让一小物块分别从四条轨道最上端静止下滑到水平地面，则小物块在每一条轨道上运动时所经历的时间关系为（）A.t a＜t dB.t b＞t cC.t d＜t cD.t b＞t a【答案】AD【解析】解：设上面圆的半径为r，e到地面的高度为R，则轨道的长度为：s=2rcosα+，下滑的加速度为：a==gcosα，根据位移时间公式得：x=at2，则有：t==．因为a、b、c，d夹角由小至大，所以有t d＞t c＞t b＞t a．故AD正确，B、C错误．故选：AD根据几何关系求出轨道的长度，结合牛顿第二定律求出物块下滑的加速度，根据位移时间公式求出物块在滑动时经历的时间大小关系解决本题的关键通过牛顿第二定律和运动学公式得出时间的表达式，结合角度的大小关系进行比较7.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为44：5，b是原线圈的抽头，且其恰好位于原线圈的中心，S为单刀双掷开关，负载电阻R=25Ω，电表均为理想电表，在原线圈c、d两端接入如图乙所示的正弦交流电，下列说法中正确的是（）A.当S与a连接，t=1×10-2s时，电流表的示数为0B.当S与a连接，t=1.5×10-2s时，电压表示数为50VC.将S由a拨到b时，电阻R消耗的功率为100WD.将S由b拨到a时，1s内电阻R上电流方向改变100次【答案】CD【解析】解：由图象可知，电压的最大值为V，交流电的周期为2×10-2s，所以交流电的频率为f=50H z，A、交流电的有效值为220V，根据电压与匝数程正比可知，副线圈的电压为25V，根据欧姆定律知I=，根据电流与匝数成反比知原线圈电流为I1=，故A错误．B、当单刀双掷开关与a连接时，副线圈电压为25V，电压表示数为有效值为25v，不随时间的变化而变化，故B错误；C、S与b连接时，副线圈两端的电压，电阻R消耗的功率为===100W，则C正确D、变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50H z，1s电流方向改变100次，所以D正确．故选：CD根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题8.半径分别为r和2r的同心圆导轨固定在同一水平面内，一长为r，电阻为R的均匀直导棒AB置于圆导轨上面，BA的延长线通过圆导轨中心O，装置的俯视图如图所示，整个装置位于一匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，方向竖直向下．在两环之间接阻值为R的定值电阻和电容为C的电容器．直导体棒在水平外力作用下以角速度ω绕O逆时针匀速转动，在转动过程中始终与导轨保持良好接触．导轨电阻不计．下列说法正确的是（）A.金属棒中电流从A流向BB.金属棒两端电压为Bω2rC.电容器的M板带正电D.电容器所带电荷量为CBωr2【答案】CD【解析】解：A、根据右手定则可知，金属棒AB逆时针切割磁感时，产生的感应电流应该是从B 向A，故A错误；B、据E感=以及v=rω可得切割磁感线时产生的电动势E感=，切割磁感线的导体相当于电源，则AB两端的电压相当于电源的路端电压，根=，故B错误；据闭合电路欧姆定律可知，感C、切割磁感线的AB相当于电源，在AB内部电流方向由B向A，故金属棒A相当于电源正极，故与A接近的电容器M板带正电，故C正确；D、由B分析知，AB两端的电压为，好电容器两端的电压也是，故电容器所带电荷量Q=CU=，故D正确．故选：CD．根据右手定则求得切割磁感线时的感应电流方向，把切割的金属棒看成电源求得电容器极板带电的正负，根据E感=以及v=rω求得感应电动势的大小，再根据闭合电路欧姆定律求得金属棒两端的电压，再根据Q=CU求得电容器所带的电荷量．本题的关键要掌握转动切割感应电动势公式E=BL2ω，知道切割磁感线的那部分导体相当于电源，导体两端电压相当于电源的路端电压．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.下列说法正确的是（）A.-2℃时水已经结为冰，此时水分子已经停止了热运动B.100℃水的内能小于100℃水蒸气的内能C.悬浮在液体中的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈D.若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大E.一定质量的理想气体向真空自由膨胀时，体积增大，熵增大【答案】CDE【解析】解：A、-2℃时水已经结为冰，虽然水分子热运动剧烈程度降低，但不会停止热运动，故A错误．B、只有同质量的水和水蒸气才能比较内能．故B错误；C、悬浮在液体中的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈，故C正确；D、分子间的引力与斥力都随分子间的距离的减小而增大，故D正确；E、一定质量的理想气体向真空自由膨胀时，体积增大，无序性增加，故熵增大，故E 正确．故选：CDE．物质是由大量分子组成的；分子永不停息的做无规则的热运动；分子间存在相互作用的引力和斥力，并且引力与斥力都随分子间的距离的增大而减小；明确布朗运动的决定因素，知道颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈；明确热力学第二定律的内容，知道理想气体自由膨胀时，体积增大，熵增大．本题考查分子动理论的基础知识，属记忆内容，其中要注意的是分子间作用力与分子间距离的关系，同时注意明确热力学第二定律所描述的方向性和熵增加原理．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.某兴趣小组利用如图（a）所示的实验装置探究“小球的平均速度和下落高度的关系”．通过电磁铁控制的小球从A点自由下落，下落开始时自动触发计时装置开始计时，下落经过B时计时结束，从而记录下小球从A运动到B的时间t，测出A、B之间的距离h．（1）用游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）测量小球的直径，示数如图（b）所示，其读数为______ cm．（2）小球在空中下落的平均速度的表达式= ______ ．（用测得物理量的符号表示）（3）改变B的位置，测得多组数据，经研究发现，小球下落的平均速度的平方（）2和下落的高度h的关系如图c所示，若图线的斜率为k，则当地的重力加速度g= ______ ．【答案】0.960；；2k【解析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为9mm，游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为12×0.05mm=0.60mm，所以最终读数为：9mm+0.60mm=9.60mm=0.960cm．（2）根据平均速度公式=，（3）根据动能定理：mgh=mv2，则v2=2gh=，图中斜率K=，故g==2k故答案为：（1）0.960；（2）；（3）2k．解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；根据平均速度等于位移与所需要时间比值，根据动能定理及图线斜率可求解g．对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量，掌握图线的斜率含义，注意平均速度与瞬时速度关系．10.要测绘一个标有“6V 2.5W”小灯泡的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．直流电源（6V，内阻未知）B．电流表G（满偏电流3m A，内阻R g=10Ω）C．电流表A（0-0.6A，内阻未知）D．滑动变阻器R（0-20Ω，5A）E．滑动变阻器R´（0-200Ω，1A）F．定值电阻R0（阻值1990Ω）G．开关与导线若干（1）由于所给实验器材缺少电压表，某同学直接把电流表G作为电压表使用测出小灯泡两端电压，再用电流表A测出通过小灯泡的电流，从而画出小灯泡的伏安特性曲线．该方案实际上不可行，其最主要的原因是______ ；（2）为完成本实验，滑动变阻器应选择______ （填器材前的序号）；（3）请完成本实验的实物电路图（图1）的连线．（4）如图2所示为该种灯泡的U-I图象，现将两个这种小灯泡L1、L2与一个阻值为5Ω的定值电阻R连成如图3所示电路，电源的电动势为E=6V，电键S闭合后，小灯泡L1与定值电阻R的电动势均为P，则P= ______ W，电源的内阻r= ______ Ω．【答案】电流表G分压较小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；D；0.20；2.5【解析】解：（1）电流表G测量电压范围太小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；（2）本实验只能采用分压接法，因此滑动变阻器应选择总阻值较小的D；（3）由于满足灯泡电阻更接近电流表内阻，所以电流表应用外接法，由于伏安特性曲线中的电压和电流均要从零开始测量，所以变阻器应采用分压式，如图所示：（4）由图3所示电路图可知，小灯泡L1与定值电阻R并联，它们两端电压相等，它们的电功率均为P，由P=UI可知，通过它们的电流相等，它们的电阻相等，即此时灯泡电阻为5Ω，由图2所示图象可知，灯泡两端电压为1V时通过灯泡的电流为0.2A，此时灯泡电阻为5Ω，则功率P=UI=1×0.2=0.2W；由电路图可知，L2串联在干路中，通过L2的电流为I=0.2+0.2=0.4A，由图3所示图象可知，电流0.4A所对应的电压为4V，由闭合电路欧姆定律可知，电源内阻为：r==2.5Ω．故答案为：（1）电流表G分压较小，导致电流表A指针偏转很小，误差较大；（2）D；（3）实物图连线如图；（4）0.20；2.5．（1）根据两电表的量程可以确定方案是否可行；（2）明确电路结构，从而确定滑动变阻器的使用；（3）根据灯泡电阻大小选择电流表内外接法，否则应用内接法，则可得出对应的实物图；（4）小灯泡L1与定值电阻R的电功率均为P，可知此时灯泡L1的电阻，通过电阻在图象中得出电流、电压，从而得出功率P的大小．而灯泡L2的电流是L1电流的2倍，根据L2的电流，通过图线得出此时的电压，再根据闭合电路欧姆定律求出电源的内阻．本题考查了连接实物电路图、实验器材的选择、求功率；第（4）小题是本题的难点，分析清楚电路结构、根据电路结构及串联电路特点求出灯泡两端电压，由图象求出通过灯泡的电流是正确解题的关键．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，质量分布均匀、形状对称的金属块内有一个半径为R的原型槽，金属块放在光滑的水平面上且左边挨着竖直墙壁．一质量为m的小球从离金属块做上端R处静止下落，小球到达最低点后向右运动从金属块的右端冲出，到达最高点后离圆形槽最低点的高度为R，重力加速度为g，不计空气阻力．求：（1）小球第一次到达最低点时，小球对金属块的压力为多大？（2）金属块的质量为多少．【答案】解：（1）小球从静止到第一次到达最低点的过程，根据动能定理有：mg•2R=小球刚到最低点时，根据圆周运动和牛顿第二定律的知识有：根据牛顿第三定律可知小球对金属块的压力为：F N′=F N联立解得：F N′=5mg（2）小球第一次到达最低点至小球到达最高点过程，小球和金属块水平方向动量守恒，选取向右为正方向，则：mv0=（m+M）v根据能量转化和守恒定律有：联立解得：M=7m答：（1）小球第一次到达最低点时，小球对金属块的压力为5mg；（2）金属块的质量为7m．【解析】（1）由机械能守恒求出小球在最低点的速度，由牛顿运动定律求出小球在最低点对金属块的压力；（2）由动量守恒定律和机械能守恒即可求出．本题主要考查了机械能守恒定律、动量守恒定律以及动量定理的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，选择合适的定理求解，难度适中．12.真空室中有如图甲所示的装置，电极K持续发出的电子（初速不计）经过电场加速后，从小孔O沿水平放置的偏转极板M、N的中心轴线OO′射入．加速电压U1=，M、N板长均为L，偏转极板右侧有荧光屏（足够大且未画出）．M、N两板间的电压U MN随时间t变化的图线如图乙所示，其中U2=．调节两板之间的距离，使得每个电子都能通过偏转极板，已知电子的质量、电荷量分别为m、e，不计电子重力．（1）求电子通过偏转极板的时间t；（2）偏转极板之间的最小距离d；（3）当偏转极板间的距离为最小值d时，荧光屏如何放置时电子击中的范围最小，该范围的长度是多大．【答案】解：（1）加速电场，根据动能定理有：偏转电场中，水平方向：解得时间为：t=T（2）t=0、T、2T…时刻进入偏转电场的电子，竖直方向先加速运动，后作匀速直线运动，射出电场时沿垂直于竖直方向偏移的距离y最大．竖直方向加速有：竖直方向匀速运动有：电子能射出偏转极板有得：d≥L（3）对满足（2）问条件下任意确定的d，不同时刻射出偏转电场的电子沿垂直于极板方向的速度约为：电子速度偏转角的正切值均为电子射出偏转电场时的偏转角度均相同，即速度方向相同，不同时刻射出偏转电场的电子沿垂直于极板方向的侧移距离可能不同，侧移距离的最大值与最小值之差若荧光屏与电子出偏转极板后的速度垂直，则电子击中荧光屏的范围最小，该最小范围为：△y′=△ycosα联立解得：′答：（1）电子通过偏转极板的时间t为T；（2）偏转极板之间的最小距离d为L；（3）当偏转极板间的距离为最小值d时，荧光屏与电子出偏转极板后的速度垂直，则电子击中荧光屏的范围最小，该范围的长度是【解析】（1）根据动能定理求加速电场的末速度，进入偏转电场后做类平抛运动，水平方向匀速直线运动（2）t=0、T、2T…时刻进入偏转电场的电子，竖直方向先加速运动，后作匀速直线运动，射出电场时沿垂直于竖直方向偏移的距离y最大．匀加速运动和匀速运动的竖直位移满足条件，即可求解（3）先求出不同时刻射出偏转电场的电子沿垂直于极板方向的速度，再求出电子速度偏转角，从而求出侧移距离的最大值与最小值之差，即可求解本题考查了带电粒子在电场中加速和偏转问题，注意带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，根据平抛运动的基本规律解题，难度适中．六、计算题(本大题共1小题，共10.0分)14.如图所示，在两端封闭的均匀半圆管道内封闭有理想气体，管内有不计质量可自由移动的活塞P，将管内气体分成两部分，其中OP与管道的水平直径的夹角θ=45°．两部分气体的温度均为T0=300K，压强均为P0=1.0×105P a．现对管道左侧气体缓慢加热，管道右侧气体温度保持不变，当可动活塞P缓慢移动到管道最低点时（不计摩擦），求：①管道右侧气体的压强；②管道左侧气体的温度．【答案】解：（i）对于管道右侧气体，由于气体做等温变化，则有：解得（ii）对于管道左侧气体，根据理想气体状态方程，有′′′′′当活塞P移动到最低点时，对活塞P受力分析可得出两部分气体的压强′解得T=900K答：①管道右侧气体的压强为；②管道左侧气体的温度为900K【解析】①根据玻意耳定律即可求解管道右侧气体的压强；②对管道左侧气体根据理想气体状态方程列式求解；本题关键是对两部分气体运用气体状态方程或气体状态方程求解，关键分析好初末状态参量，结合一定的几何知识求解．高中物理试卷第11页，共11页。

2023年湖北省襄阳市中考物理试卷+答案解析

2023年湖北省襄阳市中考物理试卷一、单选题：本大题共12小题，共24分。

1.2021年9月17日，载有襄阳籍航天英雄聂海胜的航神舟十二号返回舱成功着陆。

如图为工作人员在返回舱外的情景，请你估测图中返回舱的高度()A.B.C.5mD.10m2.小明在球场上踢足球时，听到物理老师在喊他。

他判断是物理老师，是依据声音的()A.音调B.响度C.音色D.声速3.如图所示的光现象中，由光的直线传播形成的是()A.日晷上针的影子B.筷子在水面处弯折C.海市蜃楼D.雨后彩虹4.如图所示物态变化的实例中，属于液化的是()A.山上的“白雾”B.铜水铸造青铜器C.深冬树枝上的“霜”D.冰正在减少5.下列物品中通常情况下属于绝缘体的是()A.铝线B.人体C.塑料尺D.铜线6.下列能提供电能的装置是()A.电能表B.电饭锅C.开关D.干电池7.下列做法符合安全原则的是()A.从教学楼四楼往下扔东西B.课桌面的四角做成圆角而不是尖角C.多个大功率用电器同时使用一个插座D.乘坐高速行驶的汽车不系安全带8.如图所示是足球从A处落到地面后反复弹起落下的示意图，图中虚线为足球的运动轨迹。

以下说法正确的是()A.从A点到E点的过程中机械能守恒B.从C点到D点的过程中重力势能在变大C.从D点到E点的过程中弹性势能变大D.足球在整个运动过程中机械能逐渐减小9.如图所示水平桌面上叠放着A、B、C三个物体，在水平推力F的作用下与桌面相对静止，B物体受力个数为()A.0个B.3个C.4个D.5个10.将四个定值电阻a、b、c、d分别接入不同电路中，测出各电阻两端的电压U和通过的电流I，把测得的数据描点在坐标系中如图所示。

根据图中信息判断，下列说法正确的是()A.b的阻值大于a的阻值B.b的电功率大于a的电功率C.通过c的电流最小D.两端电压最大的是d11.把一个材质均匀的正方体，分别投入A、B、C三种液体中，静止后的状态如图所示，下列说法正确的是()A.在A液体中正方体受到浮力最大B.三种液体中C液体密度最接近正方体的密度C.三种液体中的B密度最大D.正方体的密度大于三种液体中的任意一种12.如图所示，电源电压保持不变，将滑片P置于滑动变阻器上的任一点非端点。

湖北省襄阳市2017年中考理综(化学部分)真题试题(含答案)

湖北省襄阳市2017年中考理综（化学部分）真题试题7．成语是中华民族文明与智慧的结晶。

【精品】2017年湖北省襄阳市高考物理一模试卷含答案

2017年湖北省襄阳市高考物理一模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）公元前600年左右，希腊人泰勒斯就发现了用毛皮摩擦过的琥珀能吸引轻小物体．公元一世纪，我国学者王允在《论衡》﹣书中也写下了“顿牟掇芥”关于静电场的说法，下列说法正确的是（）A．沿电场线方向电场强度越来越小B．静电场中某点的电场强度为零，则该点电势必然也为零C．等势面一定与电场强度的方向垂直D．初速度为零的带电粒子在电场中一定沿电场线运动2．（6分）某体做直线运动，运动的时间为t，位移为x，物体的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．物体的加速度大小为B．t=0时，物体的初速度为bC．t=0到，这段时间物体的位移为D．t=0到t=b这段时间物体的平均速度为3．（6分）如图所示，质量为M=2kg的长木板位于光滑水平面上，质量为m=1kg 的物块静止于长木板上，两者之间的滑动摩擦因素为μ=0.5．重力加速度大小为g=10m/s2，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力．现对物块施加水平向右的力F，下列说法正确的是（）A．水平力F=3N，物块m将保持静止状态B．水平力F=6N，物块m在长木板M上滑动C．水平力F=7N，长木板M的加速度大小为2.5m/s2D．水平力F=9N，长木板M受到的摩擦力大小为5N4．（6分）如图所示，A、B是绕地球做圆周运动的两颗卫星，A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k，则A、B两卫星的周期之比为（）A．B．k C．k2D．k35．（6分）静止在匀强磁场中的U核发生α衰变，产生一个未知粒子x，它们在磁场中的运动径迹如图所示．下列说法正确的是（）A．该核反应方程为U→x+HeB．α粒子和粒子x在磁场中做圆周运动时转动方向相同C．轨迹1、2分别α粒子、x粒子的运动径迹D．α粒子、x粒子运动径迹半径之比为45：16．（6分）如图甲所示，理想变压器原线圈输入图乙所示的正弦变电流，副线圈中的R0、R1为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为R，且R1＜R0．理想交流电压表V1、V2的示数分别为U1、U2；理想交流电流表A1、A2的示数分别为I1、I2；理想交流电压表V2和理想交流电流表A2示数变化的绝对值分别为△U2、△I2，下列说法正确的是（）A．t=0.01s时，理想交流电压表V 1的示数为零B．滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，I1增大，U2减小C．滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，变大D．滑动变附器滑片从最下端向上滑动，I2U2减小7．（6分）如图所示，一平行板电容器两极板A、B水平放置，上极板A接地，电容器通过滑动变阻器R和电键S与电动势为E的电源相连．现将电键闭合，位于A、B两板之间的P点的：带电粒子恰好处于静止状态．则（）A．B板电势为﹣EB．改变滑动变阻器的滑片位置，带电粒子仍处于静止状态C．将B板向上移动P点电势将不变D．将B板向左平移带电粒子电势能将不变8．（6分）如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B处的切线水平．现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放，小物体刚到达B点时的加速度为a，对B点的压力为N，小物体离开B点后的水平位移为x，落地时的速率为v，若保持圆心O的位置不变，改变圆弧轨道的半径R（不超过圆心离地的高度），不计空气阻力，下列图象正确的是（）A．B．C．D．三、非选择题（一）必考题（11题，共129分）9．（6分）某同学将一个内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA 的电流表改装成量程为0〜3V的电压表，需要（填“串联”或“并联“）一个阻值为Ω的电阻．现利用该电压表测量电压，指针如图所示，则其示数为V．10．（9分）恢复系数是反映碰撞时物体变形恢复能力的参数，它只与碰撞物体的材料有关．两物体碰撞后的恢复系数为，其中v1、v2和v1'、v2'分别为物体m1、m2碰撞后的速度．某同学利用如下实验装置测定物体m1和m2碰撞后恢复系数．实验步骤如下：①如图所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球m1、球m2与木条的撞击点；②将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球m1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为B'；③将木条平移到图中所示位置，入射球m1从斜轨上A点由静止释放，确定撞击点；④球m2静止放置在水平槽的末端相撞，将入射球m1从斜轨上A点由静止释放，球m1和球m2相撞后的撞击点；⑤测得B'与撞击点N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h3；根据该同学的实验，回答下列问题：（1）两小球的质量关系为m1m2（填“＞”、“=”或“＜”）（2）木条平移后，在不放小球m2时，小球m1从斜轨顶端A点由静止释放，m1的落点在图中的点，把小球m2放在斜轨末端边缘B处，小球m1从斜轨顶端A点由静止开始滚下，使它们发生碰撞，碰后小球m1的落点在图中点．（3）利用实验中测量的数据表示小球m 1和小球m2碰撞后的恢复系数为e=点．（4）若在利用天平测量出两小球的质量分别为m1、m2，则满足表示两小球碰撞后动量守恒；若满足表示两小球碰撞前后机械能均守恒．11．（12分）如图所示，倾角为θ=37°两根平行长直金属导轨的间距为d，其底端接有阻值为R的电阻．整个装置处在垂直斜面向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中，质量均为m （质量分布均匀）、电阻均为R的导体杆ab、cd垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，两导体杆与导轨的动摩擦因数均为μ=0.5；现杆ab在恒力F作用下沿导轨向上作匀速运动，杆cd能保持静止状态，导轨电阻不计，重力加速度大小为g，求杆ab的速度大小．12．（20分）如图所示，一轻弹簧一端同定在倾角为37°的固定光滑直轨道AD的底端AB处，另一端若自由伸长则位于C点，另一端若固定连接一质量为m的小木块，小木块处于B点时恰静止．直轨道与﹣半径为r=0.5R的光滑圆弧轨道相切于D点，E点为圆弧轨道的最高点（且过E点的切线水平）．BC=CD=R，A、B、C、D、E均在同一竖直面内．质量为m的一小铁块自D点由静止开始下滑，到达B点后与小木块碰撞，碰撞时间极短，碰撞后共同压缩弹簧，此后运动过程中小铁块与小木块恰不分离．轻弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，（取sin37°=0.6．cos37°=0.8）求：（1）小铁块即将与小木块碰撞时的速率为多大；（2）小铁块即将与小木块碰撞时弹簧的弹性势能为多大；（3）若小铁块具有沿直线轨道向下的初速度，小铁块的初速度至少为多大．与小铁块碰撞后，才能沿着圆弧轨道运动到E点．选考题：【物理选修3-3】（15分）13．（5分）关于气体的内能，下列说法正确的是（）A．质量和温度都相同的气体，内能一定相同B．气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C．气体被压缩时，内能可能不变D．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加14．（10分）如图所示，A、B是放置在水平面上的两个形状相同的气缸，其长度为L，S是在B汽缸内可无摩擦滑动的活塞，它的厚度可忽略，A、B之间有一个体积不计的细管联通，K为阀门，A气缸和细管是导热材料制成的，B气缸是绝热材料制成的．开始时阀门关闭，活塞处于B气缸的左端，A、B气缸内分别密闭压强为2p0和p0的两种理想气体，气体温度和环境温度均为T0，打开阀门K 后，活塞向右移动的距离并达到平衡（此过程环境温度不变）．求：（1）A气缸内气体的压强；（2）B气缸内气体的温度．【物理选修3-4】（15分）15．一列简谐横波沿x轴的正向传播，振幅为2cm，周期为T．已知为t=0时刻波上相距40cm的两质点a、b的位移都是1cm，但运动方向相反，其中质点a 沿y轴负向运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．该列简谐横波波长可能为150cmB．该列简谐横波波长可能为12cmC．当质点b的位移为+2cm时，质点a的位移为负D．在t=时刻质点b速度最大E．质点a﹑质点b的速度始终大小相等，方向相反16．如图所示，过中心线的截面为矩形的圆柱形棒是用折射率n=的透明材料制成的．圆柱形棒的直径为D=6cm，一光束从左侧端面中心射入圆柱形棒，在柱体内发生多次全反射最终由棒的右侧端面中心射出．若要使折射光在上下侧边恰好发生全反射．sin53°=0.8，cos53°=0.6，则（1）这束光在左侧端面的入射角的正弦值应为多少？（2）若要使出射光与入射光平行，棒的长度应该满足什么条件？2017年湖北省襄阳市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）公元前600年左右，希腊人泰勒斯就发现了用毛皮摩擦过的琥珀能吸引轻小物体．公元一世纪，我国学者王允在《论衡》﹣书中也写下了“顿牟掇芥”关于静电场的说法，下列说法正确的是（）A．沿电场线方向电场强度越来越小B．静电场中某点的电场强度为零，则该点电势必然也为零C．等势面一定与电场强度的方向垂直D．初速度为零的带电粒子在电场中一定沿电场线运动【解答】解：A、沿电场线方向电势越来越小，但电场强度不一定越来越小，例如匀强电场，故A错误；B、电场中某点的电场强度为零，则该点电势不一定为零，例如等量同种电荷连线中点电场强度为零，电势不为零，故B错误；C、根据等势面的特点可知等势面一定与电场强度的方向垂直，故C正确；D、如果电场线不是直线，则初速度为零的带电粒子在电场中不会沿电场线运动，故D错误．故选：C．2．（6分）某体做直线运动，运动的时间为t，位移为x，物体的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．物体的加速度大小为B．t=0时，物体的初速度为bC．t=0到，这段时间物体的位移为D．t=0到t=b这段时间物体的平均速度为【解答】解：AB、根据匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+得：=v0+根据数学知识可得：a=﹣，得加速度为a=﹣，加速度大小为．初速度为v0=a，故A、B错误．C、t=0到，这段时间物体的位移为x=v0t+=a•+•（）2=，故C正确．D、t=0到t=b这段时间物体的位移为x=v0t+=a•b+•b2=0，平均速度为0，故D错误．故选：C3．（6分）如图所示，质量为M=2kg的长木板位于光滑水平面上，质量为m=1kg 的物块静止于长木板上，两者之间的滑动摩擦因素为μ=0.5．重力加速度大小为g=10m/s2，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力．现对物块施加水平向右的力F，下列说法正确的是（）A．水平力F=3N，物块m将保持静止状态B．水平力F=6N，物块m在长木板M上滑动C．水平力F=7N，长木板M的加速度大小为2.5m/s2D．水平力F=9N，长木板M受到的摩擦力大小为5N【解答】解：对m、M整体进行受力分析：F=（M+m）a对m进行受力分析：F﹣f B=ma当m、M即将相对滑动时，静摩擦力达到最大值，f A=μmg．求解上面方程组，F最小=μmg（1+），代入数据解得：F=7.5N，最小A、当水平力F=3N，整体处于加速状态，因此物块m将不会保持静止状态，故A 错误；B、当水平力F=6N，物块m不会在长木板M上滑动，故B错误；C、水平力F=7N，依据牛顿第二定律，结合整体法，则长木板M的加速度大小为：a==m/s2＜2.5 m/s2．故C错误；D、水平力F=9N＞7.5N，两者之间发生相对滑动，则长木板M受到的摩擦力大小，即为物块受到的摩擦力，则为f=μmg=5N，故D正确；故选：D．4．（6分）如图所示，A、B是绕地球做圆周运动的两颗卫星，A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k，则A、B两卫星的周期之比为（）A．B．k C．k2D．k3【解答】解：卫星A的线速度为，轨道半径为；卫星B的线速度为，轨道半径为设经过时间△t，卫星A扫过的面积，卫星B扫过的面积根据题意A、B两卫星与地心的连线在相等时间内扫过的面积之比为k所以，得根据，得联立得根据开普勒第三定律：所以，故D正确，ABC错误；故选：D5．（6分）静止在匀强磁场中的U核发生α衰变，产生一个未知粒子x，它们在磁场中的运动径迹如图所示．下列说法正确的是（）A．该核反应方程为U→x+HeB．α粒子和粒子x在磁场中做圆周运动时转动方向相同C．轨迹1、2分别α粒子、x粒子的运动径迹D．α粒子、x粒子运动径迹半径之比为45：1【解答】解：A、根据电荷数守恒、质量数守恒可知，x的质量数为238﹣4=234，电荷数为92﹣2=90，则该核反应方程为U→x+He．故A正确．B、核反应前U核静止，动量为零，根据动量守恒定律得，反应后系统总动量为零，则α粒子和x核的动量大小相等，方向相反，则r=，知轨道半径等于两粒子的电量之反比，为45：1，则2为α粒子的运动径迹，因为两粒子电性相同，速度方向相反，转动方向相反，故BC错误，D正确．故选：AD6．（6分）如图甲所示，理想变压器原线圈输入图乙所示的正弦变电流，副线圈中的R0、R1为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为R，且R1＜R0．理想交流电压表V1、V2的示数分别为U1、U2；理想交流电流表A1、A2的示数分别为I1、I2；理想交流电压表V2和理想交流电流表A2示数变化的绝对值分别为△U2、△I2，下列说法正确的是（）A．t=0.01s时，理想交流电压表V1的示数为零B．滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，I1增大，U2减小C．滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，变大D．滑动变附器滑片从最下端向上滑动，I2U2减小【解答】解：A、理想交流电压表的读数是有效值，理想交流电压表的示数为，所以在0.01s时，理想交流电压表的示数为2220V，故A错误；B、滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，变阻器电阻变小，副线圈电流变大，电阻两端的电压不变，副线圈两端电压不变，所以电压表示数变小，即减小，故B正确；C、变阻器滑片从最下端向上滑动，变阻器电阻减小，副线圈相当于电源，将等效为电源的内阻，，副线圈两端的电压不变，所以，所以比值不变，故C错误；D、滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，变阻器电阻变小，副线圈相当于电源，将等效为电源的内阻，当时输出功率最大，因为不知道滑动变阻器的全值电阻的大小，所以可能先增大后减小，也可能一直减小，故D错误；故选：B7．（6分）如图所示，一平行板电容器两极板A、B水平放置，上极板A接地，电容器通过滑动变阻器R和电键S与电动势为E的电源相连．现将电键闭合，位于A、B两板之间的P点的：带电粒子恰好处于静止状态．则（）A．B板电势为﹣EB．改变滑动变阻器的滑片位置，带电粒子仍处于静止状态C．将B板向上移动P点电势将不变D．将B板向左平移带电粒子电势能将不变【解答】解：A、AB两板的电势差为E，，，所以，所以B板的电势为﹣E，故A正确；B、改变滑动变阻器的滑片位置，两极板间的电压不变，极板间的电场强度不变，粒子所受电场力不变，带电粒子仍处于静止状态，故B正确；C、将B板向上移动，距离减小，极板间场强变大，A板与P点的电势差变大，A 点电势不变，P点电势变小，故C错误；D、将B板向左平移，极板间的距离和电压不变，场强不变，P点电势不变，带电粒子电势能不变，故D正确；故选：ABD8．（6分）如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B处的切线水平．现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放，小物体刚到达B点时的加速度为a，对B点的压力为N，小物体离开B点后的水平位移为x，落地时的速率为v，若保持圆心O的位置不变，改变圆弧轨道的半径R（不超过圆心离地的高度），不计空气阻力，下列图象正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：A、物体在光滑圆弧轨道上运动，只受重力、支持力作用，只有重力做功，故机械能守恒，故有：；那么，小物体刚到达B点时，加速度为向心加速度，即，故a为恒值，与R无关；故A正确；B、对物体在B点时应用牛顿第二定律可得：，所以，F N=3mg；再应用牛顿第三定律可得：对B点的压力N=F N=3mg，故N为恒值，与R无关；故B错误；C、设圆心离地高度为H，那么，物体离开B后做平抛运动，由平抛运动的位移公式可得：，x=v B t；故，故x2应为开口向下的抛物线，故C错误；D、由C可知：平抛运动的运动时间，那么，落地时速度的竖直分量为，所以，落地时速度，故v为恒值，与R无关；故D正确；故选：AD．三、非选择题（一）必考题（11题，共129分）9．（6分）某同学将一个内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA 的电流表改装成量程为0〜3V的电压表，需要串（填“串联”或“并联“）一个阻值为2970Ω的电阻．现利用该电压表测量电压，指针如图所示，则其示数为 2.30V．【解答】解：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：R=﹣R g﹣Rg==2970Ω因最小分度为0.1，则要估读到下0.01位，则读数为2.30V故答案为：串联，2970，2.3010．（9分）恢复系数是反映碰撞时物体变形恢复能力的参数，它只与碰撞物体的材料有关．两物体碰撞后的恢复系数为，其中v1、v2和v1'、v2'分别为物体m1、m2碰撞后的速度．某同学利用如下实验装置测定物体m1和m2碰撞后恢复系数．实验步骤如下：①如图所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球m1、球m2与木条的撞击点；②将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球m1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为B'；③将木条平移到图中所示位置，入射球m1从斜轨上A点由静止释放，确定撞击点；④球m2静止放置在水平槽的末端相撞，将入射球m1从斜轨上A点由静止释放，球m1和球m2相撞后的撞击点；⑤测得B'与撞击点N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h3；根据该同学的实验，回答下列问题：（1）两小球的质量关系为m1＞m2（填“＞”、“=”或“＜”）（2）木条平移后，在不放小球m2时，小球m1从斜轨顶端A点由静止释放，m1的落点在图中的P点，把小球m2放在斜轨末端边缘B处，小球m1从斜轨顶端A点由静止开始滚下，使它们发生碰撞，碰后小球m1的落点在图中点M．（3）利用实验中测量的数据表示小球m1和小球m2碰撞后的恢复系数为e=（﹣）点．（4）若在利用天平测量出两小球的质量分别为m1、m2，则满足=+表示两小球碰撞后动量守恒；若满足=+表示两小球碰撞前后机械能均守恒．【解答】解：（1）为了防止两球碰后出现反弹现象，入射球的质量一定要大于被碰球的质量；（2）由图可知，两小球打在竖直板上，则可知，三次碰撞中水平位移相等，则可知，水平速度越大，竖直方向下落的高度越小，则由碰撞规律可知，碰后被碰球的速度最大，故其下落高度最小，而碰后入射球速度最小，其下落高度最大，则可知，在不放小球m2时，小球m1从斜轨顶端A点由静止释放，m1的落点在图中的P点，而碰后入射球落到M点；（3）根据平抛运动规律可知，下落时间t=，则可知，速度v==，则可解得：v 1=，v1’=；v2’=，代入给出恢复系数表达式可得：e=（﹣）；（4）若满足动量守恒，则一定有：mv1=m1v1’+m2v2'代入（3）中所求速度可得：表达式应为：=+；若满足机械能守恒，则有：mv12=m1v1'2+m2v2'2代入求出的速度可得：表达式为：=+故答案为：（1）＞；（2）P M；（3）（﹣）；（4）=+；=+11．（12分）如图所示，倾角为θ=37°两根平行长直金属导轨的间距为d，其底端接有阻值为R的电阻．整个装置处在垂直斜面向上磁感应强度大小为B的匀强磁场中，质量均为m （质量分布均匀）、电阻均为R的导体杆ab、cd垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，两导体杆与导轨的动摩擦因数均为μ=0.5；现杆ab在恒力F作用下沿导轨向上作匀速运动，杆cd能保持静止状态，导轨电阻不计，重力加速度大小为g，求杆ab的速度大小．【解答】解：导体杆ab以速度v运动切割磁感线产生感应电动势，则有：E=Bdv，根据闭合电路的知识有：E=，根据并联电路的特点可得通过cd棒的电流强度为，导体杆ab速度较小时，对于导体杆cd则有：，解得：；导体杆ab速度较大时，对于导体杆cd则有：，解得；故导体杆ab的速度应满足条件：．答：导体杆ab的速度应满足条件为．12．（20分）如图所示，一轻弹簧一端同定在倾角为37°的固定光滑直轨道AD的底端AB处，另一端若自由伸长则位于C点，另一端若固定连接一质量为m的小木块，小木块处于B点时恰静止．直轨道与﹣半径为r=0.5R的光滑圆弧轨道相切于D点，E点为圆弧轨道的最高点（且过E点的切线水平）．BC=CD=R，A、B、C、D、E均在同一竖直面内．质量为m的一小铁块自D点由静止开始下滑，到达B点后与小木块碰撞，碰撞时间极短，碰撞后共同压缩弹簧，此后运动过程中小铁块与小木块恰不分离．轻弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，（取sin37°=0.6．cos37°=0.8）求：（1）小铁块即将与小木块碰撞时的速率为多大；（2）小铁块即将与小木块碰撞时弹簧的弹性势能为多大；（3）若小铁块具有沿直线轨道向下的初速度，小铁块的初速度至少为多大．与小铁块碰撞后，才能沿着圆弧轨道运动到E点．【解答】解：（1）小铁块沿直轨道下滑时，根据机械能守恒定律有mg•2Rsin37°=可得v1=（2）小铁块与小木块碰撞前后，由于碰撞时间极短，动量守恒，取沿斜面向下为正方向，由动量守恒定律有mv1=2mv2．碰后，小铁块与小木块共同压缩弹簧，直至速度减小至零后被反间向上运动，当轻弹簧恰恢复原长时，小铁块与小木块即将分离，故此时小铁块和小木块的速度均为零，根据机械能守恒定律有+E p=2mgRsin37°解得小铁块即将与小木块碰撞时弹簧的弹性势能为E p=0.6mgR（3）设小铁块的初速度为v0．小铁块沿直轨道下滑时，根据机械能守恒定律有+mg•2Rsin37°=小铁块与小木块碰撞过程，由动量守恒定律有mv1′=2mv2′碰后，小铁块与小木块共同压缩弹簧，直至速度减小至零后被反间向上运动，当轻弹簧恰恢复原长时，小铁块与小木块即将分离，故此时小铁块和小木块的速度均为零，根据机械能守恒定律有+E p=2mgRsin37°+小铁块与小木块分离后沿CDE恰好运动到E点的过程，由机械能守恒定律有=mg（Rsin37°+rcos37°+r）+在最高点E，由重力等于向心力有mg=m联立解得v0=答：（1）小铁块即将与小木块碰撞时的速率为；（2）小铁块即将与小木块碰撞时弹簧的弹性势能为0.6mgR；（3）小铁块的初速度至少为，与小铁块碰撞后，才能沿着圆弧轨道运动到E点．选考题：【物理选修3-3】（15分）13．（5分）关于气体的内能，下列说法正确的是（）A．质量和温度都相同的气体，内能一定相同B．气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C．气体被压缩时，内能可能不变D．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加【解答】解：A、质量和温度都相同的气体，内能不一定相同，还和气体的种类有关，故A错误；B、物体的内能与温度、体积有关，与物体宏观整体运动的机械能无关，所以整体运动速度越大，其内能不一定越大，故B错；C、气体被压缩时，外界对气体做功W＞0，如果向外界放热Q＜0，根据热力学第一定律，△U=W+Q，可能△U=0内能不变，所以C正确；D、理想气体分子间无分子势能，理想气体的内能只与温度有关，故D正确；E、一定量的某种理想气体等压膨胀过程中，体积与热力学温度成正比，温度升高，内能增加．故E正确故选：CDE14．（10分）如图所示，A、B是放置在水平面上的两个形状相同的气缸，其长度为L，S是在B汽缸内可无摩擦滑动的活塞，它的厚度可忽略，A、B之间有一个体积不计的细管联通，K为阀门，A气缸和细管是导热材料制成的，B气缸是绝热材料制成的．开始时阀门关闭，活塞处于B气缸的左端，A、B气缸内分别密闭压强为2p0和p0的两种理想气体，气体温度和环境温度均为T0，打开阀门K 后，活塞向右移动的距离并达到平衡（此过程环境温度不变）．求：（1）A气缸内气体的压强；（2）B气缸内气体的温度．。

2017年湖北省襄阳市中考化学试卷-答案

湖北省襄阳市2017年初中毕业生学业水平试卷化学答案解析一、单项选择题1.【答案】C【解析】A、滴水成冰过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化。

B、刻舟求剑过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化。

C、百炼成钢过程中有新物质生成，属于化学变化。

D、大海捞针过程中没有新物质生成，属于物理变化。

故选C。

【考点】化学变化和物理变化的判别2.【答案】A【解析】A、空气中只含氧气和氮气错误，还有稀有气体、二氧化碳等，错误符合题意，故选项正确；B、酸雨的产生与空气污染有关正确，正确但不符合题意，故选项错误；C、二氧化碳能产生温室效应正确，因为二氧化碳是造成温室效应的主要气体，正确但不符合题意，故选项错误；D、拉瓦锡用定量的方法研究了空气的成分正确，得出了空气是由氧气和氮气组成的结论，正确但不符合题意，故选项错误；故选A。

【考点】空气的成分及各成分的体积分数，空气组成的测定，二氧化碳对环境的影响，酸雨的产生、危害及防治3.【答案】B【解析】A、将垃圾废物浇上汽油焚烧，该做法虽然能清除垃圾，但垃圾被焚烧后，会产生许多有害气体，对空气造成严重污染，这种方法不科学，故A错；B、开发风能、太阳能等可再生新能源，对环境也没有污染，符合绿色化学的要求，故B正确；C、让工业废水直接排入长江中，工业废水中含有多种废物，如果直接排放，对天然水体的污染很重，故C错；D、禁止化工厂生产化工产品是不可能的，因为有些产业与人的生活密切相关，因此不能杜绝，只能是让污染减小到最低程度，故D错。

故答案选B。

【考点】绿色化学4.【答案】A【解析】在公共场所吸烟导致周围的人被动吸烟，是因为香烟烟气中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使非吸烟者闻到烟气而造成被动吸烟。

故选：A。

【考点】利用分子与原子的性质分析和解决问题5.【答案】D【解析】A、左上角的数字表示该元素的原子序数，即30，故正确；B、右上角的符号表示该元素的元素符号，为Zn，故正确；C、中间的汉字表示该元素的元素名称，为锌，故正确；D、最下方的数字表示该元素的相对原子质量，为65.41，故错误。

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