地理- 2020年3月高三第三次在线大联考(山东卷)(全解全析)
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2020年3月高三第三次在线大联考（山东卷）
地理·全解全析
1 2 3 4 5 6 7 8
B D C A D B C B
9 10 11 12 13 14 15
D C D C D C B
【答案】1．B 2．
D
【解析】1．结合所学知识可知，水运速度较慢，但运价低；水运运量大小和装卸方便与否与铁路相差不大。
2
．广元位于四川，该地畜产品、水产品并不丰富；辽宁所在的东北地区为我国商品粮基地，无需从外地大
量运入粮食；从材料可知，运量较大，且运往辽宁，而辽宁是我国重工业基地，故该企业运送的货物最可
能是矿产资源。
【答案】3．C 4．
A
【解析】3．根据材料可知，该试验场在土壤中铺设三层传感器进行实时监测，可以实时了解土壤湿度，便
于及时浇水。目前的技术并不能随时调整地形坡度；作物种类、种植面积主要受市场需求影响。故选C。
4
．浙江省最希望得到其农业生产可以广泛借鉴的相关数据。浙江省位于亚热带季风气候区，典型农作物有
水稻、茶树等，因此日本茶树病虫害防治数据应是浙江省最希望得到的数据。美国的小麦带属于商品谷物
农业，巴西咖啡种植属于热带种植园农业，阿根廷的肉牛养殖属于大牧场放牧业，这些数据对浙江省的借
鉴意义不大。故选A。
【答案】5．D 6．
B
【解析】5．读图可知，核心城市主要为华盛顿、纽约、伦敦、巴黎、日内瓦、布鲁塞尔等，这些城市信息
和服务体系完善、在国际上占重要地位，有利于跨国机构跨国运作。地租、劳动力价格、人口密度对跨国
机构布局影响较小；交通便利有利于跨国机构运作，但不是其布局的主要影响因素。故选D。
6．跨国机构可以增加进驻城市与世界其他国家和城市交流的机会，加快其全球化进程。故选B。
【答案】7．C 8．
B
【解析】7．由材料及所学知识可知，深圳非户籍人口数量（常住人口数量－户籍人口数量）远大于户籍人
口数量，A错；由表可知，非户籍人口增量并非逐年增长，B错；总人口中非户籍人口数量远大于户籍人口
数量，说明以前非户籍人口数量增速较大，近几年户籍人口增量大于非户籍人口增量，说明近几年户籍人
口数量增速较大，C对；2018年末户籍人口454.70万人，增加了19.98万人，两者一减即2017年末的户籍
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人口约为434.72万人，D错。
8
．根据材料可知，深圳实施“秒批”政策主要是为了吸引高学历人才（普通高校毕业生），这有利于增强
城市综合竞争力。B对。
【答案】9．D 10．C 11．
D
【解析】9．结合材料及所学知识可知，河流携带的泥沙在库区淤积，使得水库逐年变浅；流域降水和冰雪
融水年际变化不大；凌汛现象不会使得水库变浅。故选D。
10
．结合材料可知，一年内，该流域河狸加高大坝的季节最可能是河流水量较小的季节。马更些河上游支
流纬度高，海拔高，春季气温回升，冰雪融水不断增多，河流水位不断上升，至夏季达到最高，因此河狸
无需加高大坝；而进入秋季，气温下降，冰雪融水减少，河流水量减小，水位下降，河狸需要加高大坝，
否则不能使水库保持约1.2m的水深；冬季河流结冰，不便于加高大坝。故选C。
11
．河狸坝蓄水后形成水库，库区泥沙沉积，会使下游含沙量减小，但对上游含沙量影响不大；泥沙沉积
使得水库水位不断提高，降低了上游河流比降，使得上游水流速度减慢；库区蓄水后，抬高两岸地下水水
位，使得两岸湿地面积增大。故选D。
【答案】12．C 13．
D
【解析】12．读图并结合所学知识可知，我国东部地区纬度跨度大，导致气温差异大，秋冬进程不一，南
部正处于夏季，中部处于秋季，北部已经进入冬季。故选C。
13
．“秋后北风干到底”是指立秋之后，长期受单一冷气团控制，多晴朗天气，降水少，天气干燥。长期受
副热带高气压带控制形成的天气是高温干旱；冷锋锋前主要受来自南方的暖气团控制；秋后北风指冬季风，
而非夏季风（东南季风）。故选D。
【答案】14．C 15．
B
【解析】14．读图可知，该区域山顶是常绿植被，说明海拔较低且相对高度较小；该区域的山地具有麓缓、
身陡、顶平的特点，故坡度从山麓到山顶并不是渐增。故选C。
15
．该区域地处亚热带，缓坡沟谷气候湿热，发育季雨林，体现的是非地带性，植被叶面宽大；缓坡沟谷
水热丰富，有机质分解、淋溶作用强烈，土壤较为贫瘠；季雨林植物种类比较丰富。故选B。
16．【答案】（1
）河流径流量季节变化较大，春夏季节径流量较大，冬季河流断流，为季节性河流；河流上
游流速快；河流含沙量较大。（4分，两点即可）
（2）降水稀少，蒸发旺盛，气候干旱，植被稀疏；四面环沙，沙源广；风力强劲，大风日数多。（4分，两
点即可）
（3）变化特点：向上游河岸地区移动。（2分）
原因：且末古城位置偏河流下游，且距离河岸较远，随着人口数量的增加，开垦规模扩大，水资源短缺加
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剧，绿洲荒漠化日趋严重，古城被沙漠吞噬；今且末城位于河流上游，且距离河岸较近，水源较为充足，
适宜建城。（4分）
17．【答案】（1）（纵坐标轴名称及单位正确、纵坐标刻度值正确、并能正确描点连线。4分）
地势特征：东西高、中间低，东部最高。（2分）
（2）当地农业需水量大；季风气候，降水季节变化和年际变化较大；地势低，地下水埋藏浅，易打井；沙
质土壤，地表水易下渗回流。（4分，2点即可）
（3）问题：地下水位下降。（2分）
应对措施：修建引水渠，引河水灌溉，减少对地下水的使用量；保护植被，充分利用植被涵养水源的作用，
增加下渗；改进灌溉方式，节约用水。（2分，1点即可）
18．【答案】（1
）滩砂和坝砂多分布于湖泊东岸（东南岸、东北岸）；滩砂呈线状，分布面积大，坝砂呈点
状，分布面积小；滩砂多分布在湖泊凹岸或湖岸线平缓地带，坝砂多分布在湖泊凸岸。（4分，两点即可）
（2）偏西风（西北风）。（2分）
波浪为滩坝的形成提供了动力条件，而波浪的动力来自于风力，滩坝多分布于湖泊东岸（东南岸、东北岸），
推断主导风为偏西风（西北风）。（2分）
（3）湖泊周围山地上升，气候由湿润转为半干旱，蒸发增强，水位间歇性下降；在每一次湖泊水位进入相
对稳定期，滩砂和坝砂沉积，形成一期滩坝，多期成排滩坝是湖泊水位不断间歇性下降造成的。（4分）
【解析】（1）青海湖滩砂和坝砂的分布特点，需要依据图示从分布位置、分布面积等方面分析。
（2）结合材料信息，滩坝砂体受波浪影响形成，可推测波浪对滩坝砂体起到了搬运作用，而波浪的动力来
自于风力，据此通过滩坝的分布位置判断风向。
（3）由“湖平面的升降变化决定了已形成滩坝保存与否的地质命运”可知，水位稳定期形成一期滩坝，水
位不断下降，多期成排滩坝形成。
19．【答案】（1
）冬季气温较低，有利于火腿腌制；夏季气温高，有利于火腿的风干与熟成；距海近，空气
湿度整体较大，有利于火腿加工。（4分，任答2点即可）
（2）靠近原料产地（伊比利亚黑蹄猪产区）；土地充足，为火腿的制作和存放提供场所；偏远乡村地区劳
动力廉价；工业较少，环境质量好，有利于生产优质火腿等。（6分，任答3点即可）
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（3）加强伊比利亚火腿品牌宣传，提高知名度；建立传统火腿制作技艺的生产性保护示范基地，加大火腿
传统技艺保护力度；选拔和培养技术传承人，保证传统火腿制作技术的延续；加强对火腿原料和生产过程
的监控，保证火腿品质。（5分，任答3点即可）
【解析】（1）西班牙南部是典型的地中海气候。根据材料可知，火腿的制作需要微生物的参与，冬季气温
较低，有利于火腿腌制；夏季炎热，利于火腿的风干和熟成。同时该地区位于沿海地区，深受海洋的影响，
湿度大，有利于火腿的加工。
（2）伊比利亚黑蹄猪的养殖区域主要分布在乡村的橡树林，将火腿厂放在乡村，有利于火腿原料的获取；
火腿的制作与存放需要有足够的空间；偏远乡村有大量廉价劳动力；偏远乡村工业不发达，污染较小，环
境质量好，有利于生产高品质火腿。
（3）传承和保护伊比利亚火腿品牌的措施，可从提高知名度、保护传统技艺、培养相关人才、保证火腿品
质等方面分析。
2020届高三上学期地理第三次月考试卷真题
2020届高三上学期地理第三次月考试卷一、选择题1. 读“局部经纬网图”,完成下面小题。
（1）一架飞机走最短距离从①地飞往②地,其飞行方向应是A . 一直向正西方飞行B . 先向东北方,后向东南方飞行C . 一直向正东方飞行D . 先向西南方,后向西北方飞行（2）某人从②地出发,先向正南方向,后向正东方向至③地,其距离约为A . 6600千米B . 5000千米C . 3330千米D . 4200千米2. 钓鱼是一项有趣的休闲活动,钓鱼活动中钓点选择决定了渔获多少。
钓鱼爱好者们总结出钓点选择的基本原则:“春钓浅,夏钓深,秋钓阴,冬钓阳”。
下图为我国某河流局部示意图。
据此完成下列小题。
（1）钓鱼爱好者总结的钓点选择原则考虑的主要因素是（）A . 流速快慢B . 水温高低C . 河底地形D . 水位涨落（2）春日拂晓,某钓鱼爱好者来到其早己选好的钓点,开饵做钓。
做钓时发现太阳光从前方照到河面,水面波光粼粼,严重影响其观察浮漂。
该钓鱼爱好者选择的钓位可能是（）A . 甲B . 乙C . 丙D . 丁3. 利比里亚海岸线长约570千米，有2万平方千米的捕渔区。
读图，完成下面小题。
（1）利比里亚沿海渔场形成的主要原因是（）A . 寒暖流交汇处B . 大陆架面积广C . 上升流的影响D . 海水水温高（2）在有些年份，渔民的渔获量很少的原因最可能是（）A . 信风减弱B . 过度捕捞C . 市场萎缩D . 海洋污染4. 读“甲、乙、丙、丁四地的近年人口统计图”，完成下列问题。
（1）自然增长率从高到低排列正确的是（）A . 甲、乙、丙、丁B . 甲、丙、乙、丁C . 丁、丙、乙、甲D . 丁、乙、丙、甲（2）下列叙述正确的是（）A . 甲地人口增长模式为原始型B . 乙地可能为发展中国家C . 丙地人口数量最接近人口合理容量D . 丁地城市化水平高、速度快5. 河岸边坡的治理通常以钢筋混凝土修筑为主，具有非常结实牢固的优点，河道往往裁弯取直进行渠化；而用铅丝网石笼代替钢筋混凝土边坡是一种新式的河岸边坡治理的方式，依着河道的天然走势进行边坡的强化。
文科综合-学科网2020年3月高三第三次在线大联考(新课标Ⅰ卷)(全解全析)
学科网2020年3月高三第三次在线大联考（新课标I卷）文科综合全解全析【答案】1．B 2．C 3．A【解析】1．由材料可知，谭家湾位于浙江省（亚热带季风气候区），气候条件适宜水稻生长，农业文明时期，当地以水稻为主要粮食作物，故靠天吃到的“饭”最可能是水稻。
故选B。
2．根据材料可知，该试验场在土壤中铺设三层传感器进行实时监测，可以实时了解土壤湿度，便于及时浇水。
目前的技术并不能随时调整地形坡度；作物种类、种植面积主要受市场需求影响。
故选C。
3．浙江省最希望得到其农业生产可以广泛借鉴的相关数据。
浙江省位于亚热带季风气候区，典型农作物有水稻、茶树等，因此日本茶树病虫害防治数据应是浙江省最希望得到的数据。
美国的小麦带属于商品谷物农业，巴西咖啡种植属于热带种植园农业，阿根廷的肉牛养殖属于大牧场放牧业，这些数据对浙江省的借鉴意义不大。
故选A。
【答案】4．D 5．B【解析】4．读图可知，核心城市主要为华盛顿、纽约、伦敦、巴黎、日内瓦、布鲁塞尔等，这些城市信息和服务体系完善、在国际上占重要地位，有利于跨国机构跨国运作。
地租、劳动力价格、人口密度对跨国机构布局影响较小；交通便利有利于跨国机构运作，但不是其布局的主要影响因素。
故选D。
5．跨国机构可以增加进驻城市与世界其他国家和城市交流的机会，加快其全球化进程。
故选B。
【答案】6．C 7．C 8．B【解析】6．读图可知，该区域山顶是常绿植被，说明海拔较低且相对高度较小；该区域的山地具有麓缓、身陡、顶平的特点，故坡度从山麓到山顶并不是渐增。
故选C。
7．读图并结合所学知识可知，该区域的山地具有麓缓、身陡、顶平的特点，山脊坡度较大，土壤易受到侵蚀，土层较薄，保水保肥能力差，故发育硬叶灌丛；山脊与山顶在降水、太阳辐射和人类干扰程度等方面差异不大。
故选C。
8．该区域地处亚热带，缓坡沟谷气候湿热，发育季雨林，体现的是非地带性；季雨林植被叶面宽大；缓坡沟谷水热丰富，有机质分解、淋溶作用强烈，土壤较为贫瘠；季雨林植物种类比较丰富。
2020年高三上学期地理第三次月考试卷
2020年高三上学期地理第三次月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共13题；共34分)1. （2分）(2016高二下·济宁期中) 读下图甲、乙两图，图中的两海峡相比（）A . 水流方向基本相反B . 巴斯海峡风浪随季节变化小C . 巴斯海峡结冰期较长D . 夏季麦哲伦海峡水流更急2. （2分）根据“因地制宜”的方针，下列地区与应种植农作物搭配正确的一组是（）A . 山东半岛——水稻、花生、橡胶B . 四川盆地——甘蔗、水稻、甜菜C . 洞庭湖平原——春小麦、油菜、水稻D . 松嫩平原——春小麦、大豆、甜菜3. （4分） (2018高三上·南通模拟) 下图为2018年1月2－5日南通天气预报示意图。
读图完成下列问题。
（1）下图所示甲、乙、丙、丁四图中，符合南通1月3日海平面等压线（hpa）分布状况的是（）A . 甲B . 乙C . 丙D . 丁（2）下图为“大气受热过程示意图”，1月4日南通昼夜温差变小，是因为图示的（）A . ①变大、②变小B . ①变小、③变大C . ②变大、③变小D . ③变小、④变大4. （2分） (2017高一下·石家庄期中) 读加里曼丹岛地形图，导致该岛东部沿海地区聚落分布少的主要原因是（）A . 等高线密集，交通不便B . 水源不足C . 海岸线曲折D . 位于信风的迎风一侧，风浪大5. （2分） 2010年10月以来，我国东部季风区雨雪量明显超过常年，这个冬天有“千年极寒”之说，造成此现象的原因可能是（）A . 暖锋B . 反气旋C . 厄尔尼诺现象D . 拉尼娜现象6. （6分） (2017高三上·眉山月考) 纳马夸兰地区气温高，降水少，干湿季交替明显，雨季短暂，是世界上著名的野生多肉植物“王国”。
下图为纳马夸兰地区图，图中甲地附近的沿海浅滩上聚集着上万只火烈鸟。
完成下面小题。
2020年山东省六地市部分学校高考地理模拟试卷(3月份)(有答案解析)
2020年山东省六地市部分学校高考地理模拟试卷（3月份）一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）1.2018年12月至2019年2月，湖南出现历史罕见的连续阴雨寡照天气。
据此完成1～3题。
湖南此次连续阴雨寡照天气的原因可能是（）A. 夏季风势力增强B. 冷暖气团频繁交汇C. 反气旋长期控制D. 热带气旋频繁登陆2.2018年12月至2019年2月，湖南出现历史罕见的连续阴雨寡照天气。
据此完成1～3题。
在连续阴雨寡照天气条件下，当地（）A. 出现低温天气B. 大气保温作用减弱C. 地面辐射增强D. 大气削弱作用减弱3.2018年12月至2019年2月，湖南出现历史罕见的连续阴雨寡照天气。
据此完成1～3题。
受连续阴雨寡照天气影响，当地露天农作物（）A. 获得充足水分，长势喜人B. 因气温升高，生育期提前C. 获得光照较少，生长缓慢D. 因病虫害减少，产量增加4.植被生长期是指一个地区在一年内适合植被生长的时间。
植物生长期因纬度、海拔高度和植物种类而异。
泰加林（泰加林原是指西西伯利亚带有沼泽化的针叶林，现泛指亚寒带的针叶林。
）一般以日均温连续5天≥10℃的天数计算其生长期。
如图示意泰加林的分布。
据此完成4～5题。
据图推测泰加林的生长习性为（）A. 耐旱，根系较深B. 耐旱，根系较浅C. 耐寒，根系发达D. 耐寒，根系较浅5.植被生长期是指一个地区在一年内适合植被生长的时间。
植物生长期因纬度、海拔高度和植物种类而异。
泰加林（泰加林原是指西西伯利亚带有沼泽化的针叶林，现泛指亚寒带的针叶林。
）一般以日均温连续5天≥10℃的天数计算其生长期。
如图示意泰加林的分布。
据此完成4～5题。
泰加林横贯沿海和内陆，其分布几乎跨越半个地球，形成这一分布特点的主要因素是（）A. 地形B. 光照C. 热量D. 水分6.黄河河口至潼关河段被称为北干流。
此河段中从河口镇到龙门镇的黄河干流位于晋陕峡谷，落差较大，水力资源丰富，被称为大北干流。
数学-2020年3月高三第三次在线大联考(山东卷)(全解全析)
合定义域解得 −1 x 0,或0 x 1 ，故 D 正确．故选 AD． 3
11．BCD 【解析】 f (x) = 6 sin x cos x + 2 cos2 x − 2 = 6 sin 2x + 2 1 + cos 2x − 2 = 2 sin(2x + π) ，将
22
2
2
6
函数 f (x) 图象上所有点的横坐标缩短为原来的 1 ，纵坐标不变，得函数 g(x) = 2 sin(4x + π) 的图象．对
=
(t 2
+ 1)
+
1 t2 +1
−
3
2
(t 2
+ 1)
t2
1 +
1
−
3
=
−1
，当且仅当
t2
+1
=
t2
1 +1
，即
t
=
0
时取等号，y 取得最小值为 −1 .此时，a = (−1,0),b = (2, −1) ，则 cos a,b = a b = −2 = − 2 5 .故选 B． | a | | b | 1 5 5
7．D【解析】如图，连接 BD ，因为 AB = a, AD = b ，AA' = a + b ，所以 A'B2 = a2 + (a + b)2 ，A'D2 = b2 + (a + b)2 ，
BD2 = a2 + b2 ，结合余弦定理得 cos BA'D = A'B2 + A'D2 − BD2 = a2 + (a + b)2 + b2 + (a + b)2 − (a2 + b2 ) =
2020年3月高三第三次在线大联考 理科数学-(新课标Ⅰ卷)(全解全析答案)
2020年3月高三第三次在线大联考（新课标Ⅰ卷）理科数学 全解全析1 2 3 4 5 6 7 89 10 11 12 CDBDBBABDBDC1．C 【解析】因为{|20}{|2}A x x x x =-≥=≤，{|ln(1)}{|1}B x y x x x =∈=+=∈>-Z Z ，所以{0,1,2}A B =I .故选C ．2．D 【解析】因为满足|i ||i |z z -=+的点Z 为复平面内到点(0,1)和(0,1)-的距离相等的点的集合，所以(,)Z x y 的轨迹为x 轴，其方程为0y =.故选D ．3．B 【解析】因为95593S a a ==，所以50a =，则5454S S a S =+=.故选B ．4．D 【解析】由统计图可知，各月同比全部上涨，平均涨幅为(1.7 1.5 2.3 2.5 2.7 2.7 2.8 2.8++++++++ 3.0 3.8 4.5 4.5 5.4)131% 3.09%++++÷⨯≈，超过3%，故A 正确；各月环比有涨有跌，平均涨幅为(0.5+ 1.00.40.10.00.10.40.70.90.90.40.0 1.4)131%0.446%-++-+++++++÷⨯≈，超过0.3%，故B 正确；同比涨幅最大的是2020年1月，环比涨幅最大的也是2020年1月，故C 正确；环比跌幅最大的是2019年3月，同比涨幅最小的是2019年2月，故D 错误，故选D ．5．B 【解析】初始：1k =，2T =，第一次循环：2282 2.8133T =⨯⨯=<，2k =，继续循环；第二次循环：8441282.833545T =⨯⨯=>，3k =，此时 2.8T >，满足条件，结束循环， 所以判断框内填入的条件可以是3?k ≥，所以正整数m 的最小值是3，故选B ．6．B 【解析】作出不等式组2202201,1x y x y x y -+≥⎧⎪--≤⎨⎪≥-≥-⎩表示的平面区域，如图中阴影部分所示，设2z x y =+，则2y x z =-+，平移该直线，当直线2y x z =-+经过点A 时，z 取到最大值，由220220x y x y -+=⎧⎨--=⎩得22x y =⎧⎨=⎩，即(2,2)A ，则max 426z =+=；当直线2y x z =-+经过点C 时，z 取到最小值，易得(1,1)C --，则min 213z =--=-，所以2x y +的取值范围是[3,6]-.故选B ．7．A 【解析】因为5()2sin()52sin ()()3333x x x xx x x xf x f x ---+-+-===--，所以)(x f 是偶函数，排除B,D ，因为ππ5π(π)033f -=>-，排除C ，故选A. 8．B 【解析】2222221112(1)32(1)31111y t t t t t t =-+=++-≥+⋅-=-+++，当且仅当22111t t +=+，即0t =时，取等号，y 取得最小值为1-，此时，(1,0),(2,1)=-=-a b ，则25cos ,||||15⋅===-⋅⨯a b a b a b .故选B ．9．D 【解析】当43n k =-或42n k =-时，1[]2(1)1n --=；当41n k =-或4n k =时，1[]2(1)1n --=-，所以4342k k a a --+2222414(43)(42)(41)(4)3212k k a a k k k k k -++=-+----=-+，所以数列{}n a 的前60项和60S =32123215121536602-+-⨯+⨯=-.故选D ．10．B 【解析】2261cos22π()6sin cos 2cos sin 222sin(2)26x f x x x x x x +=+-=+⋅-=+，将函数()f x 图象上所有点的横坐标缩短为原来的12，纵坐标不变，得到π()2sin(4)6g x x =+的图象.对于①，π4ππ()2sin()2336g =+=-，故函数()g x 的图象不关于点π(,0)3成中心对称，所以①错误；对于②，由(π,π)x ∈-得π23π25π4(,)666x +∈-，结合函数图象可得()g x 在(π,π)-上有8个极值点，所以②正确；对于③，由ππ24x -≤≤-，得11ππ5π4666x -≤+≤-，则2()2g x -≤≤，所以()g x 的最大值为2，最小值为2-，所以③正确；对于④，当ππ44x -<<时，5ππ7π4666x -<+<，故函数()g x 在区间ππ(,)44-上不单调， 所以④错误.故选B ．11．D 【解析】连接,AC BD ，设AC BD H =I ，连接SH ，根据题意可得SH ⊥平面ABCD .设O 为四棱锥S ABCD -的外接球的球心，则O 在SH 上，连接OC ，设此四棱锥的外接球的半径为R ，则OS OC R ==，如图所示.因为正方形ABCD 21,2,1CH SC SH ===，所以,H O 重合，即四棱锥的外接球的半径为1R =，所以四棱锥的外接球的表面积为24π4πS R ==.故选D ．12．C 【解析】设1122(,),(,)A x y B x y ，直线AB 的方程为4x my =+，与24y x =联立得24160y my --=，则124y y m +=，1216y y =-，所以212121212(4)(4)(1)4()1616(1OA OB my my y y m y y m y y ⋅=+++=++++=-u u u r u u u r22)16160m m +++=，所以OA OB ⊥，则222||||||OA OB AB +=,所以||||OA OB +≤|AB =（当且仅当||||OA OB =时等号成立），所以||||||OA OB AB +.故选C ．13．120- 【解析】由题意，5(21)x y +-的展开式中含22x y 的项为2222122531C C (2)C (1)120x y x y ⨯⨯⨯-=-，所以所求系数为120-. 14．9【解析】因为(0,π)α∈，所以ππ7π(,)666α+∈，又因为π1sin()063α+=-<，所以π7π(π,)66α+∈，所以πcos()63α+=-.则πππ1sin(2)2sin()cos()2()(3663ααα+=++=⨯-⨯. 15．2 【解析】设12||,||MF m MF n ==，12F MF θ∠=，则22242cos c m n mn θ=+-.又2m n a -=，即22224m n mn a +-=，解得21cos mn θ=-，所以12122cos ||||cos cos 1cos MF MF MF MF mn θθθ=θ⋅=⋅⋅==-u u u u r u u u u r u u u u r u u u u r211cos θ-，因为ππ[,]43θ∈，所以1cos 2θ≤12cos θ≤≤1111cos θ≤-≤，则2211cos θ≤≤-2=，所以12MF MF ⋅u u u u r u u u u r的最大值为2+. 16．【解析】设直线l 与函数()f x 及()g x 的图象分别相切于1(,)(0)A m m m <，2(,)B n n a +，因为21()f x x '=-，所以函数()f x 的图象在点A 处的切线方程为211()y x m m m -=--，即212y x m m=-+，因为()2g x x '=，所以函数()g x 的图象在点B 处的切线方程为22()y n a n x n --=-，即22y nx n a =-+，因为存在直线l 与函数()f x 及()g x 的图象都相切，所以22122n mn a m ⎧=-⎪⎪⎨⎪-+=⎪⎩，所以4124a m m =+， 令1(0)t t m =<，设41()2(0)4h t t t t =+<，则3()2h t t '=+，当t <()0h t '<，函数()h t单调递减；当0t <时，()0h t '>，函数()h t 单调递增，所以min()(h t h ==，所以实数a的最小值为 17．（本小题满分12分）【解析】（1）在Rt ABD △中，由cos ABD ∠2sin 3ABD ∠，所以3sin ADBD ABD==∠.（3分）在BCD △中，由余弦定理得2222232cos 3423425123BC BD CD BD CD BDC =+-⋅∠=+-⨯⨯⨯=-，所以25123BC =-.（6分）（2）设CBD x ∠=，由C ADC ∠=∠，π6BDC ∠=可得5π6C x ∠=-，π6ABD x ∠=-， 在Rt ABD △中，因为2AD =，所以2πsin sin()6AD BD ABD x ==∠-，（8分）在BCD △中，由正弦定理得sin sin BD CDC CBD =∠，即45πsin sin()6BD x x =-， 所以24π5πsin sin()sin()66xx x =--，整理得24sin 2sin 10x x --=.（10分） 由sin 0x >得15sin x +=，所以15sin CBD +∠=.（12分） 18．（本小题满分12分）【解析】（1）因为正方形ABCD 所在平面与梯形ABMN 所在平面垂直，BC AB ⊥，所以BC ⊥平面ABMN ， 因为MN ⊂平面ABMN ，BN ⊂平面ABMN ，所以BC MN ⊥，BC BN ⊥，由2,23BC CN ==，得2222BN CN BC =-=，由2NA AB ==，可得AB AN ⊥，（3分） 在直角梯形ABMN 中, 可得22MN =，由4BM =，22BN MN ==，可得222BN MN BM +=，所以BN MN ⊥， 因为BC BN B =I ，所以MN ⊥平面BCN ，因为MN ⊂平面DMN ，所以平面DMN ⊥平面BCN .（6分）（2）如图，以B 为坐标原点，,,BA BM BC 所在直线分别为x ,y ,z 轴建立空间直角坐标系B-xyz ，则(0,0,0),(0,0,2),(2,0,2)B C D ,(0,4,0),(2,2,0)M N ,(2,2,0)MN =-u u u u r ,(2,2,2)CN =-u u u r ,(0,2,2)DN =-u u u r,设111(,,)x y z =n 是平面CMN 的法向量，则00MN CN ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u r u u u r n n ，即111112202220x y x y z -=⎧⎨+-=⎩， 取11x =，得(1,1,2)=n .（8分）设222(,,)x y z =m 是平面DMN 的法向量，则0MN DN ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u ru u u r m m ，即2222220220x y y z -=⎧⎨-=⎩，取21z =，得(1,1,1)=m ，（10分）设二面角C MN D --的平面角为θ，则cos ||||θ⋅===n m n m由图可知二面角C MN D --.（12分） 19．（本小题满分12分）【解析】（1）设c =，由12,l lπ2sin 3c 1c =，（2分） 由椭圆C 的离心率为12，得12c a =，所以2a =，b 所以椭圆C 的标准方程为22143x y +=.（5分）（2）当直线l 的斜率不存在时，直线l 的方程为2x =±，点12,F F 到直线l 的距离之积为3；（6分） 当直线l 的斜率存在时，设其方程为y kx m =+，联立y kx m =+及22143x y +=，消去y 得222(34)84120k x kmx m +++-=，（8分） 因为直线l 与椭圆C 只有一个公共点，所以22222(8)4(34)(412)48(43)0km k m m k ∆=-+-=---=， 所以2243m k =+.点1(1,0)F -到直线l ：y kx m =+的距离1d =点2(1,0)F 到直线l ：y kx m =+的距离2d =，所以22221222|||43|311m k k k d d k k -+-===++，（11分） 综上可得，若直线l 与椭圆C 只有一个公共点，则点12,F F 到直线l 的距离之积为3.（12分） 20．（本小题满分12分）【解析】（1）（ⅰ）样本的平均数为1(23212219221917192117)2010⨯+++++++++=，样本的标准2=，因此20μ=，2σ=.（2分）（ⅱ）学校7点30分上课，若该学生7点04分准时从家出发，则该学生到达教室所花时间最多为26分钟，若该学生7点06分准时从家出发，则该学生到达教室所花时间最多为24分钟，由于11(26)(3)1[(1(33)]1(10.9974)0.998722P X P X P X μσμσμσ<=<+=-⨯--<<+=-⨯-=，11(24)(2)1[(1(22)]1(10.9544)0.977222P X P X P X μσμσμσ<=<+=-⨯--<<+=-⨯-=.（4分）所以该学生上学不迟到的概率的范围是(0.9772,0.9987).（6分）（2）把该学生这10天早上从家出发到教室所花的时间从小到大排列为17，17，19，19，19，21，21，22，22，23.在这10天中任取2天，所花时间的差的绝对值为Y ，则Y 的可能值为0,1,2,3,4,5,6，且22222322210C C C C 62(0)C 4515P Y +++====，11112221210C C C C 62(1)C 4515P Y +====， 111111232321210C C C C C C 14(2)C 45P Y ++===，1132210C C 62(3)C 4515P Y ====，11112231210C C C C 7(4)C 45P Y +===， 1122210C C 4(5)C 45P Y ===，1121210C C 2(6)C 45P Y ===，（10分）所以Y 的分布列是Y 的数学期望是22142742112()01234561515451545454545E Y =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=.（12分） 21．（本小题满分12分）【解析】（1）因为()cos(1)(1ln )f x x x x =-+-，所以()()sin(1)ln (0)g x f x x x x '==--->，（1分） 设1()ln (0)h x x x x =-->，则22111()xh x x x x-'=-+=，当(0,1)x ∈时，()0h x '>，()h x 是增函数；当(1,)x ∈+∞时，()0h x '<，()h x 是减函数, 所以()(1)1h x h ≤=-，即1ln 1x x --≤-，所以1ln 1x x-≤-，当1x =时取等号.（4分） 因为sin(1)1x --≤，所以1()sin(1)ln 1ln g x x x x x=---≤-≤，等号不同时成立， 所以1()g x x<.（6分） （2）因为()sin(1)ln g x x x =---，所以1()cos(1)g x x x'=---， 当(0,1]x ∈时，1cos(1)0,0x x->>，()0g x '<，所以()g x 在(0,1]上是减函数，当(0,1]x ∈时()(1)0g x g ≥=， 即(0,1]x ∈时()0f x '≥，所以()f x 在(0,1]上是增函数；（8分）(1,1π)x ∈+时，1(0,π)x -∈，所以sin(1)0,ln 0x x --<-<，所以()0g x <，当[1π,)x ∈++∞时,sin(1)1,ln 1x x --≤-<-，所以()0g x <，所以当(1,)x ∈+∞时()0g x <，即()0f x '<，所以()f x 在(1,)+∞上是减函数， 综上，可得()f x 在(0,1]上是增函数，在(1,)+∞上是减函数.（12分） 22．（本小题满分10分）选修4-4：坐标系与参数方程【解析】（1）由82x t=+可得0x ≠， 由8242x t t y t ⎧=⎪⎪+⎨⎪=⎪+⎩，消去参数t ，可得直线l 的普通方程为40(0)x y x +-=≠．（2分）由2sin ρθ=可得22sin ρρθ=，将sin y ρθ=，222x y ρ=+代入上式，可得2220x y y +-=， 所以曲线C 的直角坐标方程为2220x y y +-=．（5分） （2）由（1）得，l 的普通方程为40(0)x y x +-=≠，将其化为极坐标方程可得cos sin 40()2ρθρθθπ+-=≠，（7分）当()04θρπ=>时，A ρ=B ρ=所以|||||A B AB ρρ=-==（10分） 23．（本小题满分10分）选修4-5：不等式选讲【解析】（1）当2a =时，12,211()|21||21|4,2212,2x f x x x x x x ⎧-<-⎪⎪⎪=+--=-≤≤⎨⎪⎪>⎪⎩，（2分）当12x <-或12x >时，|()|2f x =，所以1()1f x -≤≤可转化为1124211x x -≤-≤≤⎧≤⎪⎨⎪⎩，解得1144x -≤≤，所以不等式1()1f x -≤≤的解集为11[,]44-．（5分）（2）因为1(,0)2x ∈-，所以|21|21x x +=+，所以()2f x x >，即21|1|2x ax x +-->，即|1|1ax -<．当0a ≥时，因为1(,0)2x ∈-，所以|1|1ax -≥，不符合题意．（7分）当0a <时，解|1|1ax -<可得20x a<<，（8分） 因为当1(,0)2x ∈-时，不等式()2f x x >恒成立，所以12(,0)(,0)2a-⊆，所以212a ≤-，解得40a -≤<，所以实数a 的取值范围为[4,0)-．（10分）。
化学-学科网3月第三次在线大联考(山东卷)(全解全析)
阴极反应物为 CO2 和 H+，则电极反应式为：CO2+6H++6e− CH3OH+H2O，选项 D 正确。 14．CD【解析】根据图像知步骤①是吸热反应，步骤②是放热反应，选项 A 错误；Fe3+是该反应的催化剂，
Fe2+是该反应的中间产物，选项 B 错误；通过图像可知步骤①比②所需活化能大，选项 C 正确；该反
处理，但不可以制成儿童玩具，选项 B 不正确；绿色环保化工技术的研究和运用，可实现化工企业的零
污染、零排放，选项 C 正确；气溶胶属于胶体，胶体的粒子大小在 1 nm~100 nm 之间，选项 D 正确。
2．C 【解析】体积分数是 75%的酒精杀菌消毒效果最好，A 错误；煤中不含苯、甲苯和粗氨水，可通过煤
选项错误。
16．（10 分）
（1）−41（1 分） bc（1 分，错选少选均不得分）
（2）2CO2＋2e−＋H2O
HCOO−＋ HCO3 或 CO2＋2e−＋H2O
HCOO−＋OH−（合理即可，1 分）
5.6（1 分）
（3）①吸收（1 分）
②50%（1 分） 0.25p0（2 分）
③随着 CO2 压强增大，CO2 浓度增大，乙苯平衡转化率增大；CO2 压强继续增大，会造成催化剂表面乙
n0/mol
2
2
Δn0/mol
x
x
[n]/mol
2−x
2−x
解得：4＋x=5
0
0
0
x
x
x
x
x
xxLeabharlann 1乙苯的转化率为 1 ×100%=50% 2
平衡后压强为
5 4
×p0=1.25p0，Kp=
山东省2020年3月高三第2次全省在线大联考 地理试题(附答案+全解全析)
山东省2020年3月高三第2次全省在线大联考地理一、选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。
在每小题所列出的四个选项中，只有一个是最符合题目要求的。
）软儿梨，立冬后成熟，鲜果硬而酸，采摘后将其埋在室外麦草堆里，利用冬季气温变化令其在反复冻融的过程中糖化，果肉变得甜如蜜，浆液充盈，软糯如泥。
但随着天气转暖，软儿梨会化成水。
近年来，软儿梨打破“走不出去”的困境，“出走”到全国各地，一颗就能卖到上百元钱。
据此完成1—2题。
1．软儿梨主产区最可能位于A．西藏B．甘肃C．内蒙古D．广西2．软儿梨的“出走”主要得益于A．消费水平的提高B．网络信息的通达C．保鲜技术的改进D．高铁建设的推进户籍人口是指在某地户籍管理机关登记了户口的人口，而常住人口则是指实际居住在某地达到一定时间的人口。
下表是我国某市2012—2017年户籍人口和常住人口数量统计表。
据此完成3—4题。
3．该市最可能为A．兰州B．上海C．重庆D．郑州4．2014年后，该市常住人口增速变缓，其主要原因是A．该市人口死亡率远大于出生率B．该市户籍人口大量外迁C．我国中西部地区经济发展增快D．我国严格限制人口流动阿布扎比市是阿拉伯联合酋长国首都，绝大部分地区寸草不生。
随着现代化建设的推进，该市栽满了各种植物，并采用以色列的滴灌技术，在植物根部埋上水管，由电脑控制进行浇水。
在这里，一棵树的维护成本每年大约需要2000美金。
读阿布扎比位置示意图，完成5—6题。
5．阿布扎比市城市绿化采用滴灌技术的根本原因是A．淡水资源短缺B．邻近以色列C．植被需水量大D．技术水平低6．推测阿布扎比市绿化树种的生长习性为A．喜阴耐湿B．抗风耐寒C．喜光耐旱D．喜酸性土壤敦煌气象站位于敦煌绿洲西侧约7km处，所处地为平坦的沙石戈壁滩，以东风为主。
下图表示某年8月22—23日（两个典型晴天）敦煌戈壁气象站测得的不同深度（10cm、20cm、40cm、80cm）土壤湿度的日变化。
2020年高考地理(山东卷)高清重绘(含答案解析)
C.7：40～8：00D.8：00以后
答案：A
解析：从题意可知，温州和珠峰同纬度，因此，同一天两地昼夜长短相同，日出日落的地方时相同。由5月27日温州昼长为13时44分可推出：温州日出地方时＝12－13时44分/2＝5时8分。因此，珠峰顶部的日出地方时也是5时8分。根据地方时的换算规律可知，珠峰顶部的日出北京时为5时8分＋2时12分＝7时20分。ห้องสมุดไป่ตู้于珠峰峰顶海拔高，所谓站得高看得远，在温州太阳尚未上升到地平线之前，珠峰上就可以看到太阳，因此日出时间应早于7时20分。故选A。
6.合肥虽为滁州的次位客运流向，但滁州发往合肥的客流量与发往南京的相差很小，其主要原因是（ ）
A.南京经济发展水平高B.滁州与南京距离更近
C.滁州与合肥行政联系密切D.合肥与南京均为省会城市
答案：C
解析：南京经济发展水平高并不能说明问题，A错。滁州距离南京距离更近也不能说明问题，B错。滁州与合肥行政联系密切，就会吸引一部分客流量，从而有可能达到与发往南京的客流量相差很小的结果，因此，C对。合肥与南京均为省会城市还是不能说明问题，因此D错。故选C。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
11.上汽集团“本地多样化”扩张的主要目的是（ ）
A.提高研发水平B.满足生产需要
C.带动当地就业D.提高生产效率
答案：B
解析：汽车生产需要的零部件繁多，协作企业多，据材料可知，第一阶段在上海市建成了完备的汽车生产及配套体系，这样可以满足汽车生产的需要，因此，“本地多样化”扩张的主要目的是满足生产的需要，因此B对。发展汽车生产及配套体系，并不能提高研发水平，提高研发水平依靠的是技术，A错。对于企业来说，带动当地就业不是主要目的，C错。发展汽车生产及配套体系，并不能提高生产效率，D错。故选B。
物理-2020年3月高三第三次在线大联考(山东卷)(全解全析)
则 D 选项正确。故选 AD。
10．BD【解析】由题意可知，自然界的碳–12 占到所有碳元素含量的 98.93%，而碳–13 占到所有碳元素含
量的 1.07%，两者占有稳定比例，故可知碳–12 和碳–13 的总量是稳定的，意味着两者具有稳定性，而
碳的其他的同位素不稳定，具有放射性，则选项 BD 正确，选项 AC 错误。
八分之一周期内，质点运动的路程应为振幅的 2 倍，即路程为 0.0707 m，那么总路程为 0.2707 m， 2
则选项 B 正确；由图 2 知，计时开始时，图 1 中质点 A 振动方向沿 y 轴正方向，那么这列波传播方向 沿 x 轴负方向，则选项 C 错误；波上质点 A 与质点 B 相差半个波长，那么波上质点 A 与质点 B 振动方 向总是相反，则选项 D 错误。
v
发生突变，所以发动机输出的牵引力就会突然减小而使 F'<f，这时有 a
F
f
P P 2v v
P
，
m
m
2mv
则汽车减速行驶。在汽车减速的过程中，新的功率保持
P 2
不变，速度减小时，其输出的牵引力
F
就会
逐渐增加，从而导致其加速度大小 a f F 逐渐减小，直到某时刻，牵引力 F 再次增大到与阻力 f m
12．BD【解析】由图象可知，当运动的小球 A 以速度 v 与一个静止的小球 B 发生对心正碰后，两小球的速
确；由于人体长期接触放射性元素会影响健康，因此诊断疾病时应该利用半衰期短的同位素，故D错误。
2．C【解析】气体从状态A到状态C的过程中，先经历一个等温压缩A到B过程再经过一个等容升温B到C过
程，在A到B过程中，温度不变，内能不变，在B到C过程中，温度升高，内能增大，故A到C过程中，内