高二第一学期物理月考卷
芷兰实验学校高二第一次月考物理试题命题人：邹新明时量：90分钟满分100分一、选择题（本题共10小题，每小题5分。
在每个小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1. 下列物理量中哪些与检验电荷无关？（）A.电场强度EB.电势UC.电势能εD.电场力F2. ．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v－t图象如图甲所示，则两点A、B所在区域的电场线分布情况可能是下图中的( )3.如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E.则（）A．该点电荷一定在A点的右侧B．该点电荷一定在A点的左侧C．A点场强方向一定沿直线向左D．A点的电势一定低于B点的电势4.在点电荷 Q形成的电场中有一点A，当一个－q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A.,A AWW Uqε=-=B.,A AWW Uqε==-C.,A AWW Uqε==D.,A AW UWqε=-=-5.平行金属板水平放置，板间距为0.6cm，两板接上6×103V电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-10 g，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g取10m/s2）（）A.3×106B.30C.10D.3×1046.两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．a、b、c三点和无穷远处等电势D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动7.关于电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．由公式可知E与F成正比，与q成反比B．由公式U＝Ed可知，在匀强电场中，E为恒值，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C．电场强度为零处，电势不一定为零D．无论是正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力做功，它一定是从电势高处移到电势低处，并且它的电势能一定减少8.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10－6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到BB 2点时动能减少了10－5J ，已知A 点的电势为－10 V ，则以下判断正确的是（ ） A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示. B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示. C ．B 点电势为零. D ．B 点电势为－20 V.9. 如图所示，在某一真空空间，有一水平放置的理想平行板电容器充电后与电源断开，若正极板A 以固定直线00/为中心沿竖直方向作微小振幅的缓慢振动时，恰有一质量为m 带负电荷的粒子(不计重力)以速度v 沿垂直于电场方向射入平行板之间，则带电粒子在电场区域内运动的轨迹是(设负极板B 固定不动，带电粒子始终不与极板相碰) （ ）A ．直线B ．正弦曲线C ．抛物线D ．向着电场力方向偏转且加速度作周期性变化的曲线10．如图所示的是示波管工作原理图：电子经电场加速后垂直射入偏转电场，若加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L 和d ，取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示示波管的灵敏度（该距离越大则灵敏度越高），则下列哪种方法可使示波管的灵敏度提高（）A ．增大U 1B ．.增大U 2C ．减小LD ．减小d高二物理月考试题答卷一 、选择题（本题共10小题，每小题5分。
在每个小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）第Ⅱ卷二、填空题(每题4分，共16分 )11. 两点电荷间距离为r 时，相互作用力为F ，当距离变为r/2时，它们之间相互作用力为______________F ，为使作用力仍为F ，则两点电荷的电量可同时为原来的_________________倍.12. 如图所示的A 、B 、C 、D 、E 、F 为匀强电场中正六边形的六个顶点． 已知A 、B 、C 三点的电势分别为-1V 、1V 、5V ，则D 点的电势φD 为 V,并标出电场强度的方向。
13. 、如图所示的实验装置中，极板A 接地，平行板电容器的极板B 与一个灵敏的静电计相接．A 极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q_______、电容C______、两极间的电压U________，电容器两极板间的场强E_________(填增大、减小、不变)14. 如图所示，带电粒子的质量为m ，所带电荷量为q ，仅在电场力作用下以恒定的速率v 沿一圆弧从A 运动到B ，粒子速度方向转过角θ。
设AB 弧长为L ，则B 处的电场强度的大小为 ，A 、B 两点的电势差U AB = 。
三、解答题（本题共3小题，34分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）15. （10分）如图所示，在正的点电荷Q 的电场中有a 、b 两点，它们到点电荷Q 的距离12r r 。
（l ）a 、b 两点哪点电势高？（2）将一负电荷放在a 、b 两点，哪点电势能较大？（3）若a 、b 两点间的电势差为100V ，将二价负离子由a 点移到b 点时电场力对电荷做功还是电荷克服电场力做功？做功多少？16.（12分）用30cm 的细线将质量为4×10-3㎏的带电小球P 悬挂在Ｏ点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C 的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态。
（1）分析小球的带电性质 （2）求小球的带电量 （3）求细线的拉力17.（12分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图.在xOy 平面的第一象限，存在以x 轴、y 轴(0≤x ≤ L ， 0≤y ≤ L)及双曲线y=24Lx 的一段为边界的匀强电场区域Ⅰ；在第二象限存在以x ＝-L 、x ＝-2L 、y ＝0、y ＝L 的匀强电场区域Ⅱ.两个电场场强大小均为E ，不计电子所受重力，电子的电荷量为e ，求：(1)从电场区域Ⅰ的边界B 点处由静止释放电子，电子离开MNPQ 时的坐标；(2)由电场区域Ⅰ的AB 曲线边界由静止释放的电子离开MNPQ 的最小动能；试题参考答案一 、选择题（本题共10小题，每小题5分。
在每个小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）二、填空题（每题4分，共16分） 11. 4 ，1212、7V 13. 不变 变小 变大 不变14. ．qLmv θ2， 0三、解答题（本题共3小题，34分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 15.(10分) 解：（1）由正点电荷的等势面特点可判断a 点的电势较高 （2分） （2）可知Ua>Ub ，Uab>0,当把负电荷从a 点移往b 点， Wab= qUab<0,电场力做负功，电势能增加， 负电荷在b 点电势能较大 （4分）（3）若Uab ＝１００Ｖ，二价负离子电量ｑ＝－２×１．６×１０－１９Ｃ，将该离子从a 点移往b 点，电场力做功Wab= qUab ＝－３．２×１０－１７Ｊ，即克服电场力做功 ３．２×１０－１７Ｊ （4分） 16. (12分)解：（1）小球受力如图，故带正电。
（2分） （2）小球受力平衡，在水平方向：t a n 37oq E m g =，得6tan 37310omg q C E -==⨯ （5分） （3）如受力图可知cos 37om g F =（5分）17. (10分) 【答案】(1)设电子的质量为m ，电子在电场Ⅰ中做匀加速直线运动，出区域Ⅰ时的速度为v 0，接着在无电场区域匀速运动，此后进入电场Ⅱ，在电场Ⅱ中做类平抛运动，假设电子从NP边射出，出射点纵坐标为y 1，由y=24Lx 对于B 点y=L ，则x= 14L(1分)所以eE〃14L= 0212m v(1分)解得v分)设在电场Ⅱ中运动的时间为t1L-y1= (1分)解得y1=0，所以原假设成立，即电子离开MNPQ区域的位置坐标为(-2L，0) (1分)(2)设释放点在电场区域Ⅰ中的坐标为(x，y)，在电场Ⅰ中电子被加速，速度为v1时飞离电场Ⅰ，接着在无电场区域做匀速运动，然后进入电场Ⅱ做类平抛运动，并从NP边离开，运动时间为t2，偏转位移为y2.eEx= (1分)y2= (1分)解得xy2=，所以原假设成立，即在电场Ⅰ区域的AB曲线边界由静止释放的所有电子离开MNPQ时都从P点离开的. (2分)其中只有从x=y,即（11,22L L）点释放的电子，离开P点时动能最小，则从B到P由动能定理得：eE〃（1122L L）=Ek-0 (2分)所以Ek= eEL (1分)。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_22_00001
嗦夺市安培阳光实验学校第一学期第一次月考高二物理试题一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分，其中第12题为多选题）1、如图所示，大小可以忽略不计的带有同种电荷的小球A和B相互排斥，静止时绝缘细线与竖直方向的夹角分别是α和β，且α＜β，两小球在同一水平线上，由此可知（）A．B球受到的库仑力较大，电荷量较大B．B球的质量较大C．B球受到的拉力较大D．两球接触后，再处于静止的平衡状态时，悬线的偏角α′、β′仍满足α′＜β′2、如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大小为（）A ． B ． C ． D ．3、电场线如图，某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，带电粒子的运动轨迹如图所示，可以判定（）A. A点的电势低于B点的电势B. 在A点的加速度大于在B点的加速度C. 粒子带正电D. 粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能4、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷, 距离为d，电荷量分别为+ Q 和- Q。
在它们的中垂线上水平固定一根内壁光滑的绝缘细管,有一电荷量为+q的小球以初速度v0从管口射入,则小球（）A．速度先增大后减小B．受到的库仑力先做负功后做正功C ．受到的库仑力最大值为D ．管壁对小球的弹力最大值为5、如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一带电的小液滴，S闭合后，液滴处于静止状态。
下列说法正确的是（）A．保持开关S闭合，A板稍向下移，则液滴将向下加速运动B．保持开关S闭合，B板稍向右平移，则液滴仍将保持静止C．充电后，将开关S断开，A板稍向下移，则液滴将向上加速运动D．充电后，将开关S断开，将B板稍向右平移，则液滴仍将保持静止6、如图两段等长细线将质量分别为2m、m的小球A、B悬挂在O点并处于大小为E的匀强电场中。
高二物理第一次月考试卷1
I 1I 2 CA BD高二 班 姓名 学号高二物理第一次月测试卷命题人：许永敏注：选择题答案填在右面表格内,否那么不得分！〔测试时间100分钟,总分值120分〕 一、单项选择题〔此题共6小题,每题5分,共30分.每题只有一个答案是正确的.〕 1、关于电动势的说法以下错误的选项是：Ａ．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量 Ｂ．电源的电动势等于内、外电路上电势降落之和 Ｃ．电源的电动势在数值上等于路端电压Ｄ．电源电动势等于电源把正电荷从负极移到正极所做的功跟移送的电量之比2、上图所示,在单匝线圈a 中插入一条形磁铁,穿过线圈a 的磁通量为a φ；同样在单匝线圈b 中插同一条形磁铁,穿过线圈b 的磁通量为b φ,两线圈的横截面积分别为S a 和S b ,S a <S b ,那么： A. a φ<b φ B. a φ>b φC. a φ=b φD. 条件缺乏,无法判断3、在赤道上空,水平放置一根通以由西向东电流的直导线,此导线受到地磁场的安培力方向为： A. 竖直向上 B. 竖直向下C. 由南向北D. 由西向东4、两条直导线相互垂直,如下图,但相隔一个小距离,其中一条AB 是固定的, 另一条CD 能自由转动,当电流按图所示的方向通入两条导线时,CD 导线将： A ．顺时针方向转动,同时靠近导线ABB ．逆时针方向转动,同时离开导线ABC ．顺时针方向转动,同时离开导线ABD ．逆时针方向转动,同时靠近导线AB5、如图5所示定值电阻R 1和滑动变阻器R 2串联后接入电动势为E 、内阻为r 的电源上.V 1、V 2为两只理想伏特表.假设将R 2的滑动触键P 向右移动一段距离, 以下说法正确的选项是：A ．V 2示数的增加量等于V 1示数的减少量B ．V 2示数的增加量大于V 1示数的减少量C ．V 2示数的增加量小于V 1示数的减少量D ．无法确定两表示数变化的关系6、如图6所示的电路中当滑动变阻器的滑片P 自下端向上端 滑动的过程中,对理想电压表和理想电流表示数的变化判断： ①A 3增大,②V 1增大,③V 3增大,④A 1减小,⑤A 2增大, ⑥V 2增大.其中正确的选项是： A ．①③④⑤ B ．②③④⑤ C ．①③④⑥D ．④⑤⑥二、多项选择题〔此题共4小题,每题5分,共20分.每题至少有二个答案是对的.〕 7、关于磁感应强度,正确的说法是：A ．根据定义B = F/IL,磁场中某点的磁感应强度B 与F 成正比,与电流元IL 成反比 B ．磁感应强度B 是矢量,方向与放入该点的通电导线所受磁场力的方向相同C ．磁感应强度B 是矢量,方向与通过该点的磁感线的切线方向相同D ．在确定磁场中同一点的磁感应强度B 是恒量,不同点B 可能不同,磁感线排列密的区域B 较大 8、以下说法中正确的选项是：A. 磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B. 磁感线和磁场一样也是客观存在的物质C. 一切磁现象都起源于电流或运动电荷,一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D. 在外界磁场作用下,物体内局部子电流取向变得大致相同时,物体被磁化,两端就形成磁极9、在图所示电路中,电容器C 的上极板带正电,为了使该极板带正电且电量增大,以下方法中可行的是：A. 增大R 1,其它电阻不变B. 增大R 2,其它电阻不变C. 增大R 3,其它电阻不变D. 增大R 4,其它电阻不变10、长为l 的水平极板间,有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B,板间距离也为l ,板不带电,现有质量为m,电量为q 的带正电粒子〔不计重力〕,从左边极板间中点处垂直于磁场方向以速度v 水平射入磁场,欲使粒子不打到极板上,v 应满足：A. 4Bql v m <B. 54Bqlv m > C. Bql v m > D. 544Bql Bqlv m m<<选择题答案填写在下面表格内：〔多项选择题：局部选对得3分,有错或不答得0分.〕三、实验题〔此题共2小题,每空2分,作图4分,共20分.〕 11、在北半球,水平放置的小磁针,静止时北极 所指的方向是地磁场B e (指水平分量,下同)的方 向.如果放一块磁铁在磁针附近,那么小磁针除受 地磁场的作用外,还受到磁铁磁场B m 的作用, 它静止的方向是磁铁磁场与地磁场的合矢量B 的方向.依据矢量合成的知识,可以利用一个小磁针估测条形磁铁周围某些特殊点的磁感应强度B m .⑴ 如上图所示是某课外兴趣小组在测量条形磁铁轴线上某一点的磁感应强度时得出的实验结题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案v果图,图中需要测量的量是；需要通过查资料获得的量是；待测点的磁感应强度B m= .⑵此法除了轴线外,还能测条形磁铁什么方位的磁感应强度.当小磁针沿条形磁铁的轴线离磁铁很近时不能测量条形磁铁的磁感应强度,这是由于此位置磁铁的磁场B m地磁场B e；当小磁针放置在条形磁铁正中央的上方离磁铁很近时不能测量条形磁铁的磁感应强度,这是由于此位置磁铁的磁场B m地磁场B e.因此不能运用矢量合成法那么得出B m.〔最后二空填：远大于、等于、远小于〕12、在描绘小电珠的伏安特性曲线实验中：⑴在右面方框中画出实验所需的原理图〔电压要求从0开始可连续调节〕.⑵灯丝的电阻率随温度的升高而 ,所以,在电珠不发光时和正常发光时相比拟, 时电阻大.四、计算题〔此题共4小题,共50分.〕13、〔12分〕如下图,电源的电动势E=110V,电阻R1=21Ω,电动机绕组的电阻R0=0.5Ω,电键S1始终闭合.当电键S2断开时,电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时,电阻R1的电功率是336W.求：⑴电源的内电阻；⑵当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率.14、〔12分〕在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中,有一倾角为θ,足够长的光滑绝缘斜面,磁感应强度为B,方向垂直纸面向外,电场方向竖直向上．有一质量为m,带电量为q的小球静止在斜面上端〔如下图〕.假设保持电场大小不变,迅速把电场方向反转成竖直向下.求：⑴小球能在斜面上连续滑行多远？⑵所用时间是多少？15、〔12分〕如图中电路的各元件值为：Ｒ１＝Ｒ２＝10Ω,Ｒ３＝Ｒ４＝20Ω,Ｃ＝300μＦ,电源电动势＝6Ｖ,内阻不计,单刀双掷开关Ｓ开始时接通触点2,求：⑴当开关Ｓ从触点2改接触点1,且电路稳定后,电容Ｃ所带电.⑵假设开关Ｓ从触点1改接触点2后,直至电流为零止,通过电阻Ｒ１的电量.16、〔14分〕质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具,它的构造如下图.设离子源S 产生的离子速度很小,可以近似看作为零.产生的离子经过电压为U〔未知〕的电场加速后,进入一平行板电容器C中,平行板电容器两极间电压为U1,两板间距离为d.板间电场与磁场B1相互垂直,具有某一速度的离子将沿图中虚直线穿过两极板而不发生偏转,而具有其它速度的离子发生偏转而不能射出小孔S1.最后射出小孔S1的离子再进入磁感应强度为B2的匀强磁场,沿着半圆周运动,到达记录它的照相底片上的P点,根据上述材料完成以下问题：⑴请你求出能够射出小孔S1的离子具有多大的速度？⑵假设测得P点到入口S1的距离为x,试求该离子的比荷为多少？参考答案及评分标准一、二、选择题：三、实验题〔此题共2小题,每题12分.〕11、⑴θ；B e ；θtan e m B B =.⑵正中央上、下方.远大于；远小于. 12、增大,发光.四、计算题〔此题共4小题〕 13、解：⑴ 1211)(R rR E P += 〔2分〕 r =1Ω 〔2分〕 ⑵ 122R U P = U =84V 〔1分〕 E=U+Ir I =26A 〔2分〕411==R U I A 〔1分〕 I 1+I 2=I I 2=22A 〔1分〕0222R I P UI +=出〔2分〕 1606=出P W 〔1分〕 14、解： 〔2分〕 〔2分〕〔2分〕〔3分〕 〔3分〕15、解：⑴ Ｉ＝／〔Ｒ１＋Ｒ２＋Ｒ３＋Ｒ４〕＝0.1Ａ 〔3分〕 ＵＣ＝Ｕ３＋Ｕ４＝Ｉ〔Ｒ３＋Ｒ４〕＝4Ｖ 〔3分〕Ｑ＝ＣＵＣ＝1.2×10－３Ｃ 〔2分〕⑵ Ｑ12／Ｑ34＝〔Ｒ３＋Ｒ４〕／〔Ｒ１＋Ｒ２〕＝40／20＝2 〔2分〕Ｑ12＋Ｑ34＝Ｑ＝1.2×10－3Ｃ 〔1分〕Ｑ12＝2Ｑ／3＝0.8×10－3Ｃ 〔1分〕 16、解：⑴ qE =qvB 1 〔2分〕 dU E 1=〔2分〕 11dB U v = 〔2分〕⑵ 221mv qU = 〔2分〕 〔1分〕 r mv qvB 22= 〔2分〕 2228x B Um q =〔2分〕 dx B B U m q 2112= 〔1分〕 题号 12345678910答案C B AD B A CD ACD AD AB2x r =mgqE =θCos mg qE qvB )(+=θgSin a 2=θθSin B q gCos m a v s 222222==qB mctg a v t θ==。
高二物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题_04
嗦夺市安培阳光实验学校扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（48分，每小题4分）1．一个不带电金属球壳，在它的球心放入一个正电荷，其电场分布是图中的（）A ．B ．C ．D ．2．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．3．两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘体上，相距一定的距离，若同时释放两球，它们的加速度之比将（）A．保持不变B．先增大后减小C．增大D．减小4．将一正点电荷从无穷远处移向M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，若将一个等电量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功7.0×10﹣9J，设无穷远处电势为零，则M、N两点的电势φM、φN有下列关系（）A．φM＜φN＜0 B．φN＞φM＞0 C．φN＜φM＜0 D．φM＞φN＞05．对公式E=的理解，下列说法正确的是（）A．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B．a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C．公式中的d是指a点和b点之间的距离D．公式中的d是a、b所在的两个等势面间的垂直距离6．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B ．C．qvS D ．7．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=6V，φB=4V，φC=0，则D 点电势φD的大小为（）A．﹣3V B．0 C．2V D．1V8．一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V．在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示．在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A ．B ．C ．D ．9．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示．实验中可能观察到的现象是（）A．增大A、B板间的距离，静电计指针张角变大B．减小A、B板间的距离，静电计指针张角变大C．把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小D．在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小10．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流11．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＞E BB．电势φA＞φB，场强E A＜E BC．将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能E pA＞E pB 12．下列关于电动势的说法中，正确的有（）A．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极做的功一定越多B．电源的电动势越大，非静电力将单位正电荷从负极移送到正极做的功一定越多C．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极的电量一定越多D．电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多二、填空与实验题（共20分）13．如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的3V电源上，求流过小灯泡的电流为A，小灯泡的电阻为Ω．14．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U AB= V．15．有一绝缘空心金属球A，带有4×10﹣6C的正电荷，一个有绝缘柄的金属小球B，带有2×10﹣6C的正电荷，若把B球跟A球的内壁相接触，则B球上的带电荷量为C，A球上的带电荷量为C，电荷分布在．三、计算论述题（要求每题解答时有必要的文字说明，只写出结果不给分，共32分）16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功2×10﹣6 J，（取无限远处为电势零点）问：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？17．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）18．如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B 分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（48分，每小题4分）1．一个不带电金属球壳，在它的球心放入一个正电荷，其电场分布是图中的（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响．【解答】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是B．故选B．【点评】本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况．2．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，只有两点的场强大小和方向都相同时，电场强度才相同．根据这个条件进行判断．【解答】解：A、A、B是同一圆上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同．故A错误．B、A、B场强大小不等，但方向相同，则电场强度不同．故B错误．C、A、B是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确D、电场线的疏密表示场强的大小，所以A、B场强不等，故D错误故选：C．【点评】矢量大小和方向都相同才相同．对于常见电场的电场线分布要了解，有助于解题．3．两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘体上，相距一定的距离，若同时释放两球，它们的加速度之比将（）A．保持不变B．先增大后减小C．增大D．减小【考点】库仑定律；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】AB两球之间的库仑力属于作用力和反作用力，它们是大小相等，方向相反的，根据牛顿第二定律a=，可以判断a的比值关系．【解答】解：两小球之间的库仑力属于作用力和反作用力，大小相等，根据牛顿第二定律可得a=，所以它们的加速度和质量成反比，即，比值不变，所以A正确，BCD错误．故选：A．【点评】甲、乙两球之间的库仑力属于作用力和反作用力，根据作用力和反作用力的特点来判断即可．4．将一正点电荷从无穷远处移向M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，若将一个等电量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功7.0×10﹣9J，设无穷远处电势为零，则M、N两点的电势φM、φN有下列关系（）A．φM＜φN＜0 B．φN＞φM＞0 C．φN＜φM＜0 D．φM＞φN＞0【考点】电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场力做的功等于电势能的减小量，即W AB=E pA﹣E pB，可求出正、负点电荷在M点和N点的电势能，然后结合电势的定义式φ=列式分析计算出φM、φN，即可进行比较．【解答】解：设无穷远处电势为零，电荷在无穷远处的电势能E pO=0，将一正点电荷从无穷远处移向M点，根据电场力做功与电势能的关系公式W∞M=E p∞﹣E pM，得：E pM=W∞M+E p∞=6.0×10﹣9J+0=6.0×10﹣9J；由电势定义式φ=，有：φM ==V；同理可得：将等量的负点电荷从电场中N点移向无穷远处，根据电场力做功与电势能的关系公式W N∞=E PN﹣E p∞，得：E pN=W N∞+E p∞=7.0×10﹣9J+0=7.0×10﹣9J；则φN ==﹣V；则得：φN＜φM＜0故选：C．【点评】本题关键是结合电场力做功与电势能的关系公式W AB=E pA﹣E pB和电势定义式φ=联立列式分析，同时要注意两个公式中的各个量都要代入正负号运算．5．对公式E=的理解，下列说法正确的是（）A．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B．a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C．公式中的d是指a点和b点之间的距离D．公式中的d是a、b所在的两个等势面间的垂直距离【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】公式E=只能用于计算匀强电场中两点间的电势差．d为沿电场线方向两点间的距离，通过a、b两点的等势面间的垂直距离．【解答】解：A、公式E=只能用于计算匀强电场中两点间的电势差，不适用于非匀强电场．故A错误．B、在同一电场中，a点和b点沿电场线方向的距离越大时，则这两点的电势差才越大．故B错误．C、公式中的d是指a点和b点之间沿电场线方向的距离．故C错误．D、a、b沿电场线方向两点间的距离，等于通过a、b两点的等势面间的垂直距离．故D正确．故选D【点评】电场中公式较多，对于每个公式的适用条件要在理解的基础上记忆．公式E=是根据电场力做功W ab=qU和W ab=qEd推导出来的，W ab=qEd只适用于匀强电场，则此公式也只适用匀强电场．6．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B ．C．qvS D ．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，则每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，由电流的定义式I=求解等效电流．【解答】解：棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v 米，每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，每秒内通过横截面的电量Q=q•v，根据电流的定义式I=，t=1s，得到等效电流为 I=qv．故选：A【点评】本题关键是建立物理模型，利用电流的定义式进行求解电流．7．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=6V，φB=4V，φC=0，则D 点电势φD的大小为（）A．﹣3V B．0 C．2V D．1V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在平行四边形中找等势点，再确定D点的电势【解答】解：由于是平行四边形的四个顶点，那么连接BD、AC交于点O，那么有φA+φC=2φO=φB+φD；所以φD=6+0﹣4=2V，故选：C【点评】本题的技巧是找等势点，利用好平行四边形的性质．同时也可以由匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φA﹣φD=φB ﹣φC．8．一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V．在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示．在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】路端电压与负载的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】金属导体的电阻随温度的升高而增大；而I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数．【解答】解：灯泡的电阻受温度的影响，不同电压下温度不同，其电阻也不同，随温度的升高电阻增大，因此图象B是符合要求的，故ACD不符合要求．本题选择不符合实际的，故选：ACD．【点评】解答本题要注意I﹣U图象与U﹣I图象的区别，同时明确金属导体的电阻随温度的升高而增大．9．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示．实验中可能观察到的现象是（）A．增大A、B板间的距离，静电计指针张角变大B．减小A、B板间的距离，静电计指针张角变大C．把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小D．在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】改变板间距离、改变正对面积或放入电介质，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．【解答】解：A、增大A、B板间的距离，根据电容的决定式C=知电容C减小，电容器的电量Q不变，则由定义式C=知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故A 正确．B、减小A、B板间的距离，根据电容的决定式C=知电容C增大，电容器的电量Q不变，则由定义式C=知，板间电压U减小，静电计指针张角变小．故B 错误．C、把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式C=分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由C=得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故C错误．D、在A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式C=知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则板间电压U减小，静电计指针张角变小．故D正确．故选：AD【点评】本题是电容器的动态变化分析问题，在分析不变量的基础上，由电容的决定式C=知电容的定义式C=结合分析．10．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q 所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．【解答】解：A、B将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q 所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确．C、D根据电容的决定式C=可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流．故C错误，D正确．故选BD【点评】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式C=判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式C=分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化．11．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＞E BB．电势φA＞φB，场强E A＜E BC．将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能E pA＞E pB 【考点】电场线；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该题考查电场中电场线的特点：疏密表示电场的强弱，箭头表示电场的方向，沿着电场线的方向电势降落．【解答】解：AB：疏密表示电场的强弱，故场强E A＜E B沿着电场线的方向电势降落，可知φA＞φB，故A错误，B正确．C：将电荷量为q的正电荷放在电场中，受力的方向是从A指向B，故从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少，C正确；D：同上分析，应当是负电荷在电势低的地方电势能大，故D错误．故选：BC【点评】该题考查电场中电场线的特点，疏密表示电场的强弱，沿着电场线的方向电势降落．属于简单题．12．下列关于电动势的说法中，正确的有（）A．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极做的功一定越多B．电源的电动势越大，非静电力将单位正电荷从负极移送到正极做的功一定越多C．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极的电量一定越多D．电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、由于不知道移送电量的多少，故无法确定做功的多少；故A 错误；B、电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多；故BD正确；C、电源的电动势大小与移送的电量无关；故C错误；故选：BD．【点评】电源的电动势采用的是比值定义法，电动势与做功及电量无关；电动势大只能说明移送相同电量时，做功要多，转化的能量要多．二、填空与实验题（共20分）13．如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的3V 电源上，求流过小灯泡的电流为0.2 A，小灯泡的电阻为 5 Ω．【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】三个电灯串联后，每只电灯的电压为2V，再由甲图读出电灯的工作电流，由公式R=求出电阻．【解答】解：把三个这样的电灯串联后，每只灯泡的实际电压为U=V=1V，在图甲上可以读出：U=1V时，流过小灯泡的电流为 I=0.2A，则此时每只电灯的实际电阻 R===5Ω故答案为：：0.2，5．【点评】此题中电灯是非线性元件，电阻R=，但R≠．I﹣U图线上每一点与原点连线的斜率的倒数等于电阻值．14．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U AB= 1×104V．【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab=qU ab，根据动能定理求解a、b 两点间的电势差U ab．【解答】解：根据动能定理得qU ab+W其他=△E k看到 U ab===1×104V故答案为：1×104V．【点评】对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．基础题，比较容易．15．有一绝缘空心金属球A，带有4×10﹣6C的正电荷，一个有绝缘柄的金属小球B，带有2×10﹣6C的正电荷，若把B球跟A球的内壁相接触，则B球上的带电荷量为0 C，A球上的带电荷量为+6×10﹣6C，电荷分布在A的外表面．【考点】静电现象的解释．【分析】金属球A处于静电平衡状态，内部静电荷量为零，电荷均匀分布于外表面．【解答】解：把B球跟A球的内壁相接触，A与B构成整体，处于静电平衡状态，内部静电荷量为零，电荷均匀分布在外边面，即A的外表面；故B球的带电量减为零，A球表面的带电量为6×10﹣6C；故答案为：0，6×10﹣6A的外表面【点评】本题关键是建立物理模型，知道金属球A和小球B整体处于静电平衡状态，内部的电场强度为零，静电荷量也为零．三、计算论述题（要求每题解答时有必要的文字说明，只写出结果不给分，共32分）16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功2×10﹣6 J，（取无限远处为电势零点）问：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】取无限远处电势为零．根据电场力做正功时，电荷的电势能减小，电场力做负功时电势能增加．根据电势公式、电场力做功和功能关系进行分析和计算【解答】解：（1）静电力做负功，电荷的电势能增加，因无限远处电势能为零，电荷在A点具有的电势能为2×10﹣6 J．（2）A点的电势为：φA == V=200 V．（3）因静电力做正功，说明电荷受力方向与运动方向相同，说明电荷带负电，静电力做功为：W2=2W1=4×﹣6 J．答：（1）电荷的电势能是增加，电荷在A点具有2×10﹣6 J电势能（2）A点的电势是200 V（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带负电，静电力做功为：4×﹣6 J．【点评】本题关键明确电场力做的功等于电势能的减小量，同时结合电势r 定义公式和电场力做功与电势差关系公式列式求解17．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；等势面．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）互相平行的竖直平面的等势面，与水平方向成45°角斜向上射入匀强电场，要使小球做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度共线，由此可确定小球带电电性，及电荷量．（2）小球在入射方向先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动，由位移与速度的关系可确定小球的最大位移．【解答】解：（1）如图所示，电场线水平向左，由题意可知，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电．由图可知，Eq=mg，又E=，所以解得：（2）由下图可知，=由动能定理，得：﹣所以答：（1）小球应带正电，电荷量是；（2）在入射方向上小球最大位移量是．【点评】本题根据运动去判定受力，由于重力方向一定，且做直线运动，所以可确定电场力方向，再由电场线来确定电性及电量；根据受力分析，借助牛顿第二定律求出加速度，再由运动学公式来求出最大位移．18．如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B 分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）电子在AB之间做加速运动，电场力的功等于电子动能的变化，根据动能定理即可解答；（2）电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，则电子的沿电场线方向的位移为，根据平抛运动的方法，结合牛顿第二定律即可解答；（3）电子的动能可以根据动能定理全程列式计算．【解答】解：（1）电子在AB之间做加速运动，由U0e=mv B2得：v B =（2）由y==可得：l=d（3）由动能定理得：U0e+e=E k末所以电子穿出右侧平行金属板时的动能：E k末=e（U0+）．答：（1）电子通过B 点时的速度大小为；（2）右侧平行金属板的长度为；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能为e（U0+）．【点评】该题中，电子先在加速电场中加速，然后在偏转电场中偏转，属于常规的典型题目．难度适中．。
高二物理上学期第一次月考(含解析)
嗦夺市安培阳光实验学校第五中学度第一学期高二物理第一次月考试卷时间：90分钟 满分：100分一．选择题（本题包括11小题，每小题4分，共44分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 在电场中的a 点放一检验电荷q +，它受到的电场力大小为F ，方向水平向右，则a 点的场强大小为a FE q=，方向水平向右，下列说法正确的是( )A ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 点的场强变为2EB ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 的场强变为12EC ．在a 点放置一个负检验电荷，a 点的场强方向变为水平向左D ．在a 点放置一个负检验电荷，它所受的电场力方向水平向左 【答案】D【考点】电场强度．【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．电场强度的方向为正电荷的受力方向，与负电荷的受力方向相反。
2.关于匀强电场电势差和场强的关系，正确的说法是：（ ） A 、在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大 B 、任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积 C 、电势减小的方向必定是场强的方向D 、沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等【答案】D【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【解析】解：A 、根据公式U=Ed 可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故A 错误；B 、U=Ed ，d 是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故B 错误；C 、电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故C 错误．D 、根据公式U=Ed 可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故D 正确 故选：D3.在点电荷Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为：（ ） A 、A A WW qεϕ=-=， B 、A A WW q εϕ==-， C 、A A W W qεϕ==， D 、A A W q W εϕ=-=-，【答案】A【考点】电势；电势能．【解析】解：依题意，-q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则电荷的电势能减小W ，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为ɛA=-W ，A 点的电势.故选A4.将一正电荷从无穷远处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，则M、N两点的电势ϕm、ϕn有如下关系（）A、ϕm＜ϕn＜0B、ϕn＞ϕm＞0C、ϕn＜ϕm＜0D、ϕm＞ϕn＞0【答案】C【考点】电势；电势能．【解析】解：正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，电荷的电势能减小，则M点的电势小于无穷远的电势，即φM＜0．负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，电势能减小，则N点的电势小于无穷远的电势，即φN＜0．由于两电荷电量相等，N点移向无穷远处电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到φN＜φM＜0．故选C5.如图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是φa=5V，φb=2V，φc=4V，则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是（）【答案】D【考点】电场强度；电势．【解析】解：由题意可知，各点的电势分别为Ua=5V，Ub=2V，Uc=4V，则ab连线上离a 点处的电势为3V，所以该点与c点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故D正确，ABC错误；故选：D6.如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r 为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点问电势差为( ).(A)UOA=Er (B) UOA=Ercosθ(C) UOA=Ersinθ(D)θrcosEUOA=【答案】B【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【解析】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以dOA=r•cosθ，故：UoA=Ercosθ故选C．7.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力则：（）A、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐增大C、A点的场强小于B点的场强D、粒子的速度不断减小【答案】D【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【解析】解；A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B 点的加速度，故B错误；C、根据电场线的疏密程度可以知道A点的场强大于B点的场强，故C错误；D、不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，故D正确；故选D．8.如图所示,一个带负电的油滴以初速度v0从P点斜向上射入水平方向的匀强电场，若油滴到达最高点的速度大小仍为 v0，则油滴最高点的位置（）A、在P点的左上方 B、在P点的右上方C、在P点的正上方D、上述情况都可能【答案】A【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；抛体运动．【解析】解：对粒子受力分析：粒子仅在重力与电场力作用下运动，直到运动到最高点，此过程初动能与末动能已知且相同，设粒子升高的高度为h，粒子的初末位置间的电压为UPQ，粒子的带电量为-q，由动能定理得：-qUPQ-mgh=解得：由于UPQ＜0，即UP＜UQ，说明Q点的电势高于P点，即带电粒子应在P点的左上方，故A正确．故选：A9．如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处,放置一个正点电荷,达到静电平衡后，则（）A．a端带负电，b端带正电B．b端的电势比d点的低C．杆内c处的电场方向由c指向bD．a端的电势一定比b端的低【答案】B【考点】电势．静电平衡【解析】 A、由于静电感应，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，故A错误．B达到静电平衡后，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于电场线从正电荷出发到b端终止，根据顺着电场线方向电势降低，可知b端的电势比d点的低，故B正确，D错误．C、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故C错误．10.在点电荷Q的电场中，一个α粒子(He42)通过时的轨迹如图实线所示，a、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是( ).A.Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中.粒子总是克服电场力做功C.α粒子经过两等势面的动能Eka＞EkbD.α粒子在两等势面上的电势能Epa＞Epb【答案】C【考点】等势面；电势能．【解析】解：A、α粒子带正电，根据从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，则Q为正电荷，故A错误；B、正的点电荷周围电场分布特点可知，b点的电势高于a点的电势，由于α粒子带正电，所以电势能减小，电场力做正功，故B错误；C、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，因此动能减小电势能增大，故C正确，D错误．故选C．11. 如图所示，A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是( )A. 电场力对电荷一直做正功B. 电势一直升高C. 电荷所受电场力先减小后增大D. 电荷所受电场力先增大后减小【答案】C【考点】电势能；电场强度．【解析】解：A、电势能先减小后增大，则电场力做正功后做负功．故A错误．B、正电荷从A到B电场力先做正功，后做负功，则说明电场力方向变化，即电场线方向先向右，后向左，所以电势先降低后升高．故B错误．C、电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大．故C正确，D错误．故选C．二．填空、实验题（本题包括3小题，共18分）12. 有三个相同的绝缘金属小球A、B、C，其中A小球带有2.0×10-5C的正电荷，小球B、C不带电。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_22
嗦夺市安培阳光实验学校上学期第一次月考高二物理试卷一、选择题：共12小题题，每小题4分，共48分，其中1—8题为单选，9—12题为多选，错选、不选得0分，选对但不全的得2分.1. 把两张用软纸摩擦过的塑料片相互靠近，它们会张开，这是由于它们之间存（）A. 弹力B. 摩擦力C. 静电力D. 磁场力【答案】C【解析】试题分析：用软纸摩擦过的塑料片会带电，两张用软纸摩擦过的塑料片带同种电，相互排斥，会张开．解：由于摩擦起电，用两张用软纸摩擦过的塑料片带同种电荷，相互靠近时，相互排斥，塑料片会张开，是由于静电力作用．故选C【点评】本题考查对摩擦起电和电荷间作用力的理解能力．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．2. 关于元电荷，下列说法正确的是A. 元电荷就是质子B. 物体所带电荷量是元电荷的任意倍数C. 元电荷是带电物体所带电荷量的最小值D. 物体所带电荷量可能比元电荷小【答案】C【解析】试题分析：元电荷表示带电物体的最小带电量，其等于质子或者电子所带的电荷量，说白了元电荷是电荷量，任何带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故C正确；考点：考查了对元电荷的理解【名师点睛】元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍3. 在静电场中，下列说法中正确的是：A. 电场强度为零的点，电势也一定为零B. 电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等C. 只在电场力作用下，正电荷一定从电势高的地方向电势低的地方移动D. 沿着电场线方向电势一定越来越低【答案】D【解析】本题考查的是静电场中场强与电势的关系，电势沿着电场线方向逐渐降低，电场线密的地方场强大；D正确；电场强度为零的点，电势不一定为零；A错误；电场强度处处相等的区域内，电势不一定处处相等；B错误；如果正电荷具有一定的初动能，即使只有电场力作用，正电荷仍然可以从电势低的地方向电势高的地方运动；C错误；4. 在“研究电荷间作用力大小影响因素”的实验中，将一带电轻质小球挂在铁架台上，小球静止时丝线与竖直方向的夹角如图所示，现增大小球的电荷量后仍挂在原处，丝线与竖直方向的夹角将( )A. 增大B. 减小C. 不变D. 小再增大【答案】A【解析】试题分析：当增大小球的电荷量时，根据库仑定律，则库仑力增大，由平衡条件，则有：，因此丝线与竖直方向的夹角增大，故A正确考点：考查了库仑定律5. 如图所示，有一带电量为+q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d，+q到带电薄板的垂线通过板的圆心．若图中a点处的电场强度为零，则图中b点处的电场强度大小是（）A. B. C. 0 D.【答案】A【解析】试题分析：据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反．+q在a处产生的场强大小为E=k，得到带电薄板在a点产生的场强大小，根据对称性，确定带电薄板在b点产生的场强大小．+q在b处产生的场强大小为E=k，再根据叠加原理求解b点处的电场强度大小．解：+q在a处产生的场强大小为E=k，方向水平向左．据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反，则带电薄板在a点产生的场强大小为E=k，方向水平向右．根据对称性可知，带电薄板在b点产生的场强大小为E=k，方向水平向左．+q在b处产生的场强大小为E=k，方向水平向左，则b点处的电场强度大小是E b =+k．故选A【点评】本题考查电场的叠加，关键要抓住带电薄板产生的电场的对称性．6. 半径为R的两个较大的金属球，带电量均为同种电荷q，放在绝缘的桌面上，两球球心间的距离为4R，若两球间的库仑力为F，则下列说法正确的是( )A. F>B. F<C. F=D. 无法确定【答案】B【解析】试题分析: 同种电荷相互排斥，所以两球间的电心距离大于4R，根据库仑定律，可知两球间的库仑力F<，故B正确，A、C、D错误。
高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)(完整资料)
青海师大二附中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本大题共12小题；共48分．）1．（4分）（2005•江苏）关于电场，下列说法正确的是（）A．电场是假想的，并不是客观存在的物质B．描述电场的电场线是客观存在的C．电场对放入其中的电荷有力的作用D．电场对放入其中的电荷没有力的作用考点：电场．分析：解答本题需掌握：电场是电荷周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的；电场具有通常物质所具有的力和能量等客观属性，电场的力的性质表现为，电场对放入其中的电荷有作用力，这种力称为电场力，电场的能的性质表现为，当电荷在电场中移动时，电场力对电荷作功（这说明电场具有能量）；电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线，曲线上每一点的切线方向和该点电场强度的方向一致，曲线密集的地方场强强，稀疏的地方场强弱．解答：解：A、电场是电荷周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的，故A错误；B、电场线是为了直观形象地描述电场分布，在电场中引入的一些假想的曲线，故B错误；C、D、电场具有通常物质所具有的力和能量等客观属性，电场的力的性质表现为，电场对放入其中的电荷有作用力，这种力称为电场力，故C正确，D错误．故选：C．点评：本题关键要分清楚电场与电场线的关系，电场是一种客观存在，电场线是为形象描述电场而假想的曲线．2．（4分）（2014秋•城东区校级月考）如图所示，原来不带电的绝缘金属导体AB，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，当把一个带负电的绝缘金属球C靠近导体的A端时，可以看到的现象是（）A．只有A端验电箔张开，且A端带正电B．只有B端验电箔张开，且B端带负电C．两端的验电箔都张开，且A端带负电，B端带正电D．两端的验电箔都张开，且A端带正电，B端带负电考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出负电荷，在导体的左端会出现正电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带正电，右端带负电，所以D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．3．（4分）（2015春•邢台校级期中）关于静电场的下列说法正确的是（）A．沿一条电场线方向上的各点，电势不可能相同B．沿一条电场线方向上的各点，电场强度不可能相同C．同一等势面上的各点，电场强度不可能相同D．同一等势面上的各点，电场方向一定相同考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，所以沿一条电场线方向上的各点，电势不可能相同，故A正确；B、匀强电场沿一条电场线方向上的各点，电场强度相同，故B错误；C、匀强电场中同一等势面上的各点，电场强度相同，故C错误；D、电场线与等势面垂直．非匀强电场的等势面上各点电场方向不一定相同，故D错误．故选A点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．4．（4分）（2014秋•城东区校级月考）两个半径相同的金属球A、B（视为点电荷），所带电荷量之比为1：2，相距r时相互作用力为F．先把A移近某验电器，金箔张开一定角度，再把B 移向验电器，金箔张角先减小后又张开．移走验电器，把A、B放回原位置后用一个完全相同的不带电的金属球C先与B接触，再与A接触后也移走，这时A、B两球间的作用力变为（）A．1.125 F B．0C．0.1825 F D．0.5F或0考点：库仑定律．分析：根据验电器夹角的变化，可以判断A、B金属球的带异种电荷，在根据异种电荷电量先中和再平分的原则可以分析A、B两球的作用力的大小．解答：解：当把B移向验电器时，金箔张角先减小后又张开，说明A、B带的电荷是异种电荷．设A带电量为Q，则B带电量为﹣2Q，当完全相同的不带电的金属球C与B接触时，电荷量平分，此时B带的电荷量为﹣Q，金属球C带的电荷量也为﹣Q，当在再与A接触的时候，它们的电荷量恰好完全中和，所以接触之后A 不带电，所以此后A和B之间的库仑力为零．所以B正确、ACD错误．故选：B．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．5．（4分）（2013秋•大连期末）电场中有一点P，下列说法中正确的有（）A．若放在P点的试探电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一试探电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为就是放在该点的试探电荷所受电场力的方向考点：电场强度．分析：本题应抓住场强反映电场本身的性质，与放入电场中的试探电荷无关，场强的方向与正试探电荷在该点所受的电场力方向相同．解答：解：A、场强是表示电场本身性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当试探电荷的电荷量减半时，P点的场强不变，故A错误．B、由于场强由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当P点没有试探电荷，P点的场强不变，故B错误．C、由E=得，F=qE，q一定时F与E成正比，则知P点的场强越大，同一试探电荷在P点受到的电场力越大，故C正确．D、P点的场强方向为就是放在该点的正试探电荷所受电场力的方向，与P放在该点的负试探电荷所受电场力的方向相反，故D错误．故选：C．点评：电场强度是描述电场性质的物理量，可根据E=是比值法定义来理解E的物理意义．要知道电场力既与电荷有关，也与电场有关．6．（4分）（2010秋•永昌县校级期末）如图所示，一个绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场E中，在环与环圆心等高处有一个质量为m、带电量为+q的小球由静止开始沿轨道运动，则（）A．小球运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点时速度最大C．在最低点时球对环的压力为（mg+qE）D．在最低点时球对环的压力为3（mg+qE）考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据机械能守恒的条件判断小球运动过程中机械能是否守恒，通过动能定理判断小球在何位置速度最大，根据动能定理求出最低点的速度，结合牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出球对环的压力大小．解答：解：A、小球在运动的过程中除了重力做功以外，还有电场力做功，机械能不守恒．故A错误．B、根据动能定理知，在运动到最低点的过程中，电场力和重力一直做整个，到达最低点的速度最大．故B正确．C、根据动能定理得：mgR+qER=，解得：，根据牛顿第二定律得：N﹣qE﹣mg=m，解得：N=3（mg+qE），则球对环的压力为3（mg+qE）．故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，知道小球在最低点向心力的来源是解决本题的关键．7．（4分）（2010秋•永昌县校级期中）法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是（）A．a、b为同种电荷，a带电量大于b带电量B．a、b为同种电荷，a带电量小于b带电量C．a、b为异种电荷，a带电量大于b带电量D．a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量考点：电场线．分析：解决本题的关键是熟练掌握真空中点电荷的场强的表达式含义和电场线的疏密含义即电场线越密，电场越强．解答：解：电场线是从正电荷出发，负电荷终止，由电场线的分布图可知a、b为异种电荷．又由公式E=，可知场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密．由图可知b的左侧侧电场线密，a的右侧电场线稀疏，故Qb＞Qa．故ABC错误，D正确故选：D．点评：根据图象的细微区别寻找突破口，是我们必须掌握的一种解题技巧，例如根据两电荷之间电场强度是否为0判定是否是同种电荷，根据异侧电场线的疏密判定电荷量的大小．8．（4分）（2014秋•城东区校级月考）电场强度E的定义式为E=，正确的是（）A．此定义式只适用于点电荷产生的电场B．上式中，F是放入电场中的电荷所受的电场力，q是放入电场中电荷的电荷量C．上式中，F是放入电场中电荷所受的电场力，q是产生电场的电荷的电荷量D．在库仑定律的表达式F=中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小，而是点电荷Q1产生的电场在电荷Q2处的场强大小考点：电场强度．分析：电场强度的定义式为E=，适用于任何电场，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场中某点电场强度一定，电场力与场强成正比，并根据库仑定律，即可求解．解答：解：A、该定义式适用于任何电荷产生的电场．故A错误．B、F是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量．故B正确，C错误．D、库仑定律的表达式F=中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小，而是点电荷Q1产生的电场在电荷Q2处的场强大小．故D正确．故选：BD．点评：电场强度定义式E=中，q是试探电荷的电荷量，定义式适用于一切电场，不能简单地从数学角度来理解物理公式，注意理解库仑定律的内容．9．（4分）（2014秋•城东区校级月考）一负电荷仅受电场力的作用，从电场中的A点运动到B 点．在此过程中，该电荷作初速度为零的匀加速直线运动，则A．B两点电场强度EA．EB及该电荷在A．B两点的电势能εA．εB之间的关系为（）A．E A=EB B．E A＜EB C．εA＜εB D．εA＞εB考点：电势能．分析：根据受力特点可以判断A、B两点电场强度的大小，根据电场力做功的正负判断A、B 两点电势能的高低．解答：解：AB、电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，所以电场力不变，由F=Eq，知电场强度不变，即EA=EB ，故A正确，B错误．CD、电荷做匀加速直线运动，电场力做正功，电势能减小，所以B点的电势能较小．所以εA＞εB，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题比较简单，基础性强；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系．10．（4分）（2014秋•珠海期末）如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A．B．C．D．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均相同时，场强才相同．解答：解：A、在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等．A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误．B、正点电荷产生的电场中，AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误．C、两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C正确．D、AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A、B两点的场强大小和方向都不同，故D错误．故选：C．点评：矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．11．（4分）（2014秋•蒙自县校级月考）如图，真空中一条直线上有四点A、B、C、D，AB=BC=CD，只在A点放一电量为+Q的点电荷时，B点电场强度为E，若又将等量异号的点电荷﹣Q放在D 点，则（）A．B点电场强度为，方向水平向右B．B点电场强度为，方向水平向右C．B C线段的中点电场强度为零D．B、C两点的电场强度相同考点：电场的叠加；点电荷的场强．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据点电荷场强公式分析计算，有两个场源就根据矢量合成求合场强．解答：解：只在A点放正电荷时，B点的场强为：E=又将等量异号的点电荷﹣Q 放在D 点后，B点场强为：EB=+==，故A错误，B正确；BC线段的中点电场强度：E=+≠0，故C错误；C点场强为：EC=+==，故D正确；故选BD．点评：本题关键根据点电荷的场强公式，然后根据矢量合成的法则合成各点的场强，当然，也可以根据等量异种电荷的电场线快速判断．12．（4分）（2014秋•城东区校级月考）如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离．用Φa、Φb、Φc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以断定（）A．Φa＞Φb＞Φc B．E a＞Eb＞Ec C．Φc﹣Φb=Φb﹣Φc D．E a=Eb=Ec考点：电势；电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb＞φc，故A正确．BD、a、b、c是一条电场线上的三个点，由于电场线的疏密不能确定，所以不能判断场强的大小．故B、D错误．C、因为Ucb=Φc﹣Φb，Ubc=Φb﹣Φc，而Ucb=﹣Ubc，故C错误；故选：A．点评：本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意Ucb=﹣Ubc，明确电势差的顺序．二、填空题（本大题共4小题；共20分．）13．（5分）（2012秋•铜官山区校级期中）自然界只存在正电和负电两种电荷．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的胶木棒带负电．电荷既不能被消灭，也不能创生，它们只能是从一个物体转移到另一个物体，或者是从物体的一部分转移到另一部分．这个结论叫作电荷守恒定律．考点：电荷守恒定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：当用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷；当用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷；根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．解答：解：自然界只存在正电和负电两种电荷．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的胶木棒带负电．电荷既不能被消灭，也不能创生，它们只能是从一个物体转移到另一个物体，或者是从物体的一部分转移到另一部分．这个结论叫作电荷守恒定律．故答案为：正，负，正，负，从一个物体转移到另一个物体，从物体的一部分转移到另一部分．点评：自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷．考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，掌握带电的条件与带电的本质．14．（5分）（2011秋•花山区校级期末）在电场P处，有一个5.0×10﹣15C的点电荷．受电场力为1.0×10﹣13N，则此处电场强度E=20N/C；若点电荷的电量变为1.0×10﹣14C，那么P 点处的场强E=20N/C，这个点电荷受到的静电力是 2.0×10﹣13N．考点：电场强度．分析：根据电场强度的定义式E=求出该点的电场强度，点电荷的电量增多时，P点的电场强度不变．直接根据电场强度的定义式变形即可计算出静电力；解答：解：根据E=得，电场强度E=N/C=20N/C．电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以点电荷的电量变为1.0×10﹣14C，电场强度不变，仍然为20N/C．根据E=得，点电荷受到的静电力F′=Eq′=20×1.0×10﹣14=2.0×10﹣13（N），故答案为：20；20；2.0×10﹣13点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=，知道电场强度的大小由电场本身的性质决定，与放入电场中的试探电荷无关．15．（5分）（2014秋•城东区校级月考）如图所示，A、B、C、D、E、F是匀强电场中一正六边形的六个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为15V、8V、﹣3V．由此可得D、E、F三点的电势分别为φD﹣7V，φE0V，φF11V．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，沿着任意方向前进相同距离，电势的降落必定相等，根据这个特点并结合几何关系就可以得到D点的电势；同理可得其他点的电势解答：解：在匀强电场中，沿着任意方向前进相同距离，电势的降落必定相等，由于从A到D 方向平行与BC方向，且AD间距等于BC间距的两倍故有φD﹣φA=2（φC﹣φB）代入数据解得：﹣15=2（﹣3﹣8）φD=﹣7V同理，UCD=UAF即：﹣3﹣（﹣7）=15﹣φF解得，φF=11V由于UBA=UDE即：8﹣15=﹣7﹣φE故：φE=0V故答案为：﹣7V，0V，11V点评：本题关键要明确匀强电场中沿着任意方向电势降落相等，同时要熟悉匀强电场中等势面和电场线的关系，然后结合几何关系分析求解16．（5分）（2013秋•舒城县校级期中）一带电导体如图所示已知导体表面上A点场强EA=100N/C，B点场强EB=1N/C，一点电荷（重力忽略不计）在电场力的作用下第一次由A到无限远，第二次由B到无限远两次最初的加速度之比aA：aB=100：1，若把一个电子从A处表面移动到B处表面，电场力作功为0J．考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场强度的定义式求出电场力的大小，通过牛顿第二定律求出最初的加速度之比．根据带电导体是一个等势体，在等势体的表面移动电荷电场力不做功．解答：解：因为F=qE，知电荷在A、B两点所受的电场力之比为F1：F2=100：1，根据牛顿第二定律F=ma知，加速度之比为aA：aB=100：1．在等势体的表面移动电荷电场力不做功．所以若把一个电子从A处表面移动到B处表面，电场力作功为0J故答案为：100：1，0．点评：解决本题的关键会通过牛顿第二定律比较加速度的关系，知道在等势体的表面移动电荷电场力不做功．三、计算题（本大题共3小题；共32分．）17．（12分）（2014秋•城东区校级月考）如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右．小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为α．求：（1）带点小球的电性是（正或负）．（2）求出小球受到的电场力F的大小．（3）求电场强度E．考点：电场强度；共点力平衡的条件及其应用．分析：（1）带电小球处于匀强电场，在电场力、拉力与重力，处于平衡状态．由电场线可知电场力方向，即可确定根据电荷的电性．（2）根据平衡条件列式，求解小球所受的电场力大小．（3）电场力与电场强度的关系是F=qE，由此式求解电场强度E的大小．解答：解：（1）小球处于匀强电场，在电场力qE、拉力FT与重力mg处于平衡状态，如图，电场力方向应水平向右，与电场强度方向相同，所以小球带正电．（2）结合受力示意图，根据平衡条件得：小球受到的电场力F=qE=mgtan30°=．（3）由F=qE，得：E=答：（1）小球带正电荷．（2）小球受到的电场力为；（3）该电场强度E 的大小为．点评：解答本题时要知道：若带负电的电场力与电场强度方向相反，若是正电，则电场力方向与电场强度方向相同．同时通过力的平行四边形定则来处理不在一条直线上的力，让力与力构成一定的关系．18．（10分）（2014秋•城东区校级月考）有一电荷量q=﹣6×10﹣6C的点电荷，从电场中的A 点移到B点过程中，电场力做功3×10﹣4J，从B点移到C点过程中，克服电场力做功9×10﹣4J，试分析：（1）AB、BA、CA间电势差各为多少？（2）如设B点电势为零，则A、C两点电势各为多少？电荷在A、C两点的电势能分别为多大？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）由做功与电量可求出两点的电势差．（2）某点的电势等于该点与零势点的电势差，电势能等于电势与电荷量的乘积解答：解：（1）由电势差的定义式得：U=，故有：UBA=﹣UAB=50V==﹣100V（2）规定φB=0V，则：φA=UAB=﹣50VφC=UCB=UCA+UAB=﹣100+（﹣50）=﹣150V由EP=qφ，故=3×10﹣4J=9×10﹣4J答：（1）AB、BA、CA间电势差分别为：﹣50V，50V，﹣150V（2）如设B点电势为零，则A、C两点电势分别为﹣50V，﹣150V，电荷在A、C两点的电势能分别为3×10﹣4J，9×10﹣4J点评：电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样．电势差可正可负，所以电势差和电势能的表达式中，电荷量要代入电性．19．（10分）（2014秋•城东区校级月考）如图所示，两块相距为d，足够长的金属板平行竖直放置，两板间电压为U，长为L的细绝缘线一端拴质量为m的带电小球，另一端固定在左板上某点，小球静止时绝缘线与竖直方向夹角为θ．求：（1）带电小球的带电量为多少？（2）如突然将细线剪断，小球经多长时间打到金属板上？考点：电场强度；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）小球在电场处于静止状态，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出带电小球的带电量．（2）将细线剪断后，小球只受重力和电场力，将沿两力合力方向做初速度为零的匀加速直线运动．根据牛顿第二定律求出加速度，由位移公式求出时间．解答：解：（1）小球受力如图所示：qE=mgtanθ可得：（2）将细线剪断后，小球只受重力和电场力，将沿细线方向做初速度为零的匀加速直线运动，如图．设小球经时间t打到B板M点，根据牛顿第二定律得，小球位移大小可得：联立解得答：（1）带电小球的带电量为．（2）将细线剪断，小球经得时间打到金属板上．点评：本题是带电粒子在电场平衡和运动问题，分析受力情况和运动情况是关键．。
湖北省2023-2024学年高二上学期物理1月期末试卷(含答案)
（1） 棒到达 前的加速度大小； （2） 棒的释放处与 的距离； （3）从释放两棒到两棒相遇前相距最远的时间？
6
答案解析部分
1．【答案】A 【解析】【解答】在子弹射入木块 A 之后运动的过程中，墙壁对木块 B 有弹力，子弹、两木块和弹簧组成的系 统所受外力不为零，动量不守恒。在子弹射入木块 A 的过程中，由于子弹与木块间由摩擦，一部分机械能转化 为内能，子弹、两木块和弹簧组成的系统机械能不守恒。 故答案为：A。
（1）滑块 C 的质量离 ； （2）A、C 之间的最终距离 。 16．如图所示，两根足够长且电阻不计的平行金属导轨与地面均成 角，区域 I 内存在垂直导轨平面向下的匀 强磁场，区域 II 内存在平行于导轨沿平面向上的匀强磁场， 为 I 和 II 的分界线，两磁场的磁感应强度大小 均为 졨 。质量分别为离 졨 ʹ量、离 졨 ʹ量 的导体棒 、 相距 间 졨 离，放置在区域 I 的导轨上，两棒 的电阻均为 졨 ，两棒的长度和导轨的间距均为 졨 离。区域 I 的导轨光滑，区域 II 的导轨与 棒间的 动摩擦因数 졨 ၙ엨 、与 棒无摩擦。同时由静止释放两棒， 棒进入区域 II 后恰好做匀加速直线运动。
该车经过该减速带过程中，下列说法正确的是（ ）
A．当该轿车通过减速带时，车身上下振动的频率均为 엨ၙ，与车速无关
1
B．该轿车通过减速带的速度越大，车身上下颠簸得越剧烈
C．当该轿车以 엨 ʹ离݇ 的速度通过减速带时，车身上下颠簸得最剧烈
D．当该轿车以不同速度通过减速带时，车身上下颠簸的剧烈程度一定不同
玻璃砖平放在白纸上，然后在白纸上确定玻璃砖的界面，在图中相应位置插上 、 两枚大头针（如图甲）。
高二物理上学期第一次月考测试卷
高二物理上学期第一次月考测试卷高中最重要的阶段，大家一定要掌握好高中，多做题，多练习，为高考奋战，小编为大家整理了高二物理上学期第一次月考测试卷，希望对大家有协助。
一.选择题(每题4分共48分，每题有一个或一个以上正确选项)1.两刚性球a和b的质量区分为和、直径区分为和 ( )。
将a、b球依次放入一竖直放置、内径为的平底圆筒内，如下图。
设a、b两球运动时对圆筒正面的压力大小区分为和，筒底所受的压力大小为 .重力减速度大小为g。
假定所以接触都是润滑的，那么:A. B.C. D.2.2021年10月1日国庆节我国成功的发射了我国第二颗探月卫星嫦娥2号，相比嫦娥1号嫦娥2号绕月球做匀速圆周运动的周期由T1变为 ,设在嫦娥1号、嫦娥2号各自所在的高度上的向心减速度大小区分为、，那么A. B. C. D.3.水平空中上有一木箱，木箱与空中之间的动摩擦因数为。
现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动。
设F的方向与水平面夹角为，如图，在从0逐渐增大到90的进程中，木箱的速度坚持不变，那么A.F先减小后增大B.F不时增大C.F的功率减小D.F的功率不变4.一物体在外力的作用下从运动末尾做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化如下图。
设该物体在和时辰相关于动身点的位移区分是和，速度区分是和，合外力从末尾至时辰做的功是，从至时辰做的功是 ,那么A. B.C. D.5.一个运动的质点，在0～4s时间内遭到力F的作用，力的方向一直在同不时线上，力F随时间t的变化如下图，那么质点在A.第2s末速度改动方向B.第2s末位移改动方向C.第4s末回到原动身点D.第4s末运动速度为零6.甲乙两车在一平直路途上同向运动，其图像如下图，图中和的面积区分为和 .初始时，甲车在乙车前方处。
A.假定，两车不会相遇B.假定，两车相遇2次C.假定，两车相遇1次D.假定，两车相遇1次7.一平行板电容器两极板间距为、极板面积为S，电容为，其中是常量。
高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)高二全册物理试题_01
嗦夺市安培阳光实验学校黄山一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（每题只有一个选项正确，每小题6分，共60分）1．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强也一定为零D．场强为零的地方电势也一定为零2．电场中有A、B两点，在将某电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了正功，则下列说法中正确的是（）A．该电荷是正电荷，且电势能减少B．该电荷是负电荷，且电势能增加C．该电荷电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷D．该电荷电势能减少，但不能判断是正电荷还是负电荷3．关于电势差的说法中，正确的是（）A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比4．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较高5．有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况完全相同，C球不带电．将A、B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C 球先和A接触，再与B接触，移去C，则A、B间的库仑力变为（）A ．B ．C ．D ．6．图中a，b是两个点电荷，它们的电量分别是Q1，Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪些情况能使P点场强方向指向MN的左侧（）A．Q1，Q2都是正电荷，且Q1＜Q2B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＞Q2D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|7．如图所示，圆O在匀强电场中，场强方向与圆O所在平面平行，带正电的微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O是圆心，AB是圆的直径，AC是与AB成α角的弦，则匀强电场的方向为（）A．沿AB方向B．沿AC方向C．沿BC方向D．沿OC方向8．如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB 弧中点处的电场强度大小为（）A ．B ．C ．D ．9．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于﹣6eV，它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV10．如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A．小球经过a点时，线中的张力最大B．小球经过b点时，电势能最小C．小球经过a点时，电势能最小D．小球经过b点时，机械能最小二、计算题（共40分）11．（12分）（2014秋•肇庆期末）如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B 点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．12．（14分）（2005•辽宁）一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．13．（14分）（2014秋•荆州校级月考）如图所示，质量为0.2Kg的物体带电量为+4×10﹣4C，从半径为0.3m 的光滑的圆弧的绝缘滑轨上端静止下滑到底端，然后继续沿水平面滑动．物体与水平面间的滑动摩擦系数为0.4，整个装置处于E=103N/C的匀强电场中，求下列两种情况下物体在水平面上滑行的最大距离：（1）E水平向左；（2）E竖直向下．黄山一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题只有一个选项正确，每小题6分，共60分）1．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强也一定为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：A、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故A正确，B错误．C、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零．故C错误．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．故选A．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．2．电场中有A、B两点，在将某电荷从A点移到B点的过程中，电场力对该电荷做了正功，则下列说法中正确的是（）A．该电荷是正电荷，且电势能减少B．该电荷是负电荷，且电势能增加C．该电荷电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷D．该电荷电势能减少，但不能判断是正电荷还是负电荷考点：电势能．分析：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小，根据动能定律知动能增大．解答：解：A、B：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷．故A 错误，B错误；C：电场力对电荷做正功，电荷的电势能减小；故C错误；D：电场力对电荷做正功，说明运动的方向与电场力方向相同，电荷的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷．故D正确；故选：D点评：考查了功能关系：电场力做功，导致电势能变化．就像重力做功，必导致重力势能变化一样．3．关于电势差的说法中，正确的是（）A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比考点：电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势差和电场力做功的公式U AB =，求解．两点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关．解答：解：A、根据电势差和电场力做功的公式U AB =，得：两点间的电势差等于从其中一点移到另一点时，电场力所做的功与电荷量的比值，故A错误．B、1C的电荷从电场中一点移到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V，故B正确．C、在两点间移动电荷时，电场力做功的多少与电荷量和两点间的电势差都有关，故C错误，D、两点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关．故D错误．故选：B．点评：解决该题关键要了解公式U AB =，的意义．4．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较高考点：电场线；动能定理的应用；电势能．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B 错误；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、对负电荷来讲电势低的地方电势能大，故D正确；故选：D点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．5．有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况完全相同，C球不带电．将A、B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C 球先和A接触，再与B接触，移去C，则A、B间的库仑力变为（）A ．B ．C ．D ．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，B带电量也为Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C 的电量都为C与B接触时先中和再平分，则C、B 分开后电量均为这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′==故选C．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．6．图中a，b是两个点电荷，它们的电量分别是Q1，Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪些情况能使P点场强方向指向MN的左侧（）A．Q1，Q2都是正电荷，且Q1＜Q2B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＞Q2D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|考点：电场强度；电场的叠加．分析：利用点电荷的电场中电场强度方向，来确定Q1、Q2在P点的电场强度方向，然后由电场强度矢量叠加分析P点的场强方式．解答：解：A、当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在P点的电场强度方向沿N→M方向．当Q1＜Q2时，则Q1在P点的电场强度比Q2的小，所以由电场强度合成可知P点场强方向指向MN的左侧，符合题意，故A正确．B、Q1是正电荷，Q2是负电荷，Q1在P点的电场强度方向从a→P，Q2在P点的电场强度方向从P→b，则合场强的方向偏右．不论电量大小关系，仍偏右．不符合题意，故B错误；C、当Q1是负电荷，Q2是正电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P 点的电场强度方向从b→P，则合场强的方向指向MN的左侧．符合题意，故C 正确．D、当Q1、Q2都是负电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P点的电场强度方向从P→b，由于|Q1|＞|Q2|，Q1在P点的电场强度大，则根据电场的叠加可知，合场强方向指向MN的左侧．符合题意，故D正确；故选：ACD．点评：本题首先了解正点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且背离正电荷，而负点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且指向负电荷，运用电场的叠加原理进行分析．7．如图所示，圆O在匀强电场中，场强方向与圆O所在平面平行，带正电的微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O是圆心，AB是圆的直径，AC是与AB成α角的弦，则匀强电场的方向为（）A．沿AB方向B．沿AC方向C．沿BC方向D．沿OC方向考点：等势面；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带正电的微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，根据动能定理知电场力做功最多，则AC在电场线方向上的距离最大．解答：解：仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最大，则C点是沿电场强度方向电势最低的点，所以电场力沿过OC的方向，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿OC方向．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键抓住C点是沿电场强度方向离A点最远，以及电场线与过C的切线相垂直．8．如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB 弧中点处的电场强度大小为（）A ．B ．C ．D ．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电小球沿竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管从A点静止释放，当滑到最低点时，对管壁恰好无压力．在下滑过程中由动能定理可求出最低点的速度大小，从而由牛顿第二定律可求出电场力，从而确定电场强度大小．解答：解：（1）设圆的半径是r，由A到B ，由动能定理得：在B 点，对小球由牛顿第二定律得：联立以上两式解得：由于是点电荷﹣Q 形成的电场，由得到，等势面上各处的场强大小均相等，即AB 弧中点处的电场强度为故选：B点评：小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力．并不是电场力等于重力，而是电场力与重力提供向心力去做圆周运动．9．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于﹣6eV，它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV考点：电势能；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．解答：解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：W ab=2eV﹣20eV=﹣18eV ①由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab=3U bc②从b到c电场力做正功，根据动能定理有：W bc=E kc﹣E kb③联立①②③可得E kc=8eV．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=E p+E k=8eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于﹣6eV时动能为14eV，故ACD 错误，B正确．故选B．点评：学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和重力势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变10．如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A．小球经过a点时，线中的张力最大B．小球经过b点时，电势能最小C．小球经过a点时，电势能最小D．小球经过b点时，机械能最小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于于电场力时，小球做匀速圆周运动．当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；根据电场力做功判断电势能的高低．根据除重力以外其它力做功判断机械能的大小．解答：解：A、当电场力小于重力，小球运动到a点时，速度最小，根据牛顿第二定律知，拉力最小．故A错误．B、小球从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，电势能增加．所以小球过b点时，电势能最大．故B错误．C、从a到b，电势能增加，所以a点电势能最小．故C正确．D、从a到b，除重力以外，电场力做负功，机械能减小，所以b点机械能最小．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键要讨论重力和电场力的大小关系，从而确定在竖直平面内圆周运动的等效最高点和最低点．以及知道电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．知道除重力以外其它力做的功等于机械能的增量．二、计算题（共40分）11．（12分）（2014秋•肇庆期末）如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=﹣2×10﹣10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10﹣8J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8×10﹣8J，取B 点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势差公式U=分别求出A、B间，B、C间电势差，B点的电势为零，再求解A、C两点的电势．在AC边上找出与B点电势相等的点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，判断场强的方向．解答：解：A、B间电势差为U AB ==V=﹣240V，B、C间电势差为U BC ==V=240V又U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，φB=0，得到φA=﹣240V，φC=﹣240V，所以AC 电势相等，场强方向垂直AC连线指向左上方．答：A、C两点的电势都是﹣240V，场强的方向垂直AC连线指向左上方．点评：运用电势差公式U=时，三个量U、W、q都要代入符号进行计算，同时还要注意电荷移动的方向；灵活应用场强方向与等势面的垂直．12．（14分）（2005•辽宁）一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势能．专题：计算题；压轴题．分析：因物体受重力及电场力的作用而做直线运动，故物体所受力的合力一定在运动方向的直线上；则由力的合成可求得电场力，由牛顿第二定律可求得加速度；由位移公式求得位移，即可由功的公式求得电场力的功．解答：解：设电场强度为E，小球带电量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE和重力mg的合力必沿此直线，如图：mg=qEtanθ由此可知，小球做匀减速运动的加速度大小为：设从O到最高点的路程为s，由速度和位移的关系得：v02=2as物体运动的水平距离为：l=scosθ两点的电势能之差：△W=qEl由以上各式得：O点的电势能与在O 点的电势能之差为．点评：本题有两点需要注意，一是由运动情景应能找出受力关系；二是明确功是力与力的方向上发生的位移的乘积．13．（14分）（2014秋•荆州校级月考）如图所示，质量为0.2Kg的物体带电量为+4×10﹣4C，从半径为0.3m 的光滑的圆弧的绝缘滑轨上端静止下滑到底端，然后继续沿水平面滑动．物体与水平面间的滑动摩擦系数为0.4，整个装置处于E=103N/C的匀强电场中，求下列两种情况下物体在水平面上滑行的最大距离：（1）E水平向左；（2）E竖直向下．考点：动能定理；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由动能定理列方程求解，此过程中，重力做正功、电场力和滑动摩擦力做负功．（2）由动能定理列方程求解，此过程中，重力和电场力做正功、滑动摩擦力做负功解答：解：（1）当E水平向左时：初速度和末速度都为0，由动能定理得：外力做的总功为0即mgR﹣F f x﹣qE（R+x）=0其中F f=mgμ所以x==0.4m（2）当E竖直向下时，由动能定理，初速度和末速度都为0，所以外力做的总功为0即mgR﹣F f x+qER=0其中F f=（mg+qE）μ所以x==0.75m答：（1）E水平向左时位移为0.4m（2）E水平向下时位移为0.75m点评：动能定理有广泛的适用性对于多过程运动问题，在不牵扯加速度和时间的前提下优先考虑动能定理。
高二物理上学期第一次月考(开学考试)试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校广西桂林市秀峰区高二物理上学期第一次月考（开学考试）试题一、单选题（本大题共10小题; 每题3分，共30分．）1.四个塑料小球,A和B互相排斥,B和C互相吸引,C和D互相排斥。
如果D带正电,则B球的带电情况是( )A.带正电B.带负电C.不带电D.可能带负电或不带电2.如图所示,A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体,起初它们不带电,在它们的下部贴有金属箔片,C是带正电的小球。
下列说法正确的是( )A.把C移近导体A时,A上的金属箔片张开，B上的金属箔片不张开B.把C移近导体A,先把A、B分开,然后移去C,A、B上的金属箔片仍张开C.先把C移走,再把A、B分开,A、B上的金属箔片仍张开D.先把A、B分开,再把C移走,然后重新让A、B接触,A上的金属箔片张开,而B 上的金属箔片闭合3.如图所示,a、b、c是一条电场线上的三个点,电场线的方向由a到c,a、b间的距离等于b、c间的距离,用φa、φb、φc和E a、E b、E c分别表示a、b、c三点的电势和电场强度,可以判定( )A.φa>φb>φcB.E a>E b>E cC.φa-φb=φb-φcD.E a=E b>E c4.如图所示,abcd是匀强电场中的四个点,它们正好是一个矩形的四个顶点,电场线与矩形所在平面平行,已知a点电势为20V,b点电势为24V,d点电势为4V,由此可知c点电势为( )A.4 V B.8 V C.12 V D.24 V5.如图所示,平行板电容器与电源相连,负极板接地,在两板间有一负检验电荷固定在A点。
若保持负极板不动,将正极板移到图中虚线所示的位置,则关于检验电荷在A点的电势能的变化,正确的说法是( )A.减小B.增大C.不变D.无法确定6．如图,E为内阻不能忽略的电池,R1、R2、R3为定值电阻,S0、S为开关,与Ⓐ分别为电压表与电流表。
初始时S0与S均闭合,现将S断开,则( )A.的读数变大,的读数变小B.的读数变大,的读数变大C.的读数变小,的读数变小D.的读数变小,的读数变大7．如图甲所示是一火警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻随温度t变化的图线如图乙所示,电流表为值班室的显示器,a、b 之间接器,当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是( )A.I变大,U变大B.I变大,U变小C.I变小,U变大D.I变小,U变小8.示波管的工作原理如图所示,真空室中电极K发出电子(初速度不计),经过电压为U1的加速电场后,由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中。