2017年浙江高考物理试卷
2017年4月浙江省普通高校招生选考科目考试物理试题姓名：___________ 准考证号：__________ 本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟．其中加试题部分为30分，用【加试题】标出．考生注意：1．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上．2．答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效．3．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹签字笔或钢笔描黑．4．可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2．选择题部分一、选择题 I（本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．下列物理量及对应的国际单位制位符号，正确的是A．力，kg B．功率，JC．电场强度，C/N D．电压，V2．下列各组物理量中均为矢量的是A．路程和位移B．速度和加速度C．力和功D．电场强度和电势3．下列描述正确的是A．开普勒提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆B．牛顿通过实验测出了万有引力常数C．库仑通过扭秤实验测定了电子的电荷量D．法拉第发现了电流的磁效应4．拿一个长约1.5m的玻璃筒，一端封闭，另一端有开关，把金属片和小羽毛放到玻璃筒里。
把玻璃筒倒立过来，观察它们下落的情况。
然后把玻璃筒里的空气抽出，再把玻璃筒倒立过来，再次观察它们下落的情况。
下列说法正确的是A．玻璃筒充满空气时，金属片和小羽毛下落一样快B．玻璃筒充满空气时，金属片和小羽毛均做自由落体运动C．玻璃筒抽出空气后，金属片和小羽毛下落—样快D．玻璃筒抽出空气后，金属片比小羽毛下落快5．四月的江南草长莺飞.桃红柳绿.雨水连绵。
伴随溫柔的雨势.时常出现瓢泼大雨.雷电交加的景象，在某次闪电过后约2s 小明听到雷声，则雷电生成处离小明的距离约为A ．6×102mB ．6×104mC ．6×106mD ．6×108m6．汽车以10m/s 的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m 处的斑马线上有行人，于是刹车礼让,汽车恰好停在斑马线前。
假设驾驶员反应时间为0.5s ，汽车运动的v -t 图如图所示。
则汽车的加速度大小为A ．20m/s 2B ．6m/s :C ．5m/s 2D ．4m/s ;7．重型自卸车利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下。
以下说法正确的是A ．在石块下滑前后自卸车与石块整体的重心位置不变B ．自卸车车厢倾角越大,石块与车厢的动摩擦因数越小C ．自卸车车厢倾角变大，车厢与石块间的正压力减小D ．石块开始下滑时.受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力8．如图所示.在竖直放置间距为d 的平行板电容器中，存在电场强度为E 的匀强电场。
有一质量为m ，电荷量为+q 的点电荷从两极板正中间处静止释放.重力加速度为g 。
则点电荷运动到负极板的过程，A. 加速度大小为Eq a g m =+ B. 所需的时间为dm t Eq =C. 下降的高度为2d y = D. 电场力所做的功为W Eqd =9．如图所示，两平行直导线cd和ef竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内。
则A．b点的磁感应强度为零B．ef导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里C．cd导线受到的安培力方向向右D．同时改变两导线的电流方向，cd导线受到的安培力方向不变10．重力为G的体操运动员在进行自由体操比赛时，有如图所示的比赛动作，当运动员竖直倒立保持静止状态时，两手臂对称支撑，夹角为θ，则A．当θ=60°时，运动员单手对地的正压力大小为2GB．当θ=120°时，运动员单手对地面的压力大小为GC．当θ不同时，运动员受到的合力不同D．当θ不同时运动员与地面之间的相互作用力不相等11．如图所示，设行星绕太阳的运动是匀速圆周运动，金星自身的半径是火星的n倍，质量为火星的k倍。
不考虑行星自转的影响，则A．金星表面的重力加速度是火星的kn倍B．金星的“第一宇宙速度”kn倍，C．金星绕太阳运动的加速度比火星小D．金星绕太阳运动的周期比火星大12．火箭发射回收是航天技术的一大进步.如田所示.火箭在返回地面前的某段运动.可看成先匀速后减速的直线运动.最后撞落在地面上.不计火箭质量的变化,则A ．火箭在匀速下降过程中，机械能守恒B ．火箭在减速下降过程中，携带的检测仪器处于失重状态C ．火箭在减速下降过程中合力做功等于火箭机械能的变化D ．火箭着地时.火箭对地的作用力大于自身的重力13．图中给出了某一通关游戏的示意图.安装在轨道AB 上可上下移动的弹射器，能水平射出速度大小可调节的弹丸，弹丸射出口在B 点的正上方,竖直面内的半圆弧BCD 的半径R =2.0m,直径BD 水平且雨轨道AB 处在同一竖直面内，小孔P 和圆心O 连线与水平方向夹角为37°。
游戏要求弹丸垂直于P 点圆弧切线方向射入小孔P 就能进入下一关。
为了能通关，弹射器离B 点的高度和弹丸射出的初速度分别是(不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8)A ．0.15m,3B ．1.50m, 3C ． 0.15m,26D ． 1.50m, 26二、选择题II （本题共3小题，每小题2分，共6分。
每小题列出四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。
全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14．【加试题】下列说法正确的是A ．β、γ射线都是电磁波B ．原子核屮所有核子单独存在时质量总和大于该原子核的总质量C ．在LC 振荡电路中，电容器刚放电时，电容器极板上电量最多，回路电流最小D ．处于n =4激发态的氢原子共能辐射出4种不同频率的光子15．【加试题】一列向右传播的简谐横波，当波传到2.0m 处的P 点时开始计时，该时刻波形如图所示。
t = 0. 9s 时，观测到质点P 第三次到达波峰位置。
下列说法正确的是A ．波速为0.5m/sB ．经1.4s 质点P 运动的路程70mC ．t =1.6s 时，x =4.5m 处的质点Q 第三次到达波谷D ． 与该波发生干涉的另一列简谐横波的频率一定为2.5Hz 弹射器BRP O LC16．【加试题】图中给出了“用双缝干涉测量光的波长”实验示意图，双缝S1和S2间距为0.80mm，双缝到屏的距离为0.80m。
波长为500nm的单色平行光垂直入射到双缝S1和S2上，在屏上形成干涉条纹。
中心轴线OO'上方第1条亮纹中心位置在P1处，第3条亮纹中心位置在P2处。
现有1号、2号虫子分别从S1和S2出发以相同速度沿垂直屏方向飞行，1号虫子到达屏后，沿屏直线爬行到A，2号虫子到达屏后，沿屏直线爬行到P1。
假定两只虫子爬行速率均为10-3m/s。
正确的是A．1号虫子运动路程比2号短B．两只虫子运动的时间差为0.2sC．两只虫子运动的时间差为1.0sD．已知条件不够，两只虫子运动时间差无法计算非选择题部分三、非选择题（本题共7小题，共55分）17．(5分)在“研究平抛运动”实验中，(1)图是横挡条卡住平拋小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的_______。
A.球心B.球的上端C.球的下端在此实验中，下列说法正确的时_______。
（多选）A．斜槽轨道必须光滑B．记录的点应适当多一些C.用光滑曲线把所有的点连接起来D．轴的方向根据重锤线确定(2)图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是_________。
A.释放小球时初速度不为0B.释放小球的初始位置不同C.斜槽末端切线不水平(3)图3是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置,其中正确的是18．(5分)小明用电学方法测量电线的长度。
首先，小明测得电线铜芯的直径为1.00mm，估计其长度不超过50m(已知铜的电阻率为1.75×10-8Ω·m)。
现有如下实验器材：①程为3V、内阻约为3kΩ的电压表；②量程为0.6A、内阻约为0.1Ω的电流表；③阻值为0~20Ω的滑动变阻器；④内阻可忽略、输出电压为3V的电源；⑤阻值为R0=4.30Ω的定值电阻，开关和导线若干。
小明采用伏安法测量电线电阻，正确连接电路后，调节滑动变阻器，电流表的示数从0开始增加，当示数为0.50A时，电压表示数如图1所示，读数为_____V。
根据小明测量的信息，图2中P点应该________ (选填“接a”，、“接b”、“接c”或“不接”），Q点应该________ (选填“接a”，、“接b”、“接c”或“不接”）。
小明测得的电线长度为________m19．游船从某码头沿直线行驶到湖对岸，小明对过程进行观测记录数椐如下表运动过程运动时间运动状态匀加速运动0~40s 初速度v0=0；末速度v=4.2m/s匀速运动40s~640s v=4.2m/s匀减速运动640s~720s 靠岸时v1=0.2m/s（1）求游船匀加速运动过程中加速度大小a1及位移大小x1；（2）若游船和游客的总质量M=8000kg，求游船匀减速运动过程中所受的合力大小F；（3）求游船在整个行驶过程中的平均速度大小。
20．（12分）图中给出了一段“S”形单行盘山公路的示意图。
弯道1、弯道2可看作两个不同水平面上的圆弧，圆心分别为O1、O2，弯道中心线半径分别为r1=10m，r2=20m，弯道2比弯道1高h=12m，有一直道与两弯道圆弧相切。
质量m=1200kg的汽车通过弯道时做匀速圆周运动，路面对轮胎的最大径向静摩擦力时车重的1.25倍，行驶时要求汽车不打滑。
（sin37°=0.6，sin53°=0.8）（1）求汽车沿弯道1中心线行驶时的最大速度v1；（2）汽车以v1进入直道，以P=30kW的恒定功率直线行驶了t=8.0s进入弯道2，此时速度恰为通过弯道中心线的最大速度，求直道上除重力以外的阻力对汽车做的功；（3）汽车从弯道1的A点进入，从同一直径上的B点驶离，有经验的司机会利用路面宽度，用最短时间匀速安全通过弯道。
设路宽d=10m，求此最短时间（A、B两点都在轨道中心线上，计算时视汽车为质点）。
21．（4分）【加试题】（1）为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，必须要选用的是__________（多选）。
A．有闭合铁芯的原副线圈；B．无铁芯的原副线圈C．交流电源；D．直流电源；E．多用电表（交流电压档）F．多用电表（交流电流档）用匝数n a=60匝和n b=120匝的变压器，实验测量数据如下表，U a/V 1.80 2.80 3.80 4.90U b/V 4.00 6.01 8.02 9.98根据测量数据可判断连接电源的线圈是_______（填n a或n b）（2）如图所示的装置做“探究感应电流方向的规律”实验，磁体从靠近线圈的上方静止下落。
2017年浙江省高考物理选考模拟试卷(二)
2017年浙江省高考物理选考模拟试卷（二）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共13小题，共39.0分)1.飞机着陆后还要在跑道上滑行一段距离，机舱内的乘客透过窗户看到树木向后移动，乘客选择的参考系是（）A.停在机场的飞机B.候机大楼C.乘客乘坐的飞机D.飞机跑道【答案】C【解析】解：乘客随飞机相对地面向前运动，故路旁的树木相对于飞机向后运动，所以当乘客透过窗户看到跑道旁的树木以一定的速度向后退时，该乘客选择的参考系是自己乘坐的飞机．故C正确．故选C．乘客随飞机相对地面向前运动，故路旁的树木相对于飞机向后运动，即乘客认为自己不动，则树木以一定的速度向后退．理解了参考系的定义就能顺利解决此类题目，故要加强对基本概念的理解．2.在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位对应的物理量是（）A.长度；时间；速度B.长度；力；时间C.长度；质量；时间D.时间；力；加速度【答案】C【解析】解：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以C正确．故选：C．国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．3.如图所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b．当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是（）A.球在a、b两点处一定都受到支持力B.球在a点一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C.球在a点一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D.球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力【答案】D【解析】解：对小球受力分析如图所示：当小车做匀速运动时，小球也做匀速运动，小球受力平衡，此时N b=0，N a=G，所以在b点处不一定受到支持力；若小车向左做匀加速直线运动，小球加速度方向向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，N a=0，所以在a点处不一定受到支持力，故D正确．故选：D对小球受力分析，根据车的运动情况讨论小球受在ab两点受到支持力的情况．力是改变物体运动状态的原因，故物体的受力与加速度有关，故本题应讨论小车的运动情况判断小球的受力情况．4.如图所示，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是（）A.重力势能减小，弹性势能增大B.重力势能增大，弹性势能减小C.重力势能减小，弹性势能减小D.重力势能不变，弹性势能增大【答案】A【解析】解：在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，重力做正功，则小朋友的重力势能减少．弹簧的形变量增大，其弹性势能增加，故A正确，BCD错误．故选：A．重力势能的变化可根据重力做功判断；弹性势能的变化可根据弹簧的形变量的变化判断．解决本题的关键要掌握重力做功与重力势能变化的关系、弹性势能与弹簧的形变量的关系．5.拍苍蝇与物理有关．市场出售的苍蝇拍，拍把长约30cm，拍头是长12cm、宽10cm的长方形．这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．有人将拍把增长到60cm，结果一打一个准．其原因是（）A.拍头打苍蝇的力变大了B.拍头的向心加速度变大了C.拍头的角速度变大了D.拍头的线速度变大了【答案】D【解析】解：要想打到苍蝇，必须要提高线速度；由于苍蝇拍质量很小，故可以认为人使用时角速度一定，根据公式v=rω，提高拍头的转动半径后，会提高线速度；故选：D．由于苍蝇拍质量很小，故可以认为人使用时角速度一定，根据v=rω分析即可．本题关键是建立物理模型，明确拍头的运动是匀速圆周运动，角速度一定，然后根据公式v =r ω分析，基础题．6.质量为 m 的物体从高为h 处自由下落，开始的ℎ3用时为t ，则 （ ） A.物体落地所用的时间为√3t B.物体落地所用的时间为3t C.物体落地时的速度为√6gt D.物体落地时的速度为3gt 【答案】 A【解析】解：A 、根据h =12gt 2得：t 1=√2ℎg…①，t =√2×13ℎg…②联立①②得：t 1=√3t ．故A 正确，B 错误；CD 、物体落地时的速度：v =gt 1=√3gt ．故CD 错误； 故选：A根据位移公式先求得小球下落h 的时间与下落ℎ3的时间，根据速度公式求出速度 解决自由落体的题目时，应注意自由落体的公式应从静止开始应用，不要将自由落体中的一部分作为自由落体处理，如本题中直接代公式求离地高度7.一物体做平抛运动，描述物体在竖直方向上的分速度v 随时间变化规律的图线是如图所示中的（取竖直向下为正）（ ）A. B. C. D.【答案】 D【解析】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，即做初速度为零，加速度为g 的匀加速直线运动，速度时间图线为过原点的倾斜直线，故D 正确，A 、B 、C 错误． 故选：D ．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上的运动规律，确定正确的速度时间图线．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过运动规律确定v -t 图线，基础题．8.某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电的粉尘被吸附时由b 点运动到a 点，以下说法正确的是（ ） A.该电场是匀强电场 B.a 点电势低于b 点电势 C.电场力对粉尘做正功 D.粉尘的电势能增大 【答案】 C【解析】解：A 、因为电场线不是平行等距的直线，所以该电场是非匀强电场，故A 错误；B、顺着电场线电势逐渐降低，所以a点电势高于b点电势，故B错误；CD、由于U ba ＜0，q＜0，根据W=qU ba ，知电场力对粉尘做正功，粉尘的电势能减小，故C正确，D错误；故选：C根据匀强电场的电场线是等距的平行直线，判断是否为匀强电场；顺着电场线电势逐渐降低，判断ab点电势高低；根据W=q U判断电场力做功正负；电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大本题考查电场线的特点和电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．9.欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A=ρcab ，B中电阻R B=ρbac；C中电阻R C=ρabc；D中电阻R D=ρabc；故电阻最小的为A；故选：A．由金属导体电阻的决定式R=ρLS进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．10.如图所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图．实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度．对该实验，下列说法正确的是（）A.当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变B.保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍C.保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的2倍D.接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，通电导线受到的安培力减半【答案】B【解析】解：A、根据安培定则可知，当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向也会发生变化；B、由图可知，接通“1、4”时导线的长度是接通“2、3”时导线长度的3倍，所以根据安培力的公式：F=BIL可知，保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍．故B正确，C错误；D、接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，根据安培力的公式：F=BIL可知，通电导线受到的安培力加倍．故D 错误． 故选：B根据左手定则判定安培力的方向，由安培力的计算公式可知，可以采用的措施． 本题考查学生对安培力公式的掌握，只需明确根据安培力的公式：F=BIL ，知道L 为有效长度即可顺利求解，为基础性题目．11.扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫．如图为“i R obot ”扫地机器人，已知其电池容量2000m A h ，额定工作电压15V ，额定功率30W ，则下列说法正确的是（ ） A.扫地机器人的电阻是10Ω B.题中“m A h ”是能量的单位C.扫地机器人正常工作时的电流是2AD.扫地机器人充满电后一次工作时间约为4h 【答案】 C【解析】解：A 、额定工作电压15V ，额定功率30W ，根据P=UI 和U=IR ，有：R=U 2P=15230=7.5Ω，故A 错误；B 、题中“m A h ”是电荷量的单位，故B 错误；C 、扫地机器人正常工作时的电流：I=PU =30W 15V =2A ，故C 正确；D 、扫地机器人充满电后一次工作时间：t =qI =2000mA⋅ℎ2A=2Aℎ2A=1ℎ，故D 错误；故选：C电池容量是指电池的存储电量，根据题目可知正常工作时的电压，根据I=PU 求解正常工作时的电流，根据t =qI 求解时间．本题是信息给予题，要求同学们能从题目中获取有用信息，知道电池容量是指电池储存电量的大小，难度不大，属于基础题．12.某星球与地球的质量比为a ，半径比为b ，则该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为（ ）A.ab B.ab 2 C.ab 2 D.ab【答案】 B【解析】解：设地球的质量为M ，则星球的质量为a M ，地球的半径为R ，则星球的半径为b R ，根据黄金代换公式mg =GMm R 2得出行星表面的重力加速度g ′=GaM(bR)2，地球表面的重力加速度g =GMR 2，联立可得行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比g′g =ab 2，所以B 项正确，A 、C 、D 项错误．故选：B由重力加速度的表达式及行星与地球的质量之比，半径之比求得重力加速度之比．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．13.如图所示，一质量为m、电荷量为Q的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方（A、B均视为点电荷），轻绳与竖直方向成30°角，小球A、B静止于同一高度．已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力为（）A.4kQ2l2B.kQ2l2C.mgD.√3mg【答案】A【解析】解：带电的小球A处于平衡状态，A受到库仑力F、重力mg以及绳子的拉力T的作用，其合力为零．因此有：F=mgtan30°得：F=√33mg而根据库仑定律有：F=k Qqr2因r=lsin30°所以F=4kQ2l2，故A正确，BCD错误；故选：A．对小球A受力分析，受到重力、静电引力和细线的拉力，根据三力平衡求出两球间的静电力；也可根据库仑定律求解出小球间的静电力．本题关键先根据平衡条件得到库仑力，同时掌握库仑定律的内容，注意成立的条件，最后理解三角知识的应用．二、多选题(本大题共3小题，共6.0分)14.下列说法正确的是（）A.光导纤维是利用光的干涉原理传输信息的B.太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的C.无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了偏振原理D.铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测【答案】BD【解析】解：A、根据全反射条件，则光导纤维传递信号，利用了光的全反射原理，故A错误；B、太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的，故B正确；C、无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了衍射原理，故C错误；D、X射线有一定穿透能力，铁路、民航等安检口使用X射线线对行李内物品进行检测．故D正确；故选：BD光导纤维传递信号利用了光的全反射原理；无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了衍射原理．铁路、民航等安检口使用x射线对行李内物品进行检测利用了X射线的穿透性．本题应抓住电磁波的特点以及光的衍射、干涉、全反射等知识进行分析．要了解有关波的干涉、衍射、全反射等的特点及应用．15.一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示．副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头，则（）A.副线圈输出电压的频率为50H zB.副线圈输出电压的有效值约为22VC.P向右移动时，副线圈两端的电压变大D.P向右移动时，变压器的输入功率变小【答案】AB【解析】解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50H z，所以A正确．B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压=220V，根据电压与匝数成正比得副的最大值为310V，所以电压的有效值为U1 =310√2线圈输出电压的有效值U2 =22V，所以B正确．CD、P右移，R变小，原副线的电流都变大．而电压不变，故输出功率增大，输入功率等于输出功率，所以输入功率增大，故CD错误；故选：AB根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路．16.能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有（）A. 13H+ 12H→ 24H e+ 01n是核聚变反应B. 13H+ 12H→ 24H e+ 01n是β衰变 C. 92235U+ 01n→ 56144B a+ 3689K r+3 01n是核裂变反应 D. 92235U+ 01n→ 54140X e+ 3894S r+2 01n是α衰变【答案】AC【解析】解：A、核聚变的过程与核裂变相反，是几个原子核聚合成一个原子核的过程，氢原子核聚变为氦原子核，故A正确；B、β衰变放出的是电子，而这里是中子故B错误；C、核裂变是一个原子核分裂成几个原子核的变化，质量非常大的原子核才能发生核裂变，故C正确；D、α衰变放出的是核原子核，这是裂变反应，故D错误；故选：AC核裂变是一个原子核分裂成几个原子核的变化，只有一些质量非常大的原子核才能发生核裂变；核聚变的过程与核裂变相反，是几个原子核聚合成一个原子核的过程，只有较轻的原子核才能发生核聚变；不稳定核自发地放出射线而转变为另一种原子核的现象，称为衰变本题考查了重核裂变、轻核聚变和不稳定核的自发衰变．三、计算题(本大题共1小题，共5.0分)17.实验中，如图1所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．（1）根据纸带可判定小车做______ 运动．（2）根据纸带计算各点瞬时速度：v B= ______ m/s，v C= ______ m/s，v D=______ m/s．在如图2所示坐标中作出小车的v t图线，并根据图线求出a=______ ．（保留2位小数）（3）将图线延长与纵轴相交，交点的速度是______ m/s，此速度的物理意义是______ ．【答案】匀加速直线；1.38；2.64；3.90；11.75；0.3；小车运动的初速度【解析】解：（1）由图示纸带可知：BC-AB=CD-BC=DE-CD=12.6cm，由此可知，物体在相邻相等时间间隔内的位移之差是一个定值，且随时间增加，物体在相等时间内的位移变大，故物体做匀加速直线运动．（2）计数点间的时间间隔T=0.1s，物体的瞬时速度：v B=v.AC=x AC2T =27.60×10−22×0.1=1.38m/s，v C=v.BD=x AD−x AB2T =60.30−7.502×0.1×10−2=2.64m/s，v D=v.CE=x AE−x AC2T =105.60−27.602×0.1×10−2=3.90m/s，应用描点法作图，v-t图象如图所示，a=△v△t =5−0.30.4≈11.75m/s2；（3）v-t图线延长与纵轴相交，交点速度表示计数点A对应的速度，其大小为0.3m/s．故答案为：（1）匀加速直线，（2）1.38，2.64，3.90，11.75（11.68～11.82），（3）0.3，小车运动的初速度．（1）做匀变速运动的物体，在相邻的相等时间内的位移差是一个定值at2，根据纸带分析答题．（2）做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，据此求出各点的瞬时速度；应用描点法作图，然后根据v-t图象求出加速度．（3）v-t图象与纵轴的交点是计时开始时物体的速度．熟练应用匀变速运动规律，即可正确求出物体的瞬时速度；本题的难点是作v-t图象，求加速度，一定要掌握描点法作图的方法．四、实验题探究题(本大题共1小题，共5.0分)18.小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值．（1）在使用前发现电表指针位置如图甲所示，该同学应该调节哪个位置______ （选“①”或“②”）；（2）小明使用多用电表欧姆挡的“×10”挡测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆挡______ （填“×100”挡或“×1”挡），两表笔短接并调节______ （选“①”或“②”）．（3）按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为______Ω．【答案】①；×1；②；28【解析】解：（1）由甲图可知，使用前指针不指零，应调机械调零旋钮①进行机械调零；（2）因指针偏角过大，则示数太小，说明所选档位过大，故应换小倍率，所以小明应旋转开关至欧姆挡“×1”，两表笔短接，欧姆调零，应调欧姆调零旋钮②，（3）电阻表读数规则是“示数×倍率”，读数应为28×1Ω=28Ω．故答案为：（1）①；（2）×1；②（3）28．（1）明确多用电表的使用方法，知道在使用前应观察指针是否在左侧零刻度处，如不在应进行机械调零；（2）用欧姆表测电阻时，欧姆表指针应指在欧姆表刻度盘中央附近，根据待测电阻阻值选择合适的挡位，并进行欧姆调零；（3）根据指针位置得出读数，再乘以档位即可得出最终的读数．本题利用多用电表测量电阻，要注意掌握多用电表的使用方法，掌握机械调零和欧姆调零，同时注意如何选择合适的档位，并进行读数，注意明确每次换档均应进行欧姆调零．五、计算题(本大题共2小题，共21.0分)19.如图甲所示，质量为1kg的物体置于倾角为37°的固定斜面上，对物体施加平行于斜面上的拉力F，使物体由静止开始沿斜面向上运动．t=1s时撤去拉力．已知斜面足够长，物体运动的部分v-t图象如图乙所示，g=10m/s2，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F．（2）t=6s时物体的速度是多少．【答案】解：（1）设力F作用时物体的加速度为a1，对物体进行受力分析，由牛顿第二定律可知F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1撤去力后，由牛顿第二定律有mgsinθ+μmgcosθ=ma2根据图象可知：a1=△v1△t1=201m/s2=20m/s2，a2=101m/s2=10m/s2解得：μ=0.5拉力F=30N（2）设撤去力后物体运动到最高点时间为t2，v1=a2t2，解得t2=2010=2s则物体沿着斜面下滑的时间为t3=t-t1-t2=6-1-2=3s 设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律可得：mgsinθ-μmgcosθ=ma3解得a3=2m/s2t=6s时速度v=a3t3=6m/s，方向沿斜面向下答：（1）拉力F的大小为30N和斜面的动摩擦因数为0.5；（2）t=6s时物体的速度为6m/s，方向沿斜面向下．【解析】（1）根据速度时间图线求出匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度，根据牛顿第二定律求出物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小．（2）根据牛顿第二定律求出返回加速的加速度大小，结合运动学公式求出t=6s时物体的速度．解决本题的关键能够正确地受力分析、根据图象知加速度，理清物体的运动过程，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解．20.“猴子荡秋千”是某马戏团的经典表演项目．如图所示，离地高H=5.4m的O点固定一根长L=3.6m且不可伸长的轻质绳，在绳的一侧有一平台，拉直绳子，其末端正好位于平台边缘A点，绳子与竖直方向成60°角．有一质量m=5kg的猴子在A点抓住绳子末端无初速度地离开平台．在运动过程中猴子可视为质点，空气阻力不计．求：（g取10m/s2）（1）猴子经过O点正下方B点时的速度大小；（2）猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小；（3）若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离多大？（4）若猴子沿绳向上爬行一定距离后（在训练员的帮助下绳仍与竖直方向成60°角），再抓紧绳子无初速度向下摆动，当摆至O点正下方时放开绳子，可能落得比C 点更远吗？试判断并简要说明理由．【答案】解：（1）猴子从A到B过程中由机械能守恒定律得mv2mg L（1-cos60°）=12v=√2gL(1−cos60°)代入数据得v=6m/s（2）设猴子经过B点时受到绳子的拉力大小为F T，由牛顿第二定律得F T-mg=m v2L则F T=mg+m v2L代入数据得F T=100N（3）猴子从B到C过程做平抛运动H-L=1gt22则t=√2(H−L)g代入数据得t=0.6s落地点C与悬点O间的水平距离x=vt代入数据得x=3.6m（4）设猴子沿绳向上爬行到距O点L1处向下摆动，到达O点正下方时速度记为v1mv12mg L1（1-cos60°）=12H-L1=1gt122落地点与O点间的水平距离x1=v1t1=√2(H−L1)L1H=2.7m时最远解得当L1=12因此，猴子可能落得比C点更远．答：（1）猴子经过O点正下方B点时的速度大小是；（2）猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小是；（3）若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离是；3.6mH=2.7m时最远，因此，猴子可能落得比C点更远．（4）分析可知，当L1=12【解析】（1）由静止释放，细绳的拉力不做功，机械能守恒，据此定律列式可求得猴子摆到最低点B时的速度大小；（2）在最低点，由重力和细绳拉力的合力提供小球的向心力，根据牛顿第二定律求解细绳的拉力大小；（3）猴子在B点放开绳子后做平抛运动，由平抛运动的规律求落地点C与悬点O间的水平距离；（4）结合以上的分析方法，求出猴子沿绳向上爬行一定距离后做平抛运动时，水平方向位移的最大值即可．本题是机械能守恒定律、向心力知识和平抛运动的综合，明确向心力的来源，运用运动的分解法研究平抛运动是解题的关键．六、实验题探究题(本大题共1小题，共4.0分)21.（1）在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，测量单摆的周期时，图1中______ （填“甲”“乙”或“丙”）作为计时开始与终止的位置更好些．（2）如图2所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是______ （填字母）．A．用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B．测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C．原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱、副线圈电压大于原线圈电压D．为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响．【答案】乙；AD【解析】解：（1）应在摆球通过平衡位置开始计时：因为摆球经过平衡位置时速度最大，在相同的空间尺度产生的时间误差相对较小，测量的周期较准确，故选乙（2）AD、变压器的输出电压跟输入电压以及原副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，故AD正确．B、变压器只能对交变电流的电压有作用，不能用直流电压表，故B错误．C、根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接0、8，副线圈接0、4，那么副线圈的电压小于原线圈电压，故C错误．故选：AD故答案为：（1）乙；（2）AD（1）在摆球经过最低点开始计时，产生的时间误差较小，（2）可拆变压器能方便选取不同匝数的线圈；变压器只能改变交流电压，因此实验中用交流电压表；原副线圈电压与匝数成正比；探究副线圈电压与匝数关系用控制变量法本题考查了单摆周期的实验操作和变压器实验操作的注意事项，注意能从减小测量误差的角度，理解并掌握实验要求．七、计算题(本大题共2小题，共20.0分)22.如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置间距为d的平行金属板，R和R x分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．（1）调节R x=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v．（2）改变R x，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的R x．【答案】解：（1）导体棒匀速下滑时，M gsinθ=BI l①I=Mgsinθ②Bl。
【精品】2017年浙江省高考物理选考模拟试卷(二)含答案
2017年浙江省高考物理选考模拟试卷（二）一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，满分39分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，不选或错选得0分）1．（3分）飞机着陆后还要在跑道上滑行一段距离，机舱内的乘客透过窗户看到树木向后移动，乘客选择的参考系是（）A．停在机场的飞机 B．候机大楼C．乘客乘坐的飞机 D．飞机跑道2．（3分）在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位对应的物理量是（）A．长度；时间；速度B．长度；力；时间C．长度；质量；时间D．时间；力；加速度3．（3分）如图所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b．当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是（）A．球在a、b两点处一定都受到支持力B．球在a点一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C．球在a点一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D．球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力4．（3分）如图所示，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是（）A．重力势能减小，弹性势能增大B．重力势能增大，弹性势能减小C．重力势能减小，弹性势能减小D．重力势能不变，弹性势能增大5．（3分）拍苍蝇与物理有关．市场出售的苍蝇拍，拍把长约30cm，拍头是长12cm、宽10cm的长方形．这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．有人将拍把增长到60cm，结果一打一个准．其原因是（）A．拍头打苍蝇的力变大了B．拍头的向心加速度变大了C．拍头的角速度变大了D．拍头的线速度变大了6．（3分）质量为m 的物体从高为h 处自由下落，开始的用时为t，则（）A．物体落地所用的时间为t B．物体落地所用的时间为3tC．物体落地时的速度为gt D．物体落地时的速度为3gt7．（3分）一物体做平抛运动，描述物体在竖直方向上的分速度v随时间变化规律的图线是如图所示中的（取竖直向下为正）（）A． B． C． D．8．（3分）某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电的粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是（）A．该电场是匀强电场B．a点电势低于b点电势C．电场力对粉尘做正功D．粉尘的电势能增大9．（3分）欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．10．（3分）如图所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图．实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度．对该实验，下列说法正确的是（）A．当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变B．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍C．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的2倍D．接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，通电导线受到的安培力减半11．（3分）扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫．如图为“iRobot”扫地机器人，已知其电池容量2000mAh，额定工作电压15V，额定功率30W，则下列说法正确的是（）A．扫地机器人的电阻是10ΩB．题中“mAh”是能量的单位C．扫地机器人正常工作时的电流是2AD．扫地机器人充满电后一次工作时间约为4h12．（3分）某星球与地球的质量比为a，半径比为b，则该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为（）A．B．C．ab2D．ab13．（3分）如图所示，一质量为m、电荷量为Q的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方（A、B均视为点电荷），轻绳与竖直方向成30°角，小球A、B静止于同一高度．已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力为（）A．B．C．mg D．mg二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题2分，满分6分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题意，全部选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分）14．（2分）下列说法正确的是（）A．光导纤维是利用光的干涉原理传输信息的B．太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的C．无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了偏振原理D．铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测15．（2分）一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示．副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头，则（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值约为22VC．P向右移动时，副线圈两端的电压变大D．P向右移动时，变压器的输入功率变小16．（2分）能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有（）A．H+H→He+n是核聚变反应B．H+H→He+n是β衰变C．U+n→Ba+Kr+3n是核裂变反应D．U+n→Xe+Sr+2n是α衰变三、非选择题（本题共7小题，共55分）17．（5分）实验中，如图1所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．（1）根据纸带可判定小车做运动．（2）根据纸带计算各点瞬时速度：v B=m/s，v C=m/s，v D= m/s．在如图2所示坐标中作出小车的v t图线，并根据图线求出a=．（保留2位小数）（3）将图线延长与纵轴相交，交点的速度是m/s，此速度的物理意义是．18．（5分）小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值．（1）在使用前发现电表指针位置如图甲所示，该同学应该调节哪个位置（选“①”或“②”）；（2）小明使用多用电表欧姆挡的“×10”挡测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆挡（填“×100”挡或“×1”挡），两表笔短接并调节（选“①”或“②”）．（3）按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为Ω．19．（9分）如图甲所示，质量为1kg的物体置于倾角为37°的固定斜面上，对物体施加平行于斜面上的拉力F，使物体由静止开始沿斜面向上运动．t=1s时撤去拉力．已知斜面足够长，物体运动的部分v﹣t图象如图乙所示，g=10m/s2，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F．（2）t=6s时物体的速度是多少．20．（12分）“猴子荡秋千”是某马戏团的经典表演项目．如图所示，离地高H=5.4m 的O点固定一根长L=3.6m且不可伸长的轻质绳，在绳的一侧有一平台，拉直绳子，其末端正好位于平台边缘A点，绳子与竖直方向成60°角．有一质量m=5kg 的猴子在A点抓住绳子末端无初速度地离开平台．在运动过程中猴子可视为质点，空气阻力不计．求：（g取10m/s2）（1）猴子经过O点正下方B点时的速度大小；（2）猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小；（3）若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离多大？（4）若猴子沿绳向上爬行一定距离后（在训练员的帮助下绳仍与竖直方向成60°角），再抓紧绳子无初速度向下摆动，当摆至O点正下方时放开绳子，可能落得比C点更远吗？试判断并简要说明理由．21．（4分）（1）在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，测量单摆的周期时，图1中（填“甲”“乙”或“丙”）作为计时开始与终止的位置更好些．（2）如图2所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是（填字母）．A．用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B．测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C．原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱、副线圈电压大于原线圈电压D．为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响．22．（10分）如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l 的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置间距为d的平行金属板，R和R x分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．（1）调节R x=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v．（2）改变R x，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的R x．23．（10分）为研究某种材料的荧光特性，兴趣小组的同学设计了图示装置；让质子经过MN两金属板之间的电场加速后，进入有界匀强磁场．磁场的宽度L=0.25m．磁感应强度大小B=0.01T．以出射小孔O为原点，水平向右建立x轴，在0.4≤x≤0.6区域的荧光屏上涂有荧光材枓，（已知质子的质量m=1.6×10﹣27 kg，电量q=1.6×10﹣19 C，进入电场时的初速度可略）（1）要使质子能打在荧光屏上，加速电压的最小值是多少？（2）当使质子打中荧光屏时的动能超过288eV．可使荧光材料发光，对于不同的加速电压，荧光屏上能够发光的区域长度是多少？2017年浙江省高考物理选考模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，满分39分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，不选或错选得0分）1．（3分）飞机着陆后还要在跑道上滑行一段距离，机舱内的乘客透过窗户看到树木向后移动，乘客选择的参考系是（）A．停在机场的飞机 B．候机大楼C．乘客乘坐的飞机 D．飞机跑道【解答】解：乘客随飞机相对地面向前运动，故路旁的树木相对于飞机向后运动，所以当乘客透过窗户看到跑道旁的树木以一定的速度向后退时，该乘客选择的参考系是自己乘坐的飞机．故C正确．故选C．2．（3分）在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位对应的物理量是（）A．长度；时间；速度B．长度；力；时间C．长度；质量；时间D．时间；力；加速度【解答】解：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以C正确．故选：C．3．（3分）如图所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b．当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是（）A．球在a、b两点处一定都受到支持力B．球在a点一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C．球在a点一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D．球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力【解答】解：对小球受力分析如图所示：当小车做匀速运动时，小球也做匀速运动，小球受力平衡，此时N b=0，N a=G，所以在b点处不一定受到支持力；若小车向左做匀加速直线运动，小球加速度方向向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，N a=0，所以在a点处不一定受到支持力，故D正确．故选：D4．（3分）如图所示，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是（）A．重力势能减小，弹性势能增大B．重力势能增大，弹性势能减小C．重力势能减小，弹性势能减小D．重力势能不变，弹性势能增大【解答】解：在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，重力做正功，则小朋友的重力势能减少．弹簧的形变量增大，其弹性势能增加，故A正确，BCD错误．故选：A．5．（3分）拍苍蝇与物理有关．市场出售的苍蝇拍，拍把长约30cm，拍头是长12cm、宽10cm的长方形．这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．有人将拍把增长到60cm，结果一打一个准．其原因是（）A．拍头打苍蝇的力变大了B．拍头的向心加速度变大了C．拍头的角速度变大了D．拍头的线速度变大了【解答】解：要想打到苍蝇，必须要提高线速度；由于苍蝇拍质量很小，故可以认为人使用时角速度一定，根据公式v=rω，提高拍头的转动半径后，会提高线速度；故选：D．6．（3分）质量为m 的物体从高为h 处自由下落，开始的用时为t，则（）A．物体落地所用的时间为t B．物体落地所用的时间为3tC．物体落地时的速度为gt D．物体落地时的速度为3gt【解答】解：A、根据h=gt2得：t1=…①，t=…②联立①②得：t1=t．故A正确，B错误；CD、物体落地时的速度：v=gt1=gt．故CD错误；故选：A7．（3分）一物体做平抛运动，描述物体在竖直方向上的分速度v随时间变化规律的图线是如图所示中的（取竖直向下为正）（）A． B． C． D．【解答】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，即做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，速度时间图线为过原点的倾斜直线，故D正确，A、B、C错误．故选：D．8．（3分）某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电的粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是（）A．该电场是匀强电场B．a点电势低于b点电势C．电场力对粉尘做正功D．粉尘的电势能增大【解答】解：A、因为电场线不是平行等距的直线，所以该电场是非匀强电场，故A错误；B、顺着电场线电势逐渐降低，所以a点电势高于b点电势，故B错误；CD、由于，q＜0，根据，知电场力对粉尘做正功，粉尘的电势能减小，故C正确，D错误；故选：C9．（3分）欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A．B． C．D．【解答】解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A=，B中电阻R B=；C 中电阻R C=；D中电阻R D=；故电阻最小的为A；故选：A．10．（3分）如图所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图．实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度．对该实验，下列说法正确的是（）A．当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变B．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍C．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的2倍D．接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，通电导线受到的安培力减半【解答】解：A、根据安培定则可知，当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向也会发生变化；B、由图可知，接通“1、4”时导线的长度是接通“2、3”时导线长度的3倍，所以根据安培力的公式：F=BIL可知，保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍．故B正确，C错误；D、接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，根据安培力的公式：F=BIL可知，通电导线受到的安培力加倍．故D错误．故选：B11．（3分）扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫．如图为“iRobot”扫地机器人，已知其电池容量2000mAh，额定工作电压15V，额定功率30W，则下列说法正确的是（）A．扫地机器人的电阻是10ΩB．题中“mAh”是能量的单位C．扫地机器人正常工作时的电流是2AD．扫地机器人充满电后一次工作时间约为4h【解答】解：A、额定工作电压15V，额定功率30W，根据P=UI和U=IR，有：R=，故A错误；B、题中“mAh”是电荷量的单位，故B错误；C、扫地机器人正常工作时的电流：I=，故C正确；D、扫地机器人充满电后一次工作时间：t=，故D错误；故选：C12．（3分）某星球与地球的质量比为a，半径比为b，则该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为（）A．B．C．ab2D．ab【解答】解：设地球的质量为M，则星球的质量为aM，地球的半径为R，则星球的半径为bR，根据黄金代换公式mg=得出行星表面的重力加速度g′=，地球表面的重力加速度g=，联立可得行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比=，所以B项正确，A、C、D项错误．故选：B13．（3分）如图所示，一质量为m、电荷量为Q的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方（A、B均视为点电荷），轻绳与竖直方向成30°角，小球A、B静止于同一高度．已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力为（）A．B．C．mg D．mg【解答】解：带电的小球A处于平衡状态，A受到库仑力F、重力mg以及绳子的拉力T的作用，其合力为零．因此有：F=mgtan30°得：F=mg而根据库仑定律有：F=k因r=lsin30°所以F=，故A正确，BCD错误；故选：A．二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题2分，满分6分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题意，全部选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分）14．（2分）下列说法正确的是（）A．光导纤维是利用光的干涉原理传输信息的B．太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的C．无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了偏振原理D．铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测【解答】解：A、根据全反射条件，则光导纤维传递信号，利用了光的全反射原理，故A错误；B、太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的，故B正确；C、无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了衍射原理，故C错误；D、X射线有一定穿透能力，铁路、民航等安检口使用X射线线对行李内物品进行检测．故D正确；故选：BD15．（2分）一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示．副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头，则（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值约为22VC．P向右移动时，副线圈两端的电压变大D．P向右移动时，变压器的输入功率变小【解答】解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A正确．B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为310V，所以电压的有效值为=，根据电压与匝数成正比得副线圈输出电压的有效值，所以B正确．CD、P右移，R变小，原副线的电流都变大．而电压不变，故输出功率增大，输入功率等于输出功率，所以输入功率增大，故CD错误；故选：AB16．（2分）能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有（）A．H+H→He+n是核聚变反应B．H+H→He+n是β衰变C．U+n→Ba+Kr+3n是核裂变反应D．U+n→Xe+Sr+2n是α衰变【解答】解：A、核聚变的过程与核裂变相反，是几个原子核聚合成一个原子核的过程，氢原子核聚变为氦原子核，故A正确；B、β衰变放出的是电子，而这里是中子故B错误；C、核裂变是一个原子核分裂成几个原子核的变化，质量非常大的原子核才能发生核裂变，故C正确；D、α衰变放出的是核原子核，这是裂变反应，故D错误；故选：AC三、非选择题（本题共7小题，共55分）17．（5分）实验中，如图1所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．（1）根据纸带可判定小车做匀加速直线运动．（2）根据纸带计算各点瞬时速度：v B= 1.38m/s，v C= 2.64m/s，v D= 3.90 m/s．在如图2所示坐标中作出小车的v t图线，并根据图线求出a=11.75．（保留2位小数）（3）将图线延长与纵轴相交，交点的速度是0.3m/s，此速度的物理意义是小车运动的初速度．【解答】解：（1）由图示纸带可知：BC﹣AB=CD﹣BC=DE﹣CD=12.6cm，由此可知，物体在相邻相等时间间隔内的位移之差是一个定值，且随时间增加，物体在相等时间内的位移变大，故物体做匀加速直线运动．（2）计数点间的时间间隔T=0.1s，物体的瞬时速度：v B=AC===1.38m/s，v C=BD===2.64m/s，v D=CE===3.90m/s，应用描点法作图，v﹣t图象如图所示，a==≈11.75m/s2；（3）v﹣t图线延长与纵轴相交，交点速度表示计数点A对应的速度，其大小为0.3m/s．故答案为：（1）匀加速直线，（2）1.38，2.64，3.90，11.75（11.68～11.82），（3）0.3，小车运动的初速度．18．（5分）小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值．（1）在使用前发现电表指针位置如图甲所示，该同学应该调节哪个位置①（选“①”或“②”）；（2）小明使用多用电表欧姆挡的“×10”挡测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆挡×1（填“×100”挡或“×1”挡），两表笔短接并调节②（选“①”或“②”）．（3）按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为28Ω．【解答】解：（1）由甲图可知，使用前指针不指零，应调机械调零旋钮①进行机械调零；（2）因指针偏角过大，则示数太小，说明所选档位过大，故应换小倍率，所以小明应旋转开关至欧姆挡“×1”，两表笔短接，欧姆调零，应调欧姆调零旋钮②，（3）电阻表读数规则是“示数×倍率”，读数应为28×1Ω=28Ω．故答案为：（1）①；（2）×1；②（3）28．19．（9分）如图甲所示，质量为1kg的物体置于倾角为37°的固定斜面上，对物体施加平行于斜面上的拉力F，使物体由静止开始沿斜面向上运动．t=1s时撤去拉力．已知斜面足够长，物体运动的部分v﹣t图象如图乙所示，g=10m/s2，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F．（2）t=6s时物体的速度是多少．【解答】解：（1）设力F作用时物体的加速度为a1，对物体进行受力分析，由牛顿第二定律可知F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1撤去力后，由牛顿第二定律有mgsinθ+μmgcosθ=ma2根据图象可知：a1==m/s2=20m/s2，a2=m/s2=10m/s2解得：μ=0.5拉力F=30N（2）设撤去力后物体运动到最高点时间为t2，v1=a2t2，解得t2==2s则物体沿着斜面下滑的时间为t3=t﹣t1﹣t2=6﹣1﹣2=3s设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律可得：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma3解得a3=2m/s2t=6s时速度v=a3t3=6m/s，方向沿斜面向下答：（1）拉力F的大小为30N和斜面的动摩擦因数为0.5；（2）t=6s时物体的速度为6m/s，方向沿斜面向下．20．（12分）“猴子荡秋千”是某马戏团的经典表演项目．如图所示，离地高H=5.4m 的O点固定一根长L=3.6m且不可伸长的轻质绳，在绳的一侧有一平台，拉直绳子，其末端正好位于平台边缘A点，绳子与竖直方向成60°角．有一质量m=5kg 的猴子在A点抓住绳子末端无初速度地离开平台．在运动过程中猴子可视为质点，空气阻力不计．求：（g取10m/s2）（1）猴子经过O点正下方B点时的速度大小；（2）猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小；（3）若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离多大？（4）若猴子沿绳向上爬行一定距离后（在训练员的帮助下绳仍与竖直方向成60°角），再抓紧绳子无初速度向下摆动，当摆至O点正下方时放开绳子，可能落得比C点更远吗？试判断并简要说明理由．【解答】解：（1）猴子从A到B过程中由机械能守恒定律得mgL（1﹣cos60°）=mv2v=代入数据得v=6m/s（2）设猴子经过B点时受到绳子的拉力大小为F T，由牛顿第二定律得F T﹣mg=m则F T=mg+m代入数据得F T=100N（3）猴子从B到C过程做平抛运动H﹣L=gt2则t=代入数据得t=0.6s落地点C与悬点O间的水平距离x=vt代入数据得x=3.6m（4）设猴子沿绳向上爬行到距O点L1处向下摆动，到达O点正下方时速度记为v1mgL1（1﹣cos60°）=mv12H﹣L1=gt12落地点与O点间的水平距离x 1=v1t1=解得当L1=H=2.7m时最远因此，猴子可能落得比C点更远．答：（1）猴子经过O点正下方B点时的速度大小是；（2）猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小是；（3）若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离是；3.6m （4）分析可知，当L1=H=2.7m时最远，因此，猴子可能落得比C点更远．21．（4分）（1）在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，测量单摆的周期时，图1中乙（填“甲”“乙”或“丙”）作为计时开始与终止的位置更好些．（2）如图2所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是AD（填字母）．A．用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B．测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C．原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱、副线圈电压大于原线圈电压D．为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响．【解答】解：（1）应在摆球通过平衡位置开始计时：因为摆球经过平衡位置时速度最大，在相同的空间尺度产生的时间误差相对较小，测量的周期较准确，故选乙（2）AD、变压器的输出电压跟输入电压以及原副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，故AD正确．。
浙江省普通高中2017学考选考(4月)物理试卷-答案
7.【答案】C
【解析】在石块下滑前，自卸车与石块整体的重心位置上升，下滑后又下降，故A错误；动摩擦因数是材料间的固有属性，只与材料有关.和倾角无关，故B错误；车厢与石块间的正压力与右块所受重力在垂直斜面方问的分力大小相等，所以当车厢倾角变大，正压力减小，故C正确；石块在开始下滑时，受到摩擦力等于重力沿着斜面向下的分力，故D错误。
（3）匀加速运动过程位移 米，
匀速运动位移
匀减速运动过程位移
总位移
所以行驶总时间为
所以整个过程中行驶的平均速度大小 。
【考点】位移速度加速度；匀变速直线运动以及公式图像。
20.【答案】（1）弯道1的最大速度 ， 得
（2）弯道2的最大速度 ， 得
直道上由动量定理
代入数据可得
（3）沿如图所示内切的路线行使时间最短，由图可得
【考点】电阻测量实验、电表读数、电路连接。
19.【答案】（1）由运动学公式 ，位移
（2）减速运动过程中加速度 ，由牛顿第二定律可得
（3）位移 ，平均速度
【解析】由题意做出 图像如图
（1）
所以船匀加速运动过程中加速度大小 ，位移大小为
（2）游船匀减速运动过程的加速度大小
根据牛顿第二定律得到
所以游船匀减速运动过程中所受的合力大小
同理下端电子从 点射出时与负 轴最大夹角也为 ，
范围是
（3） 得 ，
每秒进入两极板间的电子数 ： ，解得
（4）由动能定理得出遏制电压 ，
与负 轴成 角的电子的运动轨迹刚好与 板相切，其逆过程是类平抛运动，达到饱和电流所需的最小反向电压 或根据（3）可得饱和电流大小
【考点】磁聚焦、类平抛。
【考点】天体运动。
(word完整版)2017年全国统一高考物理试卷(新课标1)
2017年全国统一高考物理试卷（新课标I ）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有一项是符合题目要求，第6〜8题有多项符合题目要求•全部选对的得6分，选对但不全的得3分•有选错的得0分.1. （3分）将质量为1.00kg的模型火箭点火升空，50g燃烧的燃气以大小为600m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出. 在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）（）A. 30kg?m/sB. 5.7X 102kg?m/sC. 6.0x 102kg?m/sD. 6.3x 102kg?m/s2. （3分）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）.速度较大的球越过球网，速度度较小的球没有越过球网；其原因是（）A.速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B •速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C. 速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D. 速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大3. （3分）如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里.三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，质量分别为m a，m b，m e.已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，e在纸面内向左做匀速直线运动.下列选项正确的是（）A. m a>m b>m cB. m b>m a>m e C m c>m a>m b D. m c>m b>m a4. （3分）大科学工程人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：［H+ 卄:He+扣，已知（H的质量为2.0136u，；Hen 的质量为1.0087u , 1u=931MeV/c 2.氘核聚变反应中释 放的核能约为（ ） A. 3.7MeV B . 3.3MeV C. 2.7MeV D . 0.93MeV 5. （3分）扫描隧道显微镜（STM ）可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌.为 了有效隔离外界振动对STM 的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对 紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示，无扰动时，按下列四 种方案对紫铜薄板施加恒磁场； 减最有效的方案是（ ） 底盘 ：「6. （3分）如图，三根相互平行的固定长直导线 流I ，L i 中电流方向与L 2中的相同，与L 3中的相反.下列说法正确的是（ 才 ％ * \ t \ ................................................................ I I A. L i 所受磁场作用力的方向与L 2、匕所在平面垂直 B. L 3所受磁场作用力的方向与L i 、L ?所在平面垂直 C. L i 、L 2和L 3单位长度所受的磁场作用力大小之比为 1: 1: D. L i 、L 2和匕单位长度所受的磁场作用力大小之比为 「；：.；： 17. （3分）在一静止点电荷的电场中，任一点的电势 ©与该点到点电荷的距离r 的关系如图所示.电场中四个点a 、b 、c 和d 的电场强度大小分别E a 、E b 和E c.点 a 到点电荷的距离r a 与点a 的电势 帕已在图中用坐标（r a ，帕）标出，其余类推.现 将一带正电的试探电荷由a 点依次经b 、c 点移动到d 点，在相邻两点间移动的的质量为3.0150u , 出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰 A . —Ti | 址 V | L ■ k 工r B. 上里; C. L i 、L 2和匕两紫洞薄板 IX XK D.过程中，电场力所做的功分别为W ab、W bc和W ed.下列选项正确的是（2 4 6 r/mA. E a：E b=4: 1B. E c：E d=2：1C. W ab：W bc=3: 1D. W bc：W cd=1：38. （3分）如图，柔软轻绳ON的一端0固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N.初始时，0M竖直且MN被拉直，0M与MN之间的夹角a （a ＞巨）.现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角a不变，在0M由竖直被拉到2A. MN上的张力逐渐增大B. MN上的张力先增大后减小C. 0M上的张力逐渐增大D. 0M上的张力先增大后减小二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分.第9〜32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33〜38题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共129分）9. （5分）某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制滴水计时器”计量时间.实验前，将该计时器固定在小车旁，如图（a）所示.实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车.在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图（b）记录了桌面上连续6个水滴的位置.（已知滴水计时器每30s 内共滴下46个小水滴）（1）由图（b）可知，小车在桌面上是____________ （填从右向左”或从左向右”）运动的. （2）该小组同学根据图（b ）的数据判断出小车做匀变速运动.小车运动到图（b ） 中A 点位置时的速度大小为 ___________m/s ,加速度大小为 ___________ m /s 2.（结果均保 留2为有效数字）10. （10分）某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡 L （额定 电压3.8V ,额定电流0.32A ）;电压表V （量程3V ,内阻3k Q ）;电流表A （量程 0.5A ，内阻0.5 9;固定电阻R ）（阻值1000Q ）;滑动变阻器R （阻值0〜9.0 电源E （电动势5V ,内阻不计）；开关S;导线若干. （1）实验要求能够实现在 0〜3.8V 的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实 验电路原理图. （2 ）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a ）所 83 133 150由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻______________ （填增大”不变”或减小”，灯丝的电阻率___________ （填增大”不变”或减小”.（3）用另一电源E0 （电动势4V,内阻1.00 Q和题给器材连接成图（b）所示的电路图，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率.闭合开关S, 在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为_____________________________________ W,最大功率为 __________ W.（结果均保留2位小数）11. （12分）一质量为8.00X 104 kg的太空飞船从其飞行轨道返回地面•飞船在离地面高度1.60X 105 m处以7.5X103 m/s的速度进入大气层，逐渐减慢至速度为100m/s时下落到地面•取地面为重力势能零点，在飞船下落过程中，重力加速度可视为常量，大小取为9.8m/s2.（结果保留2位有效数字）（1）分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；（2）求飞船从离地面高度600m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功，已知飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的 2.0%.12. （20分）真空中存在电场强度大小为E1的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为V0,在油滴处于位置A时，将电场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变.持续一段时间t1后，又突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到B点.重力加速度大小为g.（1）油滴运动到B点时的速度；（2）求增大后的电场强度的大小；为保证后来的电场强度比原来的大，试给出相应的t1和V0应满足的条件.已知不存在电场时，油滴以初速度V0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两点间距离的两倍.（二）选考题：共15分。
2017年浙江省普通高中高考物理模拟试卷(2)
2017年浙江省普通高中高考物理模拟试卷（2）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共13小题，共39.0分)1.下列关于国际单位制的说法中，不正确的是（）A.在国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量B.在国际单位制中，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒C.为了纪念物理学家的贡献，常将其名字作为某物理量的单位，如牛顿、安培、焦耳、库仑等D.电流强度的单位和磁感应强度的单位均是基本单位【答案】D【解析】解：AB、在国际单位制中，长度、质量、时间三个物理量被选作力学的基本物理量，力学的三个基本单位分别是米、千克、秒，故AB正确；C、为了纪念物理学家的贡献，常将其名字作为某物理量的单位，如牛顿、安培、焦耳、库仑等，故C正确；D、电流强度的单位是基本单位，磁感应强度的单位不是基本单位，故D错误．本题选不正确的，故选：D国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位．2.下列各组物理量中，全是矢量的是（）A.位移、时间、速度、加速度B.路程、质量、电场强度、平均速度C.磁感应强度、电流、磁通量、加速度D.力、角速度、位移、加速度【答案】D【解析】解：A、时间是只有大小、没有方向的标量，位移、速度和加速度都矢量．故A错误．B、路程、质量是标量，电场强度、平均速度是矢量．故B错误．C、电流、磁通量是标量．磁感应强度和加速度是矢量．故C错误．D、力、角速度、位移和加速度都是矢量．故D正确．故选：D矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量．矢量与标量明显区别是矢量有方向，标量没有方向．可结合物理量方向特点记住矢量．3.如图，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是（）A.F1B.F2C.F3D.F4B【解析】解：鸟沿虚线斜向上加速飞行，加速度沿着虚线向上，故合力F沿着虚线向上；鸟受重力和空气对其作用力，根据三角形定则作图如下：故选：B鸟受重力和空气对其作用力（阻力和升力的合力），做匀加速直线运动，加速度沿着虚线向上，故合力沿着虚线向上，根据矢量合成的三角形定则作图判断即可．本题是已知运动情况判断受力情况的问题，关键是先根据运动情况确定加速度方向，得到合力方向，然后受力分析后根据三角形定则判断空气作用力的方向．4.钓鱼岛自古就是我国的领土，它到温州的直线距离为356km．若某天我国海监船为维护我国对钓鱼岛的主权，早上8点20分从温州出发去钓鱼岛巡航，航行了480km，历时8时20分到达钓鱼岛．下列说法中不正确的是（）A.8点20分是指时刻B.8 时20分是指时间间隔C.该海监船位移大小为480km，路程为356kmD.尽管海监船比较大，但还可以将它看成质点【答案】C【解析】解：A、早上8点20分从温州出发，其中8点20分指的是一个时间点，因此为时刻，故A正确；B、历时8时20分，用了一段时间，为时间间隔，故B正确；C、位移是从初位置到末位置的有向线段，为356km；路程为轨迹的实际长度，为480km，故C不正确；D、该海监船在海上航行时，确定位置时其大小可以忽略不计，故可以将该海监船看成质点，故D正确；本题选不正确的，故选：C时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；位移是从初位置到末位置的有向线段，路程为轨迹的实际长度；在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们把近似地把该物体看作是一个具有质量大小和形状可以忽略不计的理想物体，称为质点．本题关键明确位移与路程、时间间隔与时刻、质点的概念，要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段．5.小明同学为了估测某“傻瓜”照相机的曝光时间，他从砖墙前的高处使一个石子自由下落，拍摄石子在空中的照片如图所示．由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹．已知每块砖的厚度约6cm，若想估算该照相机的曝光时间，还需测量的一个物理量是（）A.石子的质量B.照片中石子径迹的长度C.照片中A点距地面的高度D.石子释放时距地面的实际高度【答案】D解：A、自由落体运动的规律与质量无关，所以与石子的质量无关，故选项A错误；B、AB间距为2块砖头的厚度，每块砖的平均厚度6cm，可知照片中石子径迹AB的长度为12cm，故选项B错误；C、由图象可知，A点距离地面为8.5×6cm=51cm，所以不需要照片中A点距地面的高度，故选项C错误；D、若知道石子释放时距地面的实际高度H，则根据石子做自由落体运动落地时的速度v2=2g H，又因，，v B-v A=gt，以上各式联立得：，故选项D正确．故选：D．自由落体运动的规律与质量无关，所以与石子的质量无关，可判断A选项；AB间距为2块砖头的厚度，每块砖的平均厚度6cm，可知照片中石子径迹AB的长度为12cm，可判断B选项；由图象可知，A点距离地面为8.5×6cm=51cm，所以不需要照片中A点距地面的高度，可判断C选项；若知道石子释放时距地面的实际高度H，则可求根据石子做自由落体运动落地时的速度，然后根据速度位移公式求解．本题考查了自由落体运动的规律，意在考查考生的识记和应用能力．正确理解和掌握自由落体运动的规律是解答此题的关键．6.摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米．电梯的简化模型如图甲所示．考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的，已知电梯在t=0时由静止开始上升，a-t图象如图乙所示．由图象可以判断（）A.电梯在0～1s内做匀加速直线运动B.电梯在10～11s内，重力做正功C.电梯在0～11s内的机械能先增大后减小D.电梯运动的最大速度是10m/s【答案】D【解析】解：A、在0-1s内，由乙图可知，加速度逐渐增大，故做变加速直线运动，故A错误；B、在10～11s内，加速度减小，但速度继续增大，继续向上做加速运动，重力做负功，故B错误；C、梯在0～11s内，加速度都为正值，一直做加速运动，拉力一直做正功，故机械能一直增加，故C错误；D、在a-t图象中，与时间轴所围面积为物体的速度，故有：v=，故D正确；故选：D在a-t图象中，根据加速度的变化判断出速度的变化，利用加速度的方向判断出拉力的变化和方向，运用类比法可知，a-t图象与坐标轴所围的“面积”等于速度变化量，本题一要有基本的读图能力，并能根据加速度图象分析电梯的运动情况；二要能运用类比法，理解加速度图象“面积”的物理意义．7.一根粗细均匀的细橡胶管，里面灌满盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段长度为30cm、阻值为R的封闭盐水柱，在盐水柱两端加电压U时，通过盐水柱的电流为I，盐水柱中自由电荷定向移动的平均速率为v．现握住橡胶管的两端把它均匀拉长至40cm，盐水柱的阻值变为R'，再在其两端同样加电压U时，通过盐水柱的电流变为I'，盐水柱中自由电荷定向移动的平均速率变为v'．下列关系式正确的是（）A.R′=RB.I′=IC.v′=vD.v′=v【答案】B【解析】解：A、溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同，故R=，拉长后，R′=′，由于体积不变，故LS=L′S′，则可知长度之比为：3：4，截面积之比为：4：3；联立解得：R′=（′）2R=．故A错误；B、因电压相等，由欧姆定律可知，电流之比为：I：I′=16：9；即I′=I．故B正确；C、D、再由电流的微观表达式：I=nevs可知，v=；则可知速度之比为：′′故v′=v；故CD错误．故选：B由电阻定律可得，R=，对于盐水来讲，体积V=LS保持不变，由此得到电阻的数值，再根据欧姆定律可确定电流大小，再根据电流的微观表达式分析速度关系．本题考查电阻定律以及欧姆定律的应用，要注意溶液长度发生变化时，其截面积也同时在发生变化，这是本题的易错点，要注意正确分析．8.有关圆周运动的基本模型，下列说法不正确的是（）A.如图甲，汽车通过拱桥的最高点处于失重状态B.如图乙所示是一圆锥摆，增大θ，若保持圆锥的高不变，则圆锥摆的角速度不变C.如图丙，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等D.火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对火车轮缘会有挤压作用【答案】C【解析】解：A、汽车在最高点mg-F N=知F N＜mg，故处于失重状态，故A正确；B、如图b所示是一圆锥摆，重力和拉力的合力F=mgtanθ=mω2r；r=L sinθ，知ω=，故增大θ，但保持圆锥的高不变，角速度仍不变，故B正确；C、根据受力分析知两球受力情况相同，即向心力相同，由F=mω2r知r不同，角速度不同，故C错误；D、火车转弯超过规定速度行驶时，重力和支持力的合力不足以提供向心力，则外轨对内轮缘会有挤压作用，故D正确．因选错误的故选：C分析每种模型的受力情况，根据合力提供向心力求出相关的物理量，进行分析即可．此题考查圆周运动常见的模型，每一种模型都要注意受力分析找到向心力，从而根据公式判定运动情况，如果能记住相应的规律，做选择题可以直接应用，从而大大的提高做题的速度，所以要求同学们要加强相关知识的记忆．9.在地面上插入一对电极M、N，将两个电极与直流电源相连，大地中形成恒定电流和恒定电场．恒定电场的基本性质与静电场相同，其电场线分布如图所示，P、Q是电场中的两点．下列说法中正确的是（）A.P点场强比Q点场强大B.P点电势比Q点电势高C.电子在P点的电势能比在Q点的电势能大D.电子沿直线从N到M的过程中所受电场力变大【答案】B【解析】解：A、电场线密的地方电场强度大，所以P点场强比Q点场强小，故A错误B、该电场与等量异种点电荷的电场相似，根据等量异种点电荷的特点可知，MN的中垂线为一个等势面，然后根据沿电场线方向电势降低可知：P点电势一定高于Q点电势，故B正确．C、P点电势高于Q点电势，即φp＞φq．由电势能公式E p=qφ，可知由于电子带负电，q＜0，所以电子在P点的电势能小于在Q点的电势能．故C错误．D、由于该电场是非匀强电场，从N到M的过程E先减小后增大，由F=q E可知，电子所受的电场力也是先减小后增大，故D错误．故选：B．电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化．电子在非匀强电场中所受的电场力是变力．电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．10.研究电流的磁效应时，将一根长直导线南北放置在小磁针的正上方，导线不通电时，小磁针在地磁场作用下静止且N极指向北方，如图所示．现在直导线中通有从北向南的恒定电流I，小磁针转动后再次静止时N极指向（）A.北方B.西方C.北偏西方向D.北偏东方向【答案】D【解析】解：地磁场由南至向北，故只在地磁场作用下，小磁针的N极指向北，当通电导线通由北向南的电流时，在导线下方会产生由西向东的磁场，故小磁针的N极将由北向东偏转，故D正确，ABC错误．故选：D．利用右手螺旋定则判断通电直导线周围磁场的方向，再根据小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向即可判断．本题考查了通电直导线周围磁场的方向的判断，还要会判断环形电流、通电螺线管周围磁场的方向．11.己知地球半径为R，静置于赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；地球同步卫星作匀速圆周运动的轨道半径为r，向心加速度大小为a0，引力常量为G，以下结论正确的是（）A.地球质量M=B.地球质量C.向心加速度之比D.向心加速度之比【答案】A【解析】解：A、地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有：解得地球质量，故选A正确．B、地球赤道上的物体随地球自转时有：，得，故B错误；CD、同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等，物体的角速度也等于地球自转的角速度，所以地球同步卫星与物体的角速度相等．根据a=rω2得，，故CD错误；故选：A地球赤道上的物体随地球自转时，万有引力的一部分提供向心力，地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，据此求解地球质量，同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等，根据a=rω2得出物体随地球自转的向心加速度与同步卫星的加速度之比，从而判断加速度的关系．解决本题的关键知道同步卫星的特点，知道卫星由万有引力提供向心力，特别注意在地球上随地球一起自转的物体，不是万有引力提供向心力，难度适中．12.磁性车载支架（图1）使用方便，它的原理是将一个引磁片贴在手机背面，再将引磁片对准支架的磁盘放置，手机就会被牢牢地吸附住（图2）．下列关于手机（含引磁片，下同）的说法中正确的是（）A.汽车静止时，手机共受三个力的作用B.汽车静止时，支架对手机的作用力大小等于手机的重力大小C.当汽车以某一加速度向前加速时，手机可能不受支架对它的摩擦力作用D.只要汽车的加速度大小合适，无论是向前加速还是减速，手机都可能不受支架对它的摩擦力作用【答案】B【解析】解：A、手机处于静止状态，受力平衡，手机受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁片的吸引力，共受到四个力的作用，故A错误；B、手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和磁片对手机的作用力，根据平衡条件可知，磁片对手机的作用力大小等于重力，方向与重力方向相反．故B正确；CD、由于磁片对手机的支持力与磁片的吸引力的方向都与支架的平面垂直，它们的合力不能抵消重力沿支架斜面方向向下的分力，所以无论是向前加速还是减速，都必定受到支架的沿斜面向上的摩擦力的作用．故C错误，D错误．故选：B手机处于静止状态，受力平衡，对手机受力分析，根据平衡条件分析即可．本题是共点力平衡问题，关键要掌握平衡条件的推论，灵活运用正交分解法，分析力之间的关系，要求同学们能从题目中获取有效信息．13.如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．P是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关S，重物P以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物P上升的速度v=0.70m/s．已知该装置机械部分的机械效率为70%，重物的质量m=45kg．下列说法正确的是（）A.电动机消耗的电功率为550 WB.细绳对重物做功的机械功率为325 WC.电动机输出的电功率为400 WD.电动机线圈的电阻为5Ω【答案】A【解析】解：A、根据电功率关系式有：P电=UI=5×110W=550W，故电动机消耗的功率为550W，故A正确；B、以物体为研究对象，由于物体匀速上升，有：F-mg=0…①P=F•v…②联解①②，代入数据得：P=315W；故细绳对对重物做功的机械功率为315W，故B错误；C、电动机输出的功率P机=机==450W，故C错误；D、根据功能关系有：P电=P机+P热…③P热=I2R…④联解③④，代入数据得：R=4Ω，故D错误；故选：A．（1）已知电动机两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出电动机的耗电功率，根据P =mgv求出机械功率；出（2）由机械部分的机械效率可求出电动机输出功率，根据电动机消耗的功率与输出功率之差，即为线圈电阻发热功率，再由P=I2R求出电动机线圈的电阻．本题考查电动机工作中的能量转化规律，要知道电动机工作时，消耗的电能转化为其它形式的能（一是机械能，二是内能）是解本题的关键；利用P=F v求功率和平衡态列方程是解题的核心．二、多选题(本大题共3小题，共6.0分)14.氢原子的能级如图所示，下列说法正确的是（）A.用能量为12.09e V的光照射一个基态氢原子，最多能辐射出2种不同频率的光子B.用能量为12.09e V的光照射一群基态氢原子，最多能辐射出4种不同频率的光子C.用能量为12.75e V的光照射一个基态氢原子，最多能辐射出6种不同频率的光子D.用能量为12.75e V的光照射一群基态氢原子，最多能辐射出6种不同频率的光子【答案】AD【解析】解：A、因为-13.6+12.09=-1.51e V，可知用能量为12.09e V的光照射一个基态氢原子，原子的能量升高到n=3能级，该原子在自发地向基态跃迁的过程中，可能的情况有两种：1．直接跃迁到基态；2．从3→2→1的途径．可知一个n=3能量态的氢原子，最多能辐射出2种不同频率的光子．故A正确；B、结合A的分析可知，用能量为12.09e V的光照射一群基态氢原子，原子的能量升高到n=3能级，最多能辐射出3种不同频率的光子．故B错误；C、因为-13.6+12.75=-0.85e V，可知用能量为12.09e V的光照射一个基态氢原子，原子的能量升高到n=4能级，该原子在自发地向基态跃迁的过程中，辐射的情况最多为从4→3→2→1的途径．可知一个n=4能量态的氢原子，最多能辐射出3种不同频率的光子．故C错误；D、结合C的分析可知，用能量为12.75e V的光照射一群基态氢原子，原子的能量升高到n=4能级，最多能辐射出种不同频率的光子．故D正确；故选：AD．能级间发生跃迁时吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据数学组合公式求出处于激发态的氢原子可能发射出不同波长光的种数．解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即E m-E n=hv，以及一群原子的辐射种类与一个原子的辐射种类的差别．15.一频率为600H z的声源以20rad/s的角速度沿一半径为0.80m的圆周作匀速圆周运动，一观察者站在离圆心很远的P点且相对于圆心静止，如图所示，下列判断正确的是（）A.观察者接收到汽笛在A点发出声音的频率大于600H zB.观察者接收到汽笛在B点发出声音的频率等于600H zC.观察者接收到汽笛在C点发出声音的频率等于600H zD.观察者接收到汽笛在D点发出声音的频率小于600H z【答案】AB【解析】解：根据多普勒效应，当声源和观测者向相运动时，观测者接受的频率高于声源；当声源和观测者背相运动时，观测者接受的频率低于声源．把速度方向标出来，A点有接近的趋势，频率变大；C点有远离的趋势，频率变小；B、D点速度方向垂直，频率不变．故AB正确，CD错误；故选：AB两个声信号从声源传播到观察者的过程，由于频率发生变化，导致速度也变化，所以时间也会变化；当观察者与波源的距离发生变化时，接收频率与发射频率出现不等现象．多普勒效应是波特有的现象，在传播时可当作质点来处理．16.将某种放射性元素制成核电池，带到火星上去工作．已知火星上的温度、压强等环境因素与地球有很大差别，下列说法正确的是（）A.该放射性元素到火星上之后，半衰期发生变化B.该放射性元素到火星上之后，半衰期不变C.若该放射性元素的半衰期为T年，经过2T年，该放射性元素还剩余12.5%D.若该放射性元素的半衰期为T年，经过3T年，该放射性元素还剩余12.5%【答案】BD【解析】解：A、原子核的衰变是由原子核内部因素决定的，与外界环境无关，因此半衰期不发生变化；故A错误，B正确；C、该元素还剩余12.5%=，根据m=，可知经过了3个半衰期，所以经过了3T年；故C错误，D正确．故选：BD半衰期是原子核有半数发生衰变所需的时间，半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环境与化学状态无关．解决本题的关键理解半衰期的含义以及影响半衰期的因素，半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环境与化学状态无关，半衰期是原子核本身的特性．同时注意记住半衰期是个统计规律．四、单选题(本大题共1小题，共3.0分)18.在“探究作用力与反作用力的关系”实验中，如图1所示，某同学用两个力传感器进行实验，通过计算机得到图2．下列由图2得到的实验结论中错误的是（）A.两传感器间的作用力与反作用力大小相等B.两传感器间的作用力与反作用力方向相反C.两传感器间的作用力与反作用力同时变化D.两传感器间的作用力与反作用力作用在同一物体上【答案】D【解析】解：A、根据图象可知，两传感器间的作用力与反作用力大小相等，方向始终相反．故AB正确．C、作用力与反作用力同时产生，同时变化，同时消失．故C正确．D、作用力与反作用力作用在不同的物体上，故D错误．本题选错误的，故选：D作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，同时产生，同时变化，同时消失．解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，同时产生，同时变化，同时消失，作用在不同的物体上，注意与平衡力之间的区别．三、填空题(本大题共1小题，共2.0分)17.实验小组的同学利用弹簧秤在水平放置的方木板上做“验证共点力的合成规律”实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O以及两只弹簧秤施加的拉力的大小和方向，如图所示．图中每个正方形小格边长均代表0.5N．利用作图法可知F1与F2的合力大小为______ N．（结果保留两位有效数字）【答案】3.4【解析】解：以表示两力的线段作为邻边作平行四边形，平行四边形的对角线是两力的合力，合力如图所示，图中每个正方形小格边长均代表0.5N，F1与F2的合力大小：F≈3.4N；故答案为：3.4．以表示两力F1和F2的线段为邻边作平行四边形，通过O 点的对角线表示合力F，根据图示作出两力F1和F2的合力，然后求出合力的大小．本题考查了求合力的大小，掌握平行四边形定则是解题的前提与基础，准确作出合力的图示是解题的关键，解题时要准确测出表示合力的线段的长度．五、实验题探究题(本大题共1小题，共5.0分)19.某同学在测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率实验中：（1）用游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为______ cm；用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为______ mm．（2）选用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为______ Ω．（3）为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：电流表A1（量程600m A，内阻约为2Ω）；。
2017年浙江省杭州市萧山区高考物理模拟试卷及参考答案
2017年浙江省杭州市萧山区高考物理模拟真题一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分．）1．（3分）2016年里约奥运会中国选手孙杨在男子200米自由泳决赛中以1分44秒65的成绩夺金，这两个物理量分别是（）A．路程，时刻B．路程，时间C．位移，时刻D．位移，时间2．（3分）下列运动图象中表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．3．（3分）如图所示，一列以72km/h的速度行驶的火车在驶近一座石拱桥时做匀减速运动，加速度大小为0.1m/s2，减速行驶了2min，则减速后火车速度（）A．6.0m/s B．8.0m/s C．10.0m/s D．12.0m/s4．（3分）下列叙述错误的是（）A．亚里士多德认为维持物体的运动需要力B．牛顿通过观察苹果落地得出了万有引力定律C．奥斯特发现电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系D．卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量的数值，从而验证了万有引力定律5．（3分）黑板擦被竖直悬挂着的磁性黑板紧紧吸住不动，下列说法正确的是（）A．黑板擦受到四个力作用，其中有三个力的施力物体是黑板B．黑板擦与黑板间在水平方向有一对相互作用力C．磁力和弹力是一对作用力反作用力D．摩擦力大于重力，黑板擦才不会掉下来6．（3分）如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g．则有（）A．a1=g，a2=g B．a1=0，a2=gC．a1=0，a2=g D．a1=g，a2=g7．（3分）如图所示，离地面高h处有甲、乙两个小球，甲以速度v0水平抛出，同时以大小相同的初速度v0沿倾角为30°的光滑斜面滑下．若甲、乙同时到达地面，不计空气阻力，则甲运动的水平距离是（）A．h B．h C．h D．2h8．（3分）2016年10月19日“神舟十一号”载人飞船与“天宫二号”空间实验室成功实现自动交会对接，在距地面393公里的圆形轨道上进行对接形成组合体，航天员景海鹏、陈东进驻“天宫二号”，组合体在轨飞行30天，期间进行了多项科学实验和科普活动．下列说法正确的是（）A．对接后的组合体运动周期大于地球的自转周期B．“神舟十一号”在变轨前后的线速度可能大于7.9km/sC．对接后将在“天宫二号”内工作的宇航员因受力平衡而在其中悬浮或静止D．在“天宫二号”空间实验室中航天员可以使用弹簧测力计测拉力9．（3分）高空“蹦极”是勇敢者的游戏．蹦极运动员将弹性长绳（质量忽略不计）的一端系在双脚上，另一端固定在高处的跳台上，运动员无初速地从跳台上落下．若不计空气阻力g为重力加速度，则（）A．弹性绳开始伸直时，运动员的速度最大B．整个下落过程中，重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功C．整个下落过程中，运动员的机械能守恒D．从弹性绳开始伸直到最低点的过程中，运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大10．（3分）太阳能路灯是采用晶体硅太阳能电池供电，用于代替传统公用电力照明的路灯，白天太阳能电池对蓄电池充电，晚上蓄电池的电能供给路灯照明．太阳光垂直照射到地面上时，单位面积的辐射功率为P0=1.0×103W/m2．某一太阳能路灯供电系统对一盏LED灯供电，太阳能电池的光电转换效率为15%左右，电池板面积1m2，采用两组12V蓄电池（总容量300Ah），LED路灯规格为“40W，24V”，蓄电池放电预留20%容量．下列说法正确的是（）A．蓄电池的放电电流约为0.6AB．一盏LED灯每天消耗的电能约为0.96kWhC．该太阳能电池板把光能转换为电能的功率约为40WD．把蓄电池完全充满电，太阳照射电池板的时间不少于38.4h11．（3分）某同学为了探究影响电荷间相互作用力的因素，进行了以下的实验：M是一个带正电的物体，把系在丝线上的带正电的轻质小球先后挂在P1、P2、P3位置，发现丝线偏离竖直方向的角度逐渐变小．这个实验结果说明电荷之间的作用力（）A．随着电荷量的增大而增大B．与两电荷量的乘积成正比C．随着电荷间距离的增大而减小D．与电荷间距离的平方成反比12．（3分）如图所示，一根重力为G=0.1N、长为L=1m、质量分布均匀的导体ab、，在其中点弯成60度角，将此导体放入匀强磁场中，导体两端ab、悬挂于两相同的弹簧下端，弹簧均处于竖直状态，当导体中通有I=1A的电流时，两根弹簧比原长各缩短了△x=0.01m，已知云强磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度的大小B=0.4T，则（）A．导体中电流的方向为a→bB．每根弹簧的弹力大小为0.5NC．弹簧的进度系数为k=5N/mD．若导体中不同电流，则弹簧比原长伸长了0.02m13．（3分）如图是磁流体发电机的示意图，它的发电原理是：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带有正电和负电的微粒，而从整体上说呈电中性）喷射入磁场，于是在磁场中有两块金属板a、b上就会聚集电荷，产生电压．以下说法正确的是（）A．A板电势较高B．流过R的电流方向a→R→bC．等离子体在a、b间运动时，磁场力对等离子体做正功D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力二、选择题Ⅱ（本体共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个选项中至少有一个是符合要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，选错得0分）15．（2分）一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则（）A．该波的振幅可能是20cmB．该波的波长可能是8.4mC．该波的波速可能是10.5m/sD．该波由a传播到b可能历时7s16．（2分）如图所示所涉及实验及现象的说法正确的是（）A．甲图所示为光电效应实验装置，任意频率的光照射锌板都可以放出光电子B．乙图所示为利用光导纤维制成的内窥镜，利用了光的全反射原理C．丙图所示为放射线在磁场中的运动轨迹，可知甲为β射线，乙为γ射线，丙为α射线D．丁图所示为α粒子散射实验，利用α粒子打到金属箔时受到库仑力作用而发生偏转17．（2分）氢原子的部分能级如图所示，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出不同频率的光．已知可见光的光子能量在1.62eV到3.11eV之间．由此可推知，氢原子（）A．从高能级向n=3能级跃迁时发出的光子频率比可见光的高B．从高能级向n=2能级跃迁时发出的光均为可见光C．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应D．频率最小的光是由n=4能级跃迁到n=3能级产生的三、非选择题（本题共10小题，共55分）18．（5分）以下说法正确的是（）A．用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响B．用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”每次改变砝码及砝码盘总质量之后，不需要重新平衡摩擦力C．在用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”时，应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量D．用此装置探究“探究功与速度变化的关系”实验时，不需要平衡小车运动中所受摩擦力的影响19．（3分）在探究“探究加速度a与力F和质量m的关系”实验时需要平衡摩擦力，正确的操作是（）A．把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动B．不能把砝码盘的细线系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动C．不能把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动D．把砝码盘的细线系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动20．（3分）本装置中要用到打点计时器，其中需要如图1电源的打点计时器是图2中的．在利用此装置“探究加速度a与力F和质量m的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图3．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，A点读数为cm，此次实验中打点计时器打下A 点时小车的瞬时速度为m/s．（结果保留2位有效数字）21．（3分）某同学要测定一节干电池的电动势和内阻，现有下列器材可供选用：A．电压表（0～3V，内阻约5kΩ）B．电流表（0～100mA，内阻1Ω）E．滑动变阻器R3（阻值0～15Ω）F．滑动变阻器R（阻值0～1000Ω）F．开关、导线若干操作步骤如下：（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物连接图，要求滑动变阻器的滑片P自左向右滑动时电流表示数变小（2）为了得到合理的实验结果，滑动变阻器应选（填E或F）（3）用此方法测量该电池的电动势和内阻，并把测量结果记录在图乙所示的图中，由图可知电池的电动势为V，内阻为Ω22．（9分）如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用．一架质量m=1kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=16N，无人机上升过程中最大速度为6m/s．若无人机从地面以最大升力竖直起飞，打到最大速度所用时间为3s，假设无人机竖直飞行时所受阻力大小不变．（g取10m/s2）．求：（1）无人机以最大升力起飞的加速度；（2）无人机在竖直上升过程中所受阻力F f的大小；（3）无人机从地面起飞竖直上升至离地面h=30m的高空所需的最短时间．23．（12分）弹簧在学校组织的趣味运动会上，某科技小组为大家提供了一个寓学于乐的游戏．如图所示，将一质量为0.1kg的钢球放在O点，用弹射装置将其弹出，其实沿着光滑的半环形轨道OA和AB运动，BC段为一段长为L=2.0m的粗糙平面，DEFG为接球槽．圆弧OA和AB的半径分别为r=0.2m，R=0.4m，小球与BC段的动摩擦因数为μ=0.7，C点离接球槽的高度为h=1.25m，水平距离为x=0.5m，接球槽足够大，g取10m/s2．求：（1）要使钢球恰好不脱离圆轨道，钢球在A点的速度多大？（2）在B位置对半圆轨道的压力多大？（3）要使钢球最终能落入槽中，弹射速度v0至少多大？24．（4分）某同学在做“在用单摆测量重力加速度”的实验中，实验装置如图（a）所示，细线的上端固定在铁架台上，下端系一个小钢球，做成一个单摆．实验过程有两组同学分别用了图（b）（c）的两种不同方式悬挂小钢球，你认为（选填“b”或“c”）悬挂方式较好．他通过多次实验后以摆场L为横坐标，T2为纵坐标，做出的T2﹣L图线，若该同学计算摆长的时候加的是小球的直径，则所化图线在图（d）中是．25．（3分）利用双缝干涉测定光的波长实验中，取双缝间距d=0.5mm，双缝与光屏间距离L=0.5m，用某种单色光照射双缝得到干涉图象如图，分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数如图，则单色光的波长为m；若改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将（填“变大”、“变小”或“不变”）26．（10分）电视机中显像管（抽成真空玻璃管）的成像原理主要是靠电子枪产生高速电子束，并在变化的磁场作用下发生偏转，打在荧光屏不同位置上发出荧光而形成像．显像管的原理示意图（俯视图）如图甲所示，在电子枪右侧的偏转线圈可以产生使电子束沿纸面发生偏转的磁场，偏转的磁场可简化为由通电螺线管产生的与纸面垂直的磁场，该磁场分布的区域为圆形（如图乙所示），其磁感应强度B=μNI，式中μ为磁常量，N为螺线管线圈的匝数，I为线圈中电流的大小．由于电子的速度极大，同一电子穿过磁场过程中可认为磁场没有变化，是稳定的匀强磁场．已知电子质量为m，电荷量为e，电子枪加速电压为U，磁常量为μ，螺线管线圈的匝数N，偏转磁场区域的半径为r，其圆心为O点．当没有磁场时，电子束通过O点，打在荧光屏正中的M点，O点到荧光屏中心的距离OM=L．若电子被加速前的初速度和所受的重力、电子间的相互作用力以及地磁场对电子束的影响均可忽略不计，不考虑相对论效应及磁场变化所激发的电场对电子束的作用．（1）求电子束经偏转磁场后打到荧光屏上P点时的速率；（2）若电子束经偏转磁场后速度的偏转角θ=60°，求此种情况下电子穿过磁场时，螺线管线圈中电流I0的大小；（3）当线圈中通入如图丙所示的电流，其最大值为第（2）问中电流的0.5倍．求电子束打在荧光屏上发光所形成“亮线”的长度．27．（10分）如图所示，倾角为α的光滑固定斜面，斜面上相隔为d的平行虚线MN与PQ间有大小为B的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m，电阻为R，边长为L的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈在沿斜面向上的恒力作用下，以速度v匀速进入磁场，线圈ab边刚进入磁场和cd边刚要离开磁场时，ab边两端的电压相等．已知磁场的宽度d大于线圈的边长L，重力加速度为g．求（1）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（2）恒力F的大小；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．2017年浙江省杭州市萧山区高考物理模拟真题参考答案与试题解析一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分．）1．（3分）2016年里约奥运会中国选手孙杨在男子200米自由泳决赛中以1分44秒65的成绩夺金，这两个物理量分别是（）A．路程，时刻B．路程，时间C．位移，时刻D．位移，时间【解答】解：“200米”是指选手从起点到终点走过的路程，1分44秒65是通过这段路程需要的时间，故B正确，ACD错误．故选：B2．（3分）下列运动图象中表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．【解答】解：匀变速的位移时间关系为：，可知是二次函数关系，故AB错误．匀变速的速度时间关系为：v=v0+at，可知是线性函数关系，t=0时，速不为零，且斜率不为零，故C正确，D错误故选C3．（3分）如图所示，一列以72km/h的速度行驶的火车在驶近一座石拱桥时做匀减速运动，加速度大小为0.1m/s2，减速行驶了2min，则减速后火车速度（）A．6.0m/s B．8.0m/s C．10.0m/s D．12.0m/s【解答】解：72km/h=20m/s，2min=120s速度减为0的时间为：，行驶2min还未停止根据速度时间关系式有：v=20+（﹣0.1）×120=8m/s，故B正确，ACD错误；故选：B4．（3分）下列叙述错误的是（）A．亚里士多德认为维持物体的运动需要力B．牛顿通过观察苹果落地得出了万有引力定律C．奥斯特发现电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系D．卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量的数值，从而验证了万有引力定律【解答】解：A、亚里士多德认为维持物体的运动需要力，伽利略认为维持物体运动不需要力的作用，故A正确；B、牛顿根据开普勒三定律和牛顿运动定律并结合向心力公式推导出了万有引力定律，故B错误；C、奥斯特发现电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故C正确；D、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，故D 正确；本题选择错误的，故选：B5．（3分）黑板擦被竖直悬挂着的磁性黑板紧紧吸住不动，下列说法正确的是（）A．黑板擦受到四个力作用，其中有三个力的施力物体是黑板B．黑板擦与黑板间在水平方向有一对相互作用力C．磁力和弹力是一对作用力反作用力D．摩擦力大于重力，黑板擦才不会掉下来【解答】解：A、黑板擦受到四个力：重力G=mg，施力物体是地球；支持力N、摩擦力f、磁力T，这三个力的施力物体都是磁性黑板，故A正确．B、黑板对黑板擦有支持力，则黑板擦对黑板有压力，这两个力是一对相互作用力；黑板对黑板擦有磁力，反过来，黑板擦对黑板有大小相等的磁力，这两个力是一对相互作用力；所以水平方向有两对相互作用力：互相吸引的磁力和互相推斥的弹力，故B错误．C、黑板擦所受的磁力和弹力是一对平衡力，大小相等，故C错误．D、由上分析磁力与弹力大小相等，只有黑板擦所受的最大静摩擦力小于等于重力，黑板才能吸住黑板擦不动，故D错误．故选：A．6．（3分）如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g．则有（）A．a1=g，a2=g B．a1=0，a2=gC．a1=0，a2=g D．a1=g，a2=g【解答】解：在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，mg=F，a1=0．对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律a==故选C．7．（3分）如图所示，离地面高h处有甲、乙两个小球，甲以速度v0水平抛出，同时以大小相同的初速度v0沿倾角为30°的光滑斜面滑下．若甲、乙同时到达地面，不计空气阻力，则甲运动的水平距离是（）A．h B．h C．h D．2h【解答】解：平抛运动的时间为：t=；乙在斜面下滑的加速度为：a=．根据，代入数据得：=甲的水平距离为．故A正确，B、C、D错误．故选：A．8．（3分）2016年10月19日“神舟十一号”载人飞船与“天宫二号”空间实验室成功实现自动交会对接，在距地面393公里的圆形轨道上进行对接形成组合体，航天员景海鹏、陈东进驻“天宫二号”，组合体在轨飞行30天，期间进行了多项科学实验和科普活动．下列说法正确的是（）A．对接后的组合体运动周期大于地球的自转周期B．“神舟十一号”在变轨前后的线速度可能大于7.9km/sC．对接后将在“天宫二号”内工作的宇航员因受力平衡而在其中悬浮或静止D．在“天宫二号”空间实验室中航天员可以使用弹簧测力计测拉力【解答】解：A、对接后的组合体轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则其周期小于同步卫星周期，即小于地球的自转周期，则A错误B、所有卫星的运行速度都不大于第一宇宙速度即7.9km/s，则B错误C、在“天宫二号”内工作的宇航员悬浮或静止，其所受的引力提供向心力，产生向心加速度，不是平衡态，则C错误D、空间实验室中航天员为完全失重状态，但测力计还可以测拉力．则D正确故选：D9．（3分）高空“蹦极”是勇敢者的游戏．蹦极运动员将弹性长绳（质量忽略不计）的一端系在双脚上，另一端固定在高处的跳台上，运动员无初速地从跳台上落下．若不计空气阻力g为重力加速度，则（）A．弹性绳开始伸直时，运动员的速度最大B．整个下落过程中，重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功C．整个下落过程中，运动员的机械能守恒D．从弹性绳开始伸直到最低点的过程中，运动员的重力势能与弹性绳的弹性势能之和不断增大【解答】解：A、弹性绳开始伸直时，拉力为零，物体只受重力，合外力向下，运动员向下做加速运动，速度继续增大，故速度不是最大．故A错误；B、整个下落过程中，由于初末速度都为零，根据动能定理，总功为零，故重力对运动员所做的功等于运动员克服弹性绳弹力所做的功，故B正确；C、整个下落过程中，运动员和弹性长绳整体的机械能守恒，但是运动员的机械能不守恒，故C错误；D、从弹性绳开始伸直到最低点的过程中，开始阶段，拉力增加但还是小于重力，合外力向下，运动员向下做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最增大，动能增大，根据动能定理可知，重力势能与弹性绳的弹性势能之和减小，此后拉力继续增加大于重力，合外力向上，运动员开始做加速度增大的减速运动，速度减小，动能减小，重力势能与弹性绳的弹性势能之和增大，故D错误．故选：B．10．（3分）太阳能路灯是采用晶体硅太阳能电池供电，用于代替传统公用电力照明的路灯，白天太阳能电池对蓄电池充电，晚上蓄电池的电能供给路灯照明．太阳光垂直照射到地面上时，单位面积的辐射功率为P0=1.0×103W/m2．某一太阳能路灯供电系统对一盏LED灯供电，太阳能电池的光电转换效率为15%左右，电池板面积1m2，采用两组12V蓄电池（总容量300Ah），LED路灯规格为“40W，24V”，蓄电池放电预留20%容量．下列说法正确的是（）A．蓄电池的放电电流约为0.6AB．一盏LED灯每天消耗的电能约为0.96kWhC．该太阳能电池板把光能转换为电能的功率约为40WD．把蓄电池完全充满电，太阳照射电池板的时间不少于38.4h【解答】解：A、蓄电池的放电电流为I===1.67A，故A错误；B、一盏LED灯的功率为40W，每天平均使用按10小时算，每天消耗的电能约为：W=Pt=40W×10h=400W•h=0.40kWh，故B错误；C、太阳能电池板把光能转化为电能的功率P=P0S×15%=1.0×103×1×15%=150W，故C错误；D、把蓄电池完全充满电，假设太阳能电池板全部用于对蓄电池充电，需能量为：E=（1﹣0.2）qU=0.8×300×24Wh=5760Wh，而太阳能电池的即使一直垂直照射，功率为150W，故用时约：t==38.4h，故D正确，故选：D11．（3分）某同学为了探究影响电荷间相互作用力的因素，进行了以下的实验：M是一个带正电的物体，把系在丝线上的带正电的轻质小球先后挂在P1、P2、P3位置，发现丝线偏离竖直方向的角度逐渐变小．这个实验结果说明电荷之间的作用力（）A．随着电荷量的增大而增大B．与两电荷量的乘积成正比C．随着电荷间距离的增大而减小D．与电荷间距离的平方成反比【解答】解：在研究电荷之间作用力大小的决定因素时，采用控制变量的方法进行，如本实验，根据小球的摆角可以看出小球所受作用力逐渐减小，由于没有改变电性和电量，不能研究电荷之间作用力和电性、电量关系，故ABD 错误，C正确．故选：C．12．（3分）如图所示，一根重力为G=0.1N、长为L=1m、质量分布均匀的导体ab、，在其中点弯成60度角，将此导体放入匀强磁场中，导体两端ab、悬挂于两相同的弹簧下端，弹簧均处于竖直状态，当导体中通有I=1A的电流时，两根弹簧比原长各缩短了△x=0.01m，已知云强磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度的大小B=0.4T，则（）A．导体中电流的方向为a→bB．每根弹簧的弹力大小为0.5NC．弹簧的进度系数为k=5N/mD．若导体中不同电流，则弹簧比原长伸长了0.02m【解答】解：A、由题意知通电后弹簧比原长缩短了，说明安培力方向向上，由左手定则可知，电流方向由b→a，故A错误；B、通电后，ab导体的有效长度为l=L=0.5m，受到的安培力为：F=BIL=0.4×1×0.5N=0.2NF+2F弹=mgF弹=，故B错误；C、F弹=k△xk=，故C正确D、导线不通电，则2kx=mgx=，故D错误故选：C13．（3分）如图是磁流体发电机的示意图，它的发电原理是：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带有正电和负电的微粒，而从整体上说呈电中性）喷射入磁场，于是在磁场中有两块金属板a、b上就会聚集电荷，产生电压．以下说法正确的是（）A．A板电势较高B．流过R的电流方向a→R→bC．等离子体在a、b间运动时，磁场力对等离子体做正功D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力【解答】解：AB、大量带正电和带负电的微粒射入磁场时，由左手定则可以判断正电荷受到的洛伦兹力向下，所以正电荷会聚集的B板上，负电荷受到的洛伦兹力向上，负电荷聚集到A板上，故A板相当于电源的负极，B板相当于电源的正极，所以通过电阻R的电流由b→R→a，B板的电势高，故AB错误；C、等离子体在a、b间运动时，磁场力是洛伦兹力，与速度垂直，不对等离子体做功，故C错误；D、等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力，否则不会偏转，故D正确；故选：D二、选择题Ⅱ（本体共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个选项中至少有一个是符合要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，选错得0分）15．（2分）一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则（）A．该波的振幅可能是20cmB．该波的波长可能是8.4mC．该波的波速可能是10.5m/sD．该波由a传播到b可能历时7s【解答】解：A、由图可知，波的周期为4s，振幅为10cm，故A错误；B、由图可知，在0时刻a在负向最大位置处，b在平衡位置向正方向运动，而。