广东省揭阳市蓝城区白塔中学2015届高三下学期第一次月考物理试卷

合集下载

广东省揭阳市蓝城区白塔中学2017-2018学年高三下学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

广东省揭阳市蓝城区白塔中学2017-2018学年高三下学期第一次月考物理试卷一、选择题1．（3分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇2．（3分）如图，一个重为G的吊椅用三根轻绳AO、BO固定，绳AO、BO相互垂直，α＞β，且两绳中的拉力分别为F A、F B，物体受到的重力为G，则（）A．F A一定大于G B．F A一定大于F BC．F A一定小于F B D．F A与F B大小之和一定等于G3．（3分）如图所示，质量分别为m、2m的物体A、B由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B的受力个数（）A．2个B．3个C．4个D．1个4．（3分）关于核反应的类型，下列表述正确的有（）A．U→Th+He是人工转变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变5．（3分）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加6．（3分）如图所示，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的是（）A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速7．（3分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能保持不变D．机械能增加8．（3分）如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应9．（3分）如图所示，金属杆ab以恒定的速率v在光滑平行导轨上向右滑行，设整个电路总电阻为R（恒定不变），整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，下列叙述正确的是（）A．a b杆中的电流强度与速率v成正比B．磁场作用于ab杆的安培力与速率v成正比C．电阻R上产生的电热功率与速率v成正比D．外力对ab杆做功的功率与速率v成正比二、实验题10．某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．①指出甲图中的一处错误：②下列说法正确的是A．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源③图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为．④若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s2．（保留两位有效数）11．为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线若干①为了尽可能精确测定R x的总电阻值，所选电流表为（填“A1”或“A2”），所选电压表为（填“V1”或“V2”）；②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最（左或右）端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为mm．三、计算题12．如图所示，质量为M，半径为R的光滑半圆槽先被固定在光滑水平面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端C．然后放开半圆槽，让其可以白由运动，m小球义以同样的初速度冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的B点，（g=10m/s2）试求：（1）半圆槽被固定时，小球运动至C点后做平抛运动的水平射程x（2）小球质量与半圆槽质量的比值为多少？13．如图所示，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场（磁感应强度为B）的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：（1）小球A、B碰撞前后的速度各为多少？（2）电场强度E为多少？（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？广东省揭阳市蓝城区白塔中学2017-2018学年高三下学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：甲乙两个质点同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第t1末乙追上了甲．由“面积”求出乙追上甲时离出发点的距离．当两者速度相等时，相距最远．本题关键抓住速度图象的“面积”大小等于物体的位移，来分析追及问题，其中速度相等是相距最远的临界条件．解答：解：甲乙两车同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第2t1末两者位移相等，乙追上了甲，故选B故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．2．（3分）如图，一个重为G的吊椅用三根轻绳AO、BO固定，绳AO、BO相互垂直，α＞β，且两绳中的拉力分别为F A、F B，物体受到的重力为G，则（）A．F A一定大于G B．F A一定大于F BC．F A一定小于F B D．F A与F B大小之和一定等于G考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析拉力F A与F B 的大小关系．解答：解：A、B、C、以结点O为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据平衡条件得知；拉力F A和F B的合力与重力G大小相等、方向相反．由题，a＞β，根据几何知识得到：F A＞F B．D、由上可知，F A大于F B，但F A与F B之和不一定等于G．故D错误．故选：B．点评：本题解答的关键是作出结点O的受力图，根据平衡条件判断F A和F B的大小．3．（3分）如图所示，质量分别为m、2m的物体A、B由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B的受力个数（）A．2个B．3个C．4个D．1个考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：开始时物体匀速上升，则均处于平衡状态；若钢索断裂则物电梯具有向下的加速度，处于失重状态；弹力的形变还在，弹力存在；则可得出B的受力情况．解答：解：因电梯匀速上升，则A受力平衡，则弹力处于压缩状态；故弹力对B有向下的弹力；当钢索断开时，弹簧的形变量不变，故B受向下的弹力；故B受向下的重力及弹力的作用，加速度大于电梯的加速度，故B与电梯之间一定有弹力作用；故B应用到3个力作用；故选：B．点评：本题在受力分析时，关键明确弹簧弹力的性质，注意不能突变这一性质，再结合受力分析及牛顿第二定律判断B与电梯间的相互作用力．4．（3分）关于核反应的类型，下列表述正确的有（）A．U→Th+He是人工转变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变考点：裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：解答本题需要掌握：正确应用质量数和电荷数守恒正确书写核反应方程；明确裂变和聚变反应特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程．解答：解：A、α衰变放出氦原子核，是α衰变．故A错误．B、β衰变放出电子．故B错误．C、轻核聚变是把轻核结合成质量较大的核，释放出核能的反应称聚变反应，故C正确；D、重核裂变是粒子轰击原子核，产生中等核．故D错误．故选：C．点评：对于原子物理中核反应方程、裂变、聚变等基本知识要熟练掌握和应用．5．（3分）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加考点：电场线；电势能．分析：在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势，故A正确．B、从电场线的分布情况可知，c处的电场线比d处的疏，所以c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误．C、正电荷所受电场力和场强方向相同，因此正电荷由a点移到b点时电场力做负功，故C 正确．D、将一负试探电荷由c点移到d点，电场力做正功，电势能减少，故D错误．故选：AC．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系是本章关键，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．6．（3分）如图所示，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的是（）A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：地球的第一宇宙速度是近表面卫星运行速度．地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比较线速度的大小和周期的大小，根据万有引力提供向心力比较B、C的线速度、周期．解答：解：A、B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，地球的第一宇宙速度是近表面卫星运行速度．根据万有引力等于向心力v=，所以卫星B的速度大小小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B、v=，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以v B＞v C，对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，根据v=rω，所以v C＞v A所以v B＞v A，故B错误；C、对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，所以，T A=T C根据万有引力等于向心力得B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以T C＞T B，所以周期大小关系为T A=T C＞T B，故C正确；D、若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速，做离心运动，故D正确；故选：CD．点评：本题抓住同步卫星为参考量，同步卫星与地球自转同步，可以比较AC的参量关系，再根据万有引力提供圆周运动向心力比较BC参量关系，掌握相关规律是解决问题的关键．7．（3分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能保持不变D．机械能增加考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：知道机械能守恒的条件，对物体正确受力分析、熟练应用机械能守恒条件，即可正确解题．解答：解：A、B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的分析，物体做匀加速运动，故A错误，B正确；C、D、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C正确，D错误；故选：BC．点评：对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒．8．（3分）如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应考点：氢原子的能级公式和跃迁．专题：原子的能级结构专题．分析：本题考查了波尔原子理论：从高轨道向低轨道跃迁时减少的能量以光子的形式辐射出去；所有的激发态都是不稳定的，都会继续向基态跃迁，故辐射光子的种类为C．C=λγ，故波长越大，频率越短．波长越大，越容易发生明显的衍射．只有入射光子的能量大于金属的逸出功才会发生光电效应．解答：解：A、根据E m﹣E n=hv，由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大．故A正确B、由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光子频率最小，故B错误C、大量的氢原子处于n=4的激发态，可能发出光子频率的种数n=C=6．故C错误．D、n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子能量E=13.6﹣3.40eV=10.2eV，大于逸出功，能发生光电效应．故D正确．故选AD．点评：解决本题的关键知道光子能量与能极差的关系，即E m﹣E n=hv，以及知道光电效应产生的条件．9．（3分）如图所示，金属杆ab以恒定的速率v在光滑平行导轨上向右滑行，设整个电路总电阻为R（恒定不变），整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，下列叙述正确的是（）A．a b杆中的电流强度与速率v成正比B．磁场作用于ab杆的安培力与速率v成正比C．电阻R上产生的电热功率与速率v成正比D．外力对ab杆做功的功率与速率v成正比考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：A、根据E=BLv求出感应电动势，再根据欧姆定律得出电流强度，从而知道电流强度与速率v的关系．B、根据F A=BIL得出安培力与与速率的关系．C、根据P=I2R得出电功率与速率的关系．D、因为导体杆做匀速运动，所以F=F A，根据P=Fv得出外力功率与速率的关系．解答：解：A、电动势E=BLv，则电流强度I=，知电流强度与速率成正比．故A 正确．B、F A=BIL=．知安培力与速率成正比．故B正确．C、根据P=I2R，I=，则P=，知电阻R产生的热功率与速率的平方成正比．故C错误．D、P=Fv=F A v=，知外力的功率与速率的平方成正比．故D错误．故选AB．点评：解决本题的关键掌握导体切割磁感线产生的感应电动势E=BLv，以及安培力的公式F A=BIL．二、实验题10．某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．①指出甲图中的一处错误：打点计时器的电源接了直流电②下列说法正确的是ACA．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源③图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为3.10cm．④若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为1.0m/s2．（保留两位有效数）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：①打点计时器是使用交流电的计时仪器；②实验前要平衡摩擦力且应调节滑轮的高度使细线与木板平行，实验时应先接通电源，然后再释放小车，在砝码及砝码盘B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力；③根据图象读出AC的距离，根据作差法求出加速度．解答：解：①打点计时器的电源应接交流电，而图中接了直流电；②A、为零使合力等于绳子的拉力，实验前需要平衡摩擦力且应调节滑轮的高度使细线与木板平行，故AC正确；B、在钩码的质量远小于小车的质量时，小车受到的拉力近似等于钩码受到的重力，故B错误；D、实验时应先接通电源，然后再释放小车，故D错误；故选：AC③由图读出AC的距离x=3.10cm；④根据作差法得：a=故答案为：①打点计时器的电源接了直流电；②AC；③3.10cm；④1.0点评：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．11．为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线若干①为了尽可能精确测定R x的总电阻值，所选电流表为A1（填“A1”或“A2”），所选电压表为V2（填“V1”或“V2”）；②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最左（左或右）端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为1.205mm．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题实验原理是：伏安法测电阻．注意涉及两方面问题一是测量电路和控制电路的选择，二是仪器的选择．由于待测电阻很小，故可用安培表外接法，由于滑动变阻器内阻大于待测电阻，故分压、限流电路均可，仪器选择的原则是：使指针偏转尽量大些．螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，然后读出可动刻度；解答：解：①选择仪器一是注意安全性，不能超过量程，二是注意准确性．当指针偏转角度大时，测量比较准确，一般要使指针在三分之二左右偏转，根据所给电源为3V，待测电阻大约20Ω可知电路中电流不会超过0.15A，所以电压表选择V2，电流表选择A1．②根据实验原理图甲，进行实物连接．③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最左端，使得待测滑动变阻器两端电压最小．④螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，为：1mm，然后读出可动刻度，为：0.01×20.5=0.205mm．所以总读数为：1mm+0.205mm=1.205mm故答案为：①A1；V2②如图③左④1.205点评：设计电路时，要通过估算，当电压表内阻远大于待测电阻电阻时应用外接法，否则用内接法；当要求电流或电压从零调或变阻器全电阻远小于待测电阻值时，变阻器应用分压式，一般来说变阻器能用限流式的也可以用分压式．三、计算题12．如图所示，质量为M，半径为R的光滑半圆槽先被固定在光滑水平面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端C．然后放开半圆槽，让其可以白由运动，m小球义以同样的初速度冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的B点，（g=10m/s2）试求：（1）半圆槽被固定时，小球运动至C点后做平抛运动的水平射程x（2）小球质量与半圆槽质量的比值为多少？考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）在C点刚好由重力提供向心力，可解出在C点的速度，小球由C点开始做平抛运动，根据平抛运动的位移公式可求解水平射程x．（2）半圆槽第一次被固定时，对小球运用动能定理列方程．然后放开半圆槽后，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，对m、M系统根据动量守恒定律、动能定理列式，根据以上三个方程化简，即可解出小球质量与半圆槽质量的比值．解答：解：（1）小球刚好可以到达顶端C，刚好由重力提供向心力，则mg=m所以到达C点时的速度为v1=小球由C点做平抛运动，则竖直方向上有2R=gt2所以运动的时间为t=2水平方向上的位移x=v1t=2R．（2）半圆槽第一次被固定时，对小球运用动能定理得：﹣2mgR=﹣mv02解得v02=5gR然后放开半圆槽后，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，取水平向右为正方向．对m、M系统根据动量守恒定律：mv0=（m+M）v2对m、M系统根据机械能守恒得：﹣mgR=（m+M）v22﹣mv02联立以上三式解得：=答：（1）半圆槽第一次被固定时，小球运动至C点后平抛运动的水平射程为2R．（2）小球质量与半圆槽质量的比值为．点评：解答此题的关键能够分析在哪些过程运用动量守恒定律，哪些过程运用能量守恒定律或动能定理，难点是抓住小球到B点时沿水平向右两者有共同速度．13．如图所示，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场（磁感应强度为B）的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：（1）小球A、B碰撞前后的速度各为多少？（2）电场强度E为多少？（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？考点：动量守恒定律；动能定理的应用．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）由动能定理求出A的初速度，然后由动量守恒定律求出碰撞后A、B的速度．（2）根据小球做匀速圆周运动可知，重力与电场力平衡，据此求出电场强度．（3）电场力做功使小球机械能增加，应用牛顿第二定律可以求出机械能的增加量．解答：解：（1）设碰撞前A球速度为v0，由动能定理有：qU=mv02﹣0，解得：v0=，设碰撞后A、B球的速度为v，碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律有：mv0=2mv，解得：v=；（2）带电小球在复合场中做匀速圆周运动，重力与电场力平衡：2mg=qE，解得：E=；（3）带电小球从轨道最低点到最高点过程中，受到重力、电场力和洛伦兹力，其中洛伦兹力不做功，电场力做正功，使小球机械能增加，设轨道半径为R，则机械能改变：△E=2qER，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=2m，联立各式得出：△E=；答：（1）小球A、B碰撞前的速度为：、0，碰撞后的速度都为．（2）电场强度E为；（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了．点评：本题考查了求小球的速度、电场强度、机械能的增量，分析清楚物体运动过程、应用动能定理、平衡条件、动量守恒定律、牛顿第二定律即可正确解题．。

【名师解析】广东省揭阳市2015年高中毕业班高考第一次模拟考试理综物理试题

2015年广东省揭阳市高考物理一模试卷一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，错选或不答得0分．）1．（4分）（2015•揭阳一模）下列说法正确的是（）A．U→Th+He是核裂变反应方程B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变C．一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，该氢原子放出光子，原子的电势能增加D．将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，它的半衰期会发生改变【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度；氢原子的能级公式和跃迁；重核的裂变．【分析】：太阳辐射的能量是核聚变反应；核反应方程满足质量数与质子数守恒规律；经过一个半衰期，只有一半没有发生衰变；电子的轨道半径减小时，电势能减小，动能增大，总能量减小，半衰期与其化学性质与化学状态无关．【解析】：解：A、核反应U→Th+He的过程中放出He（α粒子）是α衰变，故A错误；B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，故B正确；C、一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，该氢原子放出光子，原子能量减小，根据知，得：，电子的动能增大，电势能减小，故C错误；D、半衰期与其化学性质与化学状态无关，将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，它的半衰期会不变，故D错误；故选：B．【点评】：考查核聚变与裂变的区别，掌握核反应方程的书写规律，理解半衰期的内涵，注意轨道半径越大时，动能越小，电势能越大．2．（4分）（2015•揭阳一模）一物体静止在光滑的水平桌面上，现对其施加水平力，使它沿水平桌面做直线运动，该物体的速度﹣时间图象如图所示．根据图象判断下列说法中正确的是（）A．0s～6s时间内物体所受水平力的方向始终没有改变B．2s～3s时间内物体做减速运动C．1s末物体距离出发点最远D．1.5s末和2.5s末两个时刻物体的加速度相同【考点】：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．【解析】：解：A、速度时间图线的斜率表示加速度，根据图象可知，0﹣6s内，加速度的方向改变，所以水平力的方向改变，故A错误．B、2﹣3s内，速度逐渐增大，所以做加速运动，故B错误．C、图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知，2s末离出发点最远，故C错误．D、物体在1﹣3s内做匀变速直线运动，加速度不变，所以1.5s末和2.5s末两个时刻物体的加速度相同，故D正确．故选：D．【点评】：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．3．（4分）（2015•揭阳一模）如图所示，三根横截面完全相同的圆木材A、B、C按图示方法放在水平面上，它们均处于静止状态，则下列说法正确的是（）A．B、C所受的合力大于A受的合力B．B、C对A的作用力的合力方向竖直向上C．B与C之间一定存在弹力D．如果水平面光滑，则它们仍有可能保持图示的平衡【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：对物体进行受力分析，由共点力的平衡条件可知它们受到的合力均为零；用假设法可得出圆柱体光滑时能否平衡．【解析】：解：A、由题意可知，三个小球均处于静止状态，故各物体所受合力都为零，故合力相等，故A错误；B、对A受力分析可知，A受重力和BC的支持力而处于平衡，故BC对A的作用力的合力方向竖直同上，故B正确；C、对B受力分析，B受重力、支持力、A的弹力及地面的摩擦力，若这些力能使物体平衡，则BC间没有弹力，故C错误；D、若圆柱体光滑，则下面的两物体BC将不能保持静止，故D错误；故选：B．【点评】：共点力的平衡题目解决的关键在于能否正确的进行受力分析；若无法判断弹力摩擦力是否存在时，可以采用假设法进行判断．4．（4分）（2015•揭阳一模）如图所示，拖拉机后轮的半径是前轮半径的两倍，A和B是前轮和后轮边缘上的点，若车行进时车轮没有打滑，则（）A．A点和B点的线速度大小之比为1：2B．前轮和后轮的角速度之比为2：1C．两轮转动的周期相等D．A点和B点的向心加速度大小之比为1：2【考点】：线速度、角速度和周期、转速．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：传动装置，在传动过程中不打滑，则有：共轴的角速度是相同的；同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的．所以当角速度一定时，线速度与半径成正比；当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知三点的线速度及角速度关系即可求解．【解析】：解：A、轮A、B分别为同一传动装置前轮和后轮边缘上的一点，所以v A=v B，故A错误．B、根据v=ωr和v A=v B，可知A、B两点的角速度之比为2：1；由ω=2πn，所以转速也是2：1，故B正确．C、据ω=和前轮与后轮的角速度之比2：1，求得两轮的转动周期为1：2，故C错误．D、由a=，可知，向心加速度与半径成反比，则A与B点的向心加速度之比为2：1，故D错误．故选：B．【点评】：明确共轴的角速度是相同的；同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的；灵活应用线速度、角速度与半径之间的关系．二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答得0分）5．（6分）（2015•揭阳一模）若一定量理想气体按如图所示从A状态变化到B状态则（）A．气体内每个分子动能都增大B．气体内能增加C．气体一定吸热D．气体体积可能增大【考点】：理想气体的状态方程；热力学第一定律．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：P﹣T图象是经过坐标原点的直线，说明气体经历等容变化；温度是分子热运动平均动能的标志．【解析】：解：D、P﹣T图象是经过坐标原点的直线，根据理想气体状态方程可知，气体经历等容变化，故体积不变，故D错误；A、气体的温度升高，说明分子热运动的平均动能增加，但不是没有分子的动能均增加，故A错误；B、气体的温度升高，说明内能增加，故B正确；C、气体等容变化，不对外做功，内能增加，故一定是吸收热量，故C正确；故选：BC．【点评】：本题关键是根据理想气体状态方程分析气体的变化过程，结合热力学第一定律和分子动理论分析，基础题目．6．（6分）（2015•揭阳一模）如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则（）A．电场强度比较是E A＞E BB．电势比较是φA＜φBC．电势差比较是U AB＞U BCD．检验电荷沿AC方向移动电场力不做功【考点】：电势差与电场强度的关系；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：由电场线的疏密判断电场强度的大小．顺着电场线电势降低，根据电场线的方向判断电势的高低．在匀强电场中，电场强度与电势差的关系是U=Ed．【解析】：解：A、由题意，该电场是正点电荷产生，则知该正点电荷必定在A的左侧，A 点离正点电荷最近，场强最大，故E A＞E B．故A正确．B、顺着电场线电势必定降低，所以有：φA＞φB＞φC．故B错误．C、由于AB间的电场线比BC间的电场线密，则AB间的电场强度比BC间的电场强度，根据公式U=Ed分析可知U AB＞U BC．故C正确．D、检验电荷沿AC方向移动电场力方向与位移方向相同或相反，电场力一定做功，故D错误．故选：AC．【点评】：本题考查对电场线物理意义的掌握与应用能力．要注意公式U=Ed的适用条件是匀强电场，可用来定性分析非匀强电场中场强与电势差的关系．7．（6分）（2015•揭阳一模）同步卫星是指相对于地面不动的人造卫星．关于各国发射的地球同步卫星，下列表述正确的是（）A．运行的速度都小于7.9km/s B．所受的万有引力大小都相等C．都处于平衡状态D．离地面的高度都相同【考点】：同步卫星．【专题】：人造卫星问题．【分析】：了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球相同．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量【解析】：解：A、7.9km/s是最大的圆周运动环绕速度，地球同步卫星在轨道上的绕行速度约为3.1千米/秒，小于7.9km/s，故A正确；B、不同的卫星由于质量不同，故它们所受到的万有引力大小不一定相同；故B错误；C、卫星都在绕地球做圆周运动，受到的合外力不为零；故C错误；D、所有同步卫星均处于相同高度上；故D正确；故选：AD．【点评】：球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度8．（6分）（2015•揭阳一模）一交流电压为u=100sin100πtV，由此表达式可知（）A．用电压表测量该电压，其示数为100VB．该交流电压的周期为0.02sC．将该电压加在“100V 100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率大于100WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为50V【考点】：正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压表达式中各物理量的含义去分析周期、有效值瞬时值，由功率公式计算消耗的电功率．【解析】：解：A、电压表显示的是有效值，有效值==100V，故A正确；B、ω=100π，周期T==0.02s，故B正确；C、由P===100W；知C错误；D、把t=s代入表达式u=100sin100πt（V）=100V；故D错误；故选：AB【点评】：本题考查了交流电瞬时值的表达式，要在掌握各物理量含义的基础上逐项分析．9．（6分）（2015•揭阳一模）如图，导线ab、cd跨接在电阻不计的光滑的导轨上，ab的电阻为2R，cd电阻为R．当cd在外力F1作用下，匀速向右运动时，ab在外力F2的作用下保持静止．则F1、F2及两导线的端电压U ab、U cd的关系为（）A．F1＞F2 B．F1=F2 C．U ab＞U cd D．U ab=U cd【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：cd棒匀速运动，所受的外力F1与安培力二力平衡．ab在外力F2作用下保持静止，外力F2与所受的安培力二平衡，而两棒所受的安培力大小相等，即可知道两个外力之间的关系．cd棒切割磁感线相当于电源，而ab相当于外电路，ab两端与cd两端的电压相等．【解析】：解：AB、cd在外力F1作用下向右匀速运动，则外力F1与安培力二力平衡，大小相等；ab在外力F2作用下保持静止，外力F2与所受的安培力二平衡，大小相等．由安培力公式F=BIL，可知两棒所受的安培力大小相等，则F1=F2．故A错误，B正确．CD、cd棒切割磁感线相当于电源，而ab相当于外电路，因为导轨电阻不计，所以ab两端与cd两端的电压都是路端电压，大小相等．故有U ab=U cd．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】：本题关键是分析两棒的受力情况，运用平衡条件分析外力关系，由电路知识分析电压关系．三、非选择题（共3道大题，共计54分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）10．（6分）（2015•揭阳一模）某课外兴趣小组利用图1的实验装置研究物体加速度与合外力的关系：①该小组同学实验时先正确平衡摩擦力，并利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，改变钩码的个数，确定加速度a与细线上拉力F的关系，图2中能表示该同学实验结果的是A②某次实验，在一条纸带上选取相邻时间间隔相等的若干计数点，依次如图3中A、B、C、D、E所示．现测出AB=2.20cm，AC=6.40cm，AD=12.58cm，在测量AE段时，不慎把DE 段拉断．根据上面数据，估计AE段的长度为20.74cm．（保留两位小数）【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：（1）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线；（2）根据公式△x=aT2，结合逐差法进行计算即可；【解析】：解：（1）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线，故选A；（2）根据逐差相等公式△x=aT2，可得CD﹣BC=DE﹣CD因为：AB=2.20cm，AC=6.40cm，AD=12.58cm，所以CD=AD﹣AC=12.58﹣6.40=6.18cm，BC=AC﹣AB=6.40﹣2.20=4.20cm，所以DE=2CD﹣BC=2×6.18﹣4.20=8.16cm，故AE=AD+DE=12.58+8.16=20.74cm．故答案为：（1）A；（2）20.74．【点评】：本题考查了学生对牛顿第二定律掌握和运用，本题关键：一是公式△x=aT2理解与掌握，注意巧用T的含义，二是能从图象上得到相关信息．11．（12分）（2015•揭阳一模）某学习小组要探究导电溶液的电阻在体积相同时，电阻值与长度的关系．选取一根乳胶管，里面灌满了稀盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的圆柱形盐水柱．进行了如下实验：①用多用电表粗测盐水的电阻：该小组首先选用“×100”欧姆挡，其阻值如图（甲）中指针a 所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用×1000（选填“×10”或“×1000”）欧姆挡；改换选择开关后，若测得阻值如图（甲）中指针b所示，则R x的阻值大约是6000Ω；②现采用伏安法测盐水柱R x的电阻，有如下实验器材：A．锂电池（电动势标E称值为3.7V）B．电压表V（量程4V，R V约为4.0kΩ）C．电流表A1（量程100mA，R A1约为5Ω）D．电流表A2（量程2mA，R A2约为50Ω）E．滑动变阻器R1（0～40Ω，额定电流为1A）F．开关S一只，导线若干为了测定盐水柱R x的阻值，该小组同学实验时电流表应该选择A2（填A1或A2）．③为探究导电溶液的电阻在体积V相同时，电阻值R与长度L的关系．该小组同学通过握住乳胶管两端把它均匀拉长改变长度，多次实验测得稀盐水柱长度L和电阻R的数据．为了定量研究电阻R与长度L的关系，该小组用纵坐标表示电阻R，作出了如图（乙）所示的图线，你认为横坐标表示的物理量是L2．（选填L、、L2或）【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：欧姆表读数时，由于中间附近的刻度最均匀，故要使指针指在中间附近；欧姆表读数等于刻度盘读数乘以倍率；根据电源电压、盐水的电阻求出通过盐水的最大电流，然后根据该电流选取电流表；在正确实验过程中，盐水的体积不变，由电阻公式求出电阻的表达式，然后根据该表达式确定坐标轴表示什么物理量．【解析】：解：①、由图甲所示可知，用“×100”欧姆挡时，欧姆表针偏角过小，故说明所选量程过小，为准确测量电阻，故应换用大档位，使指针偏角在中间位置，故应选用×1k档；换挡后要重新进行欧姆调零，指针指在b位置，由图示表盘可知，电阻阻值为：6×1k=6kΩ；②由I=，所以电流表应选择A2；③在实验过程中，盐水的体积V保持不变，因为V=SL，所以盐水的横截面积S=盐水的电阻R=ρ=ρ由此可知，电阻R与L2成正比，横坐标表示的物理量是L2．故答案为：①×1000、6000；②A2；③L2．【点评】：本题考查了多用电表的读数，对多用电表进行读数前要明确多用电表选择开关置于什么挡上，根据多用电表的档位及表盘确定其分度值，然后根据指针位置读数；选择电流表时应明确：应根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程．12．（18分）（2015•揭阳一模）如图（甲）所示，某粒子源向外放射出一个α粒子，粒子速度方向与水平成30°角，质量为m，电荷量为+q．现让其从粒子源射出后沿半径方向射入一个磁感应强度为B、区域为圆形的匀强磁场（区域Ⅰ）．经该磁场偏转后，它恰好能够沿y 轴正方向进入下方的平行板电容器，并运动至N板且恰好不会从N板的小孔P射出电容器．已知平行板电容器与一边长为L的正方形单匝导线框相连，其内有垂直框面的磁场（区域Ⅱ），磁场变化如图（乙）所示．不计粒子重力，求：（1）磁场区域Ⅱ磁场的方向及α粒子射出粒子源的速度大小；（2）圆形磁场区域的半径；（3）α粒子在磁场中运动的总时间．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）α粒子不会从N板的小孔P射出电容器，说明在MN板间受到向上的电场力，电场方向向上，N板的电势比M板的电势高．根据楞次定律可判断出区域Ⅱ内磁场的方向．由法拉第电磁感应定律求出MN板间的电压，对于α粒子在MN板间的运动过程，运用动能定理列式，可求α粒子射出粒子源的速度大小．（2）α粒子在圆形磁场区域内做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出轨道半径，画出其运动轨迹，由几何知识求解圆形磁场区域的半径．（3）在MN板间，α粒子在电场力作用下会重新回到圆形磁场区域，根据轨迹对应的圆心角求解α粒子在磁场中运动的总时间．【解析】：解：（1）据题分析知，MN板间的电场方向向上，N板的电势比M板的电势高，根据楞次定律可知：磁场区域Ⅱ的磁场垂直于纸面向外．设正方形线框中产生的感应电动势为U．根据法第电磁感应定律，得U==S=①α粒子运动到P点恰好速度为零，对于在MN板间的运动过程，根据动能定理，有qU=②联立①②得v=③（2）设粒子运动半径为r，圆形磁场区域的半径为R．根据牛顿第二定律，有qvB=m④画出粒子的运动轨迹，如图，由几何关系可知tan30°=⑤联立③④⑤解得R==（3）粒子的运动周期为T=⑥粒子在电场力作用下要重新进入磁场，故运动时间为t=2×T ⑦联立④⑤⑥⑦得t=答：（1）磁场区域Ⅱ磁场的方向垂直于纸面向外，α粒子射出粒子源的速度大小为；（2）圆形磁场区域的半径为；（3）α粒子在磁场中运动的总时间为．【点评】：本题是粒子在磁场中匀速圆周运动和电场中运动、电磁感应的综合．磁场中圆周运动常用方法是画轨迹，由几何知识求半径．13．（18分）（2015•揭阳一模）如图所示，绝缘光滑水平面上放置有不带电的质量为m A=2kg 的滑块A和质量为m B=1kg，带电荷量q=+5C的滑块B．A、B之间夹有一压缩的绝缘弹簧（与A、B不连接），弹簧储存的弹性势能为E p=12J．水平面与传送带最左端M相切，传送带的长度L=2m，M点的右边存在水平向右的场强为E=2V/m的匀强电场，滑块B与传送带的动摩擦因数μ=0.2．现在自由释放A、B，B滑上传送带之前已经与弹簧脱离，（g=10m/s2），求：（1）滑块A、B脱离弹簧时A、B的速度大小；（2）若传送带顺时针转动，试讨论滑块B运动到传送带N端的动能E k与传送带的速度v 的关系．【考点】：动量守恒定律；动能定理；机械能守恒定律；电势差与电场强度的关系．【专题】：动量定理应用专题．【分析】：（1）由动量守恒定律可机械能守恒定律可求得两物体的速度；（2）分别计论传送带速度在不同的范围内的运动情况，由动能定理可明确动能与速度的关系．【解析】：解：（1）根据动量守恒定律，得m A v A﹣m B v B=0根据能量守恒定律，得E P=m A V A2+m B v B2解得v A=2m/s，v B=4m/s（2）①当传送带的速度0＜v≤4 m/s时，滑块B向右做匀加速直线运动，摩擦力一直做负功，则E2qL﹣μmgL=E k﹣mv B2解得E k=24 J②当传送带的速度v＞4 m/s时，设传送带的速度为v′，当滑块B运动至传送带右端时，恰好与传送带共速根据动能定理，得E2qL+μmqL=mv′2﹣mv B2解得v′=8 m/s当4 m/s＜v＜8 m/s时，设小球速度增至与传送带速度相等时，位移为L′，则E2qL′+μmgL′=mv2﹣mv B2从B至C整个过程：E2qL+μmgL′﹣μmg（L﹣L′）=E k﹣mv B2联立解得：E k=+当v≥8 m/s时，摩擦力对滑块B一直做正功E2qL+μmqL=E k﹣mv B2解得E k=32 J答：（1）滑块A、B脱离弹簧时A、B的速度大小分别为2m/s和4m/s；（2）0＜v≤4 m/s时，E K=24J；v＞4 m/s时，E k=+当v≥8 m/s时，E k=32 J【点评】：本题考查动量守恒定律、机械能守恒及传送带问题的综合应用，在解题时要注意正确分析物理过程，明确物理规律的应用．。

2015揭阳一模物理答案

揭阳市2015届高中毕业班第一次模拟考试物理参考答案第 1 页揭阳市2015年高中毕业班高考第一次模拟考试理科综合参考答案一、单项选择题题号13 14 15 16 答案BDBB二、双项选择题题号1718192021答案 BC AC AD AB BD三、非选择题（本大题共11小题，共182分。

按题目要求作答。

解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。

）34．（18分）（1）①A （3分）；②8.14～8.20（3分）；（2）①×1000（3分）、6000或6kΩ（3分）；②A 2（3分）；③2L （3分）。

35．（18分）解：（1）根据楞次定律可知：磁场区域Ⅱ的磁场垂直于纸面向外。

………（2分）设线框中产生的感应电动势为U根据法第电磁感应定律，得020t L B S t Bt n U =⋅∆∆=∆∆=φ………………①……………（2分）粒子运动到P 点恰好速度为零，根据动能定理，有221mv qU =…………②………（2分）联立①②得 0202m t L qB v =…………………………………③………………………（1分）（2）设粒子运动半径为r ，圆形磁场区域的半径为R 。

根据牛顿第二定律，有rm v qvB 2= ………………④………………（2分）由几何关系可知 rR=︒30tan …………⑤……（2分）联立③④⑤解得 020321qt L m B BR =…………（2分）（3）运动周期为vrT π2=………………⑥……（2分）粒子在电场力作用下要重新进入磁场，故运动时间为T t ︒︒⨯=360602 ………………………………………⑦………………………………………（2分）揭阳市2015届高中毕业班第一次模拟考试物理参考答案第 2 页联立④⑤⑥⑦得 qBmt 32π=…………………………………………………………………（1分） 36．（18分）解：（1）根据动量守恒定律，得0=-B B A A v m v m ………………………（2分）根据能量守恒定律，得222121B B A A p v m v m E +=……………………………………………（2分）解得v A =2m/s ，v B =4m/s …………………………………………………………………………（2分）（2）①当传送带的速度0<v ≤4 m/s 时，滑块B 向右做匀加速直线运动，摩擦力一直做负功，则E 2qL －μmgL ＝E k －12mv 2B………（2分）解得E k ＝24 J …………………………………………………………………………………（1分） ②当传送带的速度v >4 m/s 时，设传送带的速度为v ′，当滑块B 运动至传送带右端时，恰好与传送带共速根据动能定理，得E 2qL ＋μmqL ＝12mv '2－12mv 2B…………………………………………………………………（2分）解得v’＝8 m/s …………………………………………………………………………………（1分）当4 m/s<v <8 m/s 时，设滑块速度增至与传送带速度相等时，位移为L ′，则E 2qL ′＋μmgL ′＝12mv 2－12mv 2B…………………………………………………………………（1分）从B 至C 整个过程：E 2qL ＋μmgL ′－μmg (L －L ′)＝E k －12mv 2B…………………………………（1分）联立解得：E k ＝v 26＋643…………………………………………………………………………（1分）当v ≥8 m/s 时，摩擦力对滑块B 一直做正功E 2qL ＋μmqL ＝E k －12mv 2B……………………（2分）解得E k ＝32 J ……………………………………………………………………………………（1分）。

2015年广东省揭阳市中考物理试题及答案

2015年广东省揭阳市初中毕业生学业考试物理、历史、生物试题物理部分一选择题（本题13小题，每小题3分，共39分）1、下列关于声音的说法，正确的是（）A. 能区分小提琴的声音，是因为它的音调不同B. 听到上课铃声，说明声音可以在空气中传播C. 只要物体在振动，我们就能听到声音D. 高架路旁修建隔音墙，是在声源处减弱噪声2 、下列说法正确的是（）A. 热值与燃料的燃烧情况有关B. 做功和热传递是改变物体内能的两种方式C. 比热容与物体吸收或放出的热量有关D. 固体很难被压缩，说明分子之间只有斥力的作用3、下列关于搜救马航MH370飞机的工作，正确的是（）A. 飞机使用的航空煤油属于可再生能源B. 水下航行器下潜越深，海水对它的压强越小C. 卫星搜寻利用红外线来传递信息D. 声纳搜寻利用了超声波的反射4、下面关于热现象的说法，正确的是（）A. 物体温度升高一定是吸收了热量B. 冰在融化时虽然温度不变，但内能增加C. 从游泳池上来感觉冷是由于水蒸发放热D. 汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容小5、游戏“愤怒的小鸟”是用“弹弓”把小鸟对准怪物打过去，如图所示。

下列说法错误的是（）A. 弹弓受力伸长，说明力能使物体发生形变B. 弹弓伸长过程中，弹性势能增大C. 弹出“小鸟”时，弓的弹性势能转化为“小鸟”的动能D. 被弹弓弹出的“小鸟”，受到弹力和重力的作用6、右图是探究凸透镜成像规律时烛焰、凸透镜、光屏所处的位置，在光屏上恰能看到一清晰的像。

下列仪器中利用这一成像原理可以制成（）A. 照相机B.放大镜C. 投影仪D. 潜望镜7、下列过程中，属于凝华的是（）A．初春，冰雪融化汇成溪流B．夏天，从冰箱里面拿出的饮料罐“出汗”C. 深秋，清晨草地上出现霜D. 严冬，湖水结成冰8、下列现象中，属于光的折射现象的是（）A.小孔成像B.晴天看见“白云在水中飘动”C.奇妙的光纤D.近视的同学戴上眼镜后能看清物体9、关于电现象，下列说法正确的是（）A. 电流做功越多，电功率越大B. 家用电器的金属外壳要接地C. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D. 导体中没有电流通过时，导体就没有电阻10、如图所示电路，电源电压恒定。

【物理】广东省揭阳市2015届高三第一学期期末试题(精校解析版).docx

2015 届广东揭阳高三第一学期期末测试1．一个物体静止在水平桌面上，下列说法正确的是（）A.桌面对物体的支持力和物体所受的重力是一对平衡力B.物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C.物体对桌面的压力就是物体所受的重力D.物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡力【答案】 A【解析】桌面对物体的支持力和物体所受的重力是一对平衡力，选项 A 正确， B 错误；物体对桌面的压力大小等于物体所受的重力，选项 C 错误；物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对作用和反作用力，选项 D 错误；故选 A.【考点】平衡力；作用及反作用力.2．如图所示，是一辆汽车做直线运动的s-t 图象，对线段 OA、AB、BC、CD 所表示的运动，下列说法正确的是（）A. OA 段运动最快B.AB 段汽车做匀速直线运动C.CD 段表示的运动方向与初始运动方向相反D.运动 4h 后汽车的位移大小为30km【答案】 C【解析】因为 s-t 图线的斜率等于物体的速度大小，故由图线可看出CD 段物体运动的最快，选项 A 错误； AB 段汽车处于静止状态，选项 B 错误；因为斜率的符号代表运动的方向，故CD 段表示的运动方向与OA 段方向相反，故选项 C 正确；运动 4h 后汽车的位移大小为零，选项 D 错误；故选 C.【考点】 s-t 图线 .3．如图所示是正点电荷周围的一条电场线，电场线上A、B 两点的电场强度分别为E A、E B，电势分别为φ、φ．下列判断中正确的是()A BA. E A > E B，φA >φBB.E A < E B，φA <φBC.E A > E B ，φD.E A = E B，φA <φB A =φB【答案】 A【解析】因为正点电荷周围的电场线是从正点电荷出发的，故离电荷近处电场线密集，场强较大，故 EA > EB ，因为顺着电场线电势降低，故φ，选项 A 正确 .A >φB【考点】场强和电势 .4．如图所示，质量为 m 的物体 A 在竖直向上的力F（ F<mg）作用下静止于斜面上。

广东省揭阳市2015年高中毕业班高考第一次模拟考试数学理试题

3 中作出这些数据的频率分布直方图；
（ 2）当空气质量指数（ AQI ）小于 100 时，表示空气质量优良．某人随机选择当月 1 日至 10 日
中的某一天到达该市，并停留 2 天，设是此人停留期间空气质量优良的天数，求
的数学期望．
（图中纵坐标 1/300 即 1 ，以此类推） 300
图3
18．（本小题满分 14 分）
93 69
46
45
159
134 102 88 75 71
162
139 124
66 49
84 78
51
48
图2
日期 01 02 03 04 05 06 07 08 09 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30
（ 1）根据该图数据在答题卷中完成频率分布表，并在图
在答题卡上．
2．选择题每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，
用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答案不能答在试卷上．
3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须填写在答题卡各题目指定区域内相应
位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上
3
，则这名运动员在 10 次射击中，至
5
少有 9 次命中的概率是
．（记（ 3）10 p ，结果用含 p 的代数式表示） 5
13．已知函数 f (x) x3 对应的曲线在点 (ak , f (ak ))(k N ) 处的切线与 x 轴的交点为 (ak 1,0) ，若
a1 1，则 f ( 3 a1 )

揭阳市高一下学期第一次月考物理试题

揭阳市高一下学期第一次月考物理试题一、选择题1．关于平抛运动的性质，以下说法中正确的是（）A．变加速运动B．匀加速运动C．匀速率曲线运动D．不可能是两个直线运动的合运动2．关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动物体的速度方向保持不变B．曲线运动一定是变速运动C．物体受到变力作用时就做曲线运动D．曲线运动的物体受到的合外力可以为零3．如图所示一架飞机水平地匀速飞行，飞机上每隔1s释放一个铁球，先后共释放4个，若不计空气阻力，则落地前四个铁球彼此在空中的排列情况是( )A．B．C．D．4．小船在静水中速度为0.5m/s，水的流速为0.3m/s，河宽为120m，下列说法正确的是（）A．当小船垂直河岸划动时，路程最短B．小船过河的最短时间为400sC．当小船与河岸上游成37角划动时，路程最短，此时过河时间为300sD．当小船垂直河岸划动时，时间最短，此时靠岸点距出发点的水平距离为72m5．在美国拉斯维加斯当地时间2011年10月16日进行的印地车世界锦标赛的比赛中，发生15辆赛车连环撞车事故，两届印第安纳波利斯500赛冠军、英国车手丹·威尔顿因伤势过重去世．在比赛进行到第11圈时，77号赛车在弯道处强行顺时针加速超越是酿成这起事故的根本原因，下面四幅俯视图中画出了77号赛车转弯时所受合力的可能情况，你认为正确的是( )A．B．C．D．6．竖直放置两端封闭的玻璃管内注满清水和一个用红蜡做成的圆柱体，玻璃管倒置时圆柱体能匀速运动，已知圆柱体运动的速度是5cm/s， =60°，如图所示，则玻璃管水平运动的速度是：（）A．5cm/s B．4.33cm/s C．2.5cm/s D．无法确定7．一斜面倾角为θ，A，B两个小球均以水平初速度v o水平抛出，如图所示．A球垂直撞在斜面上，B球落到斜面上的位移最短，不计空气阻力，则A,B两个小球下落时间tA与tB 之间的关系为（）A．t A=t BB．t A=2t BC ．t B =2t AD ．无法确定8．某船在静水中划行的速率为3m/s ，要渡过30m 宽的河，河水的流速为5m/s ，下列说法中不正确的是（）A ．该船渡河的最小速率是4m/sB ．该船渡河所用时间最少为10sC ．该船不可能沿垂直河岸的航线抵达对岸D ．该船渡河所通过的位移的大小至少为50m9．质量为2kg 的质点在x-y 平面上做曲线运动，在x 方向的速度图象和y 方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A ．质点的初速度为3 m/sB ．2s 末质点速度大小为6 m/sC ．质点做曲线运动的加速度为3m/s 2D ．质点所受的合外力为3 N10．如图，斜面与水平面之间的夹角为45°，在斜面底端A 点正上方高度为6 m 处的O 点，以1 m/s 的速度水平抛出一个小球，飞行一段时间后撞在斜面上，这段飞行所用的时间为（210/g m s = ）（）A ．0.1 sB ．1 sC ．1.2 sD ．2 s11．如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M ，长杆的一端放在地上通过铰链连接形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O 点处，在杆的中点C 处拴一细绳，绕过两个滑轮后挂上重物M ，C 点与O 点距离为L ，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω缓缓转至水平位置（转过了90︒角），此过程中下述说法中正确的是（）A ．重物M 做匀速直线运动B ．重物M 先超重后失重C ．重物M 的最大速度是L ω，此时杆水平D ．重物M 的速度先减小后增大12．如图所示，水平固定半球形的碗的球心为O 点，最低点为B 点．在碗的边缘向着球心以速度v 0水平抛出一个小球，抛出点及 O 、B 点在同一个竖直面内，下列说法正确的是（）A ．v 0大小适当时小球可以垂直打在B 点左侧内壁上B ．v 0大小适当时小球可以垂直打在B 点C ．v 0大小适当时小球可以垂直打在B 点右侧内壁上D ．小球不能垂直打在碗内任何一个位置13．如图,排球场总长为1L ,宽为2L ,网高1h ,运动员在离网L 远的线上的中点处跳起后将排球水平击出.若击球高度为2h ,不计空气阻力,排球可视为质点,当地重力加速度为g ,则（）A ．要使排球能落在对方界内,水平击出时排球的最小速度为22g Lh B ．排球落地时重力的瞬时功率随击出速度的增大而增大 C ．要使排球能落在对方界内,222122(2)28L L L gh g h +++D ．当排球被垂直球网击出时,只要21h h ,总可以找到合适的速度,使排球落到对方界内14．如图是一种创新设计的“空气伞”，它的原理是从伞柄下方吸入空气，然后将空气加速并从顶部呈环状喷出形成气流，从而改变周围雨水的运动轨迹，形成一个无雨区，起到传统雨伞遮挡雨水的作用。

广东省揭阳市人教版高一物理第二学期第一次月考测试卷

广东省揭阳市人教版高一物理第二学期第一次月考测试卷一、选择题1．如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的前提下，当小车匀速向右运动时，绳中拉力()．A．大于A所受的重力B．等于A所受的重力C．小于A所受的重力D．先大于A所受的重力，后等于A所受的重力2．如图所示，一物体在水平恒力的作用下沿光滑水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体从M点到N点的运动过程中，物体的速度将（）A．不断增大B．不断减小C．先增大后减小D．先减小后增大3．关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．曲线运动物体的速度方向保持不变B．曲线运动一定是变速运动C．物体受到变力作用时就做曲线运动D．曲线运动的物体受到的合外力可以为零4．某河流中河水的速度大小v1=2m/s，小船相对于静水的速度大小v2=1m/s．现小船船头正对河岸渡河，恰好行驶到河对岸的B点，若小船船头指向上游某方向渡河，则小船（）A．到达河对岸的位置一定在B点的右侧B．到达河对岸的位置一定在B点的左侧C．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前长D．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前短5．在不考虑空气阻力的情况下，以相同大小的初速度，抛出甲、乙、丙三个手球，抛射角为30°、45°、60°，则射程较远的手球是（）A．甲B．乙C．丙D．不能确定6．如图所示,一个物体在O点以初速度v开始作曲线运动,已知物体只受到沿x轴方向的恒力F的作用,则物体速度大小变化情况是（）A．先减小后增大B．先增大后减小C．不断增大D．不断减小7．甲、乙、丙三船在同一河流中渡河，船头和水流方向如图所示，已知三船在静水中的速度均大于水流速度v0，则A．甲船可能垂直到达对岸B．乙船可能垂直到达对岸C．丙船可能垂直到达对岸D．都不可能垂直到达对岸8．一斜面倾角为θ，A，B两个小球均以水平初速度v o水平抛出，如图所示．A球垂直撞在斜面上，B球落到斜面上的位移最短，不计空气阻力，则A,B两个小球下落时间tA与tB 之间的关系为（）A．t A=t BB．t A=2t BC．t B=2t AD．无法确定9．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是（）A．质点的初速度为5m/sB．质点所受的合外力为3NC．2s末质点速度大小为7m/sD．质点初速度的方向与合外力方向垂直10．如图所示，A、B为隔着水流平稳的河流两岸边的两位游泳运动员，A站在较下游的位置，他的游泳成绩比B好，现在两人同时下水游泳，为使两人尽快在河中相遇，应采用的办法是（）A．两人均向对方游（即沿图中虚线方向）B．B沿图中虚线方向游，A偏离虚线向上游方向游C．A沿图中虚线方向游，B偏离虚线向上游方向游D．两人均偏离虚线向下游方向游，且B偏得更多一些11．一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽150m、水流速度为4m/s的河流中渡河，则该小船（）A．能到达正对岸B．渡河的时间不少于50sC．以最短时间渡河时，它渡河的位移大小为200mD．以最短位移渡河时，位移大小为150m12．如图所示，水平固定半球形的碗的球心为O点，最低点为B点．在碗的边缘向着球心以速度v0水平抛出一个小球，抛出点及 O、B点在同一个竖直面内，下列说法正确的是（）A．v0大小适当时小球可以垂直打在B点左侧内壁上B．v0大小适当时小球可以垂直打在B点C．v0大小适当时小球可以垂直打在B点右侧内壁上D．小球不能垂直打在碗内任何一个位置13．如图所示,一铁球用细线悬挂于天花板上,静止垂在桌子的边缘, 细线穿过一光盘的中间孔,手推光盘在桌面上平移, 光盘带动细线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动,当光盘由A位置运动到图中虚线所示的B位置时 ,细线与竖直方向的夹角为θ,此时铁球A．竖直方向速度大小为cosvθB．竖直方向速度大小为sinvθC．竖直方向速度大小为tanvθD．相对于地面速度大小为v14．图示为足球球门，球门宽为L，一个球员在球门中心正前方距离球门s处高高跃起，将足球顶入球门的左下方死角（图中P点）．若球员顶球点的高度为h．足球被顶出后做平抛运动（足球可看做质点），重力加速度为g．则下列说法正确的是A．足球在空中运动的时间222s h tg+ =B．足球位移大小224Lx s =+C．足球初速度的方向与球门线夹角的正切值2 tansLθ=D．足球初速度的大小22 02()4g Lv sh=+15．如图所示，为工厂中的行车示意图，行车吊着货物P正在沿水平方向向右匀速行驶，同时行车中的起重机吊着货物P正在匀加速上升，则地面上的人观察到货物P运动的轨迹可能是下图中（）A．B．C．D．16．如图所示，细棒AB水平放置在地面，A端紧挨着墙面，C为AB棒的中点。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

广东省揭阳市蓝城区白塔中学2015届高三下学期第一次月考物理试卷一、选择题1．（3分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇2．（3分）如图，一个重为G的吊椅用三根轻绳AO、BO固定，绳AO、BO相互垂直，α＞β，且两绳中的拉力分别为F A、F B，物体受到的重力为G，则（）A．F A一定大于G B．F A一定大于F BC．F A一定小于F B D．F A与F B大小之和一定等于G3．（3分）如图所示，质量分别为m、2m的物体A、B由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B的受力个数（）A．2个B．3个C．4个D．1个4．（3分）关于核反应的类型，下列表述正确的有（）A．U→Th+He是人工转变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变5．（3分）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加6．（3分）如图所示，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的是（）A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速7．（3分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能保持不变D．机械能增加8．（3分）如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应9．（3分）如图所示，金属杆ab以恒定的速率v在光滑平行导轨上向右滑行，设整个电路总电阻为R（恒定不变），整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，下列叙述正确的是（）A．a b杆中的电流强度与速率v成正比B．磁场作用于ab杆的安培力与速率v成正比C．电阻R上产生的电热功率与速率v成正比D．外力对ab杆做功的功率与速率v成正比二、实验题10．某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．①指出甲图中的一处错误：②下列说法正确的是A．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源③图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为．④若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为m/s2．（保留两位有效数）11．为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线若干①为了尽可能精确测定R x的总电阻值，所选电流表为（填“A1”或“A2”），所选电压表为（填“V1”或“V2”）；②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最（左或右）端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为mm．三、计算题12．如图所示，质量为M，半径为R的光滑半圆槽先被固定在光滑水平面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端C．然后放开半圆槽，让其可以白由运动，m小球义以同样的初速度冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的B点，（g=10m/s2）试求：（1）半圆槽被固定时，小球运动至C点后做平抛运动的水平射程x（2）小球质量与半圆槽质量的比值为多少？13．如图所示，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场（磁感应强度为B）的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：（1）小球A、B碰撞前后的速度各为多少？（2）电场强度E为多少？（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？广东省揭阳市蓝城区白塔中学2015届高三下学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：甲乙两个质点同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第t1末乙追上了甲．由“面积”求出乙追上甲时离出发点的距离．当两者速度相等时，相距最远．本题关键抓住速度图象的“面积”大小等于物体的位移，来分析追及问题，其中速度相等是相距最远的临界条件．解答：解：甲乙两车同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第2t1末两者位移相等，乙追上了甲，故选B故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．2．（3分）如图，一个重为G的吊椅用三根轻绳AO、BO固定，绳AO、BO相互垂直，α＞β，且两绳中的拉力分别为F A、F B，物体受到的重力为G，则（）A．F A一定大于G B．F A一定大于F BC．F A一定小于F B D．F A与F B大小之和一定等于G考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分析拉力F A与F B 的大小关系．解答：解：A、B、C、以结点O为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据平衡条件得知；拉力F A和F B的合力与重力G大小相等、方向相反．由题，a＞β，根据几何知识得到：F A＞F B．D、由上可知，F A大于F B，但F A与F B之和不一定等于G．故D错误．故选：B．点评：本题解答的关键是作出结点O的受力图，根据平衡条件判断F A和F B的大小．3．（3分）如图所示，质量分别为m、2m的物体A、B由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B的受力个数（）A．2个B．3个C．4个D．1个考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：开始时物体匀速上升，则均处于平衡状态；若钢索断裂则物电梯具有向下的加速度，处于失重状态；弹力的形变还在，弹力存在；则可得出B的受力情况．解答：解：因电梯匀速上升，则A受力平衡，则弹力处于压缩状态；故弹力对B有向下的弹力；当钢索断开时，弹簧的形变量不变，故B受向下的弹力；故B受向下的重力及弹力的作用，加速度大于电梯的加速度，故B与电梯之间一定有弹力作用；故B应用到3个力作用；故选：B．点评：本题在受力分析时，关键明确弹簧弹力的性质，注意不能突变这一性质，再结合受力分析及牛顿第二定律判断B与电梯间的相互作用力．4．（3分）关于核反应的类型，下列表述正确的有（）A．U→Th+He是人工转变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变考点：裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：解答本题需要掌握：正确应用质量数和电荷数守恒正确书写核反应方程；明确裂变和聚变反应特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程．解答：解：A、α衰变放出氦原子核，是α衰变．故A错误．B、β衰变放出电子．故B错误．C、轻核聚变是把轻核结合成质量较大的核，释放出核能的反应称聚变反应，故C正确；D、重核裂变是粒子轰击原子核，产生中等核．故D错误．故选：C．点评：对于原子物理中核反应方程、裂变、聚变等基本知识要熟练掌握和应用．5．（3分）某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加考点：电场线；电势能．分析：在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势，故A正确．B、从电场线的分布情况可知，c处的电场线比d处的疏，所以c点的电场强度小于d点的电场强度，故B错误．C、正电荷所受电场力和场强方向相同，因此正电荷由a点移到b点时电场力做负功，故C 正确．D、将一负试探电荷由c点移到d点，电场力做正功，电势能减少，故D错误．故选：AC．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系是本章关键，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．6．（3分）如图所示，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的是（）A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：地球的第一宇宙速度是近表面卫星运行速度．地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比较线速度的大小和周期的大小，根据万有引力提供向心力比较B、C的线速度、周期．解答：解：A、B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，地球的第一宇宙速度是近表面卫星运行速度．根据万有引力等于向心力v=，所以卫星B的速度大小小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B、v=，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以v B＞v C，对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，根据v=rω，所以v C＞v A所以v B＞v A，故B错误；C、对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，所以，T A=T C根据万有引力等于向心力得B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以T C＞T B，所以周期大小关系为T A=T C＞T B，故C正确；D、若卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速，做离心运动，故D正确；故选：CD．点评：本题抓住同步卫星为参考量，同步卫星与地球自转同步，可以比较AC的参量关系，再根据万有引力提供圆周运动向心力比较BC参量关系，掌握相关规律是解决问题的关键．7．（3分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能保持不变D．机械能增加考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：知道机械能守恒的条件，对物体正确受力分析、熟练应用机械能守恒条件，即可正确解题．解答：解：A、B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的分析，物体做匀加速运动，故A错误，B正确；C、D、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C正确，D错误；故选：BC．点评：对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒．8．（3分）如图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是（）A．由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大B．由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光子频率最小C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应考点：氢原子的能级公式和跃迁．专题：原子的能级结构专题．分析：本题考查了波尔原子理论：从高轨道向低轨道跃迁时减少的能量以光子的形式辐射出去；所有的激发态都是不稳定的，都会继续向基态跃迁，故辐射光子的种类为C．C=λγ，故波长越大，频率越短．波长越大，越容易发生明显的衍射．只有入射光子的能量大于金属的逸出功才会发生光电效应．解答：解：A、根据E m﹣E n=hv，由n=4能级跃到n=1能级产生的光子能量最大．故A正确B、由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光子频率最小，故B错误C、大量的氢原子处于n=4的激发态，可能发出光子频率的种数n=C=6．故C错误．D、n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子能量E=13.6﹣3.40eV=10.2eV，大于逸出功，能发生光电效应．故D正确．故选AD．点评：解决本题的关键知道光子能量与能极差的关系，即E m﹣E n=hv，以及知道光电效应产生的条件．9．（3分）如图所示，金属杆ab以恒定的速率v在光滑平行导轨上向右滑行，设整个电路总电阻为R（恒定不变），整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，下列叙述正确的是（）A．a b杆中的电流强度与速率v成正比B．磁场作用于ab杆的安培力与速率v成正比C．电阻R上产生的电热功率与速率v成正比D．外力对ab杆做功的功率与速率v成正比考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：A、根据E=BLv求出感应电动势，再根据欧姆定律得出电流强度，从而知道电流强度与速率v的关系．B、根据F A=BIL得出安培力与与速率的关系．C、根据P=I2R得出电功率与速率的关系．D、因为导体杆做匀速运动，所以F=F A，根据P=Fv得出外力功率与速率的关系．解答：解：A、电动势E=BLv，则电流强度I=，知电流强度与速率成正比．故A 正确．B、F A=BIL=．知安培力与速率成正比．故B正确．C、根据P=I2R，I=，则P=，知电阻R产生的热功率与速率的平方成正比．故C错误．D、P=Fv=F A v=，知外力的功率与速率的平方成正比．故D错误．故选AB．点评：解决本题的关键掌握导体切割磁感线产生的感应电动势E=BLv，以及安培力的公式F A=BIL．二、实验题10．某实验小组利用拉力传感器和打点计时器“探究加速度与力的关系”．他们将拉力传感器固定在小车上记录小车受到拉力的大小，按照甲图进行实验，释放纸带时，小车处于甲图所示的位置．①指出甲图中的一处错误：打点计时器的电源接了直流电②下列说法正确的是ACA．实验之前，要先平衡摩擦力B．小车的质量要远小于所挂钩码的质量C．应调节滑轮的高度使细线与木板平行D．实验时应先释放纸带，再接通电源③图乙是实验中获得的一条纸带的某部分，选取A、B、C、D、E计数点（每两个计数点间还有4个点未画出），AC间的距离为3.10cm．④若打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则小车的加速度大小为1.0m/s2．（保留两位有效数）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：①打点计时器是使用交流电的计时仪器；②实验前要平衡摩擦力且应调节滑轮的高度使细线与木板平行，实验时应先接通电源，然后再释放小车，在砝码及砝码盘B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力；③根据图象读出AC的距离，根据作差法求出加速度．解答：解：①打点计时器的电源应接交流电，而图中接了直流电；②A、为零使合力等于绳子的拉力，实验前需要平衡摩擦力且应调节滑轮的高度使细线与木板平行，故AC正确；B、在钩码的质量远小于小车的质量时，小车受到的拉力近似等于钩码受到的重力，故B错误；D、实验时应先接通电源，然后再释放小车，故D错误；故选：AC③由图读出AC的距离x=3.10cm；④根据作差法得：a=故答案为：①打点计时器的电源接了直流电；②AC；③3.10cm；④1.0点评：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．11．为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线若干①为了尽可能精确测定R x的总电阻值，所选电流表为A1（填“A1”或“A2”），所选电压表为V2（填“V1”或“V2”）；②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最左（左或右）端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，则该电阻丝的直径为1.205mm．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题实验原理是：伏安法测电阻．注意涉及两方面问题一是测量电路和控制电路的选择，二是仪器的选择．由于待测电阻很小，故可用安培表外接法，由于滑动变阻器内阻大于待测电阻，故分压、限流电路均可，仪器选择的原则是：使指针偏转尽量大些．螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，然后读出可动刻度；解答：解：①选择仪器一是注意安全性，不能超过量程，二是注意准确性．当指针偏转角度大时，测量比较准确，一般要使指针在三分之二左右偏转，根据所给电源为3V，待测电阻大约20Ω可知电路中电流不会超过0.15A，所以电压表选择V2，电流表选择A1．②根据实验原理图甲，进行实物连接．③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片应置于最左端，使得待测滑动变阻器两端电压最小．④螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，为：1mm，然后读出可动刻度，为：0.01×20.5=0.205mm．所以总读数为：1mm+0.205mm=1.205mm故答案为：①A1；V2②如图③左④1.205点评：设计电路时，要通过估算，当电压表内阻远大于待测电阻电阻时应用外接法，否则用内接法；当要求电流或电压从零调或变阻器全电阻远小于待测电阻值时，变阻器应用分压式，一般来说变阻器能用限流式的也可以用分压式．三、计算题12．如图所示，质量为M，半径为R的光滑半圆槽先被固定在光滑水平面上，质量为m的小球，以某一初速度冲向半圆槽刚好可以到达顶端C．然后放开半圆槽，让其可以白由运动，m小球义以同样的初速度冲向半圆槽，小球最高可以到达与圆心等高的B点，（g=10m/s2）试求：（1）半圆槽被固定时，小球运动至C点后做平抛运动的水平射程x（2）小球质量与半圆槽质量的比值为多少？考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）在C点刚好由重力提供向心力，可解出在C点的速度，小球由C点开始做平抛运动，根据平抛运动的位移公式可求解水平射程x．（2）半圆槽第一次被固定时，对小球运用动能定理列方程．然后放开半圆槽后，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，对m、M系统根据动量守恒定律、动能定理列式，根据以上三个方程化简，即可解出小球质量与半圆槽质量的比值．解答：解：（1）小球刚好可以到达顶端C，刚好由重力提供向心力，则mg=m所以到达C点时的速度为v1=小球由C点做平抛运动，则竖直方向上有2R=gt2所以运动的时间为t=2水平方向上的位移x=v1t=2R．（2）半圆槽第一次被固定时，对小球运用动能定理得：﹣2mgR=﹣mv02解得v02=5gR然后放开半圆槽后，m小球又以同样的初速冲向半圆槽，取水平向右为正方向．对m、M系统根据动量守恒定律：mv0=（m+M）v2对m、M系统根据机械能守恒得：﹣mgR=（m+M）v22﹣mv02联立以上三式解得：=答：（1）半圆槽第一次被固定时，小球运动至C点后平抛运动的水平射程为2R．（2）小球质量与半圆槽质量的比值为．点评：解答此题的关键能够分析在哪些过程运用动量守恒定律，哪些过程运用能量守恒定律或动能定理，难点是抓住小球到B点时沿水平向右两者有共同速度．13．如图所示，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场（磁感应强度为B）的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：（1）小球A、B碰撞前后的速度各为多少？（2）电场强度E为多少？（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？考点：动量守恒定律；动能定理的应用．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）由动能定理求出A的初速度，然后由动量守恒定律求出碰撞后A、B的速度．（2）根据小球做匀速圆周运动可知，重力与电场力平衡，据此求出电场强度．（3）电场力做功使小球机械能增加，应用牛顿第二定律可以求出机械能的增加量．解答：解：（1）设碰撞前A球速度为v0，由动能定理有：qU=mv02﹣0，解得：v0=，设碰撞后A、B球的速度为v，碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律有：mv0=2mv，解得：v=；（2）带电小球在复合场中做匀速圆周运动，重力与电场力平衡：2mg=qE，解得：E=；（3）带电小球从轨道最低点到最高点过程中，受到重力、电场力和洛伦兹力，其中洛伦兹力不做功，电场力做正功，使小球机械能增加，设轨道半径为R，则机械能改变：△E=2qER，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=2m，联立各式得出：△E=；答：（1）小球A、B碰撞前的速度为：、0，碰撞后的速度都为．（2）电场强度E为；（3）小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了．点评：本题考查了求小球的速度、电场强度、机械能的增量，分析清楚物体运动过程、应用动能定理、平衡条件、动量守恒定律、牛顿第二定律即可正确解题．。