九江县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．如图所示，P、Q是两个电量相等的正的点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA ＜OB，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）一定大于E B，φA一定大于φBA．EB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB【答案】B2．如图，带电荷量之比为q A∶q B＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响,则（）A. A和B在电场中运动的时间之比为2∶1B. A和B运动的加速度大小之比为4∶1C. A和B的质量之比为1∶2D. A和B的位移大小之比为1∶1【答案】B【解析】3．由三颗星体构成的系统，忽略其他星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在相互之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个顶点上，绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做相同角速度的圆周运动（图为A、B、C三颗星体质量不相同时的一般情况）．若A星体质量为2m，B、C两星体的质量均为m，三角形的边长为a，则下列说法正确的是（）A. A星体所受合力大小F A＝22 2m GaB. B星体所受合力大小F B＝2 2 m aC. C 星体的轨道半径R C ＝aD. 三星体做圆周运动的周期T ＝【答案】D【解析】A 、由万有引力定律，A 星受到B 、C 的引力的大小：222BA CA G m F F a ==方向如图，则合力的大小为： ，A 错误；02cos30A BA F F ==B 、同上，B 星受到的引力分别为： ,，方向如图；222AB G m F a =22CB Gm F a =F B 沿x 方向的分力：222cos60Bx AB CB Gm F F F a =+=F B 沿y 方向的分力： 0sin60By AB F F ==可得： ，B 错误；B F ==C 、通过对于B 的受力分析可知，由于： ,合力的方向经过BC 的中垂线AD 的中点,所以圆心O 222AB G m F a=一定在BC 的中垂线AD 的中点处。
所以： ,C 错误；C B R R ===D 、由题可知C 的受力大小与B 的受力相同，对B 星： ，解得： 224B F m T π==D 正确。
T =故选：D 。
4． 质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x=5t+t 2（各物理量均采用国际单位），则该质点（ ）A. 第1s 内的位移是5mB. 前2s 内的平均速度是6m/sC. 任意相邻的1s 内位移差都是1mD. 任意1s 内的速度增量都是2m/s【答案】D5． 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。
已知月球表面的重力加速度为g ，月球半径为R ，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（）A ．4.7πB ．3.6πR g R g C ．1.7πD ．1.4πRg Rg 【答案】 A 【解析】设登月器在小椭圆轨道运行的周期为T 1，航天站在大圆轨道运行的周期为T 2。
对登月器和航天站依据开普勒第三定律分别有＝＝ ②T 2 3R 3T 12 2R 3T 223R 3为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面逗留的时间t 应满足t ＝nT 2－T 1 ③（其中，n ＝1、2、3、…）联立①②③得t ＝6πn －4π （其中，n ＝1、2、3、…）3R g 2Rg当n ＝1时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即t ＝4.7π，故A 正确。
Rg6． （多选）如图所示，A 、D 分别是斜面的顶端、底端，B 、C 是斜面上的两个点，AB ＝BC ＝CD ，E 点在D 点的正上方，与A 等高。
从E 点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B 点，球2落在C 点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）A ．球1和球2运动的时间之比为2∶1B ．球1和球2动能增加量之比为1∶2C ．球1和球2抛出时初速度之比为2∶12D ．球1和球2运动时的加速度之比为1∶2【答案】BC 【解析】7． 如图所示，轻弹簧两端拴接两个质量均为m 的小球a 、b ，拴接小球的细线固定在天花板，两球静止，两细线与水平方向的夹角α=30°，弹簧水平，以下说法正确的是A．细线拉力大小为mgB．弹簧的弹力大小为C．剪断左侧细线瞬间，b球加速度为0D．剪断左侧细线瞬间，a球加速度为【答案】C【解析】8．质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a１。
当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a2，则A．a1=a2B．a2<2a1C．a2>2a1D．a2=2a1【答案】C【解析】由牛顿第二定律得：，，由于物体所受的摩擦力，，即不变，所以，故选项C正确。
【名师点睛】本题考查对牛顿第二定律的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比。
9．如下图所示的情况中，a、b两点电势相等、电场强度也相同的是（）A．带等量异种电荷的平行金属板之间的两点B．离点电荷等距的任意两点C．两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点D．两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点【答案】D10．矩形线圈绕垂直磁场线的轴匀速转动，对于线圈中产生的交变电流（）A．交变电流的周期等于线圈转动周期B．交变电流的频率等于线圈的转速C．线圈每次通过中性面，交变电流改变一次方向D．线圈每次通过中性面，交变电流达到最大值【答案】ABC【解析】试题分析：线圈绕垂直磁感线的轴匀速转动，产生正弦交流电，其周期等于线圈的转动周期，故A正确；频率为周期的倒数，故频率应相等线圈的转速；故B正确；在中性面上时，磁通量最大，但磁通量的变化率为零，即产生感应电动势为零，电流将改变方向，故C正确，D错误．考点：考查了交流电的产生11．下面说法中正确的是（）A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E = KQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据E = U/d，可知电场中某点的场强与电势差成正比D．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强【答案】B12．距地面高5m的水平直轨道A、B两点相距2m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图所示。
小车始终以4m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s²。
可求得h等于（）A. 3.75mB. 2.25mC. 1.25mD. 4.75m 【答案】C13．在远距离输电中,如果输送功率和输送距离不变,要减少输送导线上热损耗,目前最有效而又可行的输送方法是（）A ．采用超导材料做输送导线；B ．采用直流电输送；C ．提高输送电的频率；D ．提高输送电压.【答案】D【解析】提高输送电压，因为输送功率不变，所以输送电压高了，输送电流就小了，根据可得输送2P I R 导线上热损耗就小了，选D 。
14．物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间的变化规律如图所示，取开始时的运动方向为正方向，则物体运动的v –t 图象是A ．B ．C．D．【答案】C【解析】在0~1 s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，在1~2 s内，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，所以做匀减速运动，到2 s末时速度为零。
2~3 s内加速度变为正向，物体又从静止开始沿加速度方向匀加速运动，重复0~1 s内运动情况，3~4 s内重复1~2 s内运动情况。
在0~1 s内，物体从静止开始正向匀加速运动，速度图象是一条直线，1 s末速度，在1~2 s内，，物体将仍沿正方向运动，但做减速运动，2 s末时速度，2~3 s内重复0~1 s内运动情况，3~4 s内重复1~2 s内运动情况，综上正确的图象为C。
15．在如图所示的点电荷Q的电场中，一试探电荷从A点分别移动到B、C、D、E各点，B、C、D、E在以Q为圆心的圆周上，则电场力A. 从A到B做功最大B. 从A到C做功最大C. 从A到E做功最大D. 做功都一样大【答案】D【解析】试题分析：由点电荷的电场分布特点可知，B、C、D、E四点位于对场源电荷为圆心的同一个圆上，即位于同一等势面上，将试探电荷从A点移到同一等势面上电场力做功相等，所以只有选项D正确；考点：等势面、静电力做功二、填空题16．有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________ V；有效值为________ V；交流电的；频率为________ Hz.图甲第22题第23题【答案】10 v ；V 或7.07 v；2.5Hz【解析】试题分析：由图可知，该交流电的电压最大值为：，所以有效值为：，周期为10m U V=U ==0.4s ，所以有：12.5f Hz T==考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率17． 测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A ．待测的干电池（电动势约为1.5V ，内电阻小于1.0Ω）B ．电流表G （满偏电流3mA ，内阻Rg=10Ω）C ．电流表A （0～0.6A ，内阻0.1Ω）D ．滑动变阻器R 1（0～20Ω，10A ）E.．滑动变阻器R 2（0～200Ω，lA ）F ．定值电阻R 0（990Ω）G ．开关和导线若干⑴某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a ）、（b ）两个参考实验电路，其中合理的是____________图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选____________（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I 1～I 2图线（I 1为电流表G 的示数，I 2为电流表A 的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=_______V ，内阻r=_____Ω。
九江县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后物体继续加速，t1时刻物块达到最大速度。
已知物块的质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是A. 物块始终做匀加速直线运动B. 0～t0时间内物块的加速度大小为C. to时刻物块的速度大小为D. 0～t1时间内绳子拉力做的总功为【答案】D【解析】由图可知在0-t0时间内物块做匀加速直线运动，t0时刻后功率保持不变，根据P=Fv知，v增大，F减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动，故A错误；根据P0=Fv=Fat，由牛顿第二定律得：F=mg+ma，联立可得：P=（mg+ma）at，由此可知图线的斜率为：，可知，故B错误；在t1时刻速度达到最大，F=mg，则速度：，可知t0时刻物块的速度大小小于，故C错误；在P-t图象中，图线围成的面积表示牵引力做功的大小即：，故D正确。
所以D正确，ABC错误。
2．（2016·辽宁大连高三月考）一滑块在水平地面上沿直线滑行，t＝0时速率为1 m/s。
从此刻开始在与速度平行的方向上施加一水平作用力F。
力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，则（两图取同一正方向，取g＝10 m/s2）（）A．滑块的质量为0.5 kgB．滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.05C．第1 s内摩擦力对滑块做功为－1 JD．第2 s内力F的平均功率为1.5 W【答案】BD【解析】【参考答案】BD3．一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力A．t＝2 s时最小B．t＝2 s时最大C．t＝6 s时最小D．t＝8.5 s时最大【答案】B【解析】4． 真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F 。
九江县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1．如图所示，P、Q是两个电量相等的正的点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA ＜OB，用E A、E B、φA、φB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）
A．E A一定大于E B，φA一定大于φB
B．E A不一定大于E B，φA一定大于φB
C．E A一定大于E B，φA不一定大于φB
D．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB
【答案】B
2．如图，带电荷量之比为q A∶q B＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度
垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响,则（）
A. A和B在电场中运动的时间之比为2∶1
B. A和B运动的加速度大小之比为4∶1
C. A和B的质量之比为1∶2
D. A和B的位移大小之比为1∶1
【答案】B
【解析】
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江西九江第一中学2018-2019学年高一物理上学期第二次月考试题无答案
九江一中2018-2019学年度上学期第二次月考高一物理试卷一、选择题：（1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题，每题4分，12×4分＝48分）1．在研究下述运动时，能把物体看做质点的是（）A．研究乒乓球的旋转 B．研究一列火车通过九江长江大桥所需的时间C．研究地球的自转 D．研究火车从广州到九江运动的时间2．下列关于力的说法，正确的是（）A．对于力，只需说明其大小，而不需说明其方向B．力不能离开施力物体或受力物体而独立存在C．一个力，可能既没有施力物体，也没有受力物体D．一个力的作用效果由力的大小和方向共同决定，与作用点的位置无关3．在光滑的斜面上自由下滑的物体受到的力有（）A.重力、下滑力 B．重力、支持力C．重力、下滑力、支持力 D. 重力、下滑力、支持力和压力4．下列说法中正确的是( )A．惯性是物体只有在匀速运动或静止时才表现出来的性质B．惯性是物体的属性，与物体的运动状态和是否受力均无关C．物体的速度越大则惯性也越大，例如速度大的物体不容易停下来就是惯性大的表现D．物体不受外力作用时，保持匀速直线运动状态或静止状态，有惯性；受到外力作用时，不能保持匀速直线运动状态或静止状态，因此无惯性5．一物体由静止开始自由下落，一小段时间后突然受一恒定水平向右的风力的影响，但着地前一段时间内突然停止，则其运动的轨迹可能是 ( )6．一个榔头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了。
对这一现象，下列说法正确的是( ) A．榔头敲玻璃的力大于玻璃对榔头的作用力，所以玻璃才碎裂B．榔头受到的力大于玻璃受到的力，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C．因为不清楚玻璃和榔头的其他受力情况，所以无法判断它们之间的相互作用力的大小D．榔头和玻璃之间的作用力大小相等，只是由于榔头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂7．在拨河比赛中，一方获胜的原因是（）A．手对绳的拉力大于对方 B．手对绳作用时间大于对方C．手对绳的握力大于对方 D．对地面的最大静摩擦力大于对方8．如图所示，弹簧秤右端用绳子系在墙上，左端一人用力拉，发现弹簧秤读数为110N，若右端也改为用人拉且弹簧秤读数不变，则（）A．左右两人用力大小各为55N 第8题图B．左右端两人用力均为110NC．右端用力大小仍为110N，左端不需用力D．弹簧秤两端所受力大小相等，但其大小不一定是110N9．下列各图表示的是某一物体运动情况或所受合外力的情况．其中（甲）图是某物体的位移-时间图象；（乙）图是某一物体的速度-时间图象；（丙）图表示某一物体的加速度-时间图象；（丁）图表示某一物体所受合外力随时间变化的图象．四幅图的图线都是直线．从图中可以判断这四个一定质量物体的某些运动特征．下列有关说法中正确的是：…（）A．甲物体受到不为零、且恒定的合外力；B．乙物体受到不为零、且恒定的合外力； C．丙物体的速度一定越来越大； D．丁物体的加速度越来越大．第9题图10．如图所示，质量为m1的足够长木板静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块。
九江县第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． （2016·河南开封模拟）如图所示，倾角为θ＝30°的光滑绝缘斜面处于电场中，斜面AB 长为L ，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小球，以初速度v 0由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端时速度仍为v 0，则（）A ．小球在B 点时的电势能一定大于小球在A 点时的电势能B ．A 、B 两点之间的电势差一定为mgL2qC ．若该电场是匀强电场，则电场强度的值一定是mgqD ．若该电场是由放在AC 边中垂线上某点的点电荷Q 产生的，则Q 一定是正电荷【答案】B 【解析】2． 如图所示，在距水平地面高为0.4m 处，水平固定一根长直光滑杆，在杆上P 点固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在P 点的右边，杆上套有一质量m=2kg 的滑块A 。
半径R ＝0.3m 的光滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上，其圆心O 在P 点的正下方，在轨道上套有一质量也为m=2kg 的小球B 。
用一条不可伸长的柔软细绳，通过定滑轮将A 、B 连接起来。
杆和半圆形轨道在同一竖直面内，A 、B 均可看作质点，且不计滑轮大小的影响。
现给滑块A 一个水平向右的恒力F ＝50N （取g=10m/s 2）。
则（）A. 把小球B从地面拉到P的正下方时力F做功为20JB. 小球B运动到C处时的速度大小为0C. 小球B被拉到与滑块A速度大小相等时，离地面高度为0.225mD. 把小球B从地面拉到P的正下方C时，小球B的机械能增加了20J【答案】ACD【解析】选项C正确；B机械能增加量为F做的功20J，D正确本题选ACD3．如图所示，四个电荷量相等的带电粒子（重力不计）以相同的速度由O点垂直射入匀强磁场中，磁场垂直于纸面向外。
图中Oa、Ob、Oc、Od是四种粒子的运动轨迹，下列说法中正确的是A．打到a、b点的粒子带负电B．四种粒子都带正电C．打到c点的粒子质量最大D．打到d点的粒子质量最大【答案】AC【解析】因为磁场垂直纸面向外，根据左手定则可知正电荷应向下偏转，负电荷向上偏转，故到a、b点的粒子带负电，A正确，B错误；根据半径公式可知在速度和电荷量相同的情况下，同一个磁场内质量越大，轨迹半径越大，从图中可知打在c点的粒子轨迹半径最大，故打在c点的粒子的质量最大，C正确D错误。
九江县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析
九江县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图所示，光滑斜面AE 被分成四个相等的部分，一物体由A 点从静止释放，下列结论中不正确的是（ ）A ．物体到达各点的速率:::2B c D E v v v v =B ．物体到达各点所经历的时间:2E B C D t t === C ．物体从A 到E 的平均速度B v v =D ．物体通过每一部分时，其速度增量B A C B D CE D v v v v v v v v -=-=-=-2． 关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是A. B. C. D.3． 下列各项中属于电磁波的是A. X 射线B. 引力波C. 湖面上的水波D. 可见光4． 甲、乙两物体从同一地点沿同方向做直线运动，运动的v t -图象如右图所示，下列说法中正确的是（ ）A ．乙运动的加速度逐渐增大B ．在0t 时刻，甲、乙相遇C ．在0～0t 时间内，乙的位移大于甲的位移D ．甲、乙相遇时，乙的速度大于甲的速度5． 两个绝缘导体环AA ′、BB ′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图所示，则圆心O 处磁感应强度的方向为（AA ′面水平，BB ′面垂直纸面）（ ）A. 指向右上方B. 指向左上方C. 竖直向上D. 水平向右6． 某人骑自行车在平直道路上行进，右图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v t -图象。
某同学为了简化计算，用虚线作近似处理，其中3t ～4t 时间内的虚线为平行于时间轴的直线，下列说法正确的是（ ）A ．在1t 时刻，虚线反映的加速度比实际的大B ．在0～1t 时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小C ．在1t ～2t 时间内，由虚线计算出的位移比实际的大D ．在3t ～4t 时间内，虚线反映的是匀速直线运动7． 一个物体以初速度v 0沿光滑斜面向上运动，其速度v 随时间t 变化的规律如图所示，在连续两段时间m 和n 内对应面积均为S ，则b 时刻瞬时速度v b 的大小为A.B.C. D.8． 已知电场线分布如下图，则以下说法正确的是A. 场强B. 电势C. 把一正电荷从A 移到B ，电场力做正功D. 同一负电荷在两点受的电场力9． 关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是A. 闭合回路中一部分导体做切割磁感线运动可以在回路中产生感应电流B. 穿过闭合回路的磁通量发生变化，可以在回路中产生感应电流C. 整个闭合回路在匀强磁场中垂直于磁场方向做切割磁感线运动，可以产生感应电流D. 只要穿过回路的磁通量发生变化，就会有感应电流产生10．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（ ）A ．电容器带电量不变B ．尘埃仍静止C ．检流计中有a →b 的电流D ．检流计中有b →a 的电流二、填空题11．一初速度为零的带电粒子，经电压为U 的电场加速后进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，已知带电粒子的质量为m ，电量为q ，则带电粒子所受的洛仑兹力为__________，轨道半径为__________。
九江县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是A. B. C. D.2．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A. 第1s内的位移是5m B. 前2s内的平均速度是6m/sC. 任意相邻的1s 内位移差都是1mD. 任意1s内的速度增量都是2m/s3．在如图所示的点电荷Q的电场中，一试探电荷从A点分别移动到B、C、D、E各点，B、C、D、E在以Q为圆心的圆周上，则电场力A. 从A到B做功最大B. 从A到C做功最大C. 从A到E做功最大D. 做功都一样大4．图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是U a＝5V，U b＝2V，U c＝3V，则在下列各示意图中能表示该电场强度的方向是（）5．如图所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流。
A、O、B在M、N的连线上,O为MN的中点,C、D位于MN的中垂线上,且A、B、C、D到O点的距离均相等。
关于以上几点处的磁场,下列说法错误的是（）A. O点处的磁感应强度为0B. A、B两点处的磁感应强度大小相等、方向相反C. C、D两点处的磁感应强度大小相等、方向相同D. A、C两点处的磁感应强度的方向不同6．（2016·辽宁大连高三月考）一滑块在水平地面上沿直线滑行，t＝0时速率为1 m/s。
从此刻开始在与速度平行的方向上施加一水平作用力F。
力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示，则（两图取同一正方向，取g＝10 m/s2）（）A．滑块的质量为0.5 kgB．滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.05C．第1 s内摩擦力对滑块做功为－1 JD．第2 s内力F的平均功率为1.5 W7．（2015·永州三模，19）如图所示，两星球相距为L，质量比为m A∶m B＝1∶9，两星球半径远小于L。
2018-2019学年江西省九江市湖口第一中学高二物理月考试题含解析
2018-2019学年江西省九江市湖口第一中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，带同种电荷大小不计的两个小球a和b，分别静止在竖直墙面A处和光滑水平地面B处，AO=OB。
A球此时受摩擦力向上，且与墙面间动摩擦因数为，B被光滑竖直板挡住，a球由于漏电而缓慢下移到处，在此过程中A．地面对b球的支持力变大B．竖直墙面对a球的支持力变大C．竖直墙面对a球的摩擦力变小D．a、b之间的作用力不变参考答案：B2. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时的电势能较Q点大C．带电质点通过P点时的动能较Q点小D．带电质点通过P点时的加速度较Q点大参考答案：BCD3. 如图所示，在绝缘的斜面上方存在水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下。
已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功80J．重力做功24J，则以下的判断正确的是A、金属块带负电荷B、金属块克服电场力做功8．0JC、金属块的机械能减少l2JD、金属块的电势能减少4．0J参考答案：C4. 一列简谐横波沿直线AB传播，已知A、B两质点平衡位置间的距离是3m，且在某一时刻，A、B两质点的位移均为零，A、B之间只有一个波峰，则这列横波的波长可能（）A、3mB、6mC、2mD、4m参考答案：5. 在示波管中，2s内有6×1013个电子通过横截面大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为A、4.8×10-6AB、3×10-13AC、9.6×10-6A D、无法确定参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某电铃正常工作时的电压是6V，电阻是10，现手边有一电压是15V的电源，要使电铃正常工作应将这个电铃与_________欧的电阻______联后接到这个电源上。
九江县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图，A 、B 两球用劲度系数为k 1的轻弹簧相连，B 球用长为L 的细绳悬于O 点，A 球固定在O 点正下方，且O 、A 间的距离恰为L ，此时绳子所受的拉力为T 1，弹簧的弹力为F 1，现把A 、B 间的弹簧换成劲度系数为k 2（k 1>k 2）的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为T 2， 弹簧的弹力为F 2，则下列说法正确的是（ ）A. T 1＜T 2B. F 1＜F 2C. T 1＝T 2D. F 1＝F 2 【答案】C【解析】解：对小球B 受力分析，由平衡条件得，弹簧的弹力N 和绳子的拉力F 的合力与重力mg 大小相等、方向相反，即=mg F 合，作出力的合成图，并由三角形相似得：F T FOA OB AB==合，又由题， OA OB L ==，得T F mg ==合，绳子的拉力T 只与小球B 的重力有关，与弹簧的劲度系数k 无关，所以得到T 1=T 2，故C 项正确。
换成K 2以后AB 减小由F T FOA OB AB==合可知F 1>F 2，B 错误 综上所述，本题正确答案为C 。
2． 电磁波在空中的传播速度为v ，北京交通广播电台的频率为f ，该电台所发射电磁波的波长为A. B. C. D.【答案】A【解析】根据光速、频率、波长之间关系有：v=λf，所以波长为：，故A正确，BCD错误。
3．阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。
开关S闭合且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1,；断开开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。
Q1与Q2的比值为A. 52B.53C. D.【答案】B【解析】4．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接。
江西省九江市九江一中2019年高二上学期期中物理试卷-Word版含解析
2018-2019学年江西省九江市九江一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共40分．1-8题为单项选择题，9-12题为多】项选择题．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．奥斯特实验证明了（）A．通电导体周围存在着大量的电荷B．通电导体周围存在着磁场C．通电导体在磁场中要受到力的作用、D．通电导体内部存在磁场2．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．3．在图的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（）{A．A变大，V变大B．A变小，V变大C．A变大，V变小D．A变小，V变小4．三根无限长通电直导线分别沿空间坐标系坐标轴放置，电流方向如图，已知沿x轴放置的电流在P（1，1，0）点处磁感应强度为B，无限长直导线在空间的磁感应强度与该点到导线距离成反比，则P点实际磁感应强度为（）A．B B． B C． B D．B&5．在磁场中某区域的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，且B a＞B bB．同一电流元放在a处受力一定比放在b处受力大C．电荷有可能仅在磁场作用下由a沿纸面运动到b（D．某正电荷在磁场和其他外力作用下从a到b，磁场对电荷做负功6．如图所示，在空间中存在竖直向上的匀强电场，质量为m、电荷量为+q的物块从A点由静止开始下落，加速度为g，下落高度H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，整个过程中不计空气阻力，且弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则带电物块在由A点运动到C点过程中，下列说法正确的是（）A．该匀强电场的电场强度为B．带电物块和弹簧组成的系统机械能增加量为~C．带电物块电势能的增加量为mg（H+h）D．弹簧的弹性势能的增加量为mg（H+h）7．如图所示，在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一个不计重力的带电粒子从坐标原点O处以一定的速度进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成120°角，若粒子穿过y轴时坐标为（0，a），则该粒子在磁场中到x轴的最大距离为（）A ．a B．2a C． a D．a]8．欧姆表的正、负插孔内分别插有红、黑表笔，表内的电路图应是下图中的（）A．B．C．D．9．如图所示，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I为了增大导线所受的磁场力，采取了下列四种办法，其中正确的是（）A．增大电流I（B．增加直导线的长度C．使导线在纸面内顺时针转30°D．使导线在纸面内逆时针转60°10．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）$A．静电计指针张角变小B．平行板电容器的电容将变小C．带电油滴的电势能将增大D．若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变11．功率可调的直流电动机线圈内阻恒为2Ω，接在电路中的A、B间，如图，电源的电动势为6V，内阻为2Ω，下列说法正确的是（）$A．电动机输出最大功率为B．电源的最大输出功率为C．电动机输出最大功率时电源输出功率也最大D．若将电动机改为范围足够大的滑动变阻器，电源可输出得最大功率为|12．绝缘光滑斜面与水平面成α角，质量为m、带电荷量为﹣q（q＞0）的小球从斜面上的h高度处释放，初速度为v0（v0＞0），方向与斜面底边MN平行，如图所示，整个装置处在匀强磁场B中，磁场方向平行斜面向上．如果斜面足够大，且小球能够沿斜面到达底边MN．则下列判断正确的是（）A．小球运动过程对斜面压力越来越小B．小球在斜面做变加速曲线运动C．匀强磁场磁感应强度的取值范围为0≤B≤;D．小球达到底边MN的时间t=二、实验题（本大题共3小题，共20分．）13．某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．图（a）所示读数为，图（b）所示读数为mm，所测金属板的厚度为mm，用游标卡尺测金属板的直径如图（c）所示，则金属板直径为cm．~14．某同学做描绘小灯泡（额定电压为，额定电流为）的伏安特性曲线实验，实验给定的实验器材如下：直流电源的电动势为4V，内阻不计开关、导线若干．电压表V（量程4V，内阻约为5kΩ）电流表A1（量程，内阻约为4Ω）电流表A2（量程3A，内阻约为1Ω）\滑动变阻器R1（0到1000Ω，）滑动变阻器R2（0到10Ω，2A）（1）电路图应选图甲哪个，电流表应选，滑动变阻器应选．（2）该同学按照正确的电路图和正确的实验步骤，根据测量结果描出了伏安特性曲线如图乙．如果用一个电动势为3V，内阻为10Ω的电源与该小灯泡组成电路．则该小灯泡的实际功率约为W（保留两位有效数字）．|15．某同学用如甲图所示的电路测定电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源E，电阻箱R（最大阻值Ω），定值电阻R0（阻值为Ω），电压表（量程为3V，内阻约为2kΩ），开关S．实验步骤：将电阻箱阻值调到最大，先闭合开关S，多次调节电阻箱，记下电压表的示数U 和电阻箱相应的阻值R，以为纵坐标，R为横坐标，作图线（如图乙）．（1）E为电源电动势，r为电源内阻，写出关系表达式（用E、r、R0表示）．（2）根据图线求得电源电动势E=V，内阻r=Ω．（保留两位有效数字）】（3）用该种方法测电源电动势存在系统误差，产生系统误差的原因是．三、计算题（本大题共4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）16．如图1所示的电路．滑动变阻器最大阻值为R0=58Ω，电源路端电压U随外电阻R变化的规律如图2所示，图中U=12V的直线为图线的渐近线，试求：\（1）电源电动势E和内阻r；（2）A、B空载（没接用电器）时输出电压的范围．17．如图所示，电子由静止经电压U0加速后，从两板正中间垂直电场方向射入间距为d电压为U的平行板电容器间，电子恰好能穿过电场，忽略边缘效应，求：（1）电子经U0加速后的动能；（2）金属板AB的长度．:18．如图倒“V”导轨，两侧导轨倾角为θ=30°，间距为L=．分别平行底边放置一根导体棒，其中ab棒质量为m1=2kg，电阻为R1=Ω，cd棒质量为m2=4kg，电阻为R2=2Ω，两棒与导轨的动摩擦因数均为μ=，导轨顶端MN间连接内阻为r=Ω的电源，两棒通过一根绕过顶端光滑定滑轮的绝缘轻线连接，细线平行于左右导轨平面，左右空间磁场均垂直于斜面向上，左右两斜面磁感应强度均为B=2T，为了使两棒保持静止，电源电动势的取值满足什么条件．19．如图，A、C两点分别位于x轴和y轴上，∠OCA=30°，OC的长度为L．在△OCA区域内有垂直于xOy平面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．质量为m、电荷量为q的带负电粒子，从坐标原点射入磁场．不计重力．（1）若粒子沿+y方向射入磁场，当初速度满足什么条件时，粒子在磁场中运动的时间为定值；;（2）大量初速度大小为v=的粒子以不同的方向射入第一象限，求从AC边射出的粒子在磁场中运动的最短时间，及该粒子的入射方向与+x的夹角．2018-2019学年江西省九江市九江一中高二（上）期中物理试卷|参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共40分．1-8题为单项选择题，9-12题为多项选择题．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．奥斯特实验证明了（）A．通电导体周围存在着大量的电荷'B．通电导体周围存在着磁场C．通电导体在磁场中要受到力的作用D．通电导体内部存在磁场【考点】物理学史．【分析】奥斯特实验证明了通电导体周围存在着磁场，揭示了电流与磁场的关系．-【解答】解：奥斯特实验证明了通电导体周围存在着磁场，即电流的磁效应，反映了电流与磁场的关系．故ACD错误，B正确．故选：B2．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）…A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；电场线．【分析】（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；'（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．【解答】解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．3．在图的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（）A．A变大，V变大B．A变小，V变大C．A变大，V变小D．A变小，V变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，即可得出电压表、电流表的变化．【解答】解：闭合电路中，当滑片P向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，使电路中电阻变大，由闭合电路欧姆定律可得电流变小，则内压及R0的分压减小时，故滑动变阻器两端电压变大．…故选B．4．三根无限长通电直导线分别沿空间坐标系坐标轴放置，电流方向如图，已知沿x轴放置的电流在P（1，1，0）点处磁感应强度为B，无限长直导线在空间的磁感应强度与该点到导线距离成反比，则P点实际磁感应强度为（）A ．B B． B C． B D．B.【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．【分析】根据题意明确各导线在P点形成的磁感应强度大小，再根据安培定则明确磁场方向，根据叠加原理即可求出实际的磁感应强度．【解答】解：x轴上的导线在P点的磁感应强度为B，根据磁感应强度与该点到导线距离成反比可知，沿y轴上的导线形成的磁感应强度为B，而z轴上的电流形成的磁场为=；根据安培定则可知，x轴上电流形成的磁场向上，而y轴上电流形成的磁场向下，二者相互抵消，故合磁感应强度等于z轴上导线所形成的磁感应强度，故大小为，故C正确，ABD错误．故选：C．(5．在磁场中某区域的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，且B a＞B bB．同一电流元放在a处受力一定比放在b处受力大·C．电荷有可能仅在磁场作用下由a沿纸面运动到bD．某正电荷在磁场和其他外力作用下从a到b，磁场对电荷做负功【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度；洛仑兹力．【分析】根据磁感应的疏密表示磁场的强弱，根据安培力的性质可明确安培力的大小情况；明确电荷在磁场中的受力情况，从而明确运动和做功情况．【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，故a、b两处的磁感应强度的大小不等，且B a＞B b，故A正确；—B、电流元的受力与放置夹角有关，故无法比较电流元的受力情况，故B错误；C、若粒子沿磁感线运动，则不受磁场力，可以由a沿纸面运动到b，故C正确；D、磁场对电荷永不做功，故D错误．故选：AC．<6．如图所示，在空间中存在竖直向上的匀强电场，质量为m、电荷量为+q的物块从A点由静止开始下落，加速度为g，下落高度H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，整个过程中不计空气阻力，且弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则带电物块在由A点运动到C点过程中，下列说法正确的是（）A．该匀强电场的电场强度为B．带电物块和弹簧组成的系统机械能增加量为C．带电物块电势能的增加量为mg（H+h），D．弹簧的弹性势能的增加量为mg（H+h）【考点】机械能守恒定律；电场强度；电势能．【分析】根据牛顿第二定律求出电场强度的大小，根据除重力和弹力以外其它力做功得出系统机械能的变化量．根据电场力做功求出电势能的变化量．根据动能定理求出弹簧弹力做功，从而得出弹性势能的变化量．【解答】解：A 、物体静止开始下落时的加速度为，根据牛顿第二定律得：mg ﹣qE=ma ，解得：E=，故A 错误．B 、从A 到C 的过程中，除重力和弹力以外，只有电场力做功，电场力做功为：W=﹣qE （H+h ）=﹣，可知机械能减小量为．故B 错误．}C 、从A 到C 过程中，电场力做功为﹣mg （H+h ），则电势能增加量为mg （H+h ）．故C 错误．D 、根据动能定理得：mg （H+h ）﹣mg （H+h ）+W 弹=0，解得弹力做功为：W 弹=﹣mg （H+h ），即弹性势能增加量为mg （H+h ），故D 正确．故选：D ．7．如图所示，在x 轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场．一个不计重力的带电粒子从坐标原点O 处以一定的速度进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与x 轴正方向成120°角，若粒子穿过y 轴时坐标为（0，a ），则该粒子在磁场中到x 轴的最大距离为（ ） …A ．aB ．2aC ． aD ． a【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】根据带电粒子的运动的情况，画出粒子的运动的轨迹，再根据粒子运动轨迹的几何关系求解．【解答】解：由图意可知粒子沿顺时针方向运动，粒子的运动轨迹如图中虚线，红色线段为圆的半径R ， ：根据图中的几何关系可得，R=a ；所以轨迹到x 轴的最大距离为：y m =R+Rsin30°=；所以D 正确、ABC 错误； 故选：D ． }8．欧姆表的正、负插孔内分别插有红、黑表笔，表内的电路图应是下图中的（）A．B．C．D．【考点】多用电表的原理及其使用．【分析】测量电路中的电流由红表笔进入欧姆表，由黑表笔流出欧姆表，红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，选档后要进行调零据此可确定电路．:【解答】解：A、C、D、电流由红表笔流入，由黑表笔流出，则正插孔接电源的负极，则CD 错误，A正确B、每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要可调节，故B错误．故选：A9．如图所示，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I为了增大导线所受的磁场力，采取了下列四种办法，其中正确的是（）~A．增大电流IB．增加直导线的长度C．使导线在纸面内顺时针转30°D．使导线在纸面内逆时针转60°|【考点】安培力．【分析】根据左手定则的内容，判定安培力的方向．左手定则的内容是：伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流的方向相同，大拇指所指的方向为安培力的方向．而安培力的大小F=BIL，且B与I垂直；若不垂直时，则将B沿导线方向与垂直方向进行分解．【解答】解：A、由公式F=BIL，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力．故A正确；B、由公式F=BIL，当增加直导线的长度时，可增大通电导线所受的磁场力．故B正确；C、当使导线在纸面内顺时针转30°时，导线有效切割长度缩短，则所受磁场力变小，故C错误；、D、当使导线在纸面内逆时针转60°时，导线有效切割长度伸长，则所受磁场力变大，故D 正确；故选：ABD10．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）—A．静电计指针张角变小B．平行板电容器的电容将变小C．带电油滴的电势能将增大D．若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【考点】电容器的动态分析；电势能．·【分析】电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．【解答】解：现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，导致极板间距增大，A、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变．故A错误．B、根据C=知，d增大，则电容减小．故B正确；C、电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，则P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小．故C错误．！D、若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，则电荷量不变，d改变，根据E===，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．故选：BD．11．功率可调的直流电动机线圈内阻恒为2Ω，接在电路中的A、B间，如图，电源的电动势为6V，内阻为2Ω，下列说法正确的是（）}A．电动机输出最大功率为B．电源的最大输出功率为C．电动机输出最大功率时电源输出功率也最大D．若将电动机改为范围足够大的滑动变阻器，电源可输出得最大功率为【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．.【分析】电动机为非纯电阻电路，不能直接利用闭合电路欧姆定律求解，但由于电源和电动机中的电流相等，故可以列出电动势、路端电压和电流的关系进行分析，再由数学规律求解最大值即可．【解答】解：A、设电流为I，则此时电动机两端的电压为U=E﹣Ir，则电动机的输出功率P =UI﹣I2R=EI﹣I2（r+R）=6I﹣4I2；则由二次函数可知当I=时，电动机的输出功率最大为；故出A正确；B、电源的输出功率P=EI﹣I2r=6I﹣2I2；则由数学规律可知，当I=时，电源输出功率最大，最大输出功率为，故B正确；C、由AB分析可知，电动机输出最大功率时电源输出功率不是最大，故C错误；D、若将电动机改为范围足够大的滑动变阻器，电路为纯电阻电路，电源可输出得最大功率仍为，故D正确．【故选：ABD．12．绝缘光滑斜面与水平面成α角，质量为m、带电荷量为﹣q（q＞0）的小球从斜面上的h高度处释放，初速度为v0（v0＞0），方向与斜面底边MN平行，如图所示，整个装置处在匀强磁场B中，磁场方向平行斜面向上．如果斜面足够大，且小球能够沿斜面到达底边MN．则下列判断正确的是（）A．小球运动过程对斜面压力越来越小；B．小球在斜面做变加速曲线运动C．匀强磁场磁感应强度的取值范围为0≤B≤D．小球达到底边MN的时间t=【考点】带电粒子在混合场中的运动；洛仑兹力．【分析】根据受力分析，结合力的合成法则，并依据牛顿第二定律，及曲线运动条件，即可求解；#依据洛伦兹力小于等于重力的垂直斜面的分力；根据运动学公式，结合牛顿第二定律，即可求解．【解答】解：A、对小球受力分析，重力，支持力，洛伦兹力，根据左手定则，可知，洛伦兹力垂直斜面向上，并且水平速度保持不变，故小球对斜面的压力保持不变；B、由于小球在下滑过程中，速度的变化，不会影响重力与支持力的合力，因此小球受力恒定，故小球做匀变速曲线运动，故B错误；C、假设重力不做功，根据小球能够沿斜面到达底边MN，则小球受到的洛伦兹力0≤f=qv0B ≤mgcosα；解得磁感应强度的取值范围为0≤B≤cosα，故C确；/D、小球做类平抛运动，则在斜面上，沿着斜面方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据力的分解法则，及牛顿第二定律，则小球的加速度a==gsinα，再由运动学公式，球到达底边MN的时间t=，故D正确；故选：CD．二、实验题（本大题共3小题，共20分．）'13．某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．图（a）所示读数为，图（b）所示读数为mm，所测金属板的厚度为mm，用游标卡尺测金属板的直径如图（c）所示，则金属板直径为cm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为×=，所以最终读数为mm．@测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为×=，所以最终读数为mm．所测金属板的厚度为﹣=游标卡尺的主尺读数为12mm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8×=，所以最终读数为：12mm+==．故答案为：；；<14．某同学做描绘小灯泡（额定电压为，额定电流为）的伏安特性曲线实验，实验给定的实验器材如下：直流电源的电动势为4V，内阻不计开关、导线若干．电压表V（量程4V，内阻约为5kΩ）电流表A1（量程，内阻约为4Ω））电流表A2（量程3A，内阻约为1Ω）滑动变阻器R1（0到1000Ω，）滑动变阻器R2（0到10Ω，2A）（1）电路图应选图甲哪个a，电流表应选A1，滑动变阻器应选R2．>（2）该同学按照正确的电路图和正确的实验步骤，根据测量结果描出了伏安特性曲线如图乙．如果用一个电动势为3V，内阻为10Ω的电源与该小灯泡组成电路．则该小灯泡的实际功率约为W（保留两位有效数字）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）根据实验要求选择合适的电路图，选择仪器是按方便，安全的原则选取．（2）电源的U﹣I图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点的横纵坐标表示此时的电流和电压，根据P=UI求出小灯泡的实际功率．【解答】解：（1）从图象知电压从零计故滑动变阻器应用分压式接法，实验电路应选择图乙中的电路图（a）；'因小灯泡额定电流为，用电流表A2量程太大，应用A1；因滑动变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器R2；（2）如果用一个电动势为3V，内阻为10Ω的电源与该小灯泡组成电路．在I﹣U图象中作出该电源的特性曲线，如图所示电源的U﹣I图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点的横纵坐标表示此时的电流和电压，P=UI=×=．故答案为：（1）a，A1 ，R2。
九江县第一中学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
九江县第一中学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 关于磁感应强度B 的概念，下面说法中正确的是（ ）A ．由磁感应强度的定义式可知，磁感应强度与磁场力成正比，与电流和导线长度的乘积成反比 ILFBB ．一小段通电导线在空间某处不受磁场力的作用，那么该处的磁感应强度一定为零C ．一小段通电导线放在磁场中，它受到的磁场力可能为零D ．磁场中某处的磁感应强度的方向，跟电流在该处所受磁场力的方向可以不垂直【答案】C2． （2015·江苏南通高三期末）2012年10月15日著名极限运动员鲍姆加特纳从3.9万米的高空跳下，并成功着陆。
假设他沿竖直方向下落，其v －t 图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A ．0～t 1时间内运动员及其装备机械能守恒B ．t 1～t 2时间内运动员处于超重状态C ．t 1～t 2时间内运动员的平均速度＜v －v 1＋v 22D ．t 2～t 4时间内重力对运动员所做的功等于他克服阻力所做的功【答案】BC【解析】0～t 1内速度图线的斜率在减小，说明运动员做加速度逐渐减小的加速运动，加速度方向向下，所以运动员及其装备一定受到阻力作用，机械能不守恒，故A 错误；t 1～t 2时间内由于图象的斜率在减小，斜率为负值，说明加速度方向向上，根据牛顿运动定律得知运动员处于超重状态，B 正确；t 1～t 2时间内，若运动员做匀减速运动，平均速度等于，而根据“面积”表示位移得知，此过程的位移小于匀减速运动的位移，v 1＋v 22所以此过程的平均速度＜，C 正确；t 2～t 4时间内重力做正功，阻力做负功，由于动能减小，根据动能v － v 1＋v 22定理得知，外力对运动员做的总功为负值，说明重力对运动员所做的功小于他克服阻力所做的功，D 错误。
3．如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l 。