山东省青岛市2019届高三5月二模语文试题含答案
2019届北京市海淀区高三二模语文试题(有答案)
海淀高三二模语文试题 2019.5一、本大题共8小题，共24分。
阅读下及面的材料，完成l一8题。
材料一中国民族乐器历史悠久，源远流长。
新石器时代文化遗址浙江河姆渡出土的骨哨，仰韶文化遗址西安半坡村出土的埙，河南安阳殷墟中出土的石、木腔蟒皮鼓．湖北随县曾侯乙墓出土的编钟、编磬等，都向人们展示了中华民族的智慧和创造力。
古乐器往往具有多重功能，它既能用来演奏音乐，也是人们劳动生产的工具或生活器具。
《吕氏春秋·古乐篇》记载，人们把生活器皿“缶”蒙上麋鹿之皮，制成鼓。
又如在长期劳动过程中，人们发现某种石制片状工具能够发声，可以作为乐器进行演奏，于是发明了石磬。
先民们还将狩猎的石器敲击成声，为化装成百兽的人们表演舞蹈伴奏，乐器演奏与舞蹈表演相辅相成。
乐器的功能不仅表现在人们用生产工具或生活器具进行演奏，还体现在用以传递特定的信息，如鸣金收阵、击鼓升堂等。
乐器的发展与社会生产力有着密切关系。
石磬演变成金属的磬或出现金属的钟，在石器时代绝无可能；只有养蚕业和缫丝业进步了，才有可能产生“丝附木上”的琴、瑟、筝。
至周代，我国制作乐器的材料有金、石、土、革、丝、木、犯、竹八类，“八音”分类法即由此得名。
在曾侯乙墓的地下音乐殿堂中，保存了124件古乐器。
无论是重达五千多斤的乐器巨人编钟，还是造型、制作和彩绘都很精致的鼓、排箫、笙、瑟等，均向我们展示了春秋战国时中国音乐文化高度发展的状况，显示了我国高度发达的冶炼、丝织等技术。
中华民族是一个善于学习借鉴的民族。
许多外来乐器经过不断改进，成为中国民族乐器大家庭中的一员，比如汉代时传入的横笛、竖箜篌，东晋时传入的曲项琵琶，明代传入的扬琴、锁呐等等。
经历了漫长的历史阶段，中国的“吹、打、弹、拉”四大类乐器逐渐形成，乐器的音质、音律、音量、转调、固定音高乐器之间的音高标准等不断进步提高，并取得了举世瞩目的成就。
（取材于刘承华《我国民间乐器的产生与发展》）1．根据“材料一”，下列不属于“用以传递特定的信息”的一项是（3分）A.击鼓出征B.击筑悲歌C.鸣锣开道D.打更报时2．根据“材料一”下列对“中国民族乐器”的理解，不正确的一项是（2分）A.历史悠久，源远流长B.早期一般兼具表演性和实用性C.促进了生产力的发展D.博采众长，种类不断得到丰富材料二吹管乐器有着十分悠久的历史。
山东省威海市2019届高三二模考试理科数学试题(解析版)
2019年山东省威海市高考数学二模试卷（理科）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知复数z满足z（1+i）=（3+i）2，则|z|=（）A. B. C. D. 82.已知集合，，，则A∩B=（）A. B. C. D.3.如图所示茎叶图中数据的平均数为89，则x的值为（）A. 6B. 7C. 8D. 94.已知角α的顶点在坐标原点，始边与x轴的正半轴重合，M，为其终边上一点，则cos2α=（）A. B. C. D.5.若x，y满足约束条件，，，则z=3x-y的最大值为（）A. 2B. 1C. 0D.6.函数的图象可由y=2cos2x的图象如何变换得到（）A. 向左平移个单位B. 向右平移个单位C. 向左平移个单位D. 向右平移个单位7.若P为△ABC所在的平面内一点，且，则△ABC的形状为（）A. 等边三角形B. 等腰三角形C. 直角三角形D. 等腰直角三角形8.已知函数f（x）=ln x+ln（a-x）的图象关于直线x=1对称，则函数f（x）的值域为（）A. B. C. D.9.如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某四棱锥的三视图，则该四棱锥的体积为（）A. 6B. 8C.D.10.在△ABC中，AC=3，向量在向量的投影的数量为-2，S△ABC=3，则BC=（）A. 5B.C.D.11.已知函数f（x）的定义域为R，，对任意的x∈R满足f'（x）＞4x，当α∈[0，2π]时，不等式f（sinα）+cos2α＞0的解集为（）A. B. C. D.12.设F1，F2为双曲线＞，＞的左右焦点，点P（x0，2a）为双曲线上的一点，若△PF1F2的重心和内心的连线与x轴垂直，则双曲线的离心率为（）A. B. C. D.二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.在的展开式中，x4的系数是______．14.已知抛物线y2=2px（p＞0）上的一点M到x轴的距离为4，到焦点的距离为5，则p=______．15.在直三棱柱ABC-A1B1C1中，∠ABC=90°，AA1=2，设其外接球的球心为O，已知三棱锥O-ABC的体积为1，则球O表面积的最小值为______．16.“克拉茨猜想”又称“3n+1猜想”，是德国数学家洛萨•克拉茨在1950年世界数学家大会上公布的一个猜想：任给一个正整数n，如果n是偶数，就将它减半；如果n为奇数就将它乘3加1，不断重复这样的运算，经过有限步后，最终都能够得到1．已知正整数m经过6次运算后得到1．则m的值为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.已知{a n}是递增的等比数列，a5=48，4a2，3a3，2a4成等差数列．（Ⅰ）求数列{a n}的通项公式；（Ⅱ）设数列{b n}满足b1=a2，b n+1=b n+a n，求数列{b n}的前n项和S n．18.如图，四棱锥P-ABCD中，已知PA⊥平面ABCD，△ABC为等边三角形，PA=2AB=2，AC⊥CD，PD与平面PAC所成角的正切值为C2．（Ⅰ）证明：BC∥平面PAD；（Ⅱ）若M是BP的中点，求二面角P-CD-M的余弦值．19.某蔬菜批发商分别在甲、乙两市场销售某种蔬菜（两个市场的销售互不影响），已知该蔬菜每售出1吨获利500元，未售出的蔬菜低价处理，每吨亏损100元．现统计甲、乙两市场以往100个销售周期该蔬菜的市场需求量的频数分布，如表：甲市场以市场需求量的频率代替需求量的概率．设批发商在下个销售周期购进吨该蔬菜，在甲、乙两市场同时销售，以X（单位：吨）表示下个销售周期两市场的需求量，T（单位：元）表示下个销售周期两市场的销售总利润．（Ⅰ）当n=19时，求T与X的函数解析式，并估计销售利润不少于8900元的概率；（Ⅱ）以销售利润的期望为决策依据，判断n=17与n=18应选用哪一个．20.在直角坐标系xOy中，设椭圆：＞＞的左焦点为F1，短轴的两个端点分别为A，B，且∠AF1B=60°，点，在C上．（Ⅰ）求椭圆C的方程；（Ⅱ）若直线l：y=kx+m（k＞0）与椭圆C和圆O分别相切于P，Q两点，当△OPQ 面积取得最大值时，求直线l的方程．21.已知函数＞．（Ⅰ）讨论函数f（x）的单调性；（Ⅱ）证明：当m∈[0，1）时，函数＞有最大值．设g（x）的最大值为h（m），求函数h（m）的值域．22.在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为（α为参数），以坐标原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为，且曲线C1与C2恰有一个公共点．（Ⅰ）求曲线C1的极坐标方程；（Ⅱ）已知曲C1上两点，A，B满足，求△AOB面积的最大值．23.已知正实数a，b满足a+b=2．（Ⅰ）求证：；（Ⅱ）若对任意正实数a，b，不等式|x+1|-|x-3|≥ab恒成立，求实数x的取值范围．答案和解析1.【答案】C【解析】解：由z（1+i）=（3+i）2，得z=，∴|z|=||=．故选：C．把已知等式变形，再由商的模等于模的商求解．本题考查复数模的求法，考查数学转化思想方法，是基础题．2.【答案】B【解析】解：∵集合，∴A={y|-1≤y≤2}，B={x|0≤x≤4}，∴A∩B={x|0≤x≤2}=[0，2]．故选：B．先分别求出集合A和B，由此能求出A∩B．本题考查集合的运算及关系，考查交集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，属于基础题．3.【答案】B【解析】解：根据茎叶图中数据，计算平均数为×（86+80+x+90+91+91）=89，解得x=7．故选：B．根据茎叶图中数据计算平均数即可．本题考查了利用茎叶图中数据计算平均数的应用问题，是基础题．4.【答案】D【解析】解：∵M，∴OM==．∴sinα==．∴cos2α=1-2sin2α=1-2×（）2=．故选：D．易得OM的长度，利用二倍角的三角函数，任意角的三角函数的定义即可求解．本题主要考查了二倍角的三角函数，任意角的三角函数的定义，考查了转化思想，属于基础题．5.【答案】A【解析】解：作出x，y满足约束条件对应的平面区域如图：z=3x-y，得y=3x-z，平移直线y=3x-z，由图象可知当直线y=3x-z经过点B（1，1）时，直线y=3x-z的截距最大，此时z最大，z max=3×1-1=2．即z的最大值是2．故选：A．作出不等式组对应的平面区域，通过目标函数的几何意义，利用数形结合即可的得到结论．本题主要考查线性规划的应用，利用z的几何意义，通过数形结合是解决本题的关键．6.【答案】B【解析】解：函数=2，把函数的图象向左平移个单位，得到：y=2sin（2x+）=2cos2x的图象，故：要得到y=2sin（）的图象，只需将y=2cos2x的图象向右平移个单位即可．故选：B．直接利用三角函数关系式的平移变换和伸缩变换的应用求出结果．本题考查的知识要点：三角函数关系式的恒等变换，函数图象的平移变换和伸缩变换的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力，属于基础题型．7.【答案】C【解析】，解：∵，∴||=||∴y根据向量加法及减法的平行四边形法则可知，以为邻边所作的平行四边形的对角线相等即ABCD为矩形，C=则△ABC的形状为直角三角形故选：C．由已知可得||=||，根据向量加法及减法的平行四边形法则可知，以为邻边所作的平行四边形的对角线相等，可判断本题主要考查了向量加法及减法的平行四边形法则的简单应用，属于基础试题8.【答案】D【解析】解：根据题意，对于函数f（x）=lnx+ln（a-x），有f（a-x）=ln（a-x）+ln[a-（a-x）]=lnx+ln（a-x）=f（x），则函数f（x）的图象关于直线x=对称，若函数f （x ）=lnx+ln （a-x ）的图象关于直线x=1对称，则有=1，则a=2， 则f （x ）=lnx+ln （2-x ）=ln （2x-x 2），其定义域为（0，2）， 设t=2x-x 2，则y=lnt ，又由t=-（x-1）2+1，0＜x ＜2，则有0＜t≤1，则y=lnt≤0，即函数f （x ）的值域为（-∞，0]； 故选：D ．根据题意，分析可得f （a-x ）=f （x ），即可得函数f （x ）的图象关于直线x=对称，据此可得a 的值，进而可得f （x ）=lnx+ln （2-x ）=ln （2x-x 2），设t=2x-x 2，则y=lnt ，由换元法分析可得答案．本题考查函数的对称性，涉及换元法求函数的值域，关键是求出a 的值，属于基础题． 9.【答案】B【解析】解：根据三视图知，该几何体是镶嵌在长方体中的四棱锥P-ABCD ， 且长方体的长、宽、高分别为4、2、3，如图所示；结合图中数据，计算该四棱锥的体积为：V 四棱锥P-ABCD =V 三棱锥C-BDP +V 三棱锥D-ABP =××4×2×3+××4×3×2=8． 故选：B ．根据三视图知该几何体是镶嵌在长方体中的四棱锥，结合图中数据求出该四棱锥的体积．本题考查了利用三视图求几何体体积的应用问题，是基础题．10.【答案】C【解析】解：AC=3，向量在向量的投影的数量为-2，S△ABC=3，可得|AB|cosA=-2，|AB|•|AC|•sinA=3，即|AB|sinA=2，即tanA==-1，内角A=135°，|AB|==2，|BC|2=|AB|2+|AC|2-2|AB|•|AC|•cosA=8+9-2•2•3•（-）=29，即|BC|=，故选：C．由向量的投影和三角形的面积公式，可得A，|AB|，再由余弦定理可得所求值．本题考查三角形的余弦定理和面积公式的运用，考查向量的投影的定义，以及化简运算能力，属于基础题．11.【答案】A【解析】解：令g（x）=f（x）+1-2x2，则g′（x）=f′（x）-4x＞0，故g（x）在R上单调递增，又g（）=f（）+1-2×=-+1-=0，∴g（x）＞0的解集为x＞，∵cos2α=1-2sin2α，故不等式f（sinα）+cos2α＞0等价于f（sinα）+1-2sin2α＞0，即g（sinα）＞0，∴sinα＞，又α∈[0，2π]，∴＜α＜．故选：A．令g（x）=f（x）+1-2x2，求导可得g（x）单调递增，且g（）=0，故不等式f（sinα）+cos2α＞0的解集为g（sinα）＞0的解集．本题考查了导数与函数单调性的关系，考查函数单调性的应用，根据所求不等式构造函数是解题关键，属于中档题．12.【答案】A【解析】解：如图设P在第一象限，内切圆的圆心为I，内切圆与PF1，PF2，F1F2分别切与点E，F，G，根据圆的切线的性质得：PE=PF，F1E=F1G，F2F=F2G，根据双曲线的定义知：PF1-PF2=2a，即（PE+F1E）-（PF-F2F）=2a，∴F1G-F2G=2a，①又F1G+F2G=2c，②，联立①②解得F1G=a+c，F2G=c-a，∴G（a，0），∴内心I的横坐标为a，∵△PF1F2的重心和内心的连线与x轴垂直，∴△PF1F2的重心的横坐标为a，由三角形的重心坐标公式可得a=，解得x0=3a，∴P（3a.2a），将P的坐标代入双曲线可得：-=1，即9-=1，化简得3a2=2c2，所以离心率e==．故选：A．根据双曲线的定义和切线长定理可得内心的横坐标，从而可得重心的横坐标，再根据重心的坐标公式可得x0=3a，再将P的坐标代入双曲线可得．本题考查了双曲线的性质，属难题．13.【答案】80【解析】解：在的展开式的通项公式为T r+1=•25-r•，令5-=4，可得r=2，可得x4的系数是•23=80，故答案为：80．在二项展开式的通项公式中，令x的幂指数等于4，求出r的值，即可求得x4的系数．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．14.【答案】2或8【解析】解：抛物线y2=2px（p＞0）上的一点M到x轴的距离为4，到焦点的距离为5，如图：可得|FQ|=3，所以p=5±|FQ|，所以P=2或8．故答案为：2或8．画出图形，利用抛物线的性质转化求解即可．本题考查抛物线的简单性质的应用，是基本知识的考查．15.【答案】16π【解析】解：如图，因为三棱柱ABC-A1B1C1是直三棱柱，且∠ABC=90°，设AB=a，BC=b，球的半径为r．连接AC1∩A1C=O，取AC的中点D，连接BD，则O到三棱柱六个顶点的距离相等，即O为三棱柱外接球的球心．OD=，又因为三棱锥O-ABC的体积为1，即，即，所以r==≥=2，当且仅当a=b时等号成立，所以球O表面积的最小值为S=4πr2=16π．故填：16π．设AB=a，BC=b，球的半径为r．连接AC1∩A1C=O，取AC的中点D，连接BD，则O到三棱柱六个顶点的距离相等，即O为三棱柱外接球的球心．OD=，三棱锥O-ABC的体积为1，即，即，表示出r，根据基本不等式可得r的最小值，从而得到球的表面积的最小值．本题借助直三棱柱的外接球，考查了基本不等式、球的表面积等．属于中档题．16.【答案】64、10、1、8．【解析】解：根据题意，正整数m经过6次运算后得到1，则正整数m经过5次运算后得到2，经过4次运算后得到4，经过3次运算后得到8或者1，分2种情况讨论：①，当经过3次运算后得到8时，经过2次运算后得到16，则经过1次运算后得到32或5，则m的值为64或10，②，当经过3次运算后得到1时，经过2次运算后得到2，则经过1次运算后得到4，则m的值为1或8；综合可得：m的值可能为64、10、1、8．故答案为：64、10、1、8．根据题意，利用正整数m经过6次运算后得到1，结合变化的规则，进行逐项逆推即可得答案．本题考查数列的应用，涉及归纳推理的应用，利用变换规则，进行逆向验证是解决本题的关键．17.【答案】解：（Ⅰ）设首项为a1，公比为q的递增的等比数列，a5=48，4a2，3a3，2a4成等差数列．故：，解得：q=2或1（舍去），整理得：a1=3，所以：，（Ⅱ）数列{b n}满足b1=a2，b n+1=b n+a n，所以：b1=6．则：b n=（b n-b n-1）+（b n-1-b n-2）+…+（b2-b1）+b1，=a n-1+a n-2+…+a2+a1+b1，=，=3•2n-1+3所以：S n=b1+b2+…+b n=．【解析】（Ⅰ）利用已知条件求出数列的通项公式．（Ⅱ）利用叠加法求出数列的通项公式，进一步求出数列的和．本题考查的知识要点：数列的通项公式的求法及应用，叠加法在数列通项公式的求法中的应用，数列的求和的应用，主要考察学生的运算能力和转换能力，属于基础题型．18.【答案】证明：（Ⅰ）∵PA⊥平面ABCVD，∴PA⊥CD，又AC⊥CD，CA∩PA=A，∴CD⊥平面PAC，∴∠DPC为PD与平面PAC所成角，在Rt△PAC中，tan∠DPC==，在Rt△PAC中，PC=，∴CD=，在Rt△ACD中，AD=2，∠CAD=60°，∵∠BCA=60°，∴在底面ABCD中，BC∥AD，AD⊂平面PAD，BC⊄平面PAD，∴BC∥平面PAD．解：（Ⅱ）设BC的中点为N，连结AN，则AN⊥BC，由（Ⅰ）知BC∥AD，∴AN⊥AD，分别以AN，AD，AP为x，y，z轴，建立空间直角坐标系，则P（0，0，2），C（，，0），D（0，2，0），M（，-，1），则=（-，，0），=（0，2，-2），=（，，），设平面PCD的法向量为=（x，y，z），则，令y=1，=（，，），设平面CDM的法向量为=（x，y，z），则，令y=1，得=（，，），设二面角P-CD-M的平面角为θ，则cosθ===．故二面角P-CD-M的余弦值为．【解析】（Ⅰ）推导出PA⊥CD，CD⊥平面PAC，∠DPC为PD与平面PAC所成角，由此能证明BC∥平面PAD．（Ⅱ）设BC的中点为N，连结AN，则AN⊥BC，分别以AN，AD，AP为x，y，z 轴，建立空间直角坐标系，利用向时法能求出二面角P-CD-M的余弦值．本题考查线面平行的证明，考查二面角的余弦值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，意在考查学生的转化能力和计算求解能力，是中档题．19.【答案】解：（Ⅰ）由题意可知，当X≥19，T=500×19=9500；当X＜19，T=500×X-（19-X）×100=600X-1900，所以T与X的函数解析式为T=，，＜，由题意可知，一个销售周期内甲市场需求量为8，9，10的概率分别为0.3，0.4，0.3；乙市场需求量为8，9，10的概率分别为0.2，0.5，0.3，设销售的利润不少于8900元的事件记为A，当X≥19，T=500×19=9500＞8900，当X＜19，600X-1900≥8900，解得X≥18，由题意可知，P（X=16）=0.3×0.2=0.06；P（X=17）=0.3×0.5+0.4×0.2=0.23；所以P（A）=P（X≥18）=1-0.06-0.23=0.71．（Ⅱ）当n=17时，E（T）=（500×16-1×100）×0.06+500×17×0.94=8464；当n=18时，E（T）=（500×16-2×100）×0.06+（500×17-1×100）×0.23+18×500×0.71=8790；因为8464＜8790，所以应选n=18．【解析】（Ⅰ）先分2段求出T与X的函数关系式，再利用函数的解析式求得概率；（Ⅱ）计算两个期望比较大小，作出决策．本题考查了离散型随机变量的期望与方差，属中档题．20.【答案】解：（Ⅰ）由∠AF1B=60°，可得a=2b，由点，在C上，可得+=1，∴b2=1，a2=4，∴椭圆C的方程为+y2=1，（Ⅱ）联立，可得（1+4k2）x2+8kmx+4m2-4=0，∵直线l与椭圆相切，∴△=16（4k2+1-m2）=0，即4k2+1=m2，设P（x1，y1），可得x1==-，则y1==，∴|OP|2=+===4-又直线l与圆O相切，可得|OQ|=，则|OQ|2===4-∴|PQ|===，∴S△OPQ=|PQ|•|OP|=•=•=•≤，当且仅当k=1时取等号，此时m2=1+4=5，则m=±，故直线l的方程为y=x+或y=x-．【解析】（Ⅰ）由∠AF1B=60°，可得a=2b，由点在C上，可得+=1，解得b2=1，a2=4，即可求出椭圆方程，（Ⅱ）联立，根据判别式求出4k2+1=m2，即可求出点P的坐标，可得|OP|，再求出|OQ|，表示出三角形的面积，根据基本不等式即可求出．本题考查椭圆的标准方程，考查直线与椭圆的位置关系，三角形面积公式与基本不等式的综合应用，考查计算能力，属于中档题．21.【答案】解：（Ⅰ）f′（x）=e2x+2×e2x=e2x，x＞-1，令h（x）=-2x2+（2a-2）x+a-1，△=4（a2-1），当-1≤a≤1时，△≤0，则h（x）≤0，即f′（x）≤0，∴f（x）在（-1，+∞）上单调递增，当a＜-1或a＞1时，此时△＞0，设h（x）=0的两根为x1，x2，且x1＜x2，则x1=，x2=，若a＜-1，可知x1＜-1＜x2，则x∈（x2，+∞），f′（x）＜0，x∈（-1，x2），f′（x）＞0，若a＞1，可知-1＜x1＜x2，则x∈（-1，x1），（x2，+∞），f′（x）＜0，x∈（x1，x2），f′（x）＞0，综上所述，当a＜-1时，f（x）在（，+∞）上单调递减，在（-1，）上单调递增，（，+∞）上单调递减，在（，）当a＞1时，f（x）在（-1，），上单调递增，证明：（Ⅱ）＞，∴g′（x）====，由（Ⅰ）可知当a=1时，f（x）=e2x在（0，+∞）单调递减，且f（0）=1，f（1）=0，∴对任意m∈[0，1），存在唯一x m∈（0，1]，使f（x m）=m，（反之对任意x m（0，1]存在唯一m∈[0，1），f（x m）=m），∴当x∈（0，x m）时，f（x）＞m，此时g′（x）＞0，函数g（x）在（0，x m）上单调递增，当x∈（x m，+∞）时，f（x）＜m，此时g′（x）＜0，函数g（x）在（x m，+∞）上单调递减，∴当x=x m时，g（x）取得最大值，即最大值h（m）=g（x m）====令p（x）=e2x，p′（x）=-e2x≤0，（0＜x≤1），∴p（x）在（0，1]上单调递减，∴p（1）≤h（m）＜p（0），即-e2≤h（m）＜-2，∴h（m）的值域为[-e2，-2）．【解析】（Ⅰ）先求导，再分类讨论，根据导数和函数单调的关系即可求出，（Ⅱ）先求导，g′（x）=，由（Ⅰ）可知当a=1时，构造函数，再根据导数和函数最值的关系即可证明．本题考查了利用导数研究函数的单调性极值与最值、方程与不等式的解法、分类讨论方法、等价转化方法，考查了推理能力与计算能力，属于难题．22.【答案】解：（Ⅰ）曲线C2的极坐标方程为ρsin（θ+）=3，可得C2的直角坐标方程为：x+-6=0，即曲线C2为直线．曲线C1是圆心为（2，0），半径为|r|的圆．因为圆C1与直线C2恰有一个公共点，可得|r|==2，圆C1的普通方程为x2+y2-4x=0，所以C1的极坐标方程为ρ=4cosθ．（Ⅱ）由题意可设A（ρ1，θ），B（ρ2，θ+），（ρ1＞0，ρ2＞0），S△AOB=|OA||OB|sin=ρ1ρ2=4cosθcos（θ+）=4（cos2θ-sinθcosθ）=4（-）=2+2cos（2θ+），所以△AOB面积的最大值为2+2．【解析】（Ⅰ）消参可得C1的普通方程，再根据互化公式可得C1的极坐标方程．（Ⅱ）根据极径的几何意义和三角形面积公式可得面积，再根据三角函数的性质可得最大值．本题考查了简单曲线的极坐标方程，属中档题．23.【答案】（Ⅰ）证明：正实数a，b满足a+b=2，则=2（a+b）+2+2•≤6+2（a+b）+2=12，∴；（Ⅱ）解：对任意正实数a，b，有a+b≥2，所以2≤2，即ab≤1，当且仅当a=b 时取“=”；所以对任意a、b∈R+，不等式|x+1|-|x-3|≥ab恒成立，即|x+1|-|x-3|≥1恒成立；若x≤-1，则不等式化为-x-1-（3-x）≥1，即-4≥1，不等式无解；若-1＜x＜3，则不等式化为x+1-（3-x）≥1，解得≤x≤3；若x≥3，则不等式化为x+1-（x-3）≥1，即4≥1，不等式恒成立；综上，实数x的取值范围是[，+∞）．【解析】（Ⅰ）根据题意，利用完全平方公式和基本不等式，即可证明；（Ⅱ）利用基本不等式得出ab≤1，把问题转化为|x+1|-|x-3|≥1恒成立，再利用分段讨论法求出不等式的解集．本题考查了基本不等式应用问题，也考查了不等式恒成立应用问题，是中档题．。
2019年高考语文一轮复习专题16：语言运用之补写测案含答案
（时间：50分钟，分值：90分）班级学号得分1．【2018届湖北华中师大一附中高三综合考试】在下面一段文字横线处补写恰当的语句，使整段文字语意完整连贯，内容贴切，逻辑严密）每处不超过10个字。
（6分）在留守儿童这个庞大群体中，有的孩子掰着手指头数着父母回家的归期，更需要精神抚慰；有的孩子与爷爷奶奶守着家徒四壁的农屋，①___；有的孩子在孤独寂寞中变得行为孤僻、性格内向，②___……只有倾听他们内心的声音，③____，才能抚平流动时代的家庭之伤、社会之痛。
【答案】①期盼着物资帮助尤其需要心理辅导②给予他们情感上的关爱③保证他们的物质需求【解析】这是一道根据文意填空的题目，答题时注意前后文的照应，以及语意的提示，如第①空注意前文“需要精神抚慰”，第②空注意前面的“行为孤僻、性格内向”，第③空注意后文“抚平”。
2．【2018届宁夏石嘴山市高三适应性测试】在下面文字横线处补写恰当的语句，使整段文字语意完整连贯，内容贴切，逻辑严密，每处不超过15个字。
（6分）备受关注的“电梯劝烟猝死案”二审判决一经披露，①_______，因为这样的判决结果，是对公民行使正当监督权利的维护。
虽然对于老人家属来说，②_______，的确是令人痛心和惋惜的悲剧，值得同情，但杨帆劝阻老人在电梯内吸烟，③_______，而非侵犯他人正当权利。
何况，杨帆在劝阻老人吸烟时，不知其患有心脏疾病，也不可能预见其后果。
因此，让杨帆承担法律责任，非常不妥。
【答案】①立刻得到了广泛的支持②老人心脏疾病发作死亡③这是公民行使自己的正当权利【解析】本题考查学生补写句子能力。
补写句子，一定要根据句子所在的上下文，也就是语境进行。
本题，3．【2018届吉林省吉林市高中毕业班第三次调研测试】在下面一段文字横线处补写恰当的语句，使整段文字语意完整、连贯，内容贴切，逻辑严密，力求简明。
每处不超过20个字。
（6分）一名文艺工作者能在作品受群众喜欢的基础上，若个人在立德立言上也有高分表现，①_____。
部分区(五区联考)2019届高三二模数学(理)试题及答案
天津市部分区2019年高三质量调查试卷（二）数学（理）试题参考答案与评分标准一、选择题：（本大题共8个小题，每小题5分，共40分）二、填空题：（本大题共6个小题，每小题5分，共30分）9．1255i - 10．30 11．83 12．相交 13． 14．84 三、解答题：（本大题共6个小题，共80分）15．解：（Ⅰ）由题意，得2()cos sin f x x x x =− ………………………………1分1sin 2cos2)22x x =−+…………………………………3分 1sin 2222x x =−−sin(2)32x π=−−.…………5分 所以()f x 的最小正周期22T p ==p ，其最大值为12−. …6分 （Ⅱ）令2,3z x π=−则有函数2sin y z =的单调递增区间是2,2,22k k k ππ⎡⎤−+π+π∈⎢⎥⎣⎦Z . ………7分由222232k x k πππ−+π≤−≤+π,得5,.1212k x k k ππ−+π≤≤+π∈Z ………9分 设5,,,331212A B x k x k k π2π⎧ππ⎫⎡⎤==−+π≤≤+π∈⎨⎬⎢⎥⎣⎦⎩⎭Z ， 易知,312A B π5π⎡⎤=⎢⎥⎣⎦I . ………………………………………………………12分 所以，当,33x π2π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,()f x 在区间,312π5π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递增； 在区间1235π2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦，上单调递减. ………………13分 16．解： （Ⅰ）设事件A 为“甲恰好闯关3次才闯关成功的概率”，则有2121125()1(1)23322318P A ⎛⎫=⨯−⨯+−⨯⨯= ⎪⎝⎭， ……………………………4分 （Ⅱ）由已知得：随机变量ξ的所有可能取值为2,3,4， ……………………………5分所以，()211232721221P ξ==⨯+⨯=， ………………………………………6分 12112111(3)1(1)233223223313P ξ⎛⎫==⨯−⨯+−⨯⨯+⨯⨯= ⎪⎝⎭， ……………………8分 ()111411223212P ξ⎛⎫⎛⎫==−⨯⨯−= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. ……………………………………10分从而…………………………………………………12分 所以，7115()234123122E x =???. …………………………………13分17．解：（Ⅰ）证明：因为,Q P 分别是,AE AB 的中点， 所以，1//,2PQ BE PQ BE =，……2分 又1C//,2D BE DC BE =， 所以，//PQ DC ，PQ ⊄平面ACD ，DC ⊂平面ACD ，…………3分所以，//PQ 平面ACD . ……4分（Ⅱ）因为DC ⊥平面ABC ，90.ACB ∠=︒以点C 为坐标原点，分别以,,CD CA CB u u u r u u u r u u u r 的方向为,,z x y 轴的正方向建立空间直角坐标系. ……………………………………………………………………………5分 则得(0,0,0),(0,4,0),(0,0,4),(2,0,0),(4,0,4)C A B D E ， ………………………6分所以(0,4,4),(2,0,4)AB DE =−=u u u r u u u r ，……………………………………………7分所以cos ,5AB DE AB DE AB DE⋅==u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ， ………………………………………8分 所以异面直线AB 与DE所成角的余弦值5. …………………………………9分（Ⅲ）由（Ⅱ）可知(0,4,4)AB =−u u u r ，(4,4,4)AE =−u u u r ，设平面ABE 的法向量为(),,,n x y z r =00n AB n AE ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩r u u u r r u u u r 则， ⎩⎨⎧=+−=+−0444044z y x z y (0,1,1)n r 所以=. ………………………10分 由已知可得平面ACD 的法向量为以(0,0,4)CB u u u r =，所以cos ,2n BC n BC n BC⋅==r u u u r r u u u r r u u u r . ………………………………………….……12分 故所求平面ACD 与平面ABE 所成锐二面角的大小为45︒.......……….………13分18．解：（Ⅰ）设等比数列{}n a 的公比为q ，.……………………………………………1分由432293a a a −=⎧⎨=⎩得222(2)93a q q a ⎧−=⎨=⎩，.......…………………………………………2分 解得3q =或1q =-.......………………………………………………………………3分 因为数列{}n a 为正项数列，所以3q =，...………………………....………………4分 所以，首项211a a q==，..........………………………………………………………5分 故其通项公式为13n n a -=..........………………………………………………………6分（Ⅱ）由（Ⅰ）得()32221log (21)(21)n n b n a n n +=−⋅=−+，.......…………………8分 所以11111()(2n 1)(21)22121n b n n n ==−−+−+，.......………………………10分所以12111111111(1)23352121n n T b b b n n =+++=−+−++−−+L L 1112422n =−<+.......……………………………………………………13分 19．解：（Ⅰ）由椭圆的一个焦点为()11,0F −知:1c =，即221a b −=.①....………2分又因为直线11B F 的方程为0bx y b −+=2=，所以b =.……4分 由①解得24a =.故所求椭圆C 的标准方程为22143x y +=....…………………………………………5分 （Ⅱ）假设存在过点A 的直线l 适合题意，则结合图形易判断知直线l 的斜率必存在，于是可设直线l 的方程为()2y k x =−，...............…………………………………6分 由()221432x y y k x +==−⎧⎪⎨⎪⎩，得()2222341616120k x k x k ++−=−.（*）.......………8分 因为点A 是直线l 与椭圆C 的一个交点，且2A x = 所以22161234A B k x x k −⋅=+，所以228634B x k k −+=， 即点2228612,3434k k B k k ⎛⎫−− ⎪++⎝⎭....……………………………………………………10分 所以2221612,3434k k OA OB kk ⎛⎫+=− ⎪++⎝⎭u u u r u u u r，即2221612,73434k k OT k k ⎫=−⎪++⎝⎭u u u r .因为点T 在圆222x y +=上，所以2222221612273434k k k k ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎢⎥+−= ⎪ ⎪++⎝⎭⎢⎥⎝⎭⎣⎦，……11分 化简得42488210k k −−=，解得234k =，所以k =. ………………12分 经检验知，此时（*）对应的判别式0∆>，满足题意. ………………………13分 故存在满足条件的直线l，其方程为()22y x =±−. ……………….……14分 20．解：（Ⅰ）当2a =时，()ln 2f x x x =−，所以1()2f x x'=− ...............………………1分 ()1121f '=−=−， ..........………………………………………….....……...……2分 则切线方程为()21y x +=−−，即10x y ++=. ………………....……………3分 （Ⅱ）①当0a =时，()ln f x x =有唯一零点1x =；…………………............………4分②当0a <时，则()0f x '>，()f x 是区间()0,+∞上的增函数， 因为()10f a =−>，()()10a a a f e a ae a e =-=-<，所以()()10a f f e ⋅<，即函数()f x 在区间()0,+∞有唯一零点； ………6分 ③当0a >时，令()0f x '=得1x a=， 所以，当10,x a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，()0f x '>，函数()f x 在区间10,a ⎛⎫ ⎪⎝⎭上是增函数； 且−∞→→)(,0x f x ；当1,x a ⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭时，()0f x '<，函数()f x 是在1+a ⎛⎫∞ ⎪⎝⎭，上是减函数， 且−∞→+∞→)(,x f x ；所以在区间()0,+∞上，函数()f x 的极大值为11ln 1ln 1f a a a⎛⎫=−=−− ⎪⎝⎭， …8分 由10f a ⎛⎫< ⎪⎝⎭，即ln 10a --<，解得1a e >， 故所求实数a 的取值范围是1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭. …………………………………………9分（Ⅲ）设120x x >>，由()10f x =，()20f x =，可得11ln 0x ax -=，22ln 0x ax -=，所以()1212ln ln x x a x x -=-. 所以1212ln ln x x a x x −=−…........................…10分 要证122x x a+>，只需证12()2a x x +>, 即证121212ln ln ()2x x x x x x −⨯+>−，即()1212122ln x x x x x x ->+. …………………11分 令121x t x =>，于是()()121212221ln ln 1x x t x t x x x t −−>⇔>++， …………………12分 设函数()()()21ln 11t h t t t t -=->+，求导得()()()()222114011t h t t t t t −'=−=>++， 所以函数()h t 是()1,+∞上的增函数， 所以()()10h t h >=，即不等式()21ln 1t t t ->+成立，故所证不等式122x x a +>成立. …………………………………………………14分。
黑龙江省哈三中2019届高三二模考试 语文
黑龙江省哈尔滨市第三中学2019届高三二模考试语文试题本试题卷共10页，22题。
全卷满分150分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★【注意事项】1．答卷前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷阅读题（70分）一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1-3题。
散文作为自由的话语、最初就是历史学和哲学叙述的文体承载方式，与历史学和哲学有着亲缘性关系，但是，人们常常关心其诗学和美学意义，而很少关心散文和哲学之间的关联。
散文中可以有哲学的思致、认识和发现，但是，散文文体毕竟不能真正代替哲学文体，散文中有哲理，或哲学中有散文，应该是二者关系的基本表达。
在话语表达中，散文必须以情感表达为主调，而哲学必须以理性解释为主调。
这就是说，散文是情感与思想的自由谐和，仅有思想而没有情感，不是散文的本质性要求。
哲学与散文之间的关联是内在的，表现为思想与情感间显示着最本原的生命亲近，《庄子》与《孟子》就标志看中国哲学与散文之间最古老的联系。
庄子不是借助纯粹概念的分析来表达思想，而是善于借助形象和寓意之间的关联，揭示深刻的人生奥秘，虽然他的散文中也有一些概念。
孟子的说理，带着人生的全部激情，并正视人性的善良和伟大说理，因而，情感因素的参与，使《孟子》本身具有抒情的力量。
中国古代思想的诗歌源头和散文源头，使古老的思想始终保持激情创造与诗意抒情的力量，当然，思想发展到后来，逐渐与诗性分离，走上了专门化道路。
南京市栖霞区2019年中考二模试卷九年级语文(含答案)
南京市栖霞区2019年中考二模试卷九年级语文 2019.05注意事项：1.本试卷 6 页，共120分。
考试时间为120分钟。
2.考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。
3.答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑。
如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效。
一（30分）1.请在方框中用正楷字或行楷字临摹下面的诗句。
（4分）2.用诗文原句填空（8分）（1）曲径通幽处，▲。
（常建《题破山寺后禅院》）（2）▲，似曾相识燕归来。
（晏殊《浣溪沙》）（3）沉舟侧畔千帆过，▲。
（刘禹锡《酬乐天扬州初逢席上见赠》）（4）▲，在乎山水之间也。
（欧阳修《醉翁亭记》）（5）古诗词中有些句子全由名词组成，以高度浓缩的语言达到言简义丰的效果，如温庭筠《商山早行》中“鸡声茅店月，人迹板桥霜”；马致远《天净沙·秋思》中“▲，▲”也是全用名词的句子。
（6）中国人取名常从古诗中汲取灵感，下列名字出自什么诗句？请选择其中一个回答。
A.钟秀（人名）B.渡远桥（桥名）C.钓雪楼（楼阁名）D.日暮亭（亭子名）我选▲项，这个名字出自诗句：▲，▲。
3.下列说法有误的一项是（▲）（2分）A. “三皇五帝”是中国历史传说中几位远古时代的帝王，三皇指盘古、女娲、神农，五帝指黄帝、伏羲、颛顼、唐尧、虞舜。
B.战国时屈原作《离骚》，因此称屈原或《楚辞》作者为“骚人”，后泛指文人。
范仲淹《岳阳楼记》中的“骚人”便含有此意。
C.“南朝四百八十寺，多少楼台烟雨中。
”“烟笼寒水月笼沙，夜泊秦淮近酒家。
”“东风不与周郎便，铜雀春深锁二乔。
”这些诗句都出自杜牧笔下。
D.法国作家莫泊桑被誉为“世界三大短篇小说巨匠”之一，代表作有《我的叔叔于勒》《羊脂球》《项链》等。
4. 日本一插画师创作了一组名为《城市与乡村》的作品，其创意获得了一致好评，被网友称赞是区别城市与乡村的“神作”。
山东省日照市2021届高三二模语文、数学试题及答案解析
山东省日照市2021届高三二模语文、数学试题及答案解析高三阶段性适应训练考试语文试题2021.04注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、准考证号填写在答题卡规定的位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、现代文阅读(35分)(一)现代文阅读I(本题共5小题，19分)阅读下面的文字，完成1～5题。
材料一：四川省广汉三星堆遗址的考古发现伴随1986年两个祭祀坑的发掘达到高峰。
出土的青铜人像、青铜神树、黄金面具、黄金权杖等文物，构成了其独特的文化风貌。
2019年，考古学者在三星堆又发现多个祭祀坑，并于近期展开了全面的考古发掘。
全世界再次为之震惊，这一发现也引发了人们更多的热议与思考。
无可否认，三星堆的考古发现是世界级的考古发现，著名学者李学勤先生曾经指出，“三星堆发现的重大价值还没有得到充分的估计。
实际上，这一发现在世界学术史上的地位，完全可以与特洛伊或者尼尼微相比”，“它的价值和作用应当站在世界史的高度上来认识”。
这是对三星堆文明所具有的世界性意义极其深刻的阐释。
众所周知，特洛伊和尼尼微在早期欧洲文明起源过程中都是具有标志性意义的重大遗址，它们的发现和发掘，对于整个西方文明的起源、发展和形成具有重大而深远的影响。
而三星堆文明的发现，不仅改写了中国青铜时代的历史，也是中华文明对世界文明的重大贡献。
三星堆文明对于中华文明的起源和形成具有独特的贡献。
在以往的传统学术观念中，夏、商、周三代文明所代表的中国青铜时代文明，其最为基本的文化特征，是以青铜礼器为中心形成的一整套代表国家权力与等级秩序的礼仪制度。
中原文化中以“列鼎”制度为代表的青铜礼器，据《仪礼·士冠礼》《礼记·礼器》等文献记载，大体上可分为五等，即天子九鼎八簋，卿大夫七鼎六簋，大夫五鼎四簋，士三鼎或一鼎，士以下不得用鼎。
北京市丰台区2024届高三二模语文试题(含答案)
2024届北京市丰台区高三二模语文2024. 04本试卷共10页，150分。
考试时长150分钟。
考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、本大题共5小题，共18分。
阅读下面材料，完成1－5题。
材料一建设统一的全国碳市场，是推动我国经济社会绿色化、低碳化发展的重大制度创新。
中国的碳市场是由全国碳排放权交易市场（强制碳市场），以及全国温室气体自愿减排交易市场（自愿碳市场）组成。
强制和自愿两个碳市场既各有侧重、独立运行，又互补衔接、互联互通，共同构成了全国碳市场体系。
这对通过市场机制实现碳达峰和碳中和目标、建设美丽中国意义重大。
2021年7月，全国碳排放权交易正式上线交易。
据生态环境部有关负责人介绍，全国强制碳市场启动近三年以来，总体运行平稳，制度规范日趋完善，市场活跃度逐步提升，碳排放数据明显改观，碳排放管理能力全面提升，价格发现机制作用日益显现。
目前，全国碳排放权交易市场已经顺利完成了2019～2020年和2021～2022年两个履约周期，实现了预期的建设目标。
第二个履约周期成交量比第一个履约周期增长了19%，成交额比第一个履约周期增长了89%。
同时，第二个履约周期企业参与交易的积极性明显提升，参与交易的企业占总数的82%，比第一个履约周期增长了近50%。
截至2023年底，全国碳排放权交易市场累计成交量已达到4.4亿吨，成交额约249亿元，覆盖年二氧化碳排放量约51亿吨，纳入重点排放单位2257家，成为全球覆盖温室气体排放量最大的碳市场。
同时，碳价整体呈现平稳上涨态势，已由启动时的每吨48元上涨至每吨80元左右，上涨66%左右。
（取材于董鑫的文章）材料二2024年1月22日，全国温室气体自愿减排交易市场在京启动。
这是继2021年7月全国碳排放权交易市场启动后，调动全社会力量共同参与温室气体减排行动的又一项制度创新，有利于推动形成强制碳市场和自愿碳市场互补衔接、互联互通的全国碳市场体系，是我国碳市场建设的又一里程碑事件。
广东省深圳市2024届高三下学期二模试题 语文含答案
试卷类型：A2024年深圳市高三年级第二次调研考试语文（答案在最后）2024.4试卷共10页，卷面满分150分，考试用时150分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读I（本题共5 小题，18分）“重建附近”：年轻人如何从现实中获得力量？——人类学家项飙访谈（节录）康岚：您最早在什么时候提出“附近”这个概念？为什么想到提出这个概念？项飙：我第一次提“附近”应该是在2019年夏天，我跟许知远在“十三邀”节目上的对话。
当时好像是在谈现代人的时空观念，为什么现在人们对快递小哥迟到两分钟会非常不耐烦？我们说到现代生活完全是被时间逻辑统治了，空间逻辑消失了。
原来我们对时间的理解是通过人的行动，比方说我和你的距离是一袋烟的工夫，或者说这个距离是从你家走到荷塘边上的那个工夫，其实时间很大程度上是通过空间来衡量的。
但在工业化之后，抽象时间也就是钟表时间变得非常重要。
当这种抽象时间统治了我们的生活，空间就完全变成了附属性的东西。
对快递小哥迟到两分钟会非常不满，是因为你根本不考虑他是从空间中哪个点到餐馆拿了东西，以及路上的交通是怎样的、进你家小区的门时他要跟保安怎样交涉，这些经历性、空间性的东西，你是不管的，你要的就是那个东西要在你规定的时间内送到你的手里。
这种心态是“时间的暴政”造成的。
在这样的场景下，我提到“附近的消失”。
“附近”这个空间的消失，一方面是因为“时间的暴政”，另一方面是因为我们在日常生活里面建立自己对世界的感知越来越通过一些抽象的概念和原则，而不是通过对自己周边的感知来理解。
比如，你的邻居是干什么的，楼下打扫卫生、门口卖水果的人是从哪里来的，他们家在哪里，如果家不在这里，一年回几次家，他们的焦虑和梦想是什么。
2019届福建省莆田市高三语文二模试题答案
2019年莆田市高中毕业班第二次质量检测试卷（A卷）语文参考答案1.（3分）B（文章并未论及“应试教育”）2.（3分）B（第四段引用的内容没有涉及“推行生命教育的具体内容”。
）3.（3分）A（B项强加因果；C项将“抓好生命教育，倡导和实践生命教育思想，让生命有所皈依”作为“人类幸免于难”的充分条件，和原文不符；D项因果倒置。
）4．（3分）A（是维森姐妹为抵制使用塑料袋所做出的一系列包括“绝食抗议”的极端表现方式的努力让巴厘省省长作出承诺，而不仅仅是“绝食抗议”这一件事。
人们喜欢使用塑料袋不是承诺未兑现的唯一原因。
）5．（3分）D是“海洋生物能从环境中富集有机污染物及重金属”，而不是“微塑料”本身。
6．（6分）第一问：材料一侧重年轻人为减少塑料污染做出的努力；材料二侧重微塑料的来源及对海洋的危害；材料三侧重微塑料进入人体的途径和对人体可能产生的影响。
第二问：年轻一代主动参与；国际社会重视；人们关注健康、防范污染意识不断增强。
（或：科学家对塑料污染研究高度重视）。
（一问3分，意思答对即可。
如有其他答案，言之成理亦可酌情给分）7．（3分）A（写出“坚定、乐观”错，理解拔高。
）8．（6分）①情节上，以歌声为线索，推动了故事情节发展。
两人的革命爱情逐渐升温，革命事业不断发展。
②形象上，展示了人物献身革命事业、追求爱情的美好形象。
③主旨上，歌声多次出现，一步步强化英雄的浪漫主义情怀的主旨。
④效果上，增添了故事的传奇色彩，更具艺术魅力。
（每点2分，答出3点即可，共6分，意思对即可）9．（6分）①英雄主义。
不惧牺牲，战争时期，用双腿跑过汽车轮子，五次受伤；勇于奉献，新中国建设时期，垦荒中，不畏恶劣条件，独自深入沙漠。
②浪漫主义。
歌声唤回生命，秦山几乎被风沙掩埋，没了心跳，方歌用歌声唤醒了他；歌声催生爱情，在共同的革命理想中，通过歌声他们产生了爱情。
（每点3分，意思对即可）10.（3分）D（文章之职，国之光华，非才不用。