高中物理选修3-1全套同步训练24份合集
1 高二物理同步训练试题解析
一、选择题
1. 关于元电荷，下列说法中正确的是( )
A. 元电荷实质上是指电子和质子本身
B. 所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍
C. 元电荷的值通常取作e＝1. 60×10－19 C
D. 电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的
解析：选BCD. 元电荷是最小电荷量单位，不是指具体的带电体，所以A错B对；由美国物理学家密立根测得电子的电量，故C、D对.
2. 下列说法正确的是( )
A. 物体所带的电荷量可以为任意实数 B. 不带电的物体上，既没有正电荷也没有负电荷
C. 摩擦起电过程，是靠摩擦产生了电荷
D. 利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体
解析：选D. 自然界中的电荷量不是任意无限可分的，其最小单位为元电荷所带电荷量1.
60×10－19 C，故A项错. 物体不带电，是由于其内部正、负电荷的量值相等，对外不显电性，故B项错. 电荷既不能创造，也不能消灭，摩擦起电同样不能创造电荷，是一个物体失去电子、另一个物体得到电子的过程，故C项错. 自由电子是金属导体中的自由电荷，在带电体的作用下，导体中的自由电子会趋向或远离带电体，使导体两端带等量异种电荷，选项D正确.
3. 原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1. 6×10－15 C，丙物体带电8×10－16 C. 则对于最后乙、丙两物体的带电情况下列说法中正确的是( )
A. 乙物体一定带有负电荷8×10－16 C
B. 乙物体可能带有负电荷2. 4×10－15 C
C. 丙物体一定带有正电荷8×10－16 C
D. 丙物体一定带有负电荷8×10－16 C
解析：选AD. 由于甲、乙、丙原来都不带电，即都没有净电荷，甲、乙摩擦导致甲失去电子1. 6×10－15 C而带正电，乙物体得到电子而带1. 6×10－15 C的负电荷；乙物体与不带电的丙物体相接触，从而使一部分负电荷转移到丙物体上，故可知乙、丙两物体都带负电荷，由电荷守恒可知乙最终所带负电为1. 6×10－15 C－8×10－16 C＝8×10－16 C，故A、D正确.
4. 如图1－1－9所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B( )
图1－1－9
A. 不带电 B. 带正电
C. 带负电 D. 不能确定 2 答案：C
5. 带电微粒所带电荷量不．可能是下列值中的( )
A. 2. 4×10－19 C B. －6. 4×10－19 C
C. －1. 6×10－18 C D. 4. 0×10－17 C 解析：选A. 任何带电物体的带电荷量都是元电荷的整数倍，由此知选项A不是元电荷的整数倍.
6.
图1－1－10
如图1－1－10所示，a、b、c、d为四个带电小球，两球之间的作用分别为a吸d，b斥c，c斥a，d吸b，则( )
A. 仅有两个小球带同种电荷
B. 仅有三个小球带同种电荷
C. c、d小球带同种电荷
D. c、d小球带异种电荷
解析：选BD. 由a吸d，d吸b可知a与b带同种电荷，且与d带异种电荷；c斥a，b斥c可知c与a、b带同种电荷，c与d带异种电荷. 故选B、D.
7. 把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一定距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不．可能是( )
A. 带有等量异种电荷
B. 带有等量同种电荷
C. 带有不等量异种电荷
D. 一个带电，另一个不带电
解析：选A. 当两个小球分别带等量异种电荷时，两球接触后，都不带电，不可能相互排斥，故A项是不可能的.
8. 如图1－1－11所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂有金属验电箔片，若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象( )
图1－1－11
A. 只有M端验电箔片张开，且M端带正电
B. 只有N端验电箔片张开，且N端带负电
C. 两端的验电箔片都张开，且左端带负电，右端带正电
D. 两端的验电箔片都张开，且两端都带正电或负电 3 解析：选C. 根据同种电荷相互排斥可知，金属球A上的负电荷将排斥金属导体MN上的自由电子，使其向N端移动，N端带负电，而M端带正电，故两端的金箔片均张开，C正确.
A、B、D均错误.
9. 目前普遍认为，质子和中子都是由被称为u夸克和d夸克的两类夸克组成，u夸克带电荷量为23e，d夸克带电荷量为－13e，e为元电荷. 下列论断可能正确的是( )
A. 质子由1个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成
B. 质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成
C. 质子由1个u夸克和2个d夸克组成，中子由2个u夸克和1个d夸克组成
D. 质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和1个d夸克组成
解析：选B. 对质子11H：带电荷量为2×23e＋(－13e)＝e，故由2个u夸克和1个d夸克组成；对中子10n：带电荷量为1×23e＋2×(－13e)＝0，故由1个u夸克和2个d夸克组成. 故选B.
二、计算题
10. 如图1－1－12所示，大球A原来的电荷量为Q，小球B原来不带电，现在让小球与大球接触，达到静电平衡时，小球获得的电荷量为q；现给A球补充电荷，使其电荷量为Q，再次让小球接触大球，每次都给大球补充到电荷量为Q，问：经过反复多次接触后，小球的带电荷量为多少？
图1－1－12
解析：由于两个球的形状和大小不等，所以在接触过程中，两球的电荷量分配比例不是1∶1，但应该是一个确定的值. 根据第一次接触达到静电平衡时两者的电荷关系可知，此比例为(Q－q)∶q. 经过多次接触后，从大球上迁移到小球上的电荷量越来越少，最终将为零，设最终B球带电荷量为q′，则有Q－qq＝Qq′，解得q′＝QqQ－q.
答案：QqQ－q
11. 如图1－1－13所示，A为带负电的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电荷量为q的小球，小球受向右的作用力偏转θ角而静止，小球由绝缘丝线悬挂于O点，试求金属板对小球的作用力为多大？
图1－1－13
解析：作出小球的受力分析图，如图所示，由平衡条件可求 4
得金属板对小球的作用力F，设绳上的拉力大小为FT，则
FTsinθ＝F，FTcosθ＝mg.
由以上两式解得F＝mgtanθ.
答案：mgtanθ
5 高二物理同步训练试题解析
一、选择题
1. 如图1－2－11所示，两个带电球，大球的电荷量大于小球的电荷量，可以肯定( )
图1－2－11
A. 两球都带正电
B. 两球都带负电
C. 大球受到的静电力大于小球受到的静电力
D. 两球受到的静电力大小相等
解析：选D. 由题图可知，两带电球相互排斥，则说明两球一定带有同种电荷，但不能确定是正电荷，还是负电荷，故A、B错；两带电球间的静电力具有一般力的共性，符合牛顿第三定律，故选项C错，D对.
2. 两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘板上，它们相距一定距离. 若同时释放两球，它们的加速度之比将( )
A. 保持不变 B. 先增大后减小
C. 增大 D. 减小
解析：选A. 两者之间的库仑力时刻保持大小相等、方向相反，由牛顿第二定律知：a1∶a2＝m2∶m1，故A正确.
3. 两个质量分别为m1、m2的小球，各用长为L的丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开一定的角度θ1、θ2，如图1－2－12所示，则下列说法正确的是( )
图1－2－12
A. 若m1>m2，则θ1>θ2
B. 若m1＝m2，则θ1＝θ2
C. 若m1θ2
D. 若q1＝q2，则θ1＝θ2
解析：选BC. 这是一道带电体平衡问题，分析方法仍然与力学中物体的平衡方法一样.
4. 要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法可行的是( )
A. 每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍，电荷间的距离不变 6 B. 保持点电荷的电荷量不变，使两个点电荷的距离增大到原来的2倍
C. 使一个点电荷的电荷量增加1倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时使两点电荷间的距离减小为原来的12
D.
保持点电荷的电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来的12
答案：AD
5.
半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F，今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开. 这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是( )
A. 18F B. 14F
C. 38F D. 34F
解析：选A. 由库仑定律，接触前F＝kq2r2，接触后F′＝k12q×14qr2＝18kq2r2＝18F，故A正确.
6.
两个完全相同的小金属球，它们的带电荷量之比为5∶1(皆可视为点电荷)，它们在相距一定距离时相互作用力为F1，如果让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1∶F2可能为( )
A. 5∶2 B. 5∶4
C. 5∶6 D. 5∶9
解析：选BD. 由库仑定律，它们接触前的库仑力为F1＝k5q2r2
若带同种电荷，接触后的带电荷量相等，为3q，此时库仑力为F2＝k9q2r2
若带异种电荷，接触后的带电荷量相等，为2q，此时库仑力为F′2＝k4q2r2
由以上计算可知选项BD正确.
7. 如图1－2－13所示，在光滑且绝缘的水平面上有两个金属小球A和B，它们用一绝缘轻弹簧相连，带同种电荷. 弹簧伸长x0时小球平衡，如果A、B带电荷量加倍，当它们重新平衡时，弹簧伸长为x，则x和x0的关系为( )
图1－2－13
A. x＝2x0 B. x＝4x0
C. x<4x0 D. x>4x0
解析：选C. 设弹簧原长为l，劲度系数为K，根据库仑定律和平衡条件列式得
kq1q2l＋x02＝Kx0，k4q1q2l＋x2＝Kx
两式相除：l＋x24l＋x02＝x0x，得：x＝l＋x02l＋x2·4x0，
因l＋x>l＋x0，由此推断选项C正确.
高中物理 配套课时训练24 运动电荷在磁场中受到的力
1 课时训练24 运动电荷在磁场中受到的力
1.关于带电粒子所受洛伦兹力F、磁感应强度B和粒子速度v三者方向之间的关系,下列说法正确的是( )
A.F、B、v三者必定均保持垂直
B.F必定垂直于B、v,但B不一定垂直于v
C.B必定垂直于F、v,但F不一定垂直于v
D.v必定垂直于F、B,但F不一定垂直于B
答案:B
解析:本题考查公式F=qvB中各物理量的关系。由左手定则可知F⊥B,F⊥v,B与v可以不垂直,故B正确,A、C、D错误。
2.
如图所示,在真空中,水平直导线中有恒定电流I通过,导线的正下方有一质子初速度方向与电流方向相同,则质子可能的运动情况是( )
A.沿路径a运动 B.沿路径b运动
C.沿路径c运动 D.沿路径d运动
答案:B
解析:由安培定则,电流在正下方产生的磁场方向指向纸外,由左手定则,质子刚进入磁场时所受洛伦兹力方向向上,则质子的轨迹必定向上弯曲,因此选项C、D必错;由于洛伦兹力方向始终与电荷运动方向垂直,故其运动轨迹必定是曲线,则选项B正确,选项A错误。
3.如图所示,用丝线吊一个质量为m的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中,空气阻力不计,当小球分别从A点和B点(A、B两点处于同一水平线上)向最低点O运动且两次经过O点时( )
A.小球的动能相同
B.丝线所受的拉力相同
C.小球所受的洛伦兹力相同
D.小球的向心加速度大小相等
答案:AD
解析:带电小球受到洛伦兹力和丝线的拉力与速度方向时刻垂直,对小球不做功,只改变速度方向,不改变速度大小,只有重力做功,故两次经过O点时速度大小不变,动能相同,A正确;小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时速度方向相反,由左手定则可知两次过O点时洛伦兹力方向相反,丝线的拉力大小也就不同,故B、C错;由a=可知向心加速度大小相等,D正确。
4.
如图所示为一“滤速器”装置的示意图。a、b为水平放置的平行金属板,一束具有各种不同速率的电子沿水平方向经小孔O进入a、b两板之间。为了选取具有某种特定速率的电子,可在a、b间加上电压,并沿垂直于纸面的方向加一匀强磁场,使所选电子仍能够沿水平直线OO'运动,由O'射出。不计重力作用。可能达到上述目的的办法是( )
高中同步新课标高中物理人教版选修3-1练习：第二章+恒定电流2.4
4．串联电路和并联电路
(本栏目内容，在学生用书中分册装订！)
1．下列说法正确的是( )
A．一个电阻R和一根电阻为零的理想导线并联，总电阻为零
B．并联电路的总电阻一定小于并联支路中最小的电阻
C．在并联电路中，任意支路电阻增大或减小时，总电阻将随之增大或减小
D．电阻R和阻值无穷大的电阻并联，总电阻为无穷大
解析： 并联电路的总电阻倒数等于各支路电阻倒数之和，如果电阻R与电阻为零的导线并联，电阻则被短路，总电阻为零，所以选项A正确；由1R总＝1R1＋1R2＋…＋1Rn，知1R总>1Rn，故Rn>R总，所以总电阻小于支路中最小的电阻；当Rn减小时，则1Rn增大，1R总增大，故R总减小；同理，Rn增大，R总增大，所以选项B、C正确，选项D错误．故正确选项为A、B、C.
答案： ABC
2．把表头G改装成大量程电流表时，下列说法正确的是( )
A．改装原理为并联电阻能增大通过G的电流
B．改装成电流表后，表头G本身允许通过的最大电流并不改变
C．改装后，表头G自身的电阻减小了
D．改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了
解析： 把表头G改装成大量程的电流表时，只是并联了一个分流电阻，使整体并联电路允许通过的最大电流增大，但表头的各特征量都不变．故B、D对，A、C错．
答案： BD
3．如图
所示电路中，电压U不变，R1＝3R2，开关S断开时，电流表示数为I1，开关S闭合时，电流表示数为I2，则I1∶I2为( )
A．3∶1 B．1∶3
C．2∶3 D．1∶4 答案： D
4．某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx间的关系为( )
A．R1>Rx>R2 B．R1
C．R1>R2>Rx D．R1
解析： 内接法时测量值大于真实值，即R1>Rx；外接法时测量值小于真实值，即R2Rx>R2.
高中物理选修3-1：第1章第9节时同步训练及解析
高中物理选修3-1 同步训练
1.质子(11H)、α粒子(42He)、钠离子(Na＋)三个粒子分别从静止状态经过电压为U的同一电场加速后,获得动能最大的是( )
A．质子(11H) B．α粒子(42He)
C．钠离子(Na＋) D．都相同
解析：选B.由qU＝12mv2－0得U相同,α粒子带2个单位的正电荷,电荷量最大,所以α粒子获得的动能最大,故B正确．
2.一台正常工作的示波管,突然发现荧光屏上画面的高度缩小,则产生故障的原因可能是( )
A．加速电压偏大 B．加速电压偏小
C．偏转电压偏大 D．偏转电压偏小
解析：选AD.画面高度缩小,说明电子从偏转电场射出时偏转角θ减小,由qU0＝12mv20,tanθ＝qU1lmdv20得tanθ＝U1l2dU0,则引起θ变小的原因可能是加速电压U0偏大,或偏转电压U1偏小．
图1－9－10
3.(2012·芜湖一中高二检测)如图1－9－10所示,电子由静止开始从A板向B板运动,当到达B板时速度为v,保持两板间电压不变,则( )
A．当增大两板间距离时,v增大
B．当减小两板间距离时,v增大
C．当改变两板间距离时,v不变
D．当增大两板间距离时,电子在两板间运动的时间增大
解析：选CD.改变两极板之间间距但不改变电压值,电场力做功的大小不变,所以末速度不变．末速度确定,平均速度是末速度的12,距离增大,运动时间增加．
4.
图1－9－11
(2012·江苏天一中学高二测试)如图1－9－11所示,M、N是真空中的两块平行金属板．质量为m、电荷量为q的带电粒子,以初速度v0由小孔进入电场,当M、N间电压为U时,粒子恰
好能到达N板．如果要使这个带电粒子到达M、N板间距的1/2后返回,下列措施中能满足要求的是(不计带电粒子的重力)( )
A．使初速度减为原来的1/2
B．使M、N间电压加倍
C．使M、N间电压提高到原来的4倍
最新高中物理选修3-1：第2章第5节时同步训练及解析
高中物理选修3-1 同步训练
1．(2012·福州一中高二检测)下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是( )
A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多
B．公式W＝UIt适用于任何电路，而W＝I2Rt＝U2t/R只适用于纯电阻电路
C．在非纯电阻电路中，UIt>I2Rt
D．焦耳定律Q＝I2Rt适用于任何电路
答案：BCD
2．(2011·高考大纲全国卷)通常一次闪电过程历时约0.2～0.3 s，它由若干个相继发生的闪击构成．每个闪击持续时间仅40～80 μs，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中．在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109 V，云地间距离约为1 km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 C，闪击持续时间约为60 μs.假定闪电前云地间的电场是均匀的．根据以上数据，下列判断正确的是( )
A．闪电电流的瞬时值可达到1×105 A
B．整个闪电过程的平均功率约为1×1014 W
C．闪电前云地间的电场强度约为1×106 V/m
D．整个闪电过程向外释放的能量约为6×106 J
解析：选AC.由电流的定义式I＝Qt知I＝660×10－6＝1×105(A)，A正确；整个过程的平均功率P＝Wt＝qUt＝6×1.0×1090.2＝3×1010 (W)(t代0.2或0.3)，B错误；由E＝Ud＝1.0×1091×103＝1×106(V/m)，C正确；整个闪电过程向外释放的能量为电场力做的功W＝qU＝6×109(J)，D错．
3．两个小灯泡的标识分别是L1“6 V,6 W”，L2“6 V,9 W”，把它们串联后接在同一直流电源上(电源内阻可忽略不计)，L1消耗的功率恰好为6 W，则L2消耗的功率为( )
A．6 W B．9 W
C．4 W D．条件不足，不能确定
解析：选C.两个灯泡的电阻为：
R1＝U21P1＝626 Ω＝6 Ω
R2＝U22P2＝629 Ω＝4 Ω
高中物理选修3-1第一章静电场全章配套练习
1 物理选修3-1第一章静电场单元测试题
班级姓名评分—、选择题(每题5分，共55分。每题有一个或一个以上的选项是正确的，选项不全且无错的得3分。把正确选项填在后面表中。)
1、关于电场力和电场强度，下列说法正确的是(C )
(A)电场强度的方向总是跟电场力的方向一致；(B)电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比(C)正电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向一致（D）电荷在某点受到的电场力越大，该点的电场强度越大
2、关于电势和电势能下列说法中正确的是（ D ）（A）在电场中，电势高的地方，电荷在该点具有的电势能就大；
（B）在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电量越大，它所具有的电势能也越大；（C）在电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能；（D）在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能。
3、下列说法中正确的是（D）（A）在场强较小处，电荷在该处的电势能也较小；（B）电荷在场强为零处的电势能也为零；
（C）在场强相等的各点，电荷的电势能必相等；（D）在选定为零电势的位置处，任何电荷的电势能必为零。
4、如上图为某电场中的电场线和等势面，已知A=10V，C=6V，ab=bc，则(C ) (A)B=8V (B)B>8V (C)B<8V (D)上述三种情况都可能5、关于电势差的说法中，正确的是(B ) (A)两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功
(B)1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V (C)在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关
(D)两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比
6、一个带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图虚线abc所示，图中实线表示电场的等势面，下列判断错误的是：（ACD ）
（A）粒子在a→b→c的过程中，电场力始终做正功；（B）粒子在a→b→c的过程中，一直受静电引力作用；（C）粒子在a→b→c的过程中，ab段受引力，bc段受斥力；
人教版高中物理选修3-1专题 带电粒子在磁场中的运动练习(含答案)
带电粒子在磁场中的运动练习专题
一、带电粒子在磁场中的运动专项训练
1．如图所示，一质量为m、电荷量为+q的粒子从竖直虚线上的P点以初速度v0水平向左射出，在下列不同情形下，粒子经过一段时间后均恰好经过虚线右侧的A点．巳知P、A两点连线长度为l，连线与虚线的夹角为α=37°，不计粒子的重力，(sin 37°=0.6，cos
37°=0.8).
(1)若在虚线左侧存在垂直纸面向外的匀强磁场，求磁感应强度的大小B1；
(2)若在虚线上某点固定一个负点电荷，粒子恰能绕该负点电荷做圆周运动，求该负点电荷的电荷量Q(已知静电力常量为是）；
(3)若虚线的左侧空间存在垂直纸面向外的匀强磁场，右侧空间存在竖直向上的匀强电场，粒子从P点到A点的过程中在磁场、电场中的运动时间恰好相等，求磁场的磁感应强度的大小B2和匀强电场的电场强度大小E.
【答案】（1）0152mvBql （2）2058mvlQkq （3）0253mvBql
2020(23)9mvEql
【解析】
【分析】
【详解】
（1)粒子从P到A的轨迹如图所示：
粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为r1
由几何关系得112cos25rll
由洛伦兹力提供向心力可得20011vqvBmr 解得:0152mvBql
(2)粒子从P到A的轨迹如图所示：
粒子绕负点电荷Q做匀速圆周运动，设半径为r2
由几何关系得252cos8lrl
由库仑力提供向心力得20222vQqkmrr
解得:2058mvlQkq
(3)粒子从P到A的轨迹如图所示：
粒子在磁场中做匀速圆周运动，在电场中做类平抛运动
粒子在电场中的运动时间00sin35lltvv
根据题意得，粒子在磁场中运动时间也为t，则2Tt
又22mTqB
解得0253mvBql
人教版高中物理选修3-1：第2章第4节时同步训练及解析.docx
鼎尚
高中物理学习材料
（鼎尚**整理制作）
高中物理选修3-1 同步训练
1．下列说法不．正确的是( )
A．一个电阻R和一根电阻为零的理想导线并联，总电阻为零
B．并联电路的总电阻一定小于并联支路中最小的电阻
C．在并联电路中，任意支路电阻增大或减小时，总电阻将随之增大或减小
D．电阻R和阻值无穷大的电阻并联，总电阻为无穷大
答案：D
2．三个电阻的阻值之比为R1∶R2∶R3＝1∶2∶5，并联后接入电路，则通过三个支路电流的比值为( )
A．1∶2∶5 B．5∶2∶1
C．10∶5∶2 D．2∶5∶10
解析：选C.三个电阻并联，电压相等，设为U，由欧姆定律得I＝UR，所以I1∶I2∶I3＝UR1∶UR2∶UR3＝1R1∶1R2∶1R3＝11∶12∶15＝10∶5∶2，C对，A、B、D错．
3.(2013山东泰安测试)如图2－4－10所示的分压器电路，AB为分压器的输出端．若把滑动变阻器的滑片P置于变阻器中央，下列说法正确的是( )
图2－4－10
A．不接负载R时输出电压UAB＝UCD/2
B．当接上负载R时，输出电压UAB
C．负载R越大，UAB越接近UCD/2
D．负载R越小，UAB越接近UCD/2
答案：ABC
4．一个电流表的满偏电流Ig＝1 mA，内阻为500 Ω，要把它改装成一个量程为10 V的电压表，则应在电流表上( )
A．串联一个10 kΩ的电阻
B．并联一个10 kΩ的电阻 鼎尚 C．串联一个9.5 kΩ的电阻
D．并联一个9.5 kΩ的电阻
解析：选C.把一个电流表改装成一个电压表，要串联一个电阻，可知B、D错误．通过电流表的电流为Ig时，电流表表头两端的电压
Ug＝IgRg＝1×10－3×500 V＝0.5 V
串联电阻R分担的电压
UR＝U－Ug＝10 V－0.5 V＝9.5 V
所以串联电阻的阻值
R＝URIg＝9.5 V1×10－3 A＝9.5 kΩ.
高中物理选修3-1磁场同步训练题1有解析有答案
1 磁场
一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分)
1．如图1所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线受安培力作用的是 ( )
图1
解析：只有当通电导线和磁场平行时，才不受安培力的作用，而A、D中导线均与磁场垂直，B中导线与磁场方向夹角为60°，因此都受安培力的作用，故正确选项为A、B、D.
答案：ABD
2．物理学家法拉第在研究电磁学时，亲手做过许多
实验，如图2所示的实验就是著名的电磁旋转实
验，这种现象是：如果载流导线附近只有磁铁的
一个极，磁铁就会围绕导线旋转；反之，载流导
线也会围绕单独的某一磁极旋转．这一装置实际
上就是最早的电动机．图中A是可动磁铁，B是 图2
固定导线，C是可动导线，D是固定磁铁．图中黑色部分表示汞(磁铁和导线的下半部分都浸没在汞中)，下部接在电源上．请你判断这时自上向下看，A和C转动方向为 ( )
A．顺时针、顺时针 B．顺时针、逆时针
C．逆时针、顺时针 D．逆时针、逆时针
解析：根据电流的方向判定可以知道B中的电流方向是向上的，那么在B导线附近的磁场方向为逆时针方向，即为A磁铁N极的受力方向；由于D磁铁产生的磁场呈现出由N极向外发散，C中的电流方向是向下的，由左手定则可知C受到的安培力方向为顺时针．故选项C正确．
答案：C
2 3．带电粒子进入云室会使云室中
的气体电离，从而显示其运动轨迹．图3所示
是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子的轨迹，
a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直于纸
面向里．该粒子在运动时，其质量和电荷量不
变，而动能逐渐减少，下列说法正确的是( ) 图3
A．粒子先经过a点，再经过b点
B．粒子先经过b点，再经过a点
人教版高中物理选修3-1：第3章第1节时同步训练及解析.docx
—————————— 新学期 新成绩 新目标 新方向 ——————————
桑水
高中物理学习材料
桑水制作
高中物理选修3-1 同步训练
图3－1－4
1.如图3－1－4所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．发现这个实验现象的物理学家是( )
图3－1－5
答案：C
2.磁场的基本性质是( )
A．能使小磁针发生偏转
B．能够吸引铁、钴、镍等物质
C．能够产生磁感线
D．能对放在其中的磁体产生力的作用
解析：选D.磁场的基本性质是能对放在其中的磁极或电流产生力的作用，选项D正确．
3.关于各磁体间的作用，下列说法正确的是( )
A．在奥斯特实验中，通电直导线对小磁针产生磁场力作用，但此时小磁针对通电直导线一定不产生磁场力作用
B．在通电直导线对小磁针产生作用力的同时，小磁针对通电直导线可能会产生作用力
C．大磁铁的磁性较强，但小磁针对大磁铁的磁场力较小
D．任何两个磁体之间产生的磁场力总是大小相等、方向相反
解析：选D.磁体之间的作用是相互的，甲磁体产生的磁场对乙磁体产生作用力的同时，乙磁体产生的磁场必定对甲磁体产生力的作用．因此，磁体之间的相互作用遵循牛顿第三定—————————— 新学期 新成绩 新目标 新方向 ——————————
桑水 律．故选项D正确．
4.(2013合肥检测)关于地磁场，下列说法中正确的是( )
A．地磁场的北极在地球的南极附近
B．北京地区的地磁场方向由北向南
C．地球周围的磁场是从地球南极附近的地磁北极出发，回到地球北极附近的地磁南极
D．在地球南极处，可以自由转动的小磁针N极竖直指向天空
解析：选ACD.地磁场在地球外部的磁感线是从地球南极附近的地磁北极出发，回到地球北极附近的地磁南极．故选项A、C、D正确．
5.如果你看CCTV－5的围棋讲座，就会发现棋子都是由磁性材料制成的．棋子不会掉下来是因为( )
【精品试卷】人教版高中物理选修3-1：第3章第4节时同步训练及解析复习专用试卷
高中物理学习材料
（精心收集**整理制作）
高中物理选修3-1 同步训练
1.图3－4－16中的通电导线在磁场中受力分析正确的是(
)
图3－4－16
解析：选C.注意安培定则与左手定则的区别，判断通电导线在磁场中的受力用左手定则．
2.在图3－4－17所示的电路中，电池均相同，当开关S分别置于a、b两处时，导线MM′与NN′之间的安培力的大小分别为Fa、Fb，可判断两段导线(
)
图3－4－17
A．相互吸引，Fa>Fb B．相互排斥，Fa>Fb
C．相互吸引，Fa
解析：选D.无论开关置于a还是置于b，两导线中通过的都是反向电流，相互间作用力为斥力，A、C错误．开关置于位置b时电路中电流较大，导线间相互作用力也较大，故D正确．
图3－4－18
3.(2013河北唐山月考)由导线组成的直角三角形框架放在匀强磁场中(如图3－4－18所示)，若导线框中通以如图方向的电流时，导线框将( )
A．沿与ab边垂直的方向加速运动
B．仍然静止 C．以c为轴转动
D．以b为轴转动
解析：选B.ab和bc两段电流的等效长度等于ac，方向由a到c的一段电流，由左手定则以及安培力公式可知ab和bc两段电流所受安培力的合力方向和ac受到的安培力方向相反，大小相等，线框整体合力为0，仍然静止，B对．
4.关于磁电式电流表的以下说法，正确的是( )
A．指针稳定后，游丝形变产生的阻力与线圈所受到的安培力方向是相反的
B．通电线圈中的电流越大，电流表指针的偏转角度越大
C．在线圈转动的范围内，各处的磁场都是匀强磁场
D．在线圈转动的范围内，线圈所受安培力大小与电流大小有关，与所处位置无关
解析：选ABD.游丝形变产生的阻力与安培力引起的动力从转动角度来看二力方向相反．电流表内磁场是均匀辐射磁场，在线圈转动的范围内，不管线圈转到什么角度，它的平面都跟磁感线平行，线圈所在各处的磁场大小相等方向不同，所以安培力与电流大小有关而与所处位置无关，电流越大，安培力越大，指针转过的角度越大，正确的选项为A、B、D，C错．