题型总结之数列求和
数列求和公式的常见题型及解题方法
数列求和公式的常见题型及解题方法1. 等差数列的求和公式等差数列是指数字之间的差等于一个常数的数列。
求等差数列的和常用的公式是：$$ S_n = \frac{n}{2}(a_1 + a_n) $$其中 $S_n$ 是数列的前 $n$ 项和，$a_1$ 是首项，$a_n$ 是末项。
2. 等比数列的求和公式等比数列是指数字之间的比等于一个常数的数列。
求等比数列的和常用的公式是：$$ S_n = \frac{a_1(1 - r^n)}{1 - r} $$其中$S_n$ 是数列的前$n$ 项和，$a_1$ 是首项，$r$ 是公比。
3. 平方数列的求和公式平方数列是指数列中的每一项都是前一项的平方。
求平方数列的和常用的公式是：$$ S_n = \frac{a_1^2(1 - r^{2n})}{1 - r^2} $$其中$S_n$ 是数列的前$n$ 项和，$a_1$ 是首项，$r$ 是公比。
4. 斐波那契数列的求和公式斐波那契数列是指数列中的每一项都是前两项之和。
求斐波那契数列的和常用的公式是：$$ S_n = F_{n+2} - 1 $$其中 $S_n$ 是数列的前 $n$ 项和，$F_n$ 是斐波那契数列的第$n$ 项。
5. 其他数列的求和方法除了常见的等差数列、等比数列、平方数列和斐波那契数列外，还有许多其他数列的求和方法。
对于这些数列，我们需要根据其特定的规律和性质来求和，例如算术-几何数列、调和数列、幂次数列等。
以上是数列求和公式的常见题型及解题方法的概述。
在解题过程中，我们应该根据题目给定的数列类型，选择相应的求和公式，并结合数列的特点进行求解。
高考数学专题—数列求前n项和的5种常用方法总结
高考数学专题——数列（求S n ）求s n 的四种方法总结常考题型：共5种大题型（包含倒序相加法、错位相减法、裂项相消法、分组转化法、并项求和法。
1、倒序相加法：实质为等差数列求和。
例1、【2019·全国2·文T18】已知{a n }是各项均为正数的等比数列,a 1=2,a 3=2a 2+16. (1)求{a n }的通项公式;(2)设b n =log 2a n .求数列{b n }的前n 项和.【解析】(1)设{a n }的公比为q,由题设得2q 2=4q+16,即q 2-2q-8=0,解得q=-2(舍去)或q=4. 因此{a n }的通项公式为a n =2×4n-1=22n-1.(2)由(1)得b n =(2n-1)log 22=2n-1,因此数列{b n }的前n 项和为1+3+…+2n-1=n 2. 2、错位相减法：实质为等差×等比求和。
错位相减法的万能公式及推导过程：公式：数列c n =(an +b )q n−1，(an +b )为等差数列，q n−1为等比数列。
前n 项和S n =(An +B )q n +C A =a q −1，B =b −Aq −1，C =−B S n =(a +b )+(2a +b )q +(3a +b )q 2+⋯[(n −1)a +b ]q n−2+(an +b )q n−1 ① qS n =(a +b )q +(2a +b )q 2+(3a +b )q 3+⋯[(n −1)a +b ]q n−1+(an +b )q n ② ②-①得：(q −1)s n =−(a +b )−a (q +q 2+⋯q n−1)+(an +b )q n=−(a +b )−a ⋅q(1−q n−1)1−q+(an +b )q n=(an +b −aq−1)q n −(b −aq−1)S n =(aq −1⋅n +b −a q −1q −1)⋅q n −b −aq −1q −1例2、【2020年高考全国Ⅰ卷理数】设{}n a 是公比不为1的等比数列，1a 为2a ，3a 的等差中项． （1）求{}n a 的公比；（2）若11a =，求数列{}n na 的前n 项和．【解析】（1）设{}n a 的公比为q ，由题设得1232,a a a =+ 即21112a a q a q =+.所以220,q q +-= 解得1q =（舍去），2q =-. 故{}n a 的公比为2-.（2）设n S 为{}n na 的前n 项和.由（1）及题设可得，1(2)n n a -=-.所以112(2)(2)n n S n -=+⨯-++⨯-，21222(2)(1)(2)(2)n n n S n n --=-+⨯-++-⨯-+⨯-.可得2131(2)(2)(2)(2)n n n S n -=+-+-++--⨯-1(2)=(2).3n n n ---⨯-所以1(31)(2)99nn n S +-=-. 例3、【2020年高考全国III 卷理数】设数列{a n }满足a 1=3，134n n a a n +=-． （1）计算a 2，a 3，猜想{a n }的通项公式并加以证明； （2）求数列{2n a n }的前n 项和S n ．【解析】（1）235,7,a a == 猜想21,n a n =+ 由已知可得 1(23)3[(21)]n n a n a n +-+=-+， 1(21)3[(21)]n n a n a n --+=--，……2153(3)a a -=-.因为13a =，所以2 1.n a n =+（2）由（1）得2(21)2n n n a n =+，所以23325272(21)2n n S n =⨯+⨯+⨯+++⨯. ①从而23412325272(21)2n n S n +=⨯+⨯+⨯+++⨯.②-①② 得23132222222(21)2n n n S n +-=⨯+⨯+⨯++⨯-+⨯，所以1(21)2 2.n n S n +=-+例4、【2020届辽宁省大连市高三双基测试数学】已知数列{}n a 满足：n a n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是公比为2的等比数列，2n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是公差为1的等差数列.（I ）求12,a a 的值；（Ⅱ）试求数列{}n a 的前n 项和n S .【解析】（Ⅰ）方法一：n a n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭构成公比为2的等比数列 21221a a ∴=⨯ 214a a ∴=又2n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭构成公差为1的等差数列 2121122a a ∴-=,解得1228a a =⎧⎨=⎩方法二：n a n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭构成公比为2的等比数列,1112,n n a n a n+∴=1(1)2n n n a a n ++∴=.①又2n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭构成公差为1的等差数列, 11122n nn na a ++∴-=② 由①②解得：2nn a n =⋅1228a a =⎧⎨=⎩ （Ⅱ）1122,1n n n a a n -=⋅= 2n n a n ∴=⋅123n n S a a a a =+++⋅⋅⋅+1231222322n n =⋅+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅ 234121222322n n S n +∴=⋅+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅两式作差可得：23122222n n n S n +-=+++⋅⋅⋅+-⋅()1212212n n n n S +-=-⋅--1(1)22n n n S +=⋅---, 1(1)22n n S n +∴=-⋅+.例5、【2020届江西省吉安市高三上学期期末数学】数列{}n a 的前n 项和为n S ，且满足11a =，121n n a S +-=．（I ）求{}n a 的通项公式；（Ⅱ）若3log n n b a =，数列2221n n b b +⎧⎫⎨⎬⋅⎩⎭的前n 项和为n T ，求证：12nT <．【解析】（I ）当1n =时，由11a =，2121a a -=得23a =；当2n ≥时，121n n a S --=，两式相减得()1120n n n n a a S S +----=， 即13n n a a +=(2)n ≥，又2133a a ==， 故13n n a a +=恒成立，则数列{}n a 是公比为3的等比数列，可得13-=n n a ． （Ⅱ）由（I ）得313log log 31n n n b a n -===-，则22211111(21)(21)22121n n b b n n n n +⎛⎫==- ⎪⋅-⋅+-+⎝⎭，则111111123352121n T n n ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-++- ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥-+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦111221n ⎛⎫=- ⎪+⎝⎭． 1021n >+ 11112212n ⎛⎫∴-< ⎪+⎝⎭ 故12n T <例6、【2017·天津·理T18】已知{a n }为等差数列,前n 项和为S n (n ∈N *),{b n }是首项为2的等比数列,且公比大于0,b 2+b 3=12,b 3=a 4-2a 1,S 11=11b 4. (1)求{a n }和{b n }的通项公式;(2)求数列{a 2n b 2n-1}的前n 项和(n ∈N *).【解析】(1)设等差数列{a n }的公差为d,等比数列{b n }的公比为q.由已知b 2+b 3=12,得b 1(q+q 2)=12,而b 1=2,所以q 2+q-6=0.又因为q>0,解得q=2. 所以,b n =2n.由b 3=a 4-2a 1,可得3d-a 1=8.①由S 11=11b 4,可得a 1+5d=16,②联立①②,解得a 1=1,d=3,由此可得a n =3n-2.所以,数列{a n }的通项公式为a n =3n-2,数列{b n }的通项公式为b n =2n.(2)设数列{a 2n b 2n-1}的前n 项和为T n ,由a 2n =6n-2,b 2n-1=2×4n-1,有a 2n b 2n-1=(3n-1)×4n, 故T n =2×4+5×42+8×43+…+(3n-1)×4n,4T n =2×42+5×43+8×44+…+(3n-4)×4n+(3n-1)×4n+1,上述两式相减,得-3T n =2×4+3×42+3×43+…+3×4n-(3n-1)×4n+1=12×(1-4n )1-4-4-(3n-1)×4n+1=-(3n-2)×4n+1-8.得T n =3n -23×4n+1+83. 所以,数列{a 2n b 2n-1}的前n 项和为3n -23×4n+1+83. 例7、【2020·石家庄模拟】设数列{a n }的前n 项和为S n ，且2S n ＝3a n －1. (1)求数列{a n }的通项公式；(2)设b n ＝na n ，求数列{b n }的前n 项和T n . 解：(1)由2S n ＝3a n －1，① 得2S n －1＝3a n －1－1(n ≥2)，② ①－②，得2a n ＝3a n －3a n －1， 所以a n a n －1＝3(n ≥2)，又2S 1＝3a 1－1，2S 2＝3a 2－1， 所以a 1＝1，a 2＝3，a 2a 1＝3， 所以{a n }是首项为1，公比为3的等比数列， 所以a n ＝3n －1.(2)由(1)得，b n ＝n3n －1，所以T n ＝130＋231＋332＋…＋n3n －1，③13T n ＝131＋232＋…＋n －13n －1＋n 3n ，④ ③－④得，23T n ＝130＋131＋132＋…＋13n －1－n 3n ＝1－13n1－13－n 3n ＝32－2n ＋32×3n ，所以T n ＝94－6n ＋94×3n . 3、裂项相消法：实质为a n =b n (n+a )形式的求和。
题型-数列求和之递推求和法
题型-数列求和之递推求和法1. 引言本文将介绍一种常见的数学题型——数列求和，以及递推求和法的应用。
通过递推求和法，我们可以快速计算数列的和，避免逐一列举求和的繁琐过程。
本文将从数列的概念出发，介绍递推求和法的基本原理，并通过实例演示其应用。
2. 数列求和的基本概念数列是按照一定规律排列的一组数，其中每个数被称为数列的项。
数列可以有无限个项，也可以有有限个项。
求和则是将数列中所有项相加的操作，从而得到和的结果。
3. 递推求和法的基本原理递推求和法是一种通过逐项递推，将数列求和问题转换为简单的数学运算的方法。
其基本原理如下：1. 首先，我们需要找到数列的递推关系。
递推关系是指数列中每个项与前一项之间的数学关系，可以是加减乘除等操作。
2. 然后，我们选择一个起始项，通常是数列中的第一个项。
3. 接下来，我们通过递推关系将下一项表示为前一项的函数，继续递推下去，直到达到目标项。
4. 最后，将递推得到的每个项相加，就可以得到数列的和。
4. 递推求和法的应用实例下面通过一个具体的例子演示递推求和法的应用：假设我们要计算数列 1，3，5，7，9 的和。
首先，我们找到数列的递推关系：每个项与前一项的差值为2。
然后，选择起始项为 1。
接下来，我们递推下一项的值：3 = 1 + 2，5 = 3 + 2，以此类推，直到达到目标项。
最后，将得到的每个项相加：1 + 3 + 5 + 7 + 9 = 25。
所以数列1，3，5，7，9 的和为 25。
5. 总结通过递推求和法，我们可以快速计算数列的和，避免繁琐的逐项相加。
递推求和法的基本原理是通过找到数列的递推关系，将数列求和问题转换为简单的数学运算。
这种方法在解决数列求和题型时非常实用。
希望本文的介绍对你有所帮助！。
数列求和的几种常用方法
数列求和的几种常用方法数列求和是数列部分的重要内容,题型复杂多变,我们根据不同题型总结出一些方法.它对数列的学习是有好处的.一、 反序相加法例1 求数列{n}的前n 项和.解 记S n =1+2+…+(n-1)+n,将上式倒写得: S n =n+(n-1)+…+2+1把两式相加,由于等式右边对应的项和均为n+1,∴2 S n =n(n+1),即S n =21 n(n+1) 说明 此法亦称为高斯求和.二、 错位相减法若{a n }为等差数列,{b n }为等比数列,则{a n b n }的前n 项和可用错位相减法.例2 求和S n =nn n n 212232252321132-+-++++- 解 由原式乘以公比21得: 21S n =1322122322321+-+-+++n n n n 原式与上式相减,由于错位后对应项的分母相同,可以合并,∴S n -21S n =21+112212212121+---+++n n n 即 S n =32232++-n n 一般地, 当等比数列{b n }的公比为q, 则错位相减的实质是作“S n - qS n ”求和.三、 累加法 例3 求和S n =2222321n ++++分析 由133)1(233+++=+k k k k 得133)1(233++=-+k k k k ,令k=1、2、3、…、n 得23－13=3·12＋3·1＋1 33－23＝3·22＋3·2＋1 43－33＝3·32＋3·3＋1 …… （n+1）3－n 3=3n 2+3n+1把以上各式两边分别相加得：（n+1）3－1=3(12+22+…+n 2)+3(1+2+3+…+n)+n =3S n +23n(n+1)+n 因此，S n ＝61n(n+1)(2n+1) 想一想 利用此法能否推导自然数的立方和公式：213)]1(21[+=∑=n n k n k 点拨 利用(k+1)4=k 4+4k 3+6k 2+4k+1进行累加.归纳 推导自然数的方幂和∑=n k r k 1公式的方法。
数列求和的八种方法及题型
数列求和的八种方法及题型1、抽象加法法：把等差数列的元素抽象为某一个相同的数值（称为项数，式子为S），通过加法求出所求等差数列的和。
例题：这样一个等差数列：2、4、6、8……100，求这一数列的和是多少？答案：抽象加法法：元素个数n = 99，公差d = 2，首项a = 2。
由公式S=n*（a+l）/2可得：S = 99*（2+100）/2 = 99*102/2 = 4950。
2、数值加法法：直接对元素逐一加法求和。
例题：计算这一等差数列的和：1、3、5、7……99？答案：数值加法法：元素个数n = 49，即：1+3+5+7+...+99=49*100/2=4900。
3、改编组合法：将数列改编为组合形式，将大式化简，从这个组合计算其和。
例题：求这一等差数列的和：2、5、8、11……99？答案：改编组合法：元素个数n = 48，公差d = 3，首项a = 2。
将其转换为组合：2+48d ，即2+(48*3)=150，由公式S=n*（a+l）/2可得：S = 48*（2+150）/2 = 48*152/2 = 7344。
4、数表法：把数列列成表，统计其和。
例题：求这一等差数列的和：3、5、7、9……99？答案：数表法：数列：3 5 7 9 11 13 15 17 19 21 23 25 27 29 31 33 35 37 39 41 43 45 47 49 51 53 55 57 59 61 63 65 67 69 71 73 75 77 79 81 83 85 87 89 91 93 95 97 99和：3+5+7+9+11+13+15+17+19+21+23+25+27+29+31+33+35+37+39+41+43+ 45+47+49+51+53+55+57+59+61+63+65+67+69+71+73+75+77+79+81+83 +85+87+89+91+93+95+97+99=24505、立方法：一种特殊情形——这一数列两个元素的值等于这两个元素之间的位数的立方和。
数列求和法(已修改)
练习5:(1)求和 1 4 (2)求和
：
1
1 47
1 7 10
1 ( 3 n 2 )( 3 n 1)
1
+
1
+
1
+ …+
1
1· 3
2· 4
3· 5
n· (n+2)
数列求和法小结
公式法求和 分组求和法
倒序相加法 错位相减法
裂项相消法
再 见
当 x 1 时 ， Sn n n 2n 4n
1
当 x 1 时 ， Sn
2n
x (1 x )
2 2n
1 x
2
x
2
(1 1
1 x 1
2n
) 2n
(x
1)( x
2n 2
2n2
1)
x
2
x ( x 1)
2n
4 n ( x 1) 2n S n ( x 1)( x 2 n 2 1) 2 n ( x 1) 2n 2 x ( x 1)
三、错位相减法
错位相减法:主要用于一个等差数列与一个等比数列
对应项相乘得的新数列求和，此法即为等比数列求
和公式的推导方法.
例3.(1)求和Sn =1+2x+3x2+……+nxn-1 (x≠0,1) (2)求数列{2n-1}的前n项和.
2n
…… +nxn-1 ① 解：(1)∵ Sn =1 + 2x +3x2 + ∴xSn = x + 2x2 + … + (n-1)xn-1+nxn ② ∴ ① -②，得： (1-x) Sn =1 + x + x2+ … + xn-1 - nxn = 1-x 1-(1+n)xn+nxn+1 ∴ Sn= (1-x)2 1-xn n项 - nxn
数列求和的八种重要方法与例题
练习10：
已知Sn=-1+3-5+7+…+(-1)n(2n-1),
1)求S20,S21 2)求Sn
=20 S20=-1+3+(-5)+7+……+（-37）+39
S21=-1+3+(-5)+7+（-9）+……+39+（-41）
=-21
总的方向： 1.转化为等差或等比数列的求和 2.转化为能消项的 思考方式：求和看通项（怎样的类型） 若无通项，则须先求出通项 方法及题型： 1.等差、等比数列用公式法 2.倒序相加法 3.错位相减法 4.裂项相消法
1 (1 3
2n )
5
n
12 3
1 (2n 5n 1) 3
热点题型3：递归数列与数学归纳法.
已知数列{an}的各项都是正数，且满足：a01，an1
(nN)
1 2
an (4
an ).
（1）证明an<an+1<2(nN) （2）求数列{an}的通项公式an
用数学归纳法证明：
类型a1+an=a2+an-1=a3+an-2=……
典例. 已知 lg(xy) 2 2.倒序相加法
S =lgxn +lg(xn-·1 y)+ ...+lg(x·1 yn-1)+lgyn,
(x > 0,y > 0) 求S .
S =lgxn +lg(xn-·1 y)+ ...+lgyn
S =lgyn +lg(yn-·1 x)+ ...+lgxn 2S =lg(xy)n +lg(xy)n + ...+lg(xy)n
专题6-2 数列求和归类-2023年高考数学一轮复习热点题型(全国通用)(原卷版)
)(n N , n 2) ，求 Sn ；
（2）若 S n f ( ) f ( ) ... f (
n
n
n
（1）证明函数 f ( x ) 的图像关于点 ( ,1) 对称;
【提分秘籍】
基本规律
倒序求和，多是具有中心对称的
【变式演练】
1
1.设奇函数� � 对任意� ∈ �都有�(�) = �(� − 1) + 2 .
（2）设数列 bn 满足 bn
2 an 1
， 求数列 bn 的前 n 项和 Rn .
4n
2.设数列 an 的前 n 项和为 Sn ， a2 4 ，且对任意正整数 n ，点 an 1 , S n 都在直线 x 3 y 2 0 上.（1）
求 an 的通项公式；
（2）若 bn nan ，求 bn 的前 n 项和 Tn .
【题型五】裂项相消常规型
【典例分析】
设数列 an 满足： a1 1 ，且 2an an 1 an 1 （ n 2 ）
， a3 a4 12 .
（1）求 an 的通项公式：
1
的前 n 项和.
已知数列 an 的前 n 项和为 Sn ， a1
1
， S n S n 1 S n S n 1 0 n 2 .
2
1
是等差数列；
Sn
Sn
, n为奇数
（2）若 Cn n 3
，设数列 C n 的前 n 项和为 Tn ，求 T2n .
【提分秘籍】
基本规律
分组求和法：
c（等比）
1.形如 an＝ b（等差）
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解析：由题意可知， = ，
设
注明：
1、题中未给出符号时，解题过程中要提前设出；
2、刚开始时，如果计算不够熟练，可以分部分计算，分步得分。
3、等差数列的绝对值求和法
当数列 是等差数列时，求数列 的前 项和。
例3、已知数列 的通项公式为 ， ，求数列 的前 项和 .
= =
=
同理，当 时， 。
注明：
1、当数列 、 均是等差数列时，数列 也是等差数列，此时直接用公式法即可；
2、当数列 、 均是等比数列时，数列 不一定是等比数列，此时采用分组求和法；
3、当数列 、 一个是等差数列，另一个等比数列时，也可分组求和；
4、当数列 、 是其它数列，但是可以用其它方法求和时，也可分组求和。
题型总结之数列求和
数列求和历年来是高考中的必考内容。此类题型模式特点容易总结，解题模板也容易复制，属于中档难度。需要学生在做题时快速找到相应的突破口，要求学生有扎实的基本功，而且经过训练后很容易形成考试分数。下面我们详细讲解：
1、公式法
1、等差数列的前 项和公式：
，
其中
2、等差数列的前 项和公式：
，其中
解析：由题意可知数列 的首项 ，公差 的等差数列，其前 项和 ，而所以，当 时，当源自时，综上所述：注明：
当求数列各项绝对值之和时，需要弄清各项的正负后去掉绝对值，因此需要对 和 进行讨论：
1、当等差数列 的首项 ，公差 时，各项加绝对值后各项仍然还是非负数，此时 ；
2、当等差数列 的首项 ，公差 时，各项加绝对值后各项变为非正数，此时 ；
解析：由题意可知
两式相减得：
注明：
1、错位相减法的基本原理来源于等比数列的前 项和公式的推导，其一般解题模板为：
①
① 得： ②
①-②得：
然后化简即可。
2、基本步骤可概括为：乘公比、错位、相减、化简；
3、错位相减计算量较大，化简不易，务必细心；
4、最后的化简中，最好把底数相同的指数式进行合并，并通过首项检验结果的正确性。这种首项检验的方法也可运用到其它数列求和结果的检验，但不是充分条件。
3、当等差数列 的首项 ，公差 时，各项加绝对值后，在第 项大于0，而从第 项小于或等于0，于是有： ；
4、当等差数列 的首项 ，公差 时，各项加绝对值后，在第 项小于0，而从第 项大于或等于0，于是有： ；
5、当数列 不是等差数列时，若对各项加绝对值在求和，可参照上面的方式进行讨论。
4、错位相减法
当数列 的通项公式可以写成 时，其中 为等差数列， 为等比数列，可仿照等比数列求和公式的由来，利用错位相减法求数列 的前 项和（通常我们此时的数列 成为差比数列）。
例4、已知 ， ，求数列 的前 项和 .
分析：易知数列 表示以2为首项，3为公差的等差数列，数列 表示以 为首项， 为公比的等比数列，所以数列 为差比数列，前 项和 可用错位相减法进行求解。
例1、求
分析：首先数列 ，不一定是等比数列，如果是等比数列，也需要对公比 其进行讨论，其次这个数列的项数为 项，而不是 项。
解：（1）当 时， ；
（2）当 时， ；
（3）当 时， 。
2、分组求和法
当数列 的通项公式可以写成 时，其中数列 、 是等差数列或等比数列时，可用分组求和法，即：设数列 的前 项和 ，数列 的前 项和 ，则数列 的前 项和 =
当 时，都有 ，即数列的通项公式 是关于点 的对称函数。利用函数的对称性就可以采用倒序相加的方法进行求和。
例6、对任意 函数 都有 。
（1）求 的值；
（2）若数列 满足 ，
（ⅰ）求 ；（ⅱ）判断数列 是否为等差数列，并说明理由。
解：（1）有题意可知，当 时， ，所以 。
（3）(ⅰ) ,倒序写之： ,两式相加得：
解：（1）当 为偶数时，
（2）当 为奇数时， 为偶数
综上所述，
， 其中 为等差数列的公差。
例5、已知 ， ，求数列 的前 项和
解：由题意可知
其前 项和
注明：
1、裂项相消法是把数列的各项分别裂开后，前后抵消，从而达到求和的目的；
2、裂项时要保证裂开前后是等价的，有时需要调整前面的系数；
3、裂项时，一般是前面裂几项，后面裂几项，直到发现被消去项的规律为止；
4、消项时，前面剩几项，后面就剩几项，前面剩第几项，后面就剩倒数第几项，即剩余的项前后具有对称性；
注明：
1、等差数列、等比数列的通项公式容易判断，而相应的前 项和求解时利用公式直接求和即可。但是在运用公式时特别要注意公式的应用条件，尤其是等比数列的公比 是否为1？当公比以公比以字母或参数形式出现时，别忘记要对字母或参数进行分类讨论，以确保正确选用公式。
2、等差数列和等比数列的前 项和公式都有相应的函数解析式，其性质和函数息息相关，注意函数性质的应用。
（ⅱ） ，倒序写之： ，两式相加得：
易知，数列 是以2为首项，1为公差的等差数列。
强化练习：已知数列 是以1为首项，2为公差的等差数列，求
提示：利用
解：由题意可知 ，根据组合数性质 ， ，倒序写之 ，两式相加
7、并项求和法
例7：已知 ，数列 的前 项和 。
分析： 中，数列 是等比数列， 为等差数列，属于前面的差比数列，其前 项和 可用错位相减法或者裂项相消法进行求解，但是这两种方法均显繁琐。考虑到 同时也是周期数列，我们也可以对 进行分类讨论，并项求和。
5、常见的几种裂项题型：
①
②
③ 为等差数列
④
⑤
6、用裂项相消法求差比数列的和
例4：已知 ， ，求数列 的前 项和 。
分析：易知数列 表示以2为首项，3为公差的等差数列，数列 表示以 为首项， 为公比的等比数列，所以数列 为差比数列，前 项和 可用错位相减法进行求解。
解法二：令
整理得：
比较系数得： 解得：
5、数列 的通项公式可以写成 时，其中 为等差数列， 为等比数列，也可以利用错位相减法求和。因为 ，数列 也是等比数列。
6、此种题型最考验学生的基本功，属于平时考试和高考中的热门题型。做题时不可急躁，应当循序渐进，切不可急功近利，否则容易走火入魔，切记！切记！切记！
5、裂项相消法
一般情况下，若 ，其中数列 为等差数列，则可以将 改写为：
其结果与错位相减法相同。
注明：
差比数列的通项公式最终都可以化成 的形式，其前 项和的求解既可以用错位相减法，也可以用裂项相消法。用裂项相消法的基本解法是待定系数法，解题思路如下：
设：
整理得：
比较系数得：
解得：
于是利用裂项相消可得差比数列 的前 项和公式为：
6、倒序相加法
倒序相加法是从等差数列求和的方法中抽象概括出来的。这类题有一个明显的特征：首项与末项相加为定值、第2项与倒数第2项相加为同一定值…。一般以如下方式出现：