全国各地2018年中考数学真题汇编

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2018年全国各地中考数学压轴题汇编:几何综合(西北专版)(解析卷)

2018年全国各地中考数学压轴题汇编:几何综合(西北专版)(解析卷)

2018年全国各地中考数学压轴题汇编(西北专版)几何综合参考答案与试题解析一.选择题(共10小题)1.(2018•陕西)如图,在△ABC中,AC=8,∠ABC=60°,∠C=45°,AD⊥BC,垂足为D,∠ABC的平分线交AD于点E,则AE的长为()A.B.2C.D.3解:∵AD⊥BC,∴∠ADC=∠ADB=90°.在Rt△ADC中,AC=8,∠C=45°,∴AD=CD,∴AD=AC=4.在Rt△ADB中,AD=4,∠ABD=60°,∴BD=AD=.∵BE平分∠ABC,∴∠EBD=30°.在Rt△EBD中,BD=,∠EBD=30°,∴DE=BD=,∴AE=AD﹣DE=.故选:C.2.(2018•兰州)如图,矩形ABCD中,AB=3,BC=4,EF∥DF且BE与DF之间的距离为3,则AE的长是()A.B.C.D.解:如图所示:过点D作DG⊥BE,垂足为G,则GD=3.∵∠A=∠G,∠AEB=∠GED,AB=GD=3,∴△AEB≌△GED.∴AE=EG.设AE=EG=x,则ED=4﹣x,在Rt△DEG中,ED2=GE2+GD2,x2+32=(4﹣x)2,解得:x=.故选:C.3.(2018•陕西)如图,在菱形ABCD中.点E、F、G、H分别是边AB、BC、CD和DA 的中点,连接EF、FG、GH和HE.若EH=2EF,则下列结论正确的是()A.AB=EF B.AB=2EF C.AB=EF D.AB=EF解:连接AC、BD交于O,∵四边形ABCD是菱形,∴AC⊥BD,OA=OC,OB=OD,∵点E、F、G、H分别是边AB、BC、CD和DA的中点,∴EF=AC,EF∥AC,EH=BD,EH∥BD,∴四边形EFGH是矩形,∵EH=2EF,∴OB=2OA,∴AB==OA,∴AB=EF,故选:D.4.(2018•兰州)如图,将▱ABCD沿对角线BD折叠,使点A落在点E处,交BC于点F,若∠ABD=48°,∠CFD=40°,则∠E为()A.102°B.112°C.122°D.92°解:∵AD∥BC,∴∠ADB=∠DBC,由折叠可得∠ADB=∠BDF,∴∠DBC=∠BDF,又∵∠DFC=40°,∴∠DBC=∠BDF=∠ADB=20°,又∵∠ABD=48°,∴△ABD中,∠A=180°﹣20°﹣48°=112°,∴∠E=∠A=112°,故选:B.5.(2018•陕西)如图,△ABC是⊙O的内接三角形,AB=AC,∠BCA=65°,作CD∥AB,并与⊙O相交于点D,连接BD,则∠DBC的大小为()A.15°B.35°C.25°D.45°解:∵AB=AC、∠BCA=65°,∴∠CBA=∠BCA=65°,∠A=50°,∵CD∥AB,∴∠ACD=∠A=50°,又∵∠ABD=∠ACD=50°,∴∠DBC=∠CBA﹣∠ABD=15°,故选:A.6.(2018•白银)如图,点E是正方形ABCD的边DC上一点,把△ADE绕点A顺时针旋转90°到△ABF的位置,若四边形AECF的面积为25,DE=2,则AE的长为()A.5 B.C.7 D.解:∵把△ADE顺时针旋转△ABF的位置,∴四边形AECF的面积等于正方形ABCD的面积等于25,∴AD=DC=5,∵DE=2,∴Rt△ADE中,AE==.故选:D.7.(2018•青海)小桐把一副直角三角尺按如图所示的方式摆放在一起,其中∠E=90°,∠C=90°,∠A=45°,∠D=30°,则∠1+∠2等于()A.150°B.180°C.210°D.270°解:如图:∵∠1=∠D+∠DOA,∠2=∠E+∠EPB,∵∠DOA=∠COP,∠EPB=∠CPO,∴∠1+∠2=∠D+∠E+∠COP+∠CPO=∠D+∠E+180°﹣∠C=30°+90°+180°﹣90°=210°,故选:C.8.(2018•新疆)如图,矩形纸片ABCD中,AB=6cm,BC=8cm.现将其沿AE对折,使得点B落在边AD上的点B1处,折痕与边BC交于点E,则CE的长为()A.6cm B.4cm C.3cm D.2cm解:∵沿AE对折点B落在边AD上的点B1处,∴∠B=∠AB1E=90°,AB=AB1,又∵∠BAD=90°,∴四边形ABEB1是正方形,∴BE=AB=6cm,∴CE=BC﹣BE=8﹣6=2cm.故选:D.9.(2018•白银)如图,⊙A过点O(0,0),C(,0),D(0,1),点B是x轴下方⊙A上的一点,连接BO,BD,则∠OBD的度数是()A.15°B.30°C.45°D.60°解:连接DC,∵C(,0),D(0,1),∴∠DOC=90°,OD=1,OC=,∴∠DCO=30°,∴∠OBD=30°,故选:B.10.(2018•新疆)如图,点P是边长为1的菱形ABCD对角线AC上的一个动点,点M,N分别是AB,BC边上的中点,则MP+PN的最小值是()A.B.1 C.D.2解:如图,作点M关于AC的对称点M′,连接M′N交AC于P,此时MP+NP有最小值,最小值为M′N 的长.∵菱形ABCD关于AC对称,M是AB边上的中点,∴M′是AD的中点,又∵N是BC边上的中点,∴AM′∥BN,AM′=BN,∴四边形ABNM′是平行四边形,∴M′N=AB=1,∴MP+NP=M′N=1,即MP+NP的最小值为1,故选:B.二.填空题(共7小题)11.(2018•陕西)如图,在正五边形ABCDE中,AC与BE相交于点F,则∠AFE的度数为72°.解:∵五边形ABCDE是正五边形,∴∠EAB=∠ABC==108°,∵BA=BC,∴∠BAC=∠BCA=36°,同理∠ABE=36°,∴∠AFE=∠ABF+∠BAF=36°+36°=72°,故答案为:72°.12.(2018•兰州)如图,M、N是正方形ABCD的边CD上的两个动点,满足AM=BN,连接AC交BN于点E,连接DE交AM于点F,连接CF,若正方形的边长为6,则线段CF 的最小值是3﹣3.解:如图,在正方形ABCD中,AD=BC=CD,∠ADC=∠BCD,∠DCE=∠BCE,在Rt△ADM和Rt△BCN中,,∴Rt△ADM≌Rt△BCN(HL),∴∠DAM=∠CBN,在△DCE和△BCE中,,∴△DCE≌△BCE(SAS),∴∠CDE=∠CBE∴∠DCM=∠CDE,∵∠ADF+∠CDE=∠ADC=90°,∴∠DAM+∠ADF=90°,∴∠AFD=180°﹣90°=90°,取AD的中点O,连接OF、OC,则OF=DO=AD=3,在Rt△ODC中,OC==3根据三角形的三边关系,OF+CF>OC,∴当O、F、C三点共线时,CF的长度最小,最小值=OC﹣OF=3﹣3.故答案为:3﹣3.13.(2018•青海)如图,四边形ABCD与四边形EFGH位似,其位似中心为点O,且=,则=.解:∵四边形ABCD与四边形EFGH位似,其位似中心为点O,且=,∴=,则==.故答案为:.14.(2018•陕西)如图,点O是▱ABCD的对称中心,AD>AB,E、F是AB边上的点,且EF=AB;G、H是BC边上的点,且GH=BC,若S1,S2分别表示△EOF和△GOH的面积,则S1与S2之间的等量关系是=.解:∵==,==,∴S1=S△AOB,S2=S△BOC.∵点O是▱ABCD的对称中心,=S△BOC=S▱ABCD,∴S△AOB∴==.即S1与S2之间的等量关系是=.故答案为=.15.(2018•白银)如图,分别以等边三角形的每个顶点为圆心、以边长为半径,在另两个顶点间作一段圆弧,三段圆弧围成的曲边三角形称为勒洛三角形.若等边三角形的边长为a,则勒洛三角形的周长为πa.解:如图.∵△ABC是等边三角形,∴∠A=∠B=∠C=60°,AB=BC=CA=a,∴的长=的长=的长==,∴勒洛三角形的周长为×3=πa.故答案为πa.16.(2018•青海)如图,用一个半径为20cm,面积为150πcm2的扇形铁皮,制作一个无底的圆锥(不计接头损耗),则圆锥的底面半径r为7.5cm.解:解:设铁皮扇形的半径和弧长分别为R、l,圆锥形容器底面半径为r,则由题意得R=20,由Rl=150π得l=15π;由2πr=15π得r=7.5cm.故答案是:7.5cm.17.(2018•新疆)如图,△ABC是⊙O的内接正三角形,⊙O的半径为2,则图中阴影部分的面积是.解:∵△ABC是等边三角形,∴∠C=60°,根据圆周角定理可得∠AOB=2∠C=120°,∴阴影部分的面积是=π,故答案为:三.解答题(共15小题)18.(2018•陕西)如图,已知:在正方形ABCD中,M是BC边上一定点,连接AM.请用尺规作图法,在AM上作一点P,使△DPA∽△ABM.(不写作法,保留作图痕迹)解:如图所示,点P即为所求:∵DP⊥AM,∴∠APD=∠ABM=90°,∵∠BAM+∠PAD=90°,∠PAD+∠ADP=90°,∴∠BAM=∠ADP,∴△DPA∽△ABM.19.(2018•宁夏)已知:AB为⊙O的直径,延长AB到点P,过点P作圆O的切线,切点为C,连接AC,且AC=CP.(1)求∠P的度数;(2)若点D是弧AB的中点,连接CD交AB于点E,且DE•DC=20,求⊙O的面积.(π取3.14)解:(1)连接OC,∵PC为⊙O的切线,∴∠OCP=90°,即∠2+∠P=90°,∵OA=OC,∴∠CAO=∠1,∵AC=CP,∴∠P=∠CAO,又∵∠2是△AOC的一个外角,∴∠2=2∠CAO=2∠P,∴2∠P+∠P=90°,∴∠P=30°;(2)连接AD,∵D为的中点,∴∠ACD=∠DAE,∴△ACD∽△EAD,∴=,即AD2=DC•DE,∵DC•DE=20,∴AD=2,∵=,∴AD=BD,∵AB是⊙O的直径,∴Rt△ADB为等腰直角三角形,∴AB=2,∴OA=AB=,=π•OA2=10π=31.4.∴S⊙O20.(2018•陕西)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,以斜边AB上的中线CD为直径作⊙O,分别与AC、BC交于点M、N.(1)过点N作⊙O的切线NE与AB相交于点E,求证:NE⊥AB;(2)连接MD,求证:MD=NB.证明:(1)连接ON,如图,∵CD为斜边AB上的中线,∴CD=AD=DB,∴∠1=∠B,∵OC=ON,∴∠1=∠2,∴∠2=∠B,∴ON∥DB,∵NE为切线,∴ON⊥NE,∴NE⊥AB;(2)连接DN,如图,∵CD为直径,∴∠CMD=∠CND=90°,而∠MCB=90°,∴四边形CMDN为矩形,∴DM=CN,∵DN⊥BC,∠1=∠B,∴CN=BN,∴MD=NB.21.(2018•宁夏)已知点E为正方形ABCD的边AD上一点,连接BE,过点C作CN⊥BE,垂足为M,交AB于点N.(1)求证:△ABE≌△BCN;(2)若N为AB的中点,求tan∠ABE.(1)证明:∵四边形ABCD为正方形∴AB=BC,∠A=∠CBN=90°,∠1+∠2=90°∵CM⊥BE,∴∠2+∠3=90°∴∠1=∠3在△ABE和△BCN中∴△ABE≌△BCN(ASA);(2)∵N为AB中点,∴BN=AB又∵△ABE≌△BCN,∴AE=BN=AB在Rt△ABE中,tan∠ABE═.22.(2018•兰州)如图,在△ABC中,过点C作CD∥AB,E是AC的中点,连接DE并延长,交AB于点F,交CB的延长线于点G,连接AD,CF.(1)求证:四边形AFCD是平行四边形.(2)若GB=3,BC=6,BF=,求AB的长.解:(1)∵E是AC的中点,∴AE=CE,∵AB∥CD,∴∠AFE=∠CDE,在△AEF和△CED中,∵,∴△AEF≌△CED(AAS),∴AF=CD,又AB∥CD,即AF∥CD,∴四边形AFCD是平行四边形;(2)∵AB∥CD,∴△GBF∽△GCD,∴=,即=,解得:CD=,∵四边形AFCD是平行四边形,∴AF=CD=,∴AB=AF+BF=+=6.23.(2018•白银)已知矩形ABCD中,E是AD边上的一个动点,点F,G,H分别是BC,BE,CE的中点.(1)求证:△BGF≌△FHC;(2)设AD=a,当四边形EGFH是正方形时,求矩形ABCD的面积.解:(1)∵点F,G,H分别是BC,BE,CE的中点,∴FH∥BE,FH=BE,FH=BG,∴∠CFH=∠CBG,∵BF=CF,∴△BGF≌△FHC,(2)当四边形EGFH是正方形时,可得:EF⊥GH且EF=GH,∵在△BEC中,点,H分别是BE,CE的中点,∴GH=,且GH∥BC,∴EF⊥BC,∵AD∥BC,AB⊥BC,∴AB=EF=GH=a,∴矩形ABCD的面积=.24.(2018•陕西)问题提出(1)如图①,在△ABC中,∠A=120°,AB=AC=5,则△ABC的外接圆半径R的值为5.问题探究(2)如图②,⊙O的半径为13,弦AB=24,M是AB的中点,P是⊙O上一动点,求PM 的最大值.问题解决(3)如图③所示,AB、AC、是某新区的三条规划路,其中AB=6km,AC=3km,∠BAC=60°,所对的圆心角为60°,新区管委会想在路边建物资总站点P,在AB,AC路边分别建物资分站点E、F,也就是,分别在、线段AB和AC上选取点P、E、F.由于总站工作人员每天都要将物资在各物资站点间按P→E→F→P的路径进行运输,因此,要在各物资站点之间规划道路PE、EF和FP.为了快捷、环保和节约成本.要使得线段PE、EF、FP 之和最短,试求PE+EF+FP的最小值.(各物资站点与所在道路之间的距离、路宽均忽略不计)解:(1)设O是△ABC的外接圆的圆心,∴OA=OB=OC,∵∠A=120°,AB=AC=5,∴△ABO是等边三角形,∴AB=OA=OB=5,(2)当PM⊥AB时,此时PM最大,连接OA,由垂径定理可知:AM=AB=12,∵OA=13,∴由勾股定理可知:OM=5,∴PM=OM+OP=18,(3)设连接AP,OP分别以AB、AC所在直线为对称轴,作出P关于AB的对称点为M,P关于AC的对称点为N,连接MN,交AB于点E,交AC于点F,连接PE、PF,∴AM=AP=AN,∵∠MAB=∠PAB,∠NAC=∠PAC,∴∠BAC=∠PAB+∠PAC=∠MAB+∠NAC=60°,∴∠MAN=120°∴M、P、N在以A为圆心,AP为半径的圆上,设AP=r,易求得:MN=r,∵PE=ME,PF=FN,∴PE+EF+PF=ME+EF+FN=MN=r,∴当AP最小时,PE+EF+PF可取得最小值,∵AP+OP≥OA,∴AP≥OA﹣OP,即点P在OA上时,AP可取得最小值,设AB的中点为Q,∴AQ=AC=3,∵∠BAC=60°,∴AQ=QC=AC=BQ=3,∴∠ABC=∠QCB=30°,∴∠ACB=90°,∴由勾股定理可知:BC=3,∵∠BOC=60°,OB=OC=3,∴△OBC是等边三角形,∴∠OBC=60°,∴∠ABO=90°∴由勾股定理可知:OA=3,∵OP=OB=3,∴AP=r=OA﹣OP=3﹣3,∴PE+EF+PF=MN=r=3﹣9∴PE+EF+PF的最小值为(3﹣9)km.25.(2018•兰州)如图,AB为⊙O的直径,C为⊙O上一点,D为BA延长线上一点,∠ACD=∠B.(1)求证:DC为⊙O的切线;(2)线段DF分别交AC,BC于点E,F且∠CEF=45°,⊙O的半径为5,sinB=,求CF 的长.(1)证明:连接OC,∵AB为⊙O的直径,∴∠ACB=∠BCO+∠OCA=90°,∵OB=OC,∴∠B=∠BCO,∵∠ACD=∠B,∴∠ACD=∠BCO,∴∠ACD+∠OCA=90°,即∠OCD=90°,∴DC为⊙O的切线;(2)解:Rt△ACB中,AB=10,sinB=,∴AC=6,BC=8,∵∠ACD=∠B,∠ADC=∠CDB,∴△CAD∽△BCD,∴,设AD=3x,CD=4x,Rt△OCD中,OC2+CD2=OD2,52+(4x)2=(5+3x)2,x=0(舍)或,∵∠CEF=45°,∠ACB=90°,∴CE=CF,设CF=a,∵∠CEF=∠ACD+∠CDE,∠CFE=∠B+∠BDF,∴∠CDE=∠BDF,∵∠ACD=∠B,∴△CED∽△BFD,∴,∴,a=,∴CF=.26.(2018•青海)如图,在平行四边形ABCD中,E为AB边上的中点,连接DE并延长,交CB的延长线于点F.(1)求证:AD=BF;(2)若平行四边形ABCD的面积为32,试求四边形EBCD的面积.解:(1)∵E是AB边上的中点,∴AE=BE.∵AD∥BC,∴∠ADE=∠F.在△ADE和△BFE中,∠ADE=∠F,∠DEA=∠FEB,AE=BE,∴△ADE≌△BFE.∴AD=BF.(2)过点D作DM⊥AB与M,则DM同时也是平行四边形ABCD的高.=•AB•DM=AB•DM=×32=8,∴S△AED=32﹣8=24.∴S四边形EBCD27.(2018•白银)如图,点O是△ABC的边AB上一点,⊙O与边AC相切于点E,与边BC,AB分别相交于点D,F,且DE=EF.(1)求证:∠C=90°;(2)当BC=3,sinA=时,求AF的长.解:(1)连接OE,BE,∵DE=EF,∴∴∠OBE=∠DBE∵OE=OB,∴∠OEB=∠OBE∴∠OEB=∠DBE,∴OE∥BC∵⊙O与边AC相切于点E,∴OE⊥AC∴BC⊥AC∴∠C=90°(2)在△ABC,∠C=90°,BC=3,sinA=∴AB=5,设⊙O的半径为r,则AO=5﹣r,在Rt△AOE中,sinA===∴r=∴AF=5﹣2×=28.(2018•青海)如图△ABC内接于⊙O,∠B=60°,CD是⊙O的直径,点P是CD延长线上一点,且AP=AC.(2)若PD=,求⊙O的直径.解:(1)证明:连接OA,∵∠B=60°,∴∠AOC=2∠B=120°,又∵OA=OC,∴∠OAC=∠OCA=30°,又∵AP=AC,∴∠P=∠ACP=30°,∴∠OAP=∠AOC﹣∠P=90°,∴OA⊥PA,∴PA是⊙O的切线.(2)在Rt△OAP中,∵∠P=30°,∴PO=2OA=OD+PD,又∵OA=OD,∴PD=OA,∵PD=,∴2OA=2PD=2.∴⊙O的直径为2.29.(2018•新疆)如图,▱ABCD的对角线AC,BD相交于点O.E,F是AC上的两点,并且AE=CF,连接DE,BF.(2)若BD=EF,连接EB,DF,判断四边形EBFD的形状,并说明理由.(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,∴OA=OC,OB=OD,∵AE=CF,∴OE=OF,在△DEO和△BOF中,∴△DOE≌△BOF.(2)解:结论:四边形EBFD是矩形.理由:∵OD=OB,OE=OF,∴四边形EBFD是平行四边形,∵BD=EF,∴四边形EBFD是矩形.30.(2018•青海)请认真阅读下面的数学小探究系列,完成所提出的问题:(1)探究1:如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠ACB=90°,BC=a,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD.求证:△BCD的面积为a2.(提示:过点D作BC 边上的高DE,可证△ABC≌△BDE)(2)探究2:如图2,在一般的Rt△ABC中,∠ACB=90°,BC=a,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD.请用含a的式子表示△BCD的面积,并说明理由.(3)探究3:如图3,在等腰三角形ABC中,AB=AC,BC=a,将边AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BD,连接CD.试探究用含a的式子表示△BCD的面积,要有探究过程.解:(1)如图1,过点D作DE⊥CB交CB的延长线于E,∴∠BED=∠ACB=90°,由旋转知,AB=AD,∠ABD=90°,∴∠ABC+∠DBE=90°,∵∠A+∠ABC=90°,∴∠A=∠DBE,在△ABC和△BDE中,,∴△ABC≌△BDE(AAS)∴BC=DE=a.=BC•DE∵S△BCD=;∴S△BCD(2)△BCD的面积为.理由:如图2,过点D作BC的垂线,与BC的延长线交于点E.∴∠BED=∠ACB=90°,∵线段AB绕点B顺时针旋转90°得到线段BE,∴AB=BD,∠ABD=90°.∴∠ABC+∠DBE=90°.∵∠A+∠ABC=90°.∴∠A=∠DBE.在△ABC和△BDE中,,∴△ABC≌△BDE(AAS)∴BC=DE=a.=BC•DE∵S△BCD=;∴S△BCD(3)如图3,过点A作AF⊥BC与F,过点D作DE⊥BC的延长线于点E,∴∠AFB=∠E=90°,BF=BC=a.∴∠FAB+∠ABF=90°.∵∠ABD=90°,∴∠ABF+∠DBE=90°,∴∠FAB=∠EBD.∵线段BD是由线段AB旋转得到的,∴AB=BD.在△AFB和△BED中,,∴△AFB≌△BED(AAS),∴BF=DE=a.∵S△BCD=BC•DE=•a•a=a2.∴△BCD 的面积为.31.(2018•宁夏)空间任意选定一点O,以点O为端点,作三条互相垂直的射线ox、oy、oz.这三条互相垂直的射线分别称作x轴、y轴、z轴,统称为坐标轴,它们的方向分别为ox(水平向前)、oy(水平向右)、oz(竖直向上)方向,这样的坐标系称为空间直角坐标系.将相邻三个面的面积记为S1、S2、S3,且S1<S2<S3的小长方体称为单位长方体,现将若干个单位长方体在空间直角坐标系内进行码放,要求码放时将单位长方体S1所在的面与x轴垂直,S2所在的面与y轴垂直,S3所在的面与z轴垂直,如图1所示.若将x轴方向表示的量称为几何体码放的排数,y轴方向表示的量称为几何体码放的列数,z轴方向表示的量称为几何体码放的层数;如图2是由若干个单位长方体在空间直角坐标内码放的一个几何体,其中这个几何体共码放了1排2列6层,用有序数组记作(1,2,6),如图3的几何体码放了2排3列4层,用有序数组记作(2,3,4).这样我们就可用每一个有序数组(x,y,z)表示一种几何体的码放方式.(1)如图4是由若干个单位长方体码放的一个几何体的三视图,则这种码放方式的有序数组为(2,3,2),组成这个几何体的单位长方体的个数为12个;(2)对有序数组性质的理解,下列说法正确的是①②⑤;(只填序号)①每一个有序数组(x,y,z)表示一种几何体的码放方式.②有序数组中x、y、z的乘积就表示几何体中单位长方体的个数.③有序数组不同,所表示几何体的单位长方体个数不同.④不同的有序数组所表示的几何体的体积不同.⑤有序数组中x、y、z每两个乘积的2倍可分别确定几何体表面上S1、S2、S3的个数.(3)为了进一步探究有序数组(x,y,z)的几何体的表面积公式S(x,y,z),某同学针对若干个单位长方体进行码放,制作了下列表格:几何体有序数组单位长方体的个数表面上面积为S1的个数表面上面积为S2的个数表面上面积为S3的个数表面积(1,1,1) 1 2 2 2 2S1+2S2+2S3(1,2,1) 2 4 2 4 4S1+2S2+4S3(3,1,1) 3 2 6 6 2S1+6S2+6S3(2,1,2) 4 4 8 4 4S1+8S2+4S3(1,5,1) 5 10 2 10 10S1+2S2+10S3(1,2,3) 6 12 6 4 12S1+6S2+4S3(1,1,7)7 14 14 2 14S1+14S2+2S3(2,2,2)8 8 8 8 8S1+8S2+8S3………………根据以上规律,请写出有序数组(x,y,z)的几何体表面积计算公式S(x,y,z);(用x、y、z、S1、S2、S3表示)(4)当S1=2,S2=3,S3=4时,对由12个单位长方体码放的几何体进行打包,为了节约外包装材料,对12个单位长方体码放的几何体表面积最小的规律进行探究,根据探究的结果请写出使几何体表面积最小的有序数组,并用几何体表面积公式求出这个最小面积.(缝隙不计)解:(1)这种码放方式的有序数组为(2,3,2),组成这个几何体的单位长方体的个数为2×3×2=12个,故答案为(2,3,2),12;(2)正确的有①②⑤.故答案为①②⑤;(3)S(x,y,z)=2yzS1+2xzS2+2xyS3=2(yzS1+xzS2+xyS3).(4)当S1=2,S2=3,S3=4时S(x,y,z)=2(yzS1+xzS2+xyS3)=2(2yz+3xz+4xy)欲使S(x,y,z)的值最小,不难看出x、y、z应满足x≤y≤z(x、y、z为正整数).在由12个单位长方体码放的几何体中,满足条件的有序数组为(1,1,12),(1,2,6),(1,3,4),(2,2,3).而S(1,1,12)=128,S(1,2,6)=100,S(1,3,4)=96,S(2,2,3)=92所以,由12个单位长方体码放的几何体表面积最小的有序数组为:(2,2,3),最小面积为S(2,2,3)=92.。

2018年中考数学真题汇编 反比例函数

2018年中考数学真题汇编 反比例函数

中考数学真题汇编:反比例函数一、选择题1.已知点A.、都在反比例函数B. C.的图象上,则下列关系式一定正确的是()D.2.给出下列函数:①y=﹣3x+2;②y=;③y=2x2;④y=3x,上述函数中符合条作“当x>1时,函数值y 随自变量x增大而增大“的是()A.①③B.③④C.②④D.②③3.若点,,在反比例函数的图像上,则,,的大小关系是()A.4.一次函数B.和反比例函数C. D.在同一直角坐标系中大致图像是()A. B. C. D.5.如图,菱形ABCD的两个顶点B、D在反比例函数的图像上,对角线AC与BD的交点恰好是坐标原点O,已知点A(1,1),∠ABC=60°,则k的值是()A.﹣5B.﹣4C.﹣3D.﹣26.如图,平行于x轴的直线与函数(k1>0,x>0),(k2>0,x>0)的图像分别交于A,B两点,点A在点B的右侧,C为x轴上的一个动点.若△ABC的面积为4,则k1-k2的值为()A.8B.-8C.4D.-47.如图,()是函数上两点,为一动点,作轴,轴,下列说法正确的是①;②;③若,则平分;④若,则A.①③B.②③C.②④D.③④8.如图,点C在反比例函数(x>0)的图象上,过点C的直线与x轴,y轴分别交于点A,B,且AB=BC,△AOB的面积为1,则k的值为()A.1B.2C.3D.4B△29.如图,在平面直角坐标系中,菱形ABCD的顶点A,B在反比例函数象上,横坐标分别为1,4,对角线轴.若菱形ABCD的面积为(,)的图,则k的值为()A. B. C.4 D.510.如图,点A,B在反比例函数的图象上,点C,D在反比例函数的图象上,AC//BD//轴,已知点A,的横坐标分别为1,,OAC与△ABD的面积之和为,则的值为()A.4B.3C.2D.二、填空题11.已知反比例函数的图像经过点,则________.12.已知点在直线上,也在双曲线上,则的值为________.13.已知A(﹣4,)、B(﹣1,)是反比例函数图像上的两个点,则与的大小关系为________.14.如图,点A,B是反比例函数图象上的两点,过点A,B分别作AC⊥x轴于点C,BD⊥x于点D,连接OA,BC,已知点C(2,0),BD=2,S△BCD=3,则△SAOC=________。

2018年全国中考数学真题汇编:多边形与平行四边形

2018年全国中考数学真题汇编:多边形与平行四边形

多边形与平行四边形一、选择题1.(2018·湖北省宜昌·3分)如图,在平面直角坐标系中,把△ABC绕原点 O旋转 180°得到△CDA,点 A,B,C的坐标分别为(﹣5,2),(﹣2,﹣2),(5,﹣2),则点D的坐标为()A.(2,2)B.(2,﹣2)C.(2,5)D.(﹣2,5)【分析】依据四边形 ABCD是平行四边形,即可得到 BD经过点 O,依据 B的坐标为(﹣2,﹣2),即可得出 D的坐标为(2,2).【解答】解:∵点 A,C的坐标分别为(﹣5,2),(5,﹣2),∴点 O是 AC的中点,∵AB=CD,AD=BC,∴四边形 ABCD是平行四边形,∴BD经过点 O,∵B的坐标为(﹣2,﹣2),∴D的坐标为(2,2),故选:A.【点评】本题主要考查了坐标与图形变化,图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标.2.(2018·山东临沂·3分)如图,在?ABCD中,AB=10,AD=6,AC⊥BC.则BD= 4 .【分析】由 BC⊥AC,AB=10,BC=AD=6,由勾股定理求得 AC的长,得出 OA 长,然后由勾股定理求得 OB的长即可.【解答】解:∵四边形 ABCD是平行四边形,∴BC=AD=6,OB=D,OA=OC,∵AC⊥BC,∴AC= =8,∴OC=4,∴OB= =2 ,∴BD=2OB=4故答案为: 4 .【点评】此题考查了平行四边形的性质以及勾股定理.此题难度适中,注意掌握数形结合思想的应用.3. (2018?北京?2分)若正多边形的一个外角是 60,则该正多边形的内角和为A.360B.540C. 720D.900【答案】C【解析】由题意,正多边形的边数为n360606,其内角和为n 2180 720.【考点】正多边形,多边形的内外角和.4(2018?安徽?4分)□ABCD中,E、F是对角线 BD上不同的两点,下列条件中,不能得出四边形 AECF一定为平行四边形的是()A. BE=DFB. AE=CFC. AF//CED. ∠BAE=∠DCF【答案】B【解析】【分析】根据平行线的判定方法结合已知条件逐项进行分析即可得.【详解】A、如图,∵四边形 ABCD是平行四边形,∴OA=OC,OB=OD,∵BE=DF,∴OE=OF,∴四边形 AECF是平行四边形,故不符合题意;B、如图所示,AE=CF,不能得到四边形 AECF是平行四边形,故符合题意;C、如图,∵四边形 ABCD是平行四边形,∴OA=OC,∵AF//CE,∴∠FAO=∠ECO,又∵∠AOF=∠COE,∴△AOF≌△COE,∴AF=CE,∴AF CE,∴四边形 AECF是平行四边形,故不符合题意;D、如图,∵四边形 ABCD是平行四边形,∴AB=CD,AB//CD,∴∠ABE=∠CDF,又∵∠BAE=∠DCF,∴△ABE≌△CDF,∴AE=CF,∠AEB=∠CFD,∴∠AEO=∠CFO,∴AE//CF,∴AE CF,∴四边形 AECF是平行四边形,故不符合题意,故选 B.【点睛】本题考查了平行四边形的性质与判定,熟练掌握平行四边形的判定定理与性质定理是解题的关键.5 (2018·四川宜宾·3 分)在?ABCD 中,若∠BAD 与∠CDA 的角平分线交于点 E,则△AED的形状是()A.锐角三角形B.直角三角形C.钝角三角形D.不能确定【考点】L5:平行四边形的性质.【分析】想办法证明∠E=90°即可判断.【解答】解:如图,∵四边形 ABCD是平行四边形,∴AB∥CD,∴∠BAD+∠ADC=180°,∵∠EAD= ∠BAD,∠ADE= ∠ADC,∴∠EAD+∠ADE= (∠BAD+∠ADC)=90°,∴∠E=90°,∴△ADE是直角三角形,。

2018年四川省中考数学真题汇编解析:数与式、方程不等式

2018年四川省中考数学真题汇编解析:数与式、方程不等式

2018年全国各地中考数学真题汇编(四川专版)数与式、方程不等式参考答案与试题解析一.选择题(共10小题)1.(2018•绵阳)在一次酒会上,每两人都只碰一次杯,如果一共碰杯55次,则参加酒会的人数为()A.9人B.10人C.11人D.12人解:设参加酒会的人数为x人,根据题意得:x(x﹣1)=55,整理,得:x2﹣x﹣110=0,解得:x1=11,x2=﹣10(不合题意,舍去).答:参加酒会的人数为11人.故选:C.2.(2018•乐山)方程组==x+y﹣4的解是()A.B.C.D.解:由题可得,,消去x,可得2(4﹣y)=3y,解得y=2,把y=2代入2x=3y,可得x=3,∴方程组的解为.故选:D.3.(2018•乐山)估计+1的值,应在()A.1和2之间B.2和3之间C.3和4之间D.4和5之间解:∵≈2.236,∴+1≈3.236,故选:C.4.(2018•南充)不等式x+1≥2x﹣1的解集在数轴上表示为()A.B.C.D.解:移项,得:x﹣2x≥﹣1﹣1,合并同类项,得:﹣x≥﹣2,系数化为1,得:x≤2,将不等式的解集表示在数轴上如下:,故选:B.5.(2018•绵阳)将全体正奇数排成一个三角形数阵:13 57 9 1113 15 17 1923 25 27 29…按照以上排列的规律,第25行第20个数是()A.639 B.637 C.635 D.633解:根据三角形数阵可知,第n行奇数的个数为n个,则前n﹣1行奇数的总个数为1+2+3+…+(n﹣1)=个,则第n行(n≥3)从左向右的第m数为为第+m奇数,即:1+2[+m﹣1]=n2﹣n+2m﹣1n=25,m=20,这个数为639,故选:A.6.(2018•眉山)若α,β是一元二次方程3x2+2x﹣9=0的两根,则+的值是()A.B.﹣C.﹣D.解:∵α、β是一元二次方程3x2+2x﹣9=0的两根,∴α+β=﹣,αβ=﹣3,∴+====﹣.故选:C.7.(2018•乐山)已知实数a、b满足a+b=2,ab=,则a﹣b=()A.1 B.﹣C.±1 D.±解:∵a+b=2,ab=,∴(a+b)2=4=a2+2ab+b2,∴a2+b2=,∴(a﹣b)2=a2﹣2ab+b2=1,∴a﹣b=±1,故选:C.8.(2018•眉山)已知关于x的不等式组仅有三个整数解,则a的取值范围是()A.≤a<1 B.≤a≤1 C.<a≤1 D.a<1解:由x>2a﹣3,由2x>3(x﹣2)+5,解得:2a﹣3<x≤1,由关于x的不等式组仅有三个整数:解得﹣2≤2a﹣3<﹣1,解得≤a<1,故选:A.9.(2018•南充)已知=3,则代数式的值是( )A .B .C .D .解:∵=3,∴=3,∴x ﹣y=﹣3xy ,则原式====, 故选:D .10.(2018•眉山)我市某楼盘准备以每平方6000元的均价对外销售,由于国务院有关房地产的新政策出台后,购房者持币观望,为了加快资金周转,房地产开发商对价格经过连续两次下调后,决定以每平方4860元的均价开盘销售,则平均每次下调的百分率是( ) A .8% B .9%C .10%D .11%解:设平均每次下调的百分率为x ,由题意,得 6000(1﹣x )2=4860,解得:x 1=0.1,x 2=1.9(舍去). 答:平均每次下调的百分率为10%. 故选:C .二.填空题(共10小题)11.(2018•自贡)分解因式:ax 2+2axy +ay 2= a (x +y )2 . 解:原式=a (x 2+2xy +y 2)…(提取公因式) =a (x +y )2.…(完全平方公式)12.(2018•成都)已知a >0,S 1=,S 2=﹣S 1﹣1,S 3=,S 4=﹣S 3﹣1,S 5=,…(即当n 为大于1的奇数时,S n=;当n为大于1的偶数时,S n=﹣S n﹣1﹣1),按此规律,S2018=﹣.解:S1=,S2=﹣S1﹣1=﹣﹣1=﹣,S3==﹣,S4=﹣S3﹣1=﹣1=﹣,S5==﹣(a+1),S6=﹣S5﹣1=(a+1)﹣1=a,S7==,…,∴S n的值每6个一循环.∵2018=336×6+2,∴S2018=S2=﹣.故答案为:﹣.13.(2018•自贡)六一儿童节,某幼儿园用100元钱给小朋友买了甲、乙两种不同的玩具共30个,单价分别为2元和4元,则该幼儿园购买了甲、乙两种玩具分别为10、20个.解:设甲玩具购买x个,乙玩具购买y个,由题意,得,解得,甲玩具购买10个,乙玩具购买20个,故答案为:10,20.14.(2018•绵阳)已知a>b>0,且++=0,则=.解:由题意得:2b(b﹣a)+a(b﹣a)+3ab=0,整理得:2()2+﹣1=0,解得=,∵a>b>0,∴=,故答案为.15.(2018•南充)若2n(n≠0)是关于x的方程x2﹣2mx+2n=0的根,则m﹣n的值为.解:∵2n(n≠0)是关于x的方程x2﹣2mx+2n=0的根,∴4n2﹣4mn+2n=0,∴4n﹣4m+2=0,∴m﹣n=.故答案是:.16.(2018•达州)若关于x的分式方程=2a无解,则a的值为1或.解:去分母得:x﹣3a=2a(x﹣3),整理得:(1﹣2a)x=﹣3a,当1﹣2a=0时,方程无解,故a=;当1﹣2a≠0时,x==3时,分式方程无解,则a=1,故关于x的分式方程=2a无解,则a的值为:1或.故答案为:1或.17.(2018•自贡)观察下列图中所示的一系列图形,它们是按一定规律排列的,依照此规律,第2018个图形共有6055个○.解:观察图形可知:第1个图形共有:1+1×3,第2个图形共有:1+2×3,第3个图形共有:1+3×3,…,第n个图形共有:1+3n,∴第2018个图形共有1+3×2018=6055,故答案为:6055.18.(2018•眉山)已知关于x的分式方程﹣2=有一个正数解,则k的取值范围为k<6且k≠3.解;﹣2=,方程两边都乘以(x﹣3),得x=2(x﹣3)+k,解得x=6﹣k≠3,关于x的方程程﹣2=有一个正数解,∴x=6﹣k>0,k<6,且k≠3,∴k的取值范围是k<6且k≠3.故答案为:k<6且k≠3.19.(2018•达州)已知:m2﹣2m﹣1=0,n2+2n﹣1=0且mn≠1,则的值为3.解:由n2+2n﹣1=0可知n≠0.∴1+﹣=0.∴﹣﹣1=0,又m2﹣2m﹣1=0,且mn≠1,即m≠.∴m,是方程x2﹣2x﹣1=0的两根.∴m+=2.∴=m+1+=2+1=3,故答案为:3.20.(2018•遂宁)A,B两市相距200千米,甲车从A市到B市,乙车从B市到A市,两车同时出发,已知甲车速度比乙车速度快15千米/小时,且甲车比乙车早半小时到达目的地.若设乙车的速度是x千米/小时,则根据题意,可列方程﹣=.解:设乙车的速度是x千米/小时,则根据题意,可列方程:﹣=.故答案为:﹣=.三.解答题(共16小题).(2018•攀枝花)解方程:﹣=1.解:去分母得:3(x﹣3)﹣2(2x+1)=6,去括号得:3x﹣9﹣4x﹣2=6,移项得:﹣x=17,系数化为1得:x=﹣17.22.(2018•遂宁)计算:()﹣1+(﹣1)0+2sin45°+|﹣2|.解:原式=3+1+2×+2﹣=4++2﹣=6.23.(2018•自贡)解不等式组:,并在数轴上表示其解集.解:解不等式①,得:x≤2;解不等式②,得:x>1,∴不等式组的解集为:1<x≤2.将其表示在数轴上,如图所示.24.(2018•遂宁)先化简,再求值•+.(其中x=1,y=2)解:当x=1,y=2时,原式=•+=+==﹣325.(2018•攀枝花)攀枝花市出租车的收费标准是:起步价5元(即行驶距离不超过2千米都需付5元车费),超过2千米以后,每增加1千米,加收1.8元(不足1千米按1千米计).某同学从家乘出租车到学校,付了车费24.8元.求该同学的家到学校的距离在什么范围?解:设该同学的家到学校的距离是x千米,依题意:24.8﹣1.8<5+1.8(x﹣2)≤24.8,解得:12<x≤13.故该同学的家到学校的距离在大于12小于等于13的范围.26.(2018•遂宁)已知关于x的一元二次方程x2﹣2x+a=0的两实数根x1,x2满足x1x2+x1+x2>0,求a的取值范围.解:∵该一元二次方程有两个实数根,∴△=(﹣2)2﹣4×1×a=4﹣4a≥0,解得:a≤1,由韦达定理可得x1x2=a,x1+x2=2,∵x1x2+x1+x2>0,∴a+2>0,解得:a>﹣2,∴﹣2<a≤1.27.(2018•宜宾)我市经济技术开发区某智能手机有限公司接到生产300万部智能手机的订单,为了尽快交货,增开了一条生产线,实际每月生产能力比原计划提高了50%,结果比原计划提前5个月完成交货,求每月实际生产智能手机多少万部.解:设原计划每月生产智能手机x万部,则实际每月生产智能手机(1+50%)x万部,根据题意得:﹣=5,解得:x=20,经检验,x=20是原方程的解,且符合题意,∴(1+50%)x=30.答:每月实际生产智能手机30万部.28.(2018•泸州)某图书馆计划选购甲、乙两种图书.已知甲图书每本价格是乙图书每本价格的2.5倍,用800元单独购买甲图书比用800元单独购买乙图书要少24本.(1)甲、乙两种图书每本价格分别为多少元?(2)如果该图书馆计划购买乙图书的本数比购买甲图书本数的2倍多8本,且用于购买甲、乙两种图书的总经费不超过1060元,那么该图书馆最多可以购买多少本乙图书?解:(1)设乙图书每本价格为x元,则甲图书每本价格是2.5x元,根据题意可得:﹣=24,解得:x=20,经检验得:x=20是原方程的根,则2.5x=50,答:乙图书每本价格为20元,则甲图书每本价格是50元;(2)设购买甲图书本数为x,则购买乙图书的本数为:2x+8,故50x+20(2x+8)≤1060,解得:x≤10,故2x+8≤28,答:该图书馆最多可以购买28本乙图书.29.(2018•绵阳)有大小两种货车,3辆大货车与4辆小货车一次可以运货18吨,2辆大货车与6辆小货车一次可以运货17吨.(1)请问1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运货多少吨?(2)目前有33吨货物需要运输,货运公司拟安排大小货车共计10辆,全部货物一次运完.其中每辆大货车一次运货花费130元,每辆小货车一次运货花费100元,请问货运公司应如何安排车辆最节省费用?解:(1)设1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运货x吨和y吨,根据题意可得:,解得:,答:1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运货4吨和1.5吨;(2)设货运公司拟安排大货车m辆,则安排小货车(10﹣m)辆,根据题意可得:4m+1.5(10﹣m)≥33,解得:m≥7.2,令m=8,大货车运费高于小货车,故用大货车少费用就小则安排方案有:大货车8辆,小货车1辆,30.(2018•内江)某商场计划购进A,B两种型号的手机,已知每部A型号手机的进价比每部B 型号手机进价多500元,每部A型号手机的售价是2500元,每部B型号手机的售价是00元.(1)若商场用50000元共购进A型号手机10部,B型号手机20部,求A、B两种型号的手机每部进价各是多少元?(2)为了满足市场需求,商场决定用不超过7.5万元采购A、B两种型号的手机共40部,且A 型号手机的数量不少于B型号手机数量的2倍.①该商场有哪几种进货方式?②该商场选择哪种进货方式,获得的利润最大?解:(1)设A、B两种型号的手机每部进价各是x元、y元,根据题意得:,解得:,答:A、B两种型号的手机每部进价各是2000元、1500元;(2)①设A种型号的手机购进a部,则B种型号的手机购进(40﹣a)部,根据题意得:,解得:≤a≤30,∵a为解集内的正整数,∴a=27,28,29,30,∴有4种购机方案:方案一:A种型号的手机购进27部,则B种型号的手机购进13部;方案二:A种型号的手机购进28部,则B种型号的手机购进12部;方案三:A种型号的手机购进29部,则B种型号的手机购进11部;方案四:A种型号的手机购进30部,则B种型号的手机购进10部;②设A种型号的手机购进a部时,获得的利润为w元.根据题意,得w=500a+600(40﹣a)=﹣100a+24000,∵﹣10<0,∴w随a的增大而减小,∴当a=27时,能获得最大利润.此时w=﹣100×27+24000=300(元).因此,购进A种型号的手机27部,购进B种型号的手机13部时,获利最大.答:购进A种型号的手机27部,购进B种型号的手机13部时获利最大.31.(2018•乐山)已知关于x的一元二次方程mx2+(1﹣5m)x﹣5=0(m≠0).(1)求证:无论m为任何非零实数,此方程总有两个实数根;(2)若抛物线y=mx2+(1﹣5m)x﹣5=0与x轴交于A(x1,0)、B(x2,0)两点,且|x1﹣x2|=6,求m的值;(3)若m>0,点P(a,b)与Q(a+n,b)在(2)中的抛物线上(点P、Q不重合),求代数式4a2﹣n2+8n的值.(1)证明:由题意可得:△=(1﹣5m)2﹣4m×(﹣5)=1+25m2﹣10m+20m=25m2+10m+1=(5m+1)2≥0,故无论m为任何非零实数,此方程总有两个实数根;(2)解:mx2+(1﹣5m)x﹣5=0,解得:x1=﹣,x2=5,由|x1﹣x2|=6,得|﹣﹣5|=6,解得:m=1或m=﹣;(3)解:由(2)得,当m>0时,m=1,此时抛物线为y=x2﹣4x﹣5,其对称轴为:x=2,由题已知,P,Q关于x=2对称,∴=2,即2a=4﹣n,∴4a2﹣n2+8n=(4﹣n)2﹣n2+8n=16.32.(2018•南充)已知关于x的一元二次方程x2﹣(2m﹣2)x+(m2﹣2m)=0.(1)求证:方程有两个不相等的实数根.(2)如果方程的两实数根为x1,x2,且x12+x22=10,求m的值.解:(1)由题意可知:△=(2m﹣2)2﹣4(m2﹣2m)=4>0,∴方程有两个不相等的实数根.(2)∵x1+x2=2m﹣2,x1x2=m2﹣2m,∴+=(x1+x2)2﹣2x1x2=10,∴(2m﹣2)2﹣2(m2﹣2m)=10,∴m2﹣2m﹣3=0,∴m=﹣1或m=333.(2018•广安)某车行去年A型车的销售总额为6万元,今年每辆车的售价比去年减少400元.若卖出的数量相同,销售总额将比去年减少20%.(1)求今年A型车每辆车的售价.(2)该车行计划新进一批A型车和B型车共45辆,已知A、B型车的进货价格分别是1100元、1400元,今年B型车的销售价格是2000元,要求B型车的进货数量不超过A型车数量的两倍,应如何进货才能使这批车获得最大利润,最大利润是多少?解:(1)设今年A型车每辆售价为x元,则去年每辆售价为(x+400)元,根据题意得:=,解得:x=1600,经检验,x=1600是原分式方程的解,∴今年A型车每辆车售价为1600元.(2)设今年新进A型车a辆,销售利润为y元,则新进B型车(45﹣a)辆,根据题意得:y=(1600﹣1100)a+(2000﹣1400)(45﹣a)=﹣100a+27000.∵B型车的进货数量不超过A型车数量的两倍,∴45﹣a≤2a,解得:a≥15.∵﹣100<0,∴y随a的增大而减小,∴当a=15时,y取最大值,最大值=﹣100×15+27000=25500,此时45﹣a=30.答:购进15辆A型车、30辆B型车时销售利润最大,最大利润是25500元.34.(2018•资阳)为了美化市容市貌,政府决定将城区旁边一块162亩的荒地改建为湿地公园,规划公园分为绿化区和休闲区两部分.(1)若休闲区面积是绿化区面积的20%,求改建后的绿化区和休闲区各有多少亩?(2)经预算,绿化区的改建费用平均每亩35000元,休闲区的改建费用平均每亩25000元,政府计划投入资金不超过550万元,那么绿化区的面积最多可以达到多少亩?解:(1)设改建后的绿化区面积为x亩.由题意:x+20%•x=162,解得x=135,162﹣135=27,答:改建后的绿化区面积为135亩和休闲区面积有27亩.(2)设绿化区的面积为m亩.由题意:35000m+25000(162﹣m)≤5500000,解得m≤145,答:绿化区的面积最多可以达到145亩.35.(2018•自贡)阅读以下材料:对数的创始人是苏格兰数学家纳皮尔(J.Nplcr,1550﹣1617年),纳皮尔发明对数是在指数书写方式之前,直到18世纪瑞士数学家欧拉(Evlcr,1707﹣1783年)才发现指数与对数之间的联系.对数的定义:一般地,若a x=N(a>0,a≠1),那么x叫做以a为底N的对数,记作:x=log a N.比如指数式24=16可以转化为4=log6,对数式2=log525可以转化为52=25.我们根据对数的定义可得到对数的一个性质:log a(M•N)=log a M+log a N(a>0,a≠1,M>0,N >0);理由如下:设log a M=m,log a N=n,则M=a m,N=a n∴M•N=a m•a n=a m+n,由对数的定义得m+n=log a(M•N)又∵m+n=log a M+log a N∴log a(M•N)=log a M+log a N解决以下问题:(1)将指数43=64转化为对数式3=log464;(2)证明log a=log a M﹣log a N(a>0,a≠1,M>0,N>0)(3)拓展运用:计算log32+log36﹣log34=1.解:(1)由题意可得,指数式43=64写成对数式为:3=log464,故答案为:3=log464;(2)设log a M=m ,log a N=n ,则M=a m ,N=a n ,∴==a m ﹣n ,由对数的定义得m ﹣n=log a ,又∵m ﹣n=log a M ﹣log a N ,∴log a =log a M ﹣log a N (a >0,a ≠1,M >0,N >0);(3)log 32+log 36﹣log 34,=log 3(2×6÷4),=log 33,=1,故答案为:1.36.(2018•南充)某销售商准备在南充采购一批丝绸,经调查,用10000元采购A 型丝绸的件数与用8000元采购B 型丝绸的件数相等,一件A 型丝绸进价比一件B 型丝绸进价多100元. (1)求一件A 型、B 型丝绸的进价分别为多少元?(2)若销售商购进A 型、B 型丝绸共50件,其中A 型的件数不大于B 型的件数,且不少于16件,设购进A 型丝绸m 件.①求m 的取值范围.②已知A 型的售价是800元/件,销售成本为2n 元/件;B 型的售价为600元/件,销售成本为n 元/件.如果50≤n ≤150,求销售这批丝绸的最大利润w (元)与n (元)的函数关系式(每件销售利润=售价﹣进价﹣销售成本).解:(1)设B 型丝绸的进价为x 元,则A 型丝绸的进价为(x +100)元根据题意得:解得400=x经检验,400=x 为原方程的解 500100=+x答:一件A 型、B 型丝绸的进价分别为500元,400元.(2)①根据题意得:∴m 的取值范围为:16≤m ≤25②设销售这批丝绸的利润为y根据题意得:y=(800﹣500﹣2n )m +(600﹣400﹣n )•(50﹣m )=(100﹣n)m+10000﹣50n∵50≤n≤150∴(Ⅰ)当50≤n<100时,100﹣n>0m=25时,销售这批丝绸的最大利润w=25(100﹣n)+10000﹣50n=﹣75n+12500(Ⅱ)当n=100时,100﹣n=0,销售这批丝绸的最大利润w=5000(Ⅲ)当100<n≤150时,100﹣n<0当m=16时,销售这批丝绸的最大利润w=﹣66n+11600。

2018年中考数学真题分类汇编(第三期)专题41阅读理解、图表信息试题(含解析)

2018年中考数学真题分类汇编(第三期)专题41阅读理解、图表信息试题(含解析)

阅读理解、图表信息(包括新定义,新运算)一.填空题(2018·湖北十堰·3分)对于实数a,b,定义运算“※”如下:a※b=a2﹣ab,例如,5※3=52﹣5×3=10.若(x+1)※(x﹣2)=6,则x的值为 1 .【分析】根据题意列出方程,解方程即可.【解答】解:由题意得,(x+1)2﹣(x+1)(x﹣2)=6,整理得,3x+3=6,解得,x=1,故答案为:1.【点评】本题考查的是一元二次方程的解法,根据题意正确得到方程是解题的关键.二.解答题1. (2018·湖北荆州·12分)阅读理解:在平面直角坐标系中,若两点P、Q的坐标分别是P(x1,y1)、Q(x2,y2),则P、Q这两点间的距离为|PQ|=.如P(1,2),Q (3,4),则|PQ|==2.对于某种几何图形给出如下定义:符合一定条件的动点形成的图形,叫做符合这个条件的点的轨迹.如平面内到线段两个端点距离相等的点的轨迹是这条线段的垂直平分线.解决问题:如图,已知在平面直角坐标系xOy中,直线y=kx+交y轴于点A,点A关于x 轴的对称点为点B,过点B作直线l平行于x轴.(1)到点A的距离等于线段AB长度的点的轨迹是;(2)若动点C(x,y)满足到直线l的距离等于线段CA的长度,求动点C轨迹的函数表达式;问题拓展:(3)若(2)中的动点C的轨迹与直线y=kx+交于E.F两点,分别过E.F作直线l的垂线,垂足分别是M、N,求证:①EF是△AMN外接圆的切线;②+为定值.【解答】解:(1)设到点A的距离等于线段AB长度的点D坐标为(x,y),∴AD2=x2+(y﹣)2,∵直线y=kx+交y轴于点A,∴A(0,),∵点A关于x轴的对称点为点B,∴B(0,﹣),∴AB=1,∵点D到点A的距离等于线段AB长度,∴x2+(y﹣)2=1,故答案为:x2+(y﹣)2=1;(2)∵过点B作直线l平行于x轴,∴直线l的解析式为y=﹣,∵C(x,y),A(0,),∴AC2=x2+(y﹣)2,点C到直线l的距离为:(y+),∵动点C(x,y)满足到直线l的距离等于线段CA的长度,∴x2+(y﹣)2=(y+)2,∴动点C轨迹的函数表达式y=x2,(3)①如图,设点E(m,a)点F(n,b),∵动点C的轨迹与直线y=kx+交于E.F两点,∴,∴x2﹣2kx﹣1=0,∴m+n=2k,mn=﹣1,∵过E.F作直线l的垂线,垂足分别是M、N,∴M(m,﹣),N(n,﹣),∵A(0,),∴AM2+AN2=m2+1+n2+1=m2+n2+2=(m+n)2﹣2mn+2=4k2+4,MN2=(m﹣n)2=(m+n)2﹣4mn=4k2+4,∴AM2+AN2=MN2,∴△AMN是直角三角形,MN为斜边,取MN的中点Q,∴点Q是△AMN的外接圆的圆心,∴Q(k,﹣),∵A(0,),∴直线AQ的解析式为y=﹣x+,∵直线EF的解析式为y=kx+,∴AQ⊥EF,∴EF是△AMN外接圆的切线;②证明:∵点E(m,a)点F(n,b)在直线y=kx+上,∴a=mk+,b=nk+,∵ME,NF,EF是△AMN的外接圆的切线,∴AE=ME=a+=mk+1,AF=NF=b+=nk+1,∴+=+====2,即:+为定值,定值为2.2.(2018·重庆市B卷)(10.00分)对任意一个四位数n,如果千位与十位上的数字之和为9,百位与个位上的数字之和也为9,则称n为“极数”.(1)请任意写出三个“极数”;并猜想任意一个“极数”是否是99的倍数,请说明理由;(2)如果一个正整数a是另一个正整数b的平方,则称正整数a是完全平方数.若四位数m为“极数”,记D(m)=,求满足D(m)是完全平方数的所有m.【分析】(1)先直接利用“极数”的意义写出三个,设出四位数n的个位数字和十位数字,进而表示出n,即可得出结论;(2)先确定出四位数m,进而得出D(m),再再根据完全平方数的意义即可得出结论.【解答】解:(1)根据“极数”的意义得,1287,2376,8712,任意一个“极数”都是99的倍数,理由:设对于任意一个四位数且是“极数”n的个位数字为x,十位数字为y,(x是0到9的整数,y是0到8的整数)∴百位数字为(9﹣x),千位数字为(9﹣y),∴四位数n为:1000(9﹣y)+100(9﹣x)+10y+x=9900﹣990y﹣99x=99(100﹣10y﹣x),∵x是0到9的整数,y是0到8的整数,∴100﹣10y﹣x是整数,∴99(100﹣10y﹣x)是99的倍数,即:任意一个“极数”都是99的倍数;(2)设四位数m为“极数”的个位数字为x,十位数字为y,(x是0到9的整数,y是0到8的整数)∴m=99(100﹣10y﹣x),∴D(m)==3(100﹣10y﹣x),而m是四位数,∴99(100﹣10y﹣x)是四位数,即1000≤99(100﹣10y﹣x)<10000,∴30≤3(100﹣10y﹣x)≤303∵D(m)完全平方数,∴3(100﹣10y﹣x)既是3的倍数也是完全平方数,∴3(100﹣10y﹣x)只有36,81,144,225这四种可能,∴D(m)是完全平方数的所有m值为1188或2673或4752或7425.【点评】此题主要考查了完全平方数,新定义的理解和掌握,整除问题,掌握新定义和熟记300以内的完全平方数是解本题的关键.3. (2018•陕西•13分)问题提出(1)如图①,在△ABC中,∠A=120°,AB=AC=5,则△ABC的外接圆半径R的值为.问题探究(2)如图②,⊙O的半径为13,弦AB=24,M是AB的中点,P是⊙O上一动点,求PM的最大值.问题解决(3)如图③所示,AB.AC.BC是某新区的三条规划路其中,AB=6km,AC=3km,∠BAC=60°,BC所对的圆心角为60°.新区管委会想在BC路边建物资总站点P,在AB.AC路边分别建物资分站点E.F.也就是,分别在、线段AB和AC上选取点P、E.F.由于总站工作人员每天要将物资在各物资站点间按P→E→F→P的路径进行运输,因此,要在各物资站点之间规划道路PE.EF和FP.为了快捷环保和节约成本要使得线段PE.EF、FP之和最短,试求PE+EF+FP的最小值(各物资站点与所在道路之间的距离、路宽均忽略不计).图① 图② 图③【答案】(1)5;(2)18;(3)(3-9)km.【解析】【分析】(1)如图(1),设外接圆的圆心为O,连接OA, OB,根据已知条件可得△AOB是等边三角形,由此即可得半径;(2)如图(2)所示,连接MO并延长交⊙O于N,连接OP,显然,MN即为MP的最大值,根据垂径定理求得OM的长即可求得MN的最大值;(3)如图(3)所示,假设P点即为所求点,分别作出点P关于AB.AC的对称点P´、P"连接PP´、P´E,PE,P"F,PF,PP",则P´P"即为最短距离,其长度取决于PA的长度,根据题意正确画出图形,得到点P的位置,根据等边三角形、勾股定理等进行求解即可得PE+EF+FP的最小值.【详解】(1)如图(1),设外接圆的圆心为O,连接OA, OB,∵O是等腰三角形ABC的外心,AB=AC,∴∠BAO=∠OAC=∠BAC==60°,∵OA=OB,∴△AOB是等边三角形,∴OB=AB=5,故答案为:5;(2)如图(2)所示,连接MO并延长交⊙O于N,连接OP,显然,MP≤OM+OP=OM+ON=MN,ON=13,OM==5,MN=18,∴PM的最大值为18;(3)如图(3)所示,假设P点即为所求点,分别作出点P关于AB.AC的对称点P´、P"连接PP´、P´E,PE,P"F,PF,PP"由对称性可知PE+EF+FP=P´E+EF+FP"=P´P",且P´、E.F、P"在一条直线上,所以P´P"即为最短距离,其长度取决于PA的长度,如图(4),作出弧BC的圆心O,连接AO,与弧BC交于P,P点即为使得PA最短的点,∵AB=6km,AC=3km,∠BAC=60°,∴∆ABC是直角三角形,∠ABC=30°,BC=3,BC所对的圆心角为60°,∴∆OBC是等边三角形,∠CBO=60°,BO=BC=3,∴∠ABO=90°,AO=3,PA=3-3,∠P´AE=∠EAP,∠PAF=∠FAP",∴∠P´AP"=2∠ABC=120°,P´A=AP",∴∠AP´E=∠AP"F=30°,∵P´P"=2P´Acos∠AP´E=P´A=3-9,所以PE+EF+FP的最小值为3-9km.【点睛】本题考查了圆的综合题,涉及到垂径定理、最短路径问题等,正确添加辅助线、灵活应用相关知识是解题的关键.4.(2018·辽宁大连·12分)阅读下面材料:小明遇到这样一个问题:如图1,△ABC中,∠ACB=90°,点D在AB上,且∠BAC=2∠DCB,求证:AC=AD.小明发现,除了直接用角度计算的方法外,还可以用下面两种方法:方法1:如图2,作AE平分∠CAB,与CD相交于点E.方法2:如图3,作∠DCF=∠DCB,与AB相交于点F.(1)根据阅读材料,任选一种方法,证明AC=AD.用学过的知识或参考小明的方法,解决下面的问题:(2)如图4,△ABC中,点D在AB上,点E在BC上,且∠BDE=2∠ABC,点F在BD上,且∠AFE=∠BAC,延长DC.FE,相交于点G,且∠DGF=∠BDE.①在图中找出与∠DEF相等的角,并加以证明;②若AB=kDF,猜想线段DE与DB的数量关系,并证明你的猜想.解:(1)方法一:如图2中,作AE平分∠CAB,与CD相交于点E.∵∠CAE=∠DAE,∠CAB=2∠DCB,∴∠CAE=∠CDB.∵∠CDB+∠ACD=90°,∴∠CAE+∠ACD=90°,∴∠AEC=90°.∵AE=AE,∠AEC=∠AED=90°,∴△AEC≌△AED,∴AC=AD.方法二:如图3中,作∠DCF=∠DCB,与AB相交于点F.∵∠DCF=∠DCB,∠A=2∠DCB,∴∠A=∠BCF.∵∠BCF+∠ACF=90°,∴∠A+∠ACF=90°,∴∠AFC=90°.∵∠ACF+∠BCF=90°,∠BCF+∠B=90°,∴∠ACF=∠B.∵∠ADC=∠DCB+∠B=∠DCF+∠ACF=∠ACD,∴AC=AD.(2)①如图4中,结论:∠DEF=∠FDG.理由:在△DEF中,∵∠DEF+∠EFD+∠EDF=180°.在△DFG中,∵∠GFD+∠G+∠FDG=180°.∵∠EFD=∠GFD,∠G=∠EDF,∴∠DEF=∠FDG.②结论:BD=k•DE.理由:如图4中,如图延长AC到K,使得∠CBK=∠ABC.∵∠ABK=2∠ABC,∠EDF=2∠ABC,∴∠EDF=∠ABK.∵∠DFE=∠A,∴△DFE∽△BAK,∴ ==,∴BK=k•DE,∴∠AKB=∠DEF=∠FDG.∵BC=BC,∠CBD=∠CBK,∴△BCD≌△BCK,∴BD=BK,∴BD=k•DE5.(2018·江苏常州·10分)阅读材料:各类方程的解法求解一元一次方程,根据等式的基本性质,把方程转化为x=a的形式.求解二元一次方程组,把它转化为一元一次方程来解;类似的,求解三元一次方程组,把它转化为解二元一次方程组.求解一元二次方程,把它转化为两个一元一次方程来解.求解分式方程,把它转化为整式方程来解,由于“去分母”可能产生增根,所以解分式方程必须检验.各类方程的解法不尽相同,但是它们有一个共同的基本数学思想转化,把未知转化为已知.用“转化”的数学思想,我们还可以解一些新的方程.例如,一元三次方程x3+x2﹣2x=0,可以通过因式分解把它转化为x(x2+x﹣2)=0,解方程x=0和x2+x﹣2=0,可得方程x3+x2﹣2x=0的解.(1)问题:方程x3+x2﹣2x=0的解是x1=0,x2= ﹣2 ,x3= 1 ;(2)拓展:用“转化”思想求方程=x的解;(3)应用:如图,已知矩形草坪ABCD的长AD=8m,宽AB=3m,小华把一根长为10m的绳子的一端固定在点B,沿草坪边沿BA,AD走到点P处,把长绳PB段拉直并固定在点P,然后沿草坪边沿PD.DC走到点C处,把长绳剩下的一段拉直,长绳的另一端恰好落在点C.求AP 的长.【分析】(1)因式分解多项式,然后得结论;(2)两边平方,把无理方程转化为整式方程,求解,注意验根;(3)设AP的长为xm,根据勾股定理和BP+CP=10,可列出方程,由于方程含有根号,两边平方,把无理方程转化为整式方程,求解,【解答】解:(1)x3+x2﹣2x=0,x(x2+x﹣2)=0,x(x+2)(x﹣1)=0所以x=0或x+2=0或x﹣1=0∴x1=0,x2=﹣2,x3=1;故答案为:﹣2,1;(2)=x,方程的两边平方,得2x+3=x2即x2﹣2x﹣3=0(x﹣3)(x+1)=0∴x﹣3=0或x+1=0∴x1=3,x2=﹣1,当x=﹣1时,==1≠﹣1,所以﹣1不是原方程的解.所以方程=x的解是x=3;(3)因为四边形ABCD是矩形,所以∠A=∠D=90°,AB=CD=3m设AP=xm,则PD=(8﹣x)m因为BP+CP=10,BP=,CP=∴+=10∴=10﹣两边平方,得(8﹣x)2+9=100﹣20+9+x2整理,得5=4x+9两边平方并整理,得x2﹣8x+16=0即(x﹣4)2=0所以x=4.经检验,x=4是方程的解.答:AP的长为4m.【点评】本题考查了转化的思想方法,一元二次方程的解法.解无理方程是注意到验根.解决(3)时,根据勾股定理和绳长,列出方程是关键.。

各地2018年中考数学试卷精选汇编 全等三角形(word,含解析)

各地2018年中考数学试卷精选汇编 全等三角形(word,含解析)

全等三角形一、选择题1、(2018•四川成都•3 分)如图,已知,添加以下条件,不能判定的是()A. B.C. D.【答案】C【考点】三角形全等的判定【解析】【解答】解:A、∵∠A=∠D,∠ABC=∠DC B,BC=CB∴△AB C≌△DCB,因此 A 不符合题意;B、∵AB=DC,∠ABC=∠DCB,BC=CB∴△ABC≌△DCB,因此B 不符合题意;C、∵∠ABC=∠DCB,AC=DB,BC=CB,不能判断△ABC≌△DCB,因此C 符合题意;D、∵AB=DC,∠ABC=∠DCB,BC=CB∴△ABC≌△DCB,因此 D 不符合题意;故答案为:C【分析】根据全等三角形的判定定理及图中的隐含条件,对各选项逐一判断即可。

2 (2018 年江苏省南京市•2分)如图,AB⊥CD,且AB=CD、E、F 是AD 上两点,CE⊥AD,BF⊥AD、若CE=a,BF=b,EF=c,则AD 的长为()A、a+cB、b+cC、a﹣b+cD、a+b﹣c【分析】只要证明△ABF≌△CDE,可得 AF=CE=a,BF=DE=b,推出 AD=AF+DF=a+(b﹣c)=a+b ﹣c;【解答】解:∵AB⊥CD,CE⊥AD,BF⊥AD,∴∠AFB=∠CED=90°,∠A+∠D=90°,∠C+∠D=90°,∴∠A=∠C,∵AB=CD,∴△ABF≌△CDE,∴AF=CE=a,BF=DE=b,∵EF=c,∴AD=AF+DF=a+(b﹣c)=a+b﹣c,故选:D、【点评】本题考查全等三角形的判定和性质,解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考常考题型、3、(2018·ft东临沂·3 分)如图,∠ACB=90°,AC=BC、AD⊥CE,BE⊥CE,垂足分别是点 D、E,AD=3,BE=1,则 DE 的长是()A、B、2 C、2 D、【分析】根据条件可以得出∠E=∠ADC=90°,进而得出△CEB≌△ADC,就可以得出 BE=DC,就可以求出DE 的值、【解答】解:∵BE⊥CE,AD⊥CE,∴∠E=∠ADC=90°,∴∠EBC+∠BCE=90°、∵∠BCE+∠ACD=90°,∴∠EBC=∠DCA、在△CEB和△ADC中,,∴△CEB≌△ADC(AAS),∴BE=DC=1,CE=AD=3、∴DE=EC﹣CD=3﹣1=2故选:B、【点评】本题考查全等三角形的判定和性质、熟练掌握全等三角形的判定和性质是解决问题的关键,学会正确寻找全等三角形,属于中考常考题型、4 (2018·台湾·分)如图,五边形 ABCDE 中有一正三角形 ACD,若AB=DE,BC=AE,∠E=115°,则∠BAE的度数为何?()A、115B、120C、125D、130【分析】根据全等三角形的判定和性质得出△ABC 与△AED 全等,进而得出∠B=∠E,利用多边形的内角和解答即可、【解答】解:∵正三角形ACD,∴AC=AD,∠ACD=∠ADC=∠CAD=60°,∵AB=DE,BC=AE,∴△ABC≌△AED,∴∠B=∠E=115°,∠ACB=∠EAD,∠BAC=∠ADE,∴∠ACB+∠BAC=∠BAC+∠DAE=180°﹣115°=65°,∴∠BAE=∠BAC+∠DAE+∠CAD=65°+60°=125°,故选:C、【点评】此题考查全等三角形的判定和性质,关键是根据全等三角形的判定和性质得出△A BC与△A ED 全等、5.(2018•广西桂林•3分)如图,在正方形ABCD 中,AB=3,点M 在CD 的边上,且DM=1, ΔAEM 与ΔADM 关于AM 所在的直线对称,将ΔADM 按顺时针方向绕点A 旋转90°得到ΔABF,连接EF,则线段EF 的长为()A.3B.C.D.【答案】C【解析】分析:连接 BM.证明△AFE≌△AMB 得 FE=MB,再运用勾股定理求出 BM 的长即可.详解:连接BM,如图,由旋转的性质得:AM=AF.∵四边形ABCD 是正方形,∴AD=AB=BC=CD,∠BAD=∠C=90°,∵Δ AEM 与Δ ADM 关于AM 所在的直线对称,∴∠DAM=∠EAM.∵∠DAM+∠BAM=∠FAE+∠EAM=90°,∴∠BAM=∠EAF,∴△AFE≌△AMB∴FE=BM.在Rt△BCM中,BC=3,CM=CD-DM=3-1=2,∴BM=∴FE=.故选C.点睛:本题考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等、也考查了正方形的性质、6.(2018 四川省眉ft市2 分 ) 如图,在ABCD 中,CD=2AD,BE⊥AD于点E,F 为DC 的中点,连结 EF、BF,下列结论:①∠ABC=2∠ABF;②EF=BF;③S 四边形 DEBC=2S△EFB;④∠CFE=3∠DEF,其中正确结论的个数共有()。

专题概率 2018年中考数学试题分项版解析汇编(解析版)

专题概率 2018年中考数学试题分项版解析汇编(解析版)

专题6.3 概率一、单选题1.在一个不透明的袋子中装有n个小球,这些球除颜色外均相同,其中红球有2个,如果从袋子中随机摸出一个球,这个球是红球的概率为,那么n的值是()A.6 B.7 C.8 D.9【来源】2018年海南省中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】此题涉及的知识点是概率,根据概率公式=,利用比例性质得到n的值.【详解】根据题意得: =,所以n=6.故选A.【点睛】本题重点考查学生对于概率公式的理解,熟练掌握这一规律是解题的关键.2.下列说法正确的是()A.调查某班学生的身高情况,适宜采用全面调查B.篮球队员在罚球线上投篮两次都未投中,这是不可能事件C.天气预报说明天的降水概率为95%,意味着明天一定下雨D.小南抛掷两次硬币都是正面向上,说明抛掷硬币正面向上的概率是1[【来源】四川省南充市2018届中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】利用调查的方式,概率的意义以及实际生活常识分析得出即可.【详解】A、调查某班学生的身高情况,适宜采用全面调查,此选项正确;B、篮球队员在罚球线上投篮两次都未投中,这是随机事件,此选项错误;C、天气预报说明天的降水概率为,意味着明天下雨可能性较大,此选项错误;D、小南抛掷两次硬币都是正面向上,说明抛掷硬币正面向上的概率是1,此选项错误;故选:A.【点睛】此题主要考查了调查的方式,随机事件的定义和概率的意义,正确把握相关定义是解题关键.3.下列成语中,表示不可能事件的是( )A.缘木求鱼B.杀鸡取卵C.探囊取物D.日月经天,江河行地【来源】2018年黑龙江省齐齐哈尔市中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】不可能事件,就是一定不会发生的事件,必然事件是一定会发生的事件.【详解】缘木求鱼,是不可能事件,符合题意;杀鸡取卵,是必然事件,不符合题意;探囊取物,是必然事件,不符合题意;日月经天,江河行地,是必然事件,不符合题意.故答案为:A.【点睛】本题考查的知识点是可能事件与不可能事件的判断,解题关键是熟记可能时间和不可能事件的定义.4.已知抛一枚均匀硬币正面朝上的概率为,下列说法错误的是A.连续抛一枚均匀硬币2次必有1次正面朝上B.连续抛一枚均匀硬币10次都可能正面朝上C.大量反复抛一枚均匀硬币,平均每100次出现正面朝上50次D.通过抛一枚均匀硬币确定谁先发球的比赛规则是公平的【来源】【市级联考】湖南省衡阳市2019届中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】根据概率的意义,概率是反映事件发生机会的大小的概念,只是表示发生的机会的大小,机会大也不一定发生.【详解】A.连续抛一均匀硬币2次必有1次正面朝上,不正确,有可能两次都正面朝上,也可能都反面朝上,故此选项错误;B.连续抛一均匀硬币10次都可能正面朝上,是一个有机事件,有可能发生,故此选项正确;C.大量反复抛一均匀硬币,平均100次出现正面朝上50次,也有可能发生,故此选项正确;D.通过抛一均匀硬币确定谁先发球的比赛规则是公平的,概率均为,故此选项正确.故选A.【点睛】本题考查了概率的意义,解题的关键是弄清随机事件和必然事件的概念的区别.5.甲袋中装有2个相同的小球,分别写有数字1和2;乙袋中装有2个相同的小球,分别写有数字1和2.从两个口袋中各随机取出1个小球,取出的两个小球上都写有数字2的概率是()A.B.C.D.【来源】2018年广东省广州市中考数学试卷【答案】C【解析】【分析】用画树状图法求出所有情况,再计算概率.【详解】如图所示:,一共有4种可能,取出的两个小球上都写有数字2的有1种情况,故取出的两个小球上都写有数字2的概率是:.故选:C【点睛】本题考核知识点:概率. 解题关键点:用画树状图法得到所有情况.6.下列事件中,属于不可能事件的是()A.某个数的绝对值大于0 B.某个数的相反数等于它本身C.任意一个五边形的外角和等于540°D.长分别为3,4,6的三条线段能围成一个三角形【来源】2018年内蒙古包头市中考数学试题【答案】C【解析】【分析】直接利用随机事件以及确定事件的定义分析得出答案.【详解】A、某个数的绝对值大于0,是随机事件,故此选项错误;B、某个数的相反数等于它本身,是随机事件,故此选项错误;C、任意一个五边形的外角和等于540°,是不可能事件,故此选项正确;D、长分别为3,4,6的三条线段能围成一个三角形,是必然事件,故此选项错误.故答案选C.【点睛】本题考查的知识点是随机事件以及确定事件,解题的关键是熟练的掌握随机事件以及确定事件.7.有A,B两只不透明口袋,每只品袋里装有两只相同的球,A袋中的两只球上分别写了“细”、“致”的字样,B袋中的两只球上分别写了“信”、“心”的字样,从每只口袋里各摸出一只球,刚好能组成“细心”字样的概率是()A.B.C.D.【来源】2010年高级中等学校招生全国统一考试数学卷(河北)【答案】B【解析】共有4种情况,刚好能组成“细心”字样的情况有一种,所以概率是,故选B.8.为备战中考,同学们积极投入复习,李红书包里装有语文试卷3张、数学试卷2张、英语试卷1张、其它学科试卷3张,从中任意抽出一张试卷,恰好是数学试卷的概率是()A.B.C.D.【答案】D【解析】:由李红书包里装有语文试卷3张、数学试卷2张、英语试卷1张、其它学科试卷3张,可得一共有9种等可能的结果,又由数学试卷2张,根据概率公式即可求得答案.9.投掷两枚质地均匀的骰子,骰子的六个面上分别刻有1到6的点数,则下列事件为随机事件的是()A.两枚骰子向上一面的点数之和大于1B.两枚骰子向上一面的点数之和等于1C.两枚骰子向上一面的点数之和大于12D.两枚骰子向上一面的点数之和等于12【来源】福建省2018年中考数学试题(b卷)【答案】D【解析】【分析】根据事先能肯定它一定会发生的事件称为必然事件,事先能肯定它一定不会发生的事件称为不可能事件,在一定条件下,可能发生也可能不发生的事件,称为随机事件进行分析即可.【详解】A、两枚骰子向上一面的点数之和大于1,是必然事件,故此选项错误;B、两枚骰子向上一面的点数之和等于1,是不可能事件,故此选项错误;C、两枚骰子向上一面的点数之和大于12,是不可能事件,故此选项错误;D、两枚骰子向上一面的点数之和等于12,是随机事件,故此选项正确;故选D.【点睛】此题主要考查了随机事件,关键是掌握随机事件定义.10.下列说法正确的是()A.“明天降雨的概率为50%”,意味着明天一定有半天都在降雨B.了解全国快递包裹产生的包装垃圾数量适合采用全面调查(普查)方式C.掷一枚质地均匀的骰子,骰子停止转动后,6点朝上是必然事件D.—组数据的方差越大,则这组数据的波动也越大【来源】【全国市级联考】四川省德阳市2018届中考数学试卷【答案】D【解析】【分析】根据概率的意义,事件发生可能性的大小,可得答案.【详解】A、明天降雨的概率是50%表示明天有可能降雨,此选项错误;B、了解全国快递包裹产生的包装垃圾数量适合采用抽样调查方式,此选项错误;C、掷一枚质地均匀的骰子,骰子停止转动后,6点朝上是随机事件,此选项错误;D、一组数据的方差越大,则这组数据的波动也越大,此选项正确;故选:D.【点睛】本题考查了概率的意义、随机事件,利用概率的意义,事件发生可能性的大小是解题关键.11.在一个布口袋里装有白、红、黑三种颜色的小球,它们除颜色外没有任何区别,其中白球2只,红球6只,黑球4只,将袋中的球搅匀,闭上眼睛随机从袋中取出1只球,则取出黑球的概率是()A.B.C.D.【来源】四川省泸州市2016年中考数学试题【答案】C【解析】【分析】根据随机事件概率大小的求法,找准两点:①符合条件的情况数目;②全部情况的总数.二者的比值就是其发生的概率的大小【详解】根据题意可得:口袋里共有12只球,其中白球2只,红球6只,黑球4只,故从袋中取出一个球是黑球的概率:P(黑球)==,故选:C.12.“若是实数,则≥0”这一事件是()A.必然事件B.不可能事件C.不确定事件D.随机事件【来源】四川省广元市2018年中考数学【答案】A【解析】【分析】根据必然事件、不可能事件、随机事件的概念和绝对值的定义进行解答即可.【详解】因为数轴上表示数a的点与原点的距离叫做数a的绝对值,因为a是实数,所以|a|≥0,故选A.【点睛】本题主要考查了必然事件概念以及绝对值的性质,用到的知识点为:必然事件指在一定条件下一定发生的事件.13.用扇形统计图反映地球上陆地面积与海洋面积所占比例时,陆地面积所对应的圆心角是,当宇宙中一块陨石落在地球上,则落在陆地上的概率是A.B.C.D.【来源】青海省2018年中考数学试卷【答案】D【解析】【分析】根据扇形统计图可以得出“陆地”部分占地球总面积的比例,根据这个比例即可求出落在陆地的概率.【详解】“陆地”部分对应的圆心角是,“陆地”部分占地球总面积的比例为:,宇宙中一块陨石落在地球上,落在陆地的概率是,故选D.【点睛】本题考查了简单的概率计算以及扇形统计图.用到的知识点为:概率=相应的面积与总面积之比.二、填空题14.在不透明的口袋中有若干个完全一样的红色小球,现放入10个仅颜色不同的白色小球,均匀混合后,有放回的随机摸取30次,有10次摸到白色小球,据此估计该口袋中原有红色小球个数为_____.【来源】四川省甘孜州2018年中考数学试题【答案】20【解析】【分析】利用频率估计概率,设原来红球个数为x个,根据摸取30次,有10次摸到白色小球结合概率公式可得关于x的方程,解方程即可得.【详解】设原来红球个数为x个,则有=,解得,x=20,经检验x=20是原方程的根.故答案为:20.【点睛】本题考查了利用频率估计概率和概率公式的应用,熟练掌握概率的求解方法以及分式方程的求解方法是解题的关键.15.现有长分别为1,2,3,4,5的木条各一根,从这5根木条中任取3根,能够构成三角形的概率是_____.【来源】2018年四川省绵阳市中考数学试卷【答案】【解析】【分析】先列举出从1,2,3,4,5的木条中任取3根的所有等可能结果,再根据三角形三边间的关系从中找到能组成三角形的结果数,利用概率公式计算可得.【详解】从1,2,3,4,5的木条中任取3根有如下10种等可能结果:3、4、5;2、4、5;2、3、5;2、3、4;1、4、5;1、3、5;1、3、4;1、2、5;1、2、4;1、2、3;其中能构成三角形的有3、4、5;2、4、5;2、3、4这三种结果,所以从这5根木条中任取3根,能构成三角形的概率是,故答案是:.【点睛】考查列表法与树状图法,列举法(树形图法)求概率的关键在于列举出所有可能的结果,列表法是一种,但当一个事件涉及三个或更多元素时,为不重不漏地列出所有可能的结果,通常采用树形图.16.不透明的布袋里有1个黄球、4个红球、5个白球,它们除颜色外其他都相同,那么从布袋中任意摸出一球恰好为红球的概率是______.【来源】2018年宁夏中考数学试卷【答案】【解析】【分析】由在不透明的袋中装有1个黄球、4个红球、5个白球,它们除颜色外其它都相同,直接利用概率公式求解,即可得到任意摸出一球恰好为红球的概率【详解】∵在不透明的袋中装有1个黄球、4个红球、5个白球,共10个球且它们除颜色外其它都相同,∴从这不透明的袋里随机摸出一个球,所摸到的球恰好为红球的概率是=.故答案为:.【点睛】本题考查了概率公式的应用.解题时注意:概率=所求情况数与总情况数之比.17.在﹣2,1,4,﹣3,0这5个数字中,任取一个数是负数的概率是______.【来源】湖南省岳阳市2018年中考数学试卷【答案】.【解析】【分析】一共有5个数,其中负数有2个,根据概率公式计算即可得.【详解】在﹣2,1,4,﹣3,0这5个数字中,负数有-2、-3共2个,所以任取一个数是负数的概率是,故答案为:.【点睛】本题考查了简单的概率计算,熟练掌握概率的计算公式是解题的关键.18.在一个不透明的盒子中装有n个球,它们除了颜色之外其它都没有区别,其中含有3个红球,每次摸球前,将盒中所有的球摇匀,然后随机摸出一个球,记下颜色后再放回盒中.通过大量重复试验,发现摸到红球的频率稳定在0.03,那么可以推算出n的值大约是_____.【来源】湖南省永州市2018年中考数学试卷【答案】100.【解析】【分析】在同样条件下,大量反复试验时,随机事件发生的频率逐渐稳定在概率附近,可以从比例关系入手,列出方程求解.【详解】由题意可得,=0.03,解得,n=100,故估计n大约是100,故答案为:100.【点睛】本题考查了利用频率估计概率,大量反复试验下频率稳定值即概率.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.三、解答题19.小明和小亮计划暑期结伴参加志愿者活动.小明想参加敬老服务活动,小亮想参加文明礼仪宣传活动.他们想通过做游戏来决定参加哪个活动,于是小明设计了一个游戏,游戏规则是:在三张完全相同的卡片上分别标记4、5、6三个数字,一人先从三张卡片中随机抽出一张,记下数字后放回,另一人再从中随机抽出一张,记下数字,若抽出的两张卡片标记的数字之和为偶数,则按照小明的想法参加敬老服务活动,若抽出的两张卡片标记的数字之和为奇数,则按照小亮的想法参加文明礼仪宣传活动.你认为这个游戏公平吗?请说明理由.【来源】2018年山东省青岛市中考数学试卷【答案】这个游戏不公平.理由见解析.【解析】【分析】首先根据题意列表,然后根据表求得所有等可能的结果与和为奇数、偶数的情况,再利用概率公式求解即可.【详解】不公平,列表如下:4 5 64 8 9 105 9 10 116 10 11 12由表可知,共有9种等可能结果,其中和为偶数的有5种结果,和为奇数的有4种结果,所以按照小明的想法参加敬老服务活动的概率为,按照小亮的想法参加文明礼仪宣传活动的概率为,由≠知这个游戏不公平.【点睛】此题考查了列表法求概率.注意树状图与列表法可以不重不漏的表示出所有等可能的情况.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.20.一个不透明的口袋中有三个小球,上面分别标有字母A,B,C,除所标字母不同外,其它完全相同,从中随机摸出一个小球,记下字母后放回并搅匀,再随机摸出一个小球,用画树状图(或列表)的方法,求该同学两次摸出的小球所标字母相同的概率.【来源】2018年吉林省中考数学试卷【答案】.【解析】依据题意画树状图(或列表)法分析所有可能的出现结果即可解答.【详解】解:列表得:A B CA (A,A)(B,A)(C,A)B (A,B)(B,B)(C,B)C (A,C)(B,C)(C,C)由列表可知可能出现的结果共9种,其中两次摸出的小球所标字母相同的情况数有3种,所以该同学两次摸出的小球所标字母相同的概率==.故答案为:.【点睛】本题主要考查的是用列表法或树状图法求概率.列表法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果,适合于两步完成的事件;用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.21.“每天锻炼一小时,健康生活一辈子”.为了选拔“阳光大课间”领操员,学校组织初中三个年级推选出来的15名领操员进行比赛,成绩如下表:成绩/分78910人数/人2544(1)这组数据的众数是多少,中位数是多少.(2)已知获得2018年四川省南充市的选手中,七、八、九年级分别有1人、2人、1人,学校准备从中随机抽取两人领操,求恰好抽到八年级两名领操员的概率.【来源】四川省南充市2018届中考数学试卷【答案】(1)众数为2018年四川省南充市,中位数为2018年四川省南充市;(2)恰好抽到八年级两名领操员的概率为.【分析】(1)根据众数和中位数的定义求解可得;(2)利用树状图法列举出所有可能的结果,然后利用概率公式即可求解.【详解】(1)由于2018年四川省南充市出现次数最多,所以众数为2018年四川省南充市,中位数为第8个数,即中位数为2018年四川省南充市,故答案为:2018年四川省南充市、2018年四川省南充市;(2)画树状图如下:由树状图可知,共有12种等可能结果,其中恰好抽到八年级两名领操员的有2种结果,所以恰好抽到八年级两名领操员的概率为=.【点睛】本题主要考查众数、中位数及列表法与树状图法,解题的关键是掌握众数和中位数的定义,列举法(树形图法)求概率的关键在于列举出所有可能的结果,列表法是一种,但当一个事件涉及三个或更多元素时,为不重不漏地列出所有可能的结果,通常采用树形图.22.将图中的A型、B型、C型矩形纸片分别放在3个盒子中,盒子的形状、大小、质地都相同,再将这3个盒子装入一只不透明的袋子中.(1)搅匀后从中摸出1个盒子,求摸出的盒子中是型矩形纸片的概率;(2)搅匀后先从中摸出1个盒子(不放回),再从余下的两个盒子中摸出一个盒子,求2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的概率(不重叠无缝隙拼接).【来源】2018年江苏省常州市中考数学试卷【答案】(1);(2).【解析】(1)直接利用概率公式计算可得;(2)画树状图得出所有等可能结果,从中找打2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的结果数,利用概率公式计算可得.【详解】解:(1)搅匀后从中摸出1个盒子有3种等可能结果,所以摸出的盒子中是型矩形纸片的概率为;(2)画树状图如下:由树状图知共有6种等可能结果,其中2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的有4种结果,所以2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的概率为.【点睛】考查了列表法或树状图法求概率.用到的知识点为:概率所求情况数与总情况数之比.23.密码锁有三个转轮,每个转轮上有十个数字:0,1,2,…9.小黄同学是9月份中旬出生,用生日“月份+日期”设置密码:9××小张同学要破解其密码:(1)第一个转轮设置的数字是9,第二个转轮设置的数字可能是.(2)请你帮小张同学列举出所有可能的密码,并求密码数能被3整除的概率;(3)小张同学是6月份出生,根据(1)(2)的规律,请你推算用小张生日设置的密码的所有可能个数.【来源】广西百色市2018年中考数学试卷【答案】(1)1或2(2)(3)30种【解析】【分析】(1)根据每个月分为上旬、中旬、下旬,分别是:上旬:1日﹣10日中旬:11日﹣20日下旬:21日到月底,由此即可解决问题;(2)利用列举法即可解决问题;(3)小张同学是6月份出生,6月份只有30天,推出第一个转轮设置的数字是6,第三个转轮设置的数字可能是0,1,2,3;第二个转轮设置的数字可能,0,1,2,…9;由此即可解决问题;【详解】(1)∵小黄同学是9月份中旬出生,∴第一个转轮设置的数字是9,第二个转轮设置的数字可能是1,2.故答案为:1或2;(2)所有可能的密码是:911,912,913,914,915,916,917,918,919,920;能被3整除的有912,915,918;密码数能被3整除的概率.(3)小张同学是6月份出生,6月份只有30天,∴第一个转轮设置的数字是6,第二个转轮设置的数字可能是0,1,2,3;第三个转轮设置的数字可能,0,1,2,…9(第二个转轮设置的数字是0时,第三个转轮的数字不能是0;第二个转轮设置的数字是3时,第三个转轮的数字只能是0),∴一共有9+10+10+1=30,∴小张生日设置的密码的所有可能个数为30种.【点睛】本题考查了概率公式的应用.注意概率=所求情况数与总情况数之比.24.三张卡片的正面分别写有数字2,5,5,卡片除数字外完全相同,将它们洗匀后,背面朝上放置在桌面上.(1)从中任意抽取一张卡片,该卡片上数字是5的概率为;(2)学校将组织部分学生参加夏令营活动,九年级(1)班只有一个名额,小刚和小芳都想去,于是利用上述三张卡片做游戏决定谁去,游戏规则是:从中任意抽取一张卡片,记下数字放回,洗匀后再任意抽取一张,将抽取的两张卡片上的数字相加,若和等于7,小钢去;若和等于10,小芳去;和是其他数,游戏重新开始.你认为游戏对双方公平吗?请用画树状图或列表的方法说明理由.【来源】期末检测卷2018-2019学年九年级上学期数学教材【答案】(1)(2)详见解析【解析】【分析】(1)根据三张卡片的正面分别写有数字2,5,5,再根据概率公式即可求出答案。

2018年中考数学真题分类汇编(第二期)专题10 平面直角坐标系与点的坐标试题(含解析)

2018年中考数学真题分类汇编(第二期)专题10 平面直角坐标系与点的坐标试题(含解析)

平面直角坐标系与点的坐标一.选择题1.(2018•山东东营市•3分)在平面直角坐标系中,若点P(m﹣2,m+1)在第二象限,则m 的取值范围是()A.m<﹣1 B.m>2 C.﹣1<m<2 D.m>﹣1【分析】根据第二象限内点的横坐标是负数,纵坐标是正数列出不等式组求解即可.【解答】解:∵点P(m﹣2,m+1)在第二象限,∴,解得﹣1<m<2.故选:C.【点评】本题考查了各象限内点的坐标的符号特征以及解不等式,记住各象限内点的坐标的符号是解决的关键,四个象限的符号特点分别是:第一象限(+,+);第二象限(﹣,+);第三象限(﹣,﹣);第四象限(+,﹣).2.(2018•山东聊城市•3分)如图,在平面直角坐标系中,矩形OABC的两边OA,OC分别在x轴和y轴上,并且OA=5,OC=3.若把矩形OABC绕着点O逆时针旋转,使点A恰好落在BC 边上的A1处,则点C的对应点C1的坐标为()A.(﹣,) B.(﹣,) C.(﹣,)D.(﹣,)【分析】直接利用相似三角形的判定与性质得出△ONC1三边关系,再利用勾股定理得出答案.【解答】解:过点C1作C1N⊥x轴于点N,过点A1作A1M⊥x轴于点M,由题意可得:∠C1NO=∠A1MO=90°,∠1=∠2=∠3,则△A1OM∽△OC1N,∵OA=5,OC=3,∴OA1=5,A1M=3,∴OM=4,∴设NO=3x,则NC1=4x,OC1=3,则(3x)2+(4x)2=9,解得:x=±(负数舍去),则NO=,NC1=,故点C的对应点C1的坐标为:(﹣,).故选:A.【点评】此题主要考查了矩形的性质以及勾股定理等知识,正确得出△A1OM∽△OC1N是解题关键.3. (2018•乌鲁木齐•4分)在平面直角坐标系xOy中,将点N(﹣1,﹣2)绕点O旋转180°,得到的对应点的坐标是()A.(1,2)B.(﹣1,2)C.(﹣1,﹣2)D.(1,﹣2)【分析】根据题意可知点N旋转以后横纵坐标都互为相反数,从而可以解答本题.【解答】解:在平面直角坐标系xOy中,将点N(﹣1,﹣2)绕点O旋转180°,得到的对应点的坐标是(1,2),故选:A.【点评】本题考查坐标与图形变化﹣旋转,解答本题的关键是明确题意,利用旋转的知识解答.4.(2018•金华、丽水•3分)小明为画一个零件的轴截面,以该轴截面底边所在的直线为x 轴,对称轴为y轴,建立如图所示的平面直角坐标系.若坐标轴的单位长度取1mm,则图中转折点P的坐标表示正确的是()A. (5,30)B. (8,10) C. (9,10) D. (10,10)【解析】【解答】解:因为点P在第一象限,点P到x轴的距离为:40-30=10,即纵坐标为10;点P到y轴的距离为,即横坐标为9,∴点P(9,10),故答案为:C。

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全国各地2018年中考数学真题汇编圆(填空+选择46题)一、选择题1.已知的半径为,的半径为,圆心距,则与的位置关系是()A. 外离B. 外切C. 相交D. 内切【答案】C2.如图,为的直径,是的弦,,则的度数为()A. B. C. D.【答案】C3.已知半径为5的⊙O是△ABC的外接圆,若∠ABC=25°,则劣弧的长为()A. B. C. D.【答案】C4.如图,在中,,的半径为3,则图中阴影部分的面积是()A. B. C. D.【答案】C5.如图,AB是圆O的弦,OC⊥AB,交圆O于点C,连接OA,OB,BC,若∠ABC=20°,则∠AOB的度数是()A.40°B.50°C.70°D.80°【答案】D6.如图,蒙古包可近似看作由圆锥和圆柱组成,若用毛毡搭建一个底面圆面积为25πm2 ,圆柱高为3m,圆锥高为2m的蒙古包,则需要毛毡的面积是()A.B.40πm2C.D.55πm2【答案】A7.如图,从一块直径为的圆形铁皮上剪出一个圆心角为90°的扇形.则此扇形的面积为()A. B. C. D.【答案】A8.用反证法证明时,假设结论“点在圆外”不成立,那么点与圆的位置关系只能是()A. 点在圆内B. 点在圆上C. 点在圆心上D. 点在圆上或圆内【答案】D9.如图,AB是圆锥的母线,BC为底面直径,已知BC=6cm,圆锥的面积为15πcm2 ,则sin∠ABC的值为()A. B. C. D.【答案】C10.如图所示,AB是⊙O的直径,PA切⊙O于点A,线段PO交⊙O于点C,连结BC,若∠P=36°,则∠B等于()。

A.27°B.32°C.36°D.54°【答案】A11.如图,过点,,,点是轴下方上的一点,连接,,则的度数是()A. B. C. D.【答案】B12.如图,AC是⊙O的直径,弦BD⊥AO于E,连接BC,过点O作OF⊥BC于F,若BD=8cm,AE=2cm,则OF的长度是()A. 3cmB. cmC. 2.5cmD. cm【答案】D13.如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠A=30°,AB=4,以点B为圆心,BC长为半径画弧,交边AB于点D,则的长为()A.B.C.D.【答案】C14.如图,点A,B,C在⊙O上,∠ACB=35°,则∠AOB的度数是()A. 75°B. 70°C. 65°D. 35°【答案】B15.如图,一把直尺,的直角三角板和光盘如图摆放,为角与直尺交点,,则光盘的直径是( )A.3B.C.D.【答案】D16.如图,已知AB是的直径,点P在BA的延长线上,PD与相切于点D ,过点B作PD的垂线交PD的延长线于点C ,若的半径为4,,则PA的长为()A. 4B.C. 3D. 2.5【答案】A17.在中,若为边的中点,则必有成立.依据以上结论,解决如下问题:如图,在矩形中,已知,点在以为直径的半圆上运动,则的最小值为()A. B. C. 34 D. 10【答案】D18.如图,点在线段上,在的同侧作等腰和等腰,与、分别交于点、.对于下列结论:①;②;③.其中正确的是()∵∠BEA=∠CDA∠PME=∠AMD∴P、E、D、A四点共圆∴∠APD=AED=90°∵∠CAE=180°-∠BAC-∠EAD=90°∴△CAP∽△CMA∴AC2=CP•CM∵AC= AB∴2CB2=CP•CM所以③正确A. ①②③B. ①C. ①②D. ②③【答案】A二、填空题19.已知扇形的弧长为2 ,圆心角为60°,则它的半径为________.【答案】620.一个扇形的圆心角是120°,它的半径是3cm,则扇形的弧长为________cm.【答案】21.如图,量角器的0度刻度线为AB,将一矩形直尺与量角器部分重叠,使直尺一边与量角器相切于点C,直尺另一边交量角器于点A,D,量得AD=10cm,点D在量角器上的读数为60°,则该直尺的宽度为________ cm。

【答案】22.用半径为,圆心角为的扇形纸片围成一个圆锥的侧面,则这个圆锥的底面圆半径为________ .【答案】23.如图,公园内有一个半径为20米的圆形草坪,A,B是圆上的点,O为圆心,∠AOB=120°,从A到B 只有路弧AB,一部分市民走“捷径”,踩坏了花草,走出了一条小路AB。

通过计算可知,这些市民其实仅仅少走了________步(假设1步为0.5米,结果保留整数)。

(参考数据:≈1.732,π取3.142)【答案】1524.如图,AB是⊙的直径,点C是半径OA的中点,过点C作DE⊥AB,交O于点D,E两点,过点D作直径DF,连结AF,则∠DEA=________。

【答案】30°25.如图,在矩形ABCD中,AB=4,AD=2,点E在CD上,DE=1,点F是边AB上一动点,以EF为斜边作Rt△EFP.若点P在矩形ABCD的边上,且这样的直角三角形恰好有两个,则AF的值是________。

【答案】0或1<AF<或426.如图,已知的半径为2,内接于,,则________.【答案】27.如图,左图是由若干个相同的图形(右图)组成的美丽图案的一部分.右图中,图形的相关数据:半径,.则右图的周长为________ (结果保留).【答案】28.小明发现相机快门打开过程中,光圈大小变化如图1所示,于是他绘制了如图2所示的图形.图2中留个形状大小都相同的四边形围成一个圆的内接六边形和一个小正六边形,若PQ所在的直线经过点M,PB=5cm,小正六边形的面积为cm2 ,则该圆的半径为________cm.【答案】829.已知圆锥的底面圆半价为3cm,高为4cm,则圆锥的侧面积是________cm2.【答案】15π30.如图,在矩形ABCD中,,,以点A为圆心,AD长为半径画弧,交AB于点E ,图中阴影部分的面积是________(结果保留).【答案】31.如图,AB是⊙O的弦,点C在过点B的切线上,且OC⊥OA,OC交AB于点P,已知∠OAB=22°,则∠OCB=________°.【答案】4432.已知的三边、、满足,则的外接圆半径________.【答案】33.如图,五边形是正五边形,若,则________.【答案】7234.刘徽是中国古代卓越的数学家之一,他在《九章算术》中提出了“割圆术”,即用内接或外切正多边形逐步逼近圆来近似计算圆的面积.设⊙的半径为1,若用⊙的外切正六边形的面积来近似估计⊙的面积,则________.(结果保留根号)【答案】35.如图,公园内有一个半径为20米的圆形草坪,,是圆上的点,为圆心,,从到只有路,一部分市民为走“捷径”,踩坏了花草,走出了一条小路.通过计算可知,这些市民其实仅仅少走了________步(假设1步为0.5米,结果保留整数).(参考数据:,取3.142)【答案】1536.如图,正方形ABCD的边长为8,M是AB的中点,P是BC边上的动点,连结PM,以点P为圆心,PM 长为半径作⊙P.当⊙P与正方形ABCD的边相切时,BP的长为________。

【答案】3或37.如图,菱形ABOC的AB,AC分别与⊙O相切于点D、E,若点D是AB的中点,则∠DOE________.【答案】60°38.如图,是半圆的直径,是一条弦,是的中点,于点且交于点,交于点.若,则________.【答案】39.如图,分别以等边三角形的每个顶点以圆心、以边长为半径,在另两个顶点间作一段圆弧,三段圆弧围成的曲边三角形称为勒洛三角形.若等边三角形的边长为,则勒洛三角形的周长为________.【答案】40.如图,△ABC是等腰直角三角形,∠ACB=90°,AC=BC=2,把△ABC绕点A按顺时针方向旋转45°后得到△AB′C′,则线段BC在上述旋转过程中所扫过部分(阴影部分)的面积是________.【答案】.41.如图,中,,,,将绕点顺时针旋转得到,为线段上的动点,以点为圆心,长为半径作,当与的边相切时,的半径为________.【答案】或42.已知,, , , 是反比例函数图象上四个整数点(横、纵坐标均为整数),分别过这些点向横轴或纵轴作垂线段,以垂线段所在的正方形(如图)的边长为半径作四分之一圆周的两条弧,组成四个橄榄形(阴影部分),则这四个橄榄形的面积总和是________(用含的代数式表示).【答案】43.如图,一次函数y=kx+b的图像与x轴、y轴分别相交于A、B两点,⊙O经过A、B两点,已知AB=2,则的值为________.【答案】-44.如图,将含有30°角的直角三角板ABC放入平面直角坐标系,顶点AB分别落在x、y轴的正半轴上,∠OAB=60°,点A的坐标为(1,0),将三角板ABC沿x轴右作无滑动的滚动(先绕点A按顺时针方向旋转60°,再绕点C按顺时针方向旋转90°,…)当点B第一次落在x轴上时,则点B运动的路径与坐标轴围成的图形面积是________.【答案】+ π45.如图,在矩形中,,,以为直径作.将矩形绕点旋转,使所得矩形的边与相切,切点为,边与相交于点,则的长为________.【答案】446.如图1是小明制作的一副弓箭,点A ,D分别是弓臂BAC与弓弦BC的中点,弓弦BC=60cm.沿AD 方向拉弓的过程中,假设弓臂BAC始终保持圆弧形,弓弦不伸长.如图2,当弓箭从自然状态的点D拉到点D1时,有AD1=30cm,∠B1D1C1=120°.(1)图2中,弓臂两端B1 ,C1的距离为________cm.(2)如图3,将弓箭继续拉到点D2 ,使弓臂B2AC2为半圆,则D1D2的长为________cm.【答案】(1)(2)。

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