2018届云南省师范大学附属中学高三高考适应性月考卷(六)理综化学试题(解析版)
云南省师范大学附属中学2018届高三高考适应性月考卷（六）理综化学试题1. 化学与生活和生产密切相关。
下列说法正确的是A. 臭氧-生物活性碳用于自来水的深度水处理，利用了活性碳的还原性B. 被蜂蚊蛰咬后，可涂抹稀氨水或小苏打溶液减轻疼痛C. 向汽油中添加甲醇后，该混合燃料的热值不变D. 氢氧化铝可作塑料的阻燃剂，因为它受热熔化放出大量的热【答案】B【解析】A. 臭氧一生物活性炭用于自来水深度处理,利用了活性炭的吸附性，A错误；B.被蜜蜂蛰咬后有分泌物HCOOH可涂抹稀氨水或小苏打溶液减轻疼痛，B正确；C.汽油和甲醇的热值不同，所以向汽油中添加甲醇后，该混合燃料的热值会改变，C错误；D.氢氧化铝可作塑料的阻燃剂是因为氢氧化铝分解时大量吸热，且在受热分解时仅放出蒸汽，而不会产生有毒，可燃或有腐蚀性的气体，D错误；答案选B.2. N A为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是A. 标准状况下，22.4L NO和11.2LO2混合后气体的分子总数为N AB. 1L1mol·L-1的Na2CO3溶液中含有的阴离子数目大于N AC. 100mL 12mol·L-1浓盐酸与足量的MnO2共热，转移的电子数为0.6N AD. 所含共价键数均为0.4N A的白磷(P4)和甲烷的物质的量相等【答案】B【解析】A.标准状况下，22.4L NO和11.2LO2混合，混合后气体发生反应：2NO＋O2=2NO2，得到1mol的NO2，但是又存在2NO 2N2O4,所以混合后气体的分子总数小于1N A，A错误；B.1L1mol·L-1的Na2CO3溶液中含有溶质碳酸钠1mol，由于碳酸根离子部分水解，且碳酸根的水解会导致阴离子个数增多，故溶液中的阴离子的个数多于1N A，B正确；C.二氧化锰只能与浓盐酸反应，和稀盐酸不反应，故盐酸不能反应完全，则转移的电子数小于0.6N A个，C错误．D.1个白磷分子中含有6个P-P键，1个甲烷分子中含有4个C-H 键，所以共价键数均为0.4N A的白磷(P4)和甲烷的物质的量不可能相等，D错误；答案选B.3. 按如图所示装置进行实验，下列说法不正确的是A. 利用图甲装置，可以防止铁钉生锈B. 利用图乙装置，可以用乙醇和浓硫酸制备乙烯C. 利用图丙装置，可以加热NH4Cl固体制NH3D. 利用图丁装置，可以研究Ca(OH)2的溶解度随温度的变化【答案】C4. 俗称“一滴香”的有毒物质被人食用后会损伤肝脏，还能致癌。
“一滴香”的分子结构如图所示，下列说法不正确的是A. 1mol该有机物最多能与3mol H2发生加成反应B. 该有机物能与Na反应C. 该有机物能发生取代、加成、氧化和还原反应D. 该有机物的一种芳香族同分异构体能发生银镜反应【答案】D【解析】A.碳碳双键和碳氧双键都能和氢气发生加成反应,所以lmol该有机物最多能与3mol H2发生加成反应,A正确;B. 该有机物有羟基能与Na发生反应，B正确；C.该分子中含有醚键、碳碳双键、醇羟基和羰基,具有醚、烯烃、醇、酮的性质,能发生加成反应、取代反应、氧化还原反应等,C正确;D.芳香族化合物含有苯环,如果再含有醛基,其不饱和度应该是5,实际上该分子的不饱和度是4,所以没有符合条件的同分异构体,D错误;答案选D.5. 一种全天候太阳能电池的工作原理如图所示，下列说法正确的是A. 光照时，b极周围pH增大B. 光照时，H+由a极室透过质子膜进入b极室C. 夜间无光照时，a极的电极反应式为V2+-e-= V3+D. 该电池与硅太阳能供电原理相同【答案】C6. 下图是从元素周期表中截取的一部分，已知X、Y、Z、W为四种短周期主族元素，下列说法正确的是A. 四种元素的原子有可能均能与氢原子形成18电子分子B. Z元素可能为金属C. Z的原子半径不一定比Y的原子半径大D. W的原子序数不可能是X的原子序数的3倍【答案】A【解析】X、Y、Z、W是四种短周期主族元素，根据元素在周期表中的相对位置知,X、Y、Z、W属于第三主族以后的元素，且X和Y位于第二周期、Z和W位于第三周期，如果W是Cl元素，则X、Y、Z分别是N、O、S元素；如果W是S元素，则X、Y、Z分别是C、N、P元素；如果W是P元素，则X、Y、Z分别是B、C、Si元素；A.若X、Y、Z、W分别是N、O、S、Cl元素,那么它们与H原子形成18电子的分子分别是N2H4、H2O2、H2S、HCl，A 正确；B.Z可能是S、P、Si元素，所以Z不可能为金属元素，B错误；C.Z位于第三周期,Y位于第二周期,所以Z的原子半径一定比Y的原子半径大，C错误；D.如果W是P、X是B元素，则W原子序数是X的3倍，D错误;答案选A.7. 化学上常用AG表示溶液的lg。
25℃时，用0.100mol·L-1的NaOH溶液滴定20.00mL0.1mol·L-1的HNO2溶液。
AG与所加NaOH溶液的体积(V)的关系如图所示，下列说法不正确的是A. C点时，加入NaOH溶液的体积不为20mLB. D点溶液的pH=11.25C. B点溶液中存在2c(H+)-2c(OH-)=c(NO2-)-c(HNO2)D. 25℃时，HNO2的电离常数K a=1.0×10-5.5【答案】D【解析】A.由图可知C点溶液为中性，由于Na NO2水解使溶液呈碱性，因此C点还要有H NO2剩余才能使溶液呈中性，即加入NaOH溶液的体积略小于20 mL，A正确；B.在D点lg=−8.5，则=1.0，K W=×，所以=，pH=11.25，B正确；C.由题意可知溶液中电荷守恒关系：c(Na+)+c(H+)=c(OH-)+ c()，由图可知B点溶液中n(NaNO 2)=n(HNO2)，物料守恒关系：2c(Na+)= c() +c(HNO2)，结合两大守恒可得如下关系式：2c(H+)-2c(OH-)=c()-c(HNO 2)，C正确；D.A点时溶液为HNO2，根据图像可知lg=8.5，结合水的离子积：c(H+) •c(OH-)=10-14，可计算出A点c(H+)=10-2.75mol•L-1，则亚硝酸的电离平衡常数：K a===1.0×10-4.5,D错误。
答案选D.8. 烟气脱硫能有效减少二氧化硫的排放。
目前最常用的脱硫技术是湿法石灰石—石膏脱硫，即利用石灰石和烟气中的SO2反应生成石膏一脱除SO2。
某研究性学习小组在实验室利用如图所示装置制备模拟烟气(主要成分为SO2、CO2、N2、O2)，并测定烟气中SO2的体积分数以及研究烟气通过转化器的脱硫效率。
回答下列问题：Ⅰ.模拟烟气的制备。
(1)装置 A中盛装浓硫酸的仪器名称是_____________，写出装置A中发生反应的化学方程式：________。
Ⅱ.测定烟气中SO2的体积分数。
(2)已知装置C、D中盛有的药品分别是酸性KMnO4溶液、饱和NaHCO3溶液，写出装置C的作用：_______________，装置D中饱和NaHCO3溶液中的离子浓度由大到小的关系为_____________。
(3)①甲同学认为应该在装置C、D之间增加一个盛有品红溶液的洗气瓶，理由是_____________。
②乙同学根据模拟烟气的流速a mL/min和t1分钟后测得的量筒内液体的体积VmL，计算烟气中二氧化硫的体积分数。
为保证准确读取量筒读数应注意：a.将装置冷却至室温；b._________；c.平视。
Ⅲ.模拟烟气通过转化器的脱硫效率研究。
(4)将模拟烟气通过装置E，其中盛有FeCl2、FeCl3的混合溶液，它可以催化SO2与氧气的反应以达到脱硫的目的。
写出催化剂参与反应过程中的离子方程式：SO2+2H2O+2Fe3+=SO42-+2Fe2++4H+、____________。
(5)若模拟烟气仍以amL/min的流速通过转化器E装置，t2分钟后，向E装置中加入酸化的BaCl2溶液，得到白色浑浊液，经过滤、洗涤、干燥、称量，得到m g固体。
若实验测得的气体体积已折算为标准状况下的体积，则该转化器的脱硫效率是________________。
【答案】(1). 圆底烧瓶(2). C+2H2SO4(浓) CO2↑+2SO2↑+2H2O(3). 吸收烟气中的SO2气体(4). c(Na+)＞c()＞c()＞c(H+)＞c()(5). 检验SO2是否被完全吸收(6). 上下移动量筒使得量筒液面与广口瓶D中液面相平(7). 4Fe2++O2+4H+=2H2O+4Fe3+(8).【解析】（1）装置 A中盛装浓硫酸的仪器是圆底烧瓶；装置A中炭与浓硫酸反应生成二氧化碳、二氧化硫、水，化学方程式为C+2H2SO4(浓) CO2↑+2SO2↑+2H2O；答案为：圆底烧瓶、C+2H2SO4(浓) CO2↑+2SO2↑+2H2O（2）欲测定烟气中SO2，先用高锰酸钾溶液吸收二氧化硫，用排水量气法测量剩余气体体积；在NaHCO3溶液中存在水解和电离，水解程度大于电离程度，溶液显碱性，其水解方程式为：+H2O H2CO3+，NaHCO3溶液呈碱性，水解程度大于电离程度，c（OH-）＞c（H+），所以离子浓度关系为： c(Na+)＞c()＞c()＞c(H+)＞c()；答案为：吸收烟气中的SO2气体；c(Na+)＞c()＞c()＞c(H+)＞c()（3）①需要检验二氧化硫是否完全吸收，所以在C、D 之间增加一个盛有品红溶液的洗气瓶检验二氧化硫是否被完全吸收②在准确读取量筒读数之前冷却至室温、并上下移动量筒使得量筒液面与广口瓶液面相平。
答案为：检验SO2是否被完全吸收；上下移动量筒使得量筒液面与广口瓶D中液面相平（4）将模拟烟气通过装置E，其中盛有FeCl2，FeCl3的混合溶液，它可以催化SO2与氧气的反应以达到脱硫的目的。
Fe3+把SO2氧化为SO42-，氧气再把Fe2+氧化为Fe3+，发生反应4Fe2++O2+4H+=2H2O+4Fe3+；答案为：4Fe2++O2+4H+=2H2O+4Fe3+（5）t2分钟内烟气中含二氧化硫的体积为：V（SO2）=at2×%；根据上述反应可知各物质之间量的关系为：所以转化的二氧化硫气体的体积为：V（SO2）′＝则二氧化硫的转化率==答案为：点睛：用排水量气法准确测量气体体积时，要冷却至室温、并上下移动量筒使得量筒液面与广口瓶液面相平后，再读取量筒内液体体积。
9. 空气质量评价的主要污染物为PM 10、PM2.5、SO2、NO2、O3、CO等物质。
烟气的脱硝(除NO x)技术和脱硫(除SO2)技术都是环境科学研究的热点，选择性催化还原法（SCR)是目前最成熟的烟气脱硝技术，即在催化剂的作用下，用还原剂选择性地与NO x反应生成N2和H2O。
云南师大附中2018届高考适应性月考卷(8)理综-答案
遗传病患者的双亲有可能均不患病。 7．漂白粉的有效成分是次氯酸钙，在水中与 CO2 作用生成次氯酸，具有强氧化性，可消毒杀
0.2NA，故 A 错误；常温下，Fe 遇浓硝酸钝化，故 B 错误；据题意，1mol S8 中含 8mol S—S
键（王冠状），故
32g
S8
1 8
mol
中含
1mol
S—S
键，故
C
错误；因
S2−会水解，且从一级
水解方程式可看出中 S2−+H2O HS−+OH−，阴离子总数大于 0.1mol，阳离子主要是
12．磷酸铁锂电池放电时，附着在负极碳上的单质 Li 失去电子，发生了氧化反应，其负极反
应为 LixC6 xe = C6 xLi ，故 A 正确；充电时为电解池原理，阳离子向阴极区移 动，即图中 Li+从正极区通过聚合物隔膜向负极区（充电时的阴极）迁移，故 B 正确；正极
Li+得电子发生还原反应，结合电池的总反应式可知，电极反应式为 Li1xFePO4 xLi +xe =LiFePO4，故 C 正确；若用该电池电解精炼铜，阴极反应式为 Cu2++2e−=Cu， 当生成 19.2kg（300mol）铜时转移的电子为 600mol，锂离子带 1 个单位正电荷，则电池 中通过聚合物隔膜的 Li+数目为 600NA，故 D 错误。故选 D。 13．因图中实线为 HX 的滴定曲线，0.1000mol/L 的该酸 pH 1，说明该酸在溶液中完全电离，
2018年高考全国卷II理综化学试题解析(精编版)(解析版)(可编辑修改word版)
绝密★启用前2018 年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试试题卷（化学）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.作答时，务必将答案写在答题卡上。
写在本试卷及草稿纸上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 P 31 S 32 Fe 56一、选择题：本题共7 个小题，每小题6 分，共42 分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.化学与生活密切相关。
下列说法错误的是A.碳酸钠可用于去除餐具的油污B.漂白粉可用于生活用水的消毒C.氢氧化铝可用于中和过多胃酸D.碳酸钡可用于胃肠X 射线造影检查【答案】D【解析】分析：A.碳酸钠溶液显碱性；B.漂白粉具有强氧化性；C.氢氧化铝能与酸反应；D.碳酸钡可溶于酸。
详解：A. 碳酸钠水解溶液显碱性，因此可用于去除餐具的油污，A 正确；B.漂白粉具有强氧化性，可用于生活用水的消毒，B 正确；C.氢氧化铝是两性氢氧化物，能与酸反应，可用于中和过多胃酸，C 正确；D.碳酸钡难溶于水，但可溶于酸，生成可溶性钡盐而使蛋白质变性，所以不能用于胃肠X 射线造影检查，应该用硫酸钡，D 错误。
答案选D。
点睛：本题主要是考查常见化学物质的性质和用途判断，题目难度不大。
平时注意相关基础知识的积累并能灵活应用即可，注意碳酸钡与硫酸钡的性质差异。
2.研究表明，氮氧化物和二氧化硫在形成雾霾时与大气中的氨有关（如下图所示）。
下列叙述错误的是A.雾和霾的分散剂相同B.雾霾中含有硝酸铵和硫酸铵C.NH3是形成无机颗粒物的催化剂D.雾霾的形成与过度施用氮肥有关【答案】C【解析】分析：A.雾和霾的分散剂均是空气；B.根据示意图分析；C.在化学反应里能改变反应物化学反应速率（提高或降低）而不改变化学平衡，且本身的质量和化学性质在化学反应前后都没有发生改变的物质叫催化剂；学科%网D.氮肥会释放出氨气。
云南省师范大学附属中学2018届高三上学期第一次月考理综-化学试题
26．（除特殊标注外，每空2分，共14分） （1）①>（1分） ②B ③1.75 （2）①A（1分） ②CH 3OH(l)+32O 2(g)=CO 2(g)+2H 2O(l) ΔH =−714.4kJ/mol ③CH 3OH −6e −+8OH −=23CO -+6H 2O（3）①24% ②碱性【解析】（1）①考查温度对化学平衡移动的影响。
随着温度的升高，化学平衡常数增大，说明升高温度平衡向正反应方向移动，即正反应是吸热反应，H ∆>0。
②反应Fe(s)+CO 2(g)FeO(s)+CO(g)的平衡常数表达式为K =2(CO)(CO )c c 。
充入一定量的CO ，平衡虽然会移动，但平衡常数是一个与浓度无关的常数，达到新的平衡时2(CO)(CO )c c 不变，A 错误；升高温度，平衡正向移动，则2(CO)(CO )c c 增大，B 正确；使用催化剂，平衡不移动，2(CO)(CO )c c 不变，C 错误。
③根据图乙，达到平衡时c (CO) =0.07mol/L ，c (CO 2)=0.04mol/L ，K =2(CO)(CO )c c =1.75。
（2）①由图丙可知，反应物总能量高于生成物总能量，该反应为放热反应，故H ∆<0；根据反应方程式CO 2(g)+3H 2(g)CH 3OH(g)+H 2O(g)，反应物气体总系数大于生成物气体总系数，该反应为熵减的反应，故S ∆<0。
②已知：Ⅰ．CO 2(g)+3H 2(g)=CH 3OH (l)+H 2O(l) ΔH =−143.0kJ ·mol −1； Ⅱ．H 2(g)+12O 2(g)=H 2O(l) ΔH =−285.8kJ ·mol −1。
根据盖斯定律，Ⅱ×3−Ⅰ可得：CH 3OH(l)+32O 2(g)=CO 2(g)+2H 2O(l) ΔH = −714.4kJ/mol 。
③甲醇在燃料电池的负极发生氧化反应，生成的CO 2溶解在电极周围的NaOH 溶液中，得到23CO -，负极的电极反应式为CH 3OH+8OH −−6e −=23CO -+6H 2O 。
云南省师大附中高考理综(化学部分)适应性月考(六)(扫
云南师大附中2014届高考适应性月考卷（六）理科综合化学参考答案7 8 9 10 11 12 13C AD C C B D7．C选项料酒的主要成分为乙醇，与水垢的主要成分碳酸钙不反应。
8．B选项氯乙烯不属于烃；C选项苯与溴水不反应；D选项油脂不属于高分子化合物。
9．A选项Fe3+、I－发生氧化还原反应；B选项MnO－4有色且不与SO2−3共存；C选项 Al3+与CO2−3发生双水解反应；D选项能共存。
10．A选项氢氧化钠溶液的pH变化大；B选项铁作负极；C选项正确；D选项还可能是SO2−3。
11．a的最高价氧化物对应的水化物是H3PO4为弱酸；同周期元素从左到右，气态氢化物的稳定性逐渐增强，原子半径逐渐减小，B、D项错误；答案为C项。
12．A选项pH的大小关系为②>③>①；B选项根据电荷守恒和物料守恒进行运算，正确；C选项c(CH3COO－)<c(Na+)；D选项实际为Na2CO3溶液，故正确的表达式为c(Na+)＝2c(HCO−3)+2c(H2CO3)+2c(CO2−3)。
13．根据题干和图象，a曲线为NaOH与HCl的反应，b和c曲线为Na2CO3与HCl反应产生NaHCO3的过程。
由纵坐标可知，Na2CO3、NaOH的物质的量均为0.05mol，NaOH完全反应时，消耗HCl溶液50mL，故HCl溶液的浓度为1mol·L−1。
D选项反应时有气泡产生。
26．（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）NaClO（2）漏斗下端尖嘴未紧贴烧杯内壁（1分）（3）将试纸放在表面皿上，用玻璃棒蘸取少量待测量液，点在pH试纸上，与标准比色卡对照得出pH Fe(OH)3、Mn(OH)2（4）Na2CO3（5）MgCO 3+H 2O=====△Mg(OH)2↓+CO 2↑（6）H 2O （1分） CO 2（1分） 3MgCO 3·Mg(OH)2·3H 2O【解析】（1）为了除去Fe 2+需要选择一种氧化剂，在不影响实验效果同时考虑试剂的价格，故选择NaClO 。
2018届云南省师范大学附属中学高三12月高考适应性月考卷(五)数学(理)试题(图片版)
图1云南师大附中2018届高考适应性月考卷（五）理科数学参考答案一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案CACBADBCABCD【解析】1．(5)(9)A =-∞+∞ ，，，{345678910}B =，，，，，，，，所以{3410}A B = ，，，故选C ． 2．由221i 1i (1i)(1i)4i 2i 1i 1i (1i)(1i)2z -+--+-=-===-+-+-，故选A ． 3．由雷达图可知平均最高气温低于20度的月份有一月、二月、十一月、十二月共四个，故选C ．4．分两类：（1）2男1女，有2145C C 30= 种；（2）1男2女，有1245C C 40= 种，所以共有2145C C +1245C C 70= 种，故选B ．5．设等差数列{}n a 的公差为d ，首项为1a ，由59101832133a a a a d a ++=+==，1581515S a ==，故选A ．6．由题意知过点F 的直线方程为3(1)y x =-，联立方程23(1)4y x y x ⎧=-⎪⎨=⎪⎩，，消去y 得：231030x x -+=. 设11()A x y ，，22()B x y ，，则12103x x +=，所以弦AB 的中点的横坐标为53，故到y 轴的距离为53，故选D ． 7．如图1所示三棱锥A −BCD ，三棱锥在边长为2的正方体中，可知 正方体体对角线AC 即为三棱锥最长的棱，且23AC =，故选B ．8．由题意知：输入的891a =，则程序运行如下：当1n =时，981m =，189t =，792a =， 当2n =时，972m =，279t =，693a =， 当3n =时，963m =，369t =，594a =， 当4n =时，954m =，459t =，495a =， 此时程序结束，输出4n =，故选C ．9．由||()e cos x f x x =+，知()f x 为R 上的偶函数，当0x ≥时，()f x 为增函数，故(21)()f x f x -≥等价于不等式|21|||x x -≥，解得x 的取值范围为1[1)3⎛⎤-∞+∞ ⎥⎝⎦ ，，，故选A ．10．如图2，由()e x f x x ≥，需满足函数()f x 的图象不在函数e x x 图图2 象的下方，令()e x g x x =，所以()(1)e x g x x '=+，则()e x g x x =在 (1]-∞-，上单调递减，在(1)-+∞，上单调递增，且当0x <时，()0g x <，(0)0g =，(1)e g =，而由图可知函数 2e2e [30]()3e 2e (02]x xf x x x ⎧+∈-⎪=⎨⎪-+∈⎩，，，，，，则(1)ef =，由题意可知，不等式的解集为[31]-，，故选B ． 11．（1）当两截面圆在球心的同侧时，如图3，则AB 为大截面圆的直径，CD 为13OO =，小截面圆的直径，梯形ABDC 为圆台的轴截面，由题意知，24OO =，则圆台的高为121O O =，2AC =，所以圆台的侧面积为1(8π6π)272π2S =+= 侧.（2）当两截面圆在球心的异侧时，如图4，则AB 为大截面圆的直径，CD 为13OO =，小截面圆的直径，梯形ABDC 为圆台的轴截面，由题意知，24OO =，则圆台的高为127O O =，52AC =，所以圆台的侧面积为1(8π6π)52352π2S =+= 侧，综上所述，故选C ．12．当直线1l ，2l 一个斜率为零一个斜率不存在时，可得AB 即为长轴，CD 为通径，则||||7AB CD +=，则A 是正确的；当直线1l ，2l 的斜率都存在时，不妨令直线1l 的斜率为(0)k k ≠，由题意知1l 的直线方程为(1)y k x =-，联立方程22143(1)x y y k x ⎧+=⎪⎨⎪=-⎩，，消去y 得：2222(34)84120k x k x k +-+-=，设11()A x y ，，22()B x y ，，由韦达定理知：2122834k x x k +=+，212241234k x x k -=+ ，所以2212212(1)||1||34k AB k x x k +=+-=+，同理2212(1)||34k CD k +=+，特别地当21k =时，24||||7AB CD ==，即48||||7AB CD +=，则B 正确 ；由于AB CD ⊥，所以||||2ABCDAB CD S = ，又2242224212(1)12(1)122412||||123434122512k k k k AB CD k k k k ⎛⎫⎛⎫++++=== ⎪⎪++++⎝⎭⎝⎭242221576121121121122512491225k k k k k ⎛⎫⎪⎛⎫⎡⎫ ⎪-=-∈ ⎪⎪⎢++⎛⎫ ⎪⎣⎭⎝⎭++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，，故288649ABCD S ⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭，；图5图 6图7当k 不存在或0k =，6ABCD S =，故288649ABCD S ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦，，综上所述C 选项正确，D 选项错误，故选D ． 二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）题号 13 14 15 16 答案4-12810-3【解析】13．由题意可知，线性区域是如图5的阴影部分，由344z y x =-， 则4z-为直线的截距，由图可知，当01x y ==，时，z 取到最小值4-.14．由11a =，且11n n S a -+=，所以11n n S a ++=，可得：12n n a a +=，所以{}n a 是以首项为1，公比为2的等比数列，则12n n a -=，所以782128a ==.15．如图6，由O 是ABC △外接圆的圆心，取AB 的中点M ，取AC的中点N ，连接OM ，ON ，所以A O C B A O=()AB AC AO AB AO AC -=-= ()()AM MO AB AN NO +-+22()()1022AB AC AC AM AB AN AC =-=-=-．16．如图7，由于BD 为ABC ∠的角平分线，且2AD =，1CD =，由角平分线定理知：2AB ADBC DC==，令B C m =，2AB m =，由两边之和大于第三边，两边之差小于第三边知：13m <<，在ABC △中，由余弦定理知：2224959cos 2244m m ABC m m m+-∠==-⨯⨯，所以2212sin 1cos 2ABC S m m ABC m ABC =∠=-∠ △22222222225999933191(1)(9)444444442m m m m m m m m ⎛⎫⎛⎫-+-⎛⎫⎛⎫=--=--=-- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭≤ 3=，当且仅当2219m m -=-，即5m =时取等号，所以ABC △面积的最大值为3. 三、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤） 17．（本小题满分12分）图8解：（Ⅰ）2()3sin 22cos 12f x x x =+-+ 3sin 2cos22x x =++π=2sin 226x ⎛⎫++ ⎪⎝⎭，所以()f x 的最小正周期2ππ2T ==， πππ7π022666x x ∴+ ≤≤，≤≤， π12sin 226x ⎛⎫∴-+ ⎪⎝⎭≤≤，π12sin 2246x ⎛⎫∴++ ⎪⎝⎭≤≤，所以函数()f x 在区间π02⎡⎤⎢⎥⎣⎦，的值域为[14]，．…………………………………………（6分）（Ⅱ）由()3f B =得π2sin 2236B ⎛⎫++= ⎪⎝⎭，又ππ13π2666B <+< ，π5π266B ∴+=，π3B ∴=，由2b =及余弦定理得：2242cos60a c ac =+-︒，∴2()34a c ac +-=， 又3a c b +=，代入上式解得83ac =， ∴ABC △的面积1123sin sin 60223S ac B ac ==︒=．…………………………………（12分） 18．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）数据对应的散点图如图8所示.………………………………………………………………………………………（5分）（Ⅱ）3198.2x y ==，，515221515615.6105i ii i i x yx ybx x==-===-∑∑ ， 151.4a y bx =-= ， 所以回归直线方程为 15.6151.4y x =+．………………………………………………（10分）（Ⅲ）代入2017年的年份代码6x =，得 15.66151.4245y =⨯+=，所以按照当前的变化趋势，2017年该市机动车保有量为245万辆．…………………………………………（12分） 19．（本小题满分12分）（Ⅰ）证明：因为顶点1A 在底面ABC 上的射影恰为AC 的中点M ，所以1A M ABC ⊥平面，又AB ABC ⊂平面，所以1A M AB ⊥，又因为AB AC ⊥，而111A M A ACC ⊂平面，11AC A ACC ⊂平面且1A M AC M = ， 所以AB ⊥平面11A ACC ，又因为111CC A ACC ⊂平面， 所以1A B C⊥．…………………………………………………………………………（5分） （Ⅱ）解：如图9，以M 为原点，建立空间直角坐标系M xyz -， 则1(000)(210)(010)(0022)M B A A --，，，，，，，，，，，，11(2022)(010)(0222)(1122)B C C P ，，，，，，，，，，，，于是1(200)(0122)AB AA ==，，，，，，求得平面1ABA 的一个法向量为(042)n =-，，，由(200)(1222)AB AP == ，，，，，，求得平面PAB 的一个法向量 为(022)m =- ，，，则||1053cos 9||||326m n m n m n 〈〉===，，所以二面角1P AB A --的余弦值为539．……………………………………………（12分） 20．（本小题满分12分）（Ⅰ）解：32c e a ==因为，又21||2b MF a ==，联立解得：21a b ==，， 所以椭圆C 的标准方程为22141x y +=．…………………………………………………（5分）（Ⅱ）证明：设直线AP 的斜率为k ，则直线AP 的方程为(2)y k x =+， 联立3x =得(35)S k ，． 00()P x y 设，，代入椭圆的方程有：220001(2)41x y x +=≠±， 图9整理得：2201(4)4y x =--，故2020144y x =--，又002y k x =+，002yk x '=-(k k '，分别为直线P A ，PB 的斜率)，所以2020144y kk x '==--，所以直线PB 的方程为：1(2)4y x k=--， 联立3x =得134T k ⎛⎫ ⎪-⎝⎭，，所以以ST 为直径的圆的方程为：2225151(3)2828k k x y k k ⎡⎤⎛⎫⎛⎫-+--=+ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦，令0y =，解得：532x =±， 所以以线段ST 为直径的圆恒过定点5302⎛⎫± ⎪ ⎪⎝⎭，．…………………………………（12分） 21．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）函数()f x 的定义域为11ln(1)1(1)()e xx x f x --++'-+∞=，，，由于1(0)01ln(1)1f y x x '==--++，在(1)-+∞，上是减函数， 所以当10x -<<时，()0f x '>；当0x >时，()0f x '<.所以()f x 的单调递增区间为(10)-，，单调递减区间为(0)+∞，．…………………（5分） （Ⅱ）由21ln(1)2ln(1)2e 0x x x x x k ++++++-≤在12⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭，上恒成立，整理得：21(2)[ln(1)1]e x x x k ++++≥在12⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭，上恒成立即可. 令211(2)[ln(1)1](2)[ln(1)1]()e e e x x xx x x x h x ++++++++== ，当1x >-时，1e 2x x +>+，以及在12⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭，上()0h x >，得ln(1)1()e ()xh x x f x ++=<在12⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭，上恒成立， 由（Ⅰ）知()f x 的单调递增区间为(10)-，，单调递减区间为(0)+∞，． 所以有max ()(0)1f x f ==，即()()1h x f x <≤恒成立，所以正整数k 的最小值为1．…………………………………………………………（12分）22．（本小题满分10分）【选修4−4：坐标系与参数方程】页 11第 解：（Ⅰ）由抛物线的定义得：1(0)4cos ρρρθ=>+， 即：4(0)1cos ρρθ=>-．………………………………………………………………（5分） （Ⅱ）由（Ⅰ）得：12ππ1cos 1cos 22sin 11112sin cos 24||||444FP FQ θθθθθρρ⎛⎫⎛⎫-+-++- ⎪ ⎪+-⎝⎭⎝⎭+=+=== 224+≤， 当且仅当3π4θ=时等号成立，故11||||FP FQ +的最大值为224+．………………（10分） 23．（本小题满分10分）【选修4−5：不等式选讲】解：（Ⅰ）由()0f x ≤有：ln(|21||23|)ln1x x +--≤，所以0|21||23|1x x <+--≤， 即12021231x x x ⎧-⎪⎨⎪<--+-⎩≤，≤或1322021231x x x ⎧-<<⎪⎨⎪<++-⎩，≤或32021231x x x ⎧⎪⎨⎪<+-+⎩≥，≤，解得不等式的解集为1324x x ⎧⎫<⎨⎬⎩⎭≤．…………………………………………………（5分） （Ⅱ）由()f x m <恒成立得max ()f x m <即可.由（Ⅰ）0|21||23|x x <+--得函数()f x 的定义域为12⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，， 所以有13ln(42)22()3ln 42x x f x x ⎧⎛⎫-<< ⎪⎪⎪⎝⎭=⎨⎛⎫⎪ ⎪⎪⎝⎭⎩，≥，所以max ()ln 4f x =，即ln 4m >．………………………………………………………………………………（10分）。
云南省师范大学附属中学2018届高三高考适应性月考卷(三)数学(理)试题+扫描版含答案
云南师大附中2018届高考适应性月考卷（三）理科数学参考答案一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）题号1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B C B C A C C A D D D A【解析】1．22{|3}{|30}[33]B x yx x x ≥，，所以={101}A B ，，，故选B ．2．由题意知53i 22i 2i z，z 的共轭复数等于22i ，故选C ．3．q ：A B ，在同高处的截面积恒相等，p A B ：，的体积相等，故q 是p 的必要不充分条件，故选B ．4．5211x 的展开式的通项为51521C (1)0r rr r T r x ，，1，2，3，4，5．当因式2(3)x中提供2x 时，则取4r；当因式2(3)x 中提供3时，则取5r ，所以5221(3)1x x 的展开式的常数项是2，故选C ．5．双曲线22221(00)xy a b ab ，的渐近线方程为b y x a ，所以32b a ，双曲线的一个焦点在抛物线247y x 准线方程7x 上，所以7c ，由此可解得23a b ，，所以双曲线方程为22143xy ，故选A ．6．因为3131π()sin 2cos2sin 23sin 2cos23sin 222226f x x x x x x x ，所以π()23cos 26f x x ，故A 错误，当π2x 时，π5π2=66x ，故B 错误，对于D ，应向右平移π12个单位，故选C ．7．4n 时，31Q ，此时P Q ，则输入的a 的值可以为3，故选C ．8．设等比数列{}n a 的首项为1a ，公比为q ，依题意有：3242(2)a a a ，23428a a a得38a ，故31123120=8a qa q a a q ，，解之得122a q ，或13212a q ，，又{}n a 单调递减，所以663S ，故选A ．9．由题意知，球O 的半径5R ，直三棱柱111ABC A B C -的底面外接圆半径为4，则直三棱柱111ABC A B C -的高为6，则该三棱柱的体积为243，故选D ．10．由题意，2225233b c b A c b a B a a ，，，，，代入到椭圆方程整理得222225199c b a a ，联立22b a ，解得3a ，故选D ．11．17115()()()48228AE AF AB BE AD DF AB BC AD DC ≥，当且仅当122，即1时取等号，故选D ．12．22()3()30f x x f x x ∵，设2()()3g x f x x ，则()()0g x g x ，∴()g x 为奇函数，又1()()62g x f x x ，∴()g x 在(0)x ，上是减函数，从而在R 上是减函数，又2(2)(2)12129f mf m m m ≤等价于22(2)3(2)(2)3(2)f m m f m m ≤，即(2)(2)g m g m ≤，22m m ∴≥，解得23m ≥，故选A ．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）题号13 14 15 16 答案[3)，21163π27862【解析】13．作出约束条件对应的平面区域，当目标函数2y x z 经过点(1，1)时，z 取得最小值3，故取值范围是[3)，．14．因为{bn}是等差数列，且16b ，1012b ，故公差2d ．于是*=28()n b n n N ，即128n n a a n ，所以87651646246(6)(4)(2)a a a a a …02463．98811a a ，1091021a a ．15．因为球与各面相切，所以直径为4，且11AC AB CB ，，的中点在所求的截面圆上，所以所求截面为此三点构成的边长为22的正三角形的外接圆，由正弦定理知263R ，所以面积8π3S ，以O 为顶点，以平面1A C B截此球所得的截面为底面的圆锥体积为18π116343π33627V ．16．2()2f x ax bx c ，由题意，()0f x ≥在R 上恒成立，∴00.a，≤即0a ，2.b ac ≤222221232323231b b b a ba b c a ab b a aa b b a b a ab a a ∴≥，令1bt a ，则221233(1)8(1)663(1)862+8111t tt t t t t t ≥，当且仅当12t 时，等号成立．三、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）由3c ，且(3)(sin sin )()sin a C A b a B ，又根据正弦定理，得()()()c a c a b a b ，化简得，222ab c ab ，故2221cos 22b a c C ba ，所以60C ．……………………………………………………………………………（6分）（Ⅱ）由3c ，4sin 5A ，sin sin ac A C 得85a ，由a c ，得A C ，从而3cos 5A ，故433sin sin()sin cos cos sin 10B A C A CA C ，所以ABC △的面积为18318sin 225S ac B ．……………………………………（12分）18．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）设图中从左到右的前3个小组的频率分别为23x x x ，，，则23(0.0370.013)51x x x ，解得0.125x，∵第2小组的频数为15，频率为20.25x，∴该校报考飞行员的总人数为：150.25=60（人）．…………………………………（6分）（Ⅱ）体重超过65公斤的学生的频率为(0.0370.013)50.25，∴X 的可能取值为0，1，2，3，且1~34X B ，，303327(0)C 464P X ，21133127(1)C 4464P X ，1223319(2)C 4464P X ，33311(3)C 464P X ，∴X 的分布列为：X0 1 2 3 P27642764964164由于1~34X B ，，13()344E X ．………………………………………………（12分）19．（本小题满分12分）（Ⅰ）证明：由已知得113AM AD ，如图，取BP 上靠近P 的四等分点T ，连接AT TN ，，由3NC PN 知//TN BC ，114TN BC ．……………………………………………（3分）又//AD BC ，故TN 平行且等于AM ，四边形AMNT 为平行四边形，于是//MN AT ．因为AT 平面PAB ，MN 平面PAB ，所以//MN 平面PAB ．…………………（6分）（Ⅱ）解：如图，取BC 的中点E ，连接AE ．由AB AC 得AE BC ，从而AE AD ，且222252BCAE AB BE AB ．以A 为坐标原点，AE 的方向为x 轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系A xyz ．由题意知，(004)P ，，，(520)B ，，，(010)M ，，，(520)C ，，，51342N ，，，(524)PB ，，，(010)AM ，，，51342AN ，，．设()n x y z ，，为平面AMN 的一个法向量，则00n AM n AN ，，即0513042y x y z，，……………………………………………（10分）可取5403n ，，．于是||16745|cos |745||||n PB n PB n PB ，，所以直线PB 与平面AMN 所成角的正弦值为16745745．……………………………（12分）20．（本小题满分12分）解：（Ⅰ）设M N ，为短轴的两个三等分点，因为△MNF 为正三角形，所以3||||2OF MN ，321323bb ，解得，2214a b ，因此，椭圆C 的方程为22143x y ．……………………………………………………（4分）（Ⅱ）设11()A x y ，，22()B x y ，，()P x y ，，AB 的方程为(3)y k x ，由22(3)143y k x x y ，，整理得2222(34)2436120k x k x k ，由24222448(34)(31)0k k k ，得235k ，221212222436123434k k x x x x k k ，，1212()()OA OB x x y y t x y ，，，则2121222124118()()(34)(34)k kx x x y y y t t k t t k ，，由点P 在椭圆上，得222222222(24)(18)+14(34)3(34)k k t k t k ，化简得22236(34)k t k ，………………………………………………………………（8分）因为||3PAPB ，所以2121||3k x x ，即221212(1)[()4]3k x x x x ，即2222222(24)4(3612)(1)3(34)34k k k k k ，即429656390k k，所以2283724k ，………………………………………（10分）即228373245k ，因为22236(34)k t k ，所以2222362793434kt kk ，所以2202834t ，即2t 的取值范围为(202834)，．………………………（12分）21．（本小题满分12分）（Ⅰ）解：2211()(0)a ax f x x x xx ，当0a ≤时，()0(0)f x x ，()f x 在(0)，上单调递减．当0a 时，由()0f x ，得1x a ，10x a ，时，()0f x ，()f x 在10a ，上单调递减，1x a ，时，()0f x ，()f x 在1a ，上单调递增．………………………………………………………………（5分）（Ⅱ）证明：要证4222(1)ln 1ln 2ln (2)4n n n n n n n n *≥，N ，即证42223(1)ln 1ln 2ln (2)4n n n n n *≥，N ．由（Ⅰ）知，当1a 时，()f x 在(01)，上单调递减，在(1)，上单调递增．1()ln 1(1)0f x x f x ≥，∴1ln 1x x ≥，∴221ln 1x x ≥，∴222222111ln1ln 2ln 11112n n ≥，∴2221112ln12ln 22ln 12n nn ≥．又2221111111+++121223(1)n n n ，∴2221111111+++121223(1)n n n n n 211111(1)11+++2231n n n n n ，∴2(1)ln1ln 2ln 2n n n ．………………………………………………………（9分）由柯西不等式，2222222(ln 1ln 2ln )(111)(ln1ln 2ln )n n ≥．∴4222231(1)ln 1ln 2ln (ln1ln 2ln )4n n n n n ≥+．∴42223(1)ln 1ln 2ln 4n n n ，∴4222(1)ln 1ln 2+ln (2*)4n n n n n n n n N ≥，．…………………………………（12分）22．（本小题满分10分）【选修4-4：坐标系与参数方程】解：（Ⅰ）将参数方程转化为一般方程1(3)l y k x ：，①21(3)3l y x k ：，②①×②消k 可得：2213x y．即P 的轨迹方程为221(0)3x y y ．1C 的普通方程为221(0)3x y y ．1C 的参数方程为3cos sin x y ，，（为参数πk k Z ，）．………………………（5分）（Ⅱ）由曲线2C ：πsin 424得：2(sin cos )422，即曲线2C 的直角坐标方程为：80x y ，由（Ⅰ）知曲线1C 与直线2C 无公共点，曲线1C 上的点(3cos sin )Q ，到直线80xy 的距离为π2sin 83|3cos sin 8|22d ，所以当πsin13时，d 的最小值为32．………………………………………（10分）23．（本小题满分10分）【选修4-5：不等式选讲】解：（Ⅰ）由题意可得10()130111x x g x x x x x ，≤，，，，≥，因为()4g x ，由图象可得不等式的解为53x ，所以不等式的解集为{|53}x x ．……………………………………………………（5分）（Ⅱ）因为存在1x R ，也存在2x R ，使得12()()f x g x 成立，所以{|()}{|()}y yf x x y yg x x R R ，，，又()|2||25||(2)(25)||5|f x x a x x a x a ≥，当且仅当(2)(25)0x a x ≤时等号成立.由（Ⅰ）知，max ()1g x ，所以|5|1a ≤，解得64a ≤≤，所以实数a 的取值范围为[64]，．…………………………………………………（10分）。
云南师大附中2018届高考适应性月考卷(四)化学-答案
理科综合化学参考答案·第1页（共6页）云南师大附中2018届高考适应性月考卷（四）理科综合参考答案化学部分一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分）【解析】7．钢制品、铝制品被广泛应用，是因为合金硬度大、耐腐蚀，故B 错误。
8．丙烯分子中烷基可取代，而加成反应及使酸性KMnO 4溶液褪色是碳碳双键的重要性质，故A 正确；由于碳碳单键可以沿键轴旋转，故苯乙烯分子中所有原子不一定共平面，只是可能，故B 错误；苯与溴的取代反应需使用液态纯净的溴单质、FeCl 3作催化剂，若改用溴水，即使加入FeCl 3作催化剂，反应也不会发生，故C 错误；正戊烷不能发生加成反应，但是苯能与氢气、氯气等在一定条件下发生加成反应，故D 错误。
9．一个甲醇分子中含3个C —H 键、1个C —O 键和1个O —H 键，0.1mol CH 3OH 中含0.5N A个共价键，故A 错误；室温下，1L pH=11 Na 2CO 3溶液中的OH －数目为10−3N A ，溶液中的OH －来自于水的电离，故由水电离的H +数目也是10−3N A ，故B 错误；H 218O 与D 2O 相对分子质量均为20，且分子内中子数均为10，则20g 所含的中子数均为10N A ，故C 正确；该题的胶体粒子是由若干个Fe(OH)3集合而成，所以胶体粒子数目与其物质的量并不相等，故D 错误。
10．由表中化合价可知，X 的化合价为−2价，没有正化合价，故X 为O 元素。
Y 的化合价为+1价，处于第ⅠA 族，原子序数大于O 元素，故Y 为Na 元素。
Z 为+3价，为Al 元素。
W 的化合价为+6、−2价，故W 为S 元素。
R 的最高正价为+7价，应为Cl 元素。
已知X 为O ，Y 为Na ，Z 为Al ，原子半径：Na>Al>O ，故A 正确；已知W 为S ，R 为Cl ，所以非金属性：Cl>S ，则气态氢化物的稳定性：Cl>S ，故B 错误；Z 为Al ，W 为S ，两者最高价氧化物对应的水化物是Al(OH)3和H 2SO 4，二者能反应，故C 正确；X 是O 元素、Z 是Al 元素、W 是S 元素，形成的化学键分别为离子键、共价键，故D 正确。
云南师大附中2018届高考适应性月考卷(七)化学-答案
理科综合化学参考答案·第1页（共6页）云南师大附中2018届高考适应性月考卷（七）理科综合参考答案化学部分一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分）【解析】7．氧化铁为红棕色固体，不能用作黄金色彩料。
黄金色釉彩是用黄金或金粉为原料来装饰的，A 错误。
8．检验酒精中是否含有水应该用无水硫酸铜，C 错误。
9．没有给出溶液的体积，无法计算n (ClO −)，A 错误；一定条件下，SO 2与O 2的反应为可逆反应，转移的电子数小于4mol ，B 错误；葡萄糖溶液中存在葡萄糖分子和水分子，故分子总数大于0.1mol ，C 错误；石英晶体是SiO 2晶体，60g SiO 2即1mol SiO 2含4mol Si —O 键，D 正确。
10．依题可推知，X 、Y 、Z 、W 分别为H 、O 、Na 、S ，O 2−和Na +核外电子排布相同，核内质子数分别为8和11，核内质子数越多半径越小，r (O 2−)>r (Na +)，A 错误；SO 2对应的水化物为H 2SO 3即为弱电解质，B 正确；H 2O 2与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应时，氧化剂为高锰酸钾，被还原产生Mn 2+，还原剂为H 2O 2，被氧化产生O 2，C 错误；H 与O 可形成含非极性键的分子H 2O 2，Na 与O 可形成含非极性键的Na 2O 2，但Na 2O 2为离子化合物，不是分子，D 错误。
11．Fe 和Cl 2反应生成FeCl 3，FeCl 3可以和Fe 直接反应生成FeCl 2，FeCl 2和Cl 2又可反应生成FeCl 3，FeCl 2可以和Zn 直接反应生成Fe ，A 正确；Al 2O 3与强碱如NaOH 反应生成NaAlO 2，与氨水不反应，NaAlO 2与盐酸或通入CO 2可反应生成Al(OH)3，Al(OH)3与NaOH 反应可生成NaAlO 2，Al(OH)3受热分解可生成Al 2O 3，B 错误；NO 与O 2反应生成NO 2，NO 2与H 2O 反应生成HNO 3，浓HNO 3可与Cu 反应生成NO 2，稀HNO 3可与Cu 反应生成NO ，C 正确；Cl 2与H 2O 反应生成HClO ，HClO 与NaOH 反应生成NaClO ，NaClO 与浓盐酸发生氧化还原生成Cl 2，NaClO 与盐酸反应生成HClO ，D 正确。
云南省师大附中2018届高考化学适应性月考卷(二)(含解析)
云南师大附中2018届高考适应性月考卷（二）化学试题1. 化学与生产、生活密切相关，下列说法不正确的是A. 纯碱属于碱B. 合金、聚乙烯塑料均属于混合物C. 明矾净水、盐卤点豆腐均与胶体性质有关D. 雾霾天，汽车车灯照射的光亮通路属于丁达尔现象【答案】A【解析】A、纯碱是Na2CO3，属于盐，不属于碱，故A说法错误；B、合金是金属与金属，或金属与非金属熔合而成具有金属特性的混合物，聚乙烯塑料中n不同，因此它们都属于混合物，故B说法正确；C、明矾净水的原因是明矾中Al3＋水解成氢氧化铝胶体，利用胶体吸附水中悬浮固体小颗粒，达到净水的目的，蛋白质溶液属于胶体，加入盐卤，使蛋白质聚沉，与胶体的性质有关，故C说法正确；D、雾霾属于胶体，汽车车灯照射的光亮通路属于丁达尔现象，故D说法正确。
2. 化学是一门以实验为基础的自然科学，化学实验在化学学习中具有极其重要的作用。
下列有关仪器的选择及试剂的保存正确的是A. 用托盘天平称量5.75gNaCl固体B. 用碱式滴定管量取20. 00mL KMnO4溶液C. 在存放液溴的试剂瓶中加水进行液封D. AgNO3溶液保存于无色细口瓶中【答案】C【解析】A、托盘天平精确度为0.1g，故A错误；B、高锰酸钾溶液具有强氧化性，用酸式滴定管量取，不能用碱式滴定管，故B错误；C、液溴是易挥发的液体，保存时应加水液封，故C正确；D、AgNO3见光分解，因此硝酸银溶液保存于棕色细口瓶中，故D错误。
3. 下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A. 纯碱溶液中：Al3+、Ba2+、Cl-、NO3-B. 室温下，pH=1的溶液中：K+、Fe2+、MnO4-、I-C. 能使甲基橙变为黄色的溶液中：Na+、Al3+、Cl-D. 室温下，=1×10-12的溶液中：K+、Na+、CO3-、NO3-【答案】D【解析】A、纯碱为Na2CO3，CO32－与Al3＋发生双水解，CO32－与Ba2＋生成BaCO3沉淀，因此不能大量共存与纯碱溶液，故A错误；B、MnO4－具有强氧化性，能把Fe2＋、I－氧化，因此不能大量共存，故B错误；C、甲基橙变为黄色，溶液可能显碱性，Al3＋在碱中不能大量共存，故C错误；D、根据=1×10-12，推出溶液显碱性，这些离子能够大量共存，故D正确。
云南省师范大学附属中学2018届高三第八次月考理综化学 含答案
云南师大附中2018届高考适应性月考卷（八）理科综合参考答案化学部分一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分）【解析】2NO2N2O4平衡，故所含分子总数小于错误；据题意，键，故C错误；因O HS−+OH−正确。
故选D。
11．具有2电子层结构的如Li+和H−，两者的最高价均为+1价；10电子结构的如Na+、Mg2+、Al3+和N3−、O2−、F−，其中O、F无最高正价，不比简单阳离子的最高化合价高，故A错误；短周期中原子半径最大和最小的的元素分别是Na和H，均在第ⅠA族，且形成的NaH是离子化合物，故B 正确；氢化物的沸点高低与元素非金属性强弱无必然联系，故C 错误；非金属单质的氧化性越强，通常其元素的非金属性越强，其最高价氧化物对应水化物的酸性越强，但其氧化物对应水化物的酸性不一定强，如氧化性：Cl 2>S ，但酸性：H 2SO 4>HClO 等，故D 错误。
故选B 。
12．磷酸铁锂电池放电时，附着在负极碳上的单质Li 失去电子，发生了氧化反应，其负极反应为6Li C e x x --=6C Li x ++，故A 正确；充电时为电解池原理，阳离子向阴极区移动，即图中Li +从正极区通过聚合物隔膜向负极区（充电时的阴极）迁移，故B 正确；正极Li +得电子发生还原反应，结合电池的总反应式可知，电极反应式为14Li FePO Li +e x x x +--+ =LiFePO 4，故C 正确；若用该电池电解精炼铜，阴极反应式为Cu 2++2e −=Cu ，当生成19.2kg （300mol ）铜时转移的电子为600mol ，锂离子带1个单位正电荷，则电池中通过聚合物隔膜的Li +数目为600N A ，故D 错误。
故选D 。
13．因图中实线为HX 的滴定曲线，0.1000mol/L 的该酸pH =1，说明该酸在溶液中完全电离，为强电解质，所以HX 为强酸，而图中虚线为HY 的滴定曲线，且0.1000mol/L 该酸的pH =3，说明该酸在溶液中部分电离，为弱电解质，所以HY 为弱酸，故A 错误；用氢氧化钠溶液滴定弱酸HY ，达滴定终点时生成的NaY 为强碱弱酸盐，水解显碱性，最好用酚酞作指示剂，以减小误差，甲基橙变色范围为3.1～4.4，误差大，故B 错误；滴定至B 点时，溶液为NaY 和HY 的等量混合液，且溶液呈酸性，说明HY 的电离程度大于Y −的水解程度，但电离程度较小，故有c (Y －)>c (Na +)>c (HY)>c (H +)>c (OH －)，故C 正确；A 点为HX 的强酸溶液，pH =1的强酸溶液中，氢离子抑制了水的电离，溶液中氢氧根离子是水电离的，则水电离的氢离子浓度为10−13mol/L ，C 点为碱性溶液，若是滴定HX 曲线上的点，则NaOH 过量，氢氧根离子抑制了水的电离，溶液中氢离子是水电离的，则水电离的氢离子浓度为10−9mol/L ，若是滴定HY 曲线上的点，则NaY 中Y −水解，促进了水的电离，则水电离的氢离子浓度为10−5mol/L ，故A 、C 两点水电离的氢离子浓度之比为1︰104或1︰108，故D 错误。