【精品推荐】2020高考物理二轮专题复习课标通用版 课件 专题1 力与运动 第1部分 第2讲
•t2和t4两时刻弹簧的形变量均为零，金属球在斜面方向上只 有重力的分力产生加速度，故两时刻的加速度相同，又由于 斜面光滑，系统的机械能守恒，因此两个时刻速度的大小相 等，但t2时刻金属球沿斜面向上运动，而t4时刻金属球沿斜面 向下运动，二者的方向不同，选项D正确．
• 视角二 瞬时加速度问题
• 2．(2019·河北衡水中学月考)如图所示，两个质量均为m的 小球A、B用细绳相连，小球A与一个轻弹簧相连，弹簧另一 端固定在竖直墙上，小球用一根细线连在天花板上，开始时， 两小球都静止不动，这时细线与水平方向的夹角是θ＝45°， 弹簧水平，重力加速度为g，现突然把细线剪断．在剪断细 线的瞬间，小球A的加速度大小是( )
阻力，则tt21满足(
)
A．1<tt21<2 C．3<tt21<4 【解题过程】 C
B．2<tt21<3 D．4<tt21<5
解析 运动员起跳到体运动，则根据初
速度为零的匀加速运动，相等相邻位移时间关系为 1∶
( 2－1)∶( 3－ 2)∶(2－ 3)∶( 5－2)∶…，可知tt21＝
• 2. (2018·全国卷Ⅱ)(多选)甲、乙两车在同 一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运
动，乙做匀速直线运动．甲、乙两车的位置
x随时间t的变化如图所示．下列说法正确的 是( )
CD
A．在t1时刻两车速度相等 B．从0到t1时间内，两车走过的路程相等 C．从t1到t2时间内，两车走过的路程相等 D．从t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等
A
B
C
D
• 【解题过程】 A
• 解析 假设物块静止时弹簧的压缩量为x0，则由力的平衡条件 可知kx0＝mg，在弹簧恢复原长前，当物块向上做匀加速直 线运动时，由牛顿第二定律得F＋k(x0－x)－mg＝ma，由以 上两式解得F＝kx＋ma，显然F和x为一次函数关系，且在F 轴上有截距，选项A正确，B、C、D错误．
•0～t1时间段内弹簧的形变量逐渐增大，但当F＝mg时金属 球所受的合外力为零，即金属球前一段做加速度逐渐减小的 加速度运动，后一段做加速度逐渐增大的减速运动，选项B 错误；t1～t2时间段可分为两段，F＝mg时金属球的加速度为 零，前一段时间金属球加速度向上并处于超重状态，后一段 时间金属球加速度向下并处于失重状态，选项C错误；
分析可知，若加速度为 a1＝2 m/s2，则 t0＝3 s 时， 车头刚好过停车线，但整个过程中(0～3 s 内)不会出现恰 好不与前车相撞的现象，不符合题意，舍去．
若加速度为 a2＝590 m/s2， 加速结束时的速度 vm2＝v0＋a2t2＝434 m/s， 答绿案灯熄(1灭)2时辆的速(2度)590v2m＝/sv2m2－134a2m(t0/－s t2)＝134 m/s.
•子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，但在每个水球 中运动的时间不同，由Δv＝at可知，速度的变化量不同，C 错误．由A选项的分析可知，子弹穿过前三个水球的时间与 穿过第四个水球的时间是相等的，由匀变速直线运动的特点 可知，子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相 等，D正确．
• 视角二 运动学图象的理解与分析
• [命题视角] • 牛顿运动定律、力的图象问题
• [解题思维] • 由物块P的匀加速直线运动的状态，可知力与加速度的关系，
且可与胡克定律联立求解问题．
• 3.(2018·全国卷Ⅱ)(多选)甲、乙两汽车在同一条平直公路上 同向运动，其速度－时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所 示．已知两车在t2时刻并排行驶．下列说法正确的是( )
1 2－
3＝2＋
3，即 3<tt21<4.
• [命题视角]
• 竖直上抛运动、自由落体运动的规律 • [解题思维]
• 以最高点为分界点，上升过程为竖直上抛运动，下降过程为 自由落体运动，可根据初速度为零的匀变速直线运动中的比 例法来求解问题．
• 2．(2018·全国卷Ⅰ)如图所示，轻弹簧的下端固定 在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状 态．现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做 匀加速直线运动．以x表示P离开静止位置的位移， 在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象 可能正确的是( )
( 二)
• 视角一 超、失重问题 • 1．(2019·湖北襄阳模拟)如图甲所示，升降机内固定着一个
倾角为30°的光滑斜面，斜面底端安装一个能显示弹簧作用 力的传感器，以弹簧受压时传感器示数为正，传感器通过一 根轻弹簧连接着一个质量为2m的金属球．运动中的升降机突 然停止，以停止运动为计时起点，在此后的一段时间内传感 器上显示的弹力随时间变化的关系如图乙所示，且金属球运 动过程中弹簧始终在弹性限度内，则下列说法正确的是( )
题型二 动力学的两类基本问题
• 解决动力学问题的常用方法 • (1)整体法与隔离法． • (2)正交分解法：一般沿加速度方向和垂直于加速度方向进行
分解，有时根据情况也可以把加速度进行正交分解．
• (3)逆向思维法：把运动过程的末状态作为初状态的反向研究 问题的方法，一般用于匀减速直线运动问题，比如刹车问题、 竖直上抛运动的问题．
• 解析 xt图象斜率表示两车速度，则可知t1时刻乙车速度大于 甲车速度，选项A错误．由两图线的纵截距知，出发时甲在 乙前面，t1时刻图线相交表示两车相遇，可得0到t1时间内乙 车比甲车多走了一段距离，选项B错误．t1和t2两图线相交， 表明两车均在同一位置，从t1到t2时间内，两车走过的路程相 等；在t1到t2时间内，两图线有斜率相等的一个时刻，即该时 刻两车速度相等，选项C、D正确．
• (1)绿灯结束之前共有几辆车可以匀速通过该路口的停车线？
• (2)若匀速行驶不能越过停车线中的第一辆车也想在绿灯熄灭 前驶过停车线，司机在看到绿灯开始闪烁时即开始匀加速(忽 略司机反应时间)，加速结束后又以相同大小的加速度匀减速， 结果恰好在绿灯熄灭时车头驶过停车线，整个过程恰好不会 与前车相撞．该车的加速度大小是多少？车头驶过停车线时 的速度为多大？(其他车辆均匀速行驶)
• 视角三 动力学图象问题
• 3．(2019·全国卷Ⅱ)一质量为m＝2 000 kg的汽车以某一速度 在平直公路上匀速行驶．行驶过程中，司机忽然发现前方 100 m处有一警示牌，立即刹车．刹车过程中，汽车所受阻 力大小随时间变化可简化为图甲中的图线．图甲中，0～t1时 间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间(这段时间内 汽车所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶)，t1＝0.8 s；
A．2 2g C．2g
• 答案 B
B． 5g D． 2g
解析 细线剪断前，小球 A 受到 4 个力作用，重力、 弹簧的弹力、细线的拉力和细绳的拉力，由力的平衡条 件可知，弹簧的弹力 F＝2mg，剪断细线的瞬间，小球 A 只受弹簧的弹力和重力，此时弹簧的弹力还是 F＝2mg， 所以此时 A 球的合力 FA＝ mg2＋2mg2＝ 5mg，由牛 顿第二定律可知，在剪断细线的瞬间，小球 A 的加速度 大小 a＝ 5g，选项 B 正确，A、C、D 错误．
• A．升降机在停止运动前是向上运动的
• B．0～t1时间段内金属球做减速运动 • C．t1～t2时间段内金属球处于超重状态 • D．t2和t4两时刻金属球的加速度和速度的大小均相同
• 答案 D
• 解析 由于升降机停止运动前传感器的示数为零，表明弹簧处 于原长状态，即升降机有向下的加速度g，而0～t1时间段内 示数增加，说明弹簧被压缩，即升降机突然停下后金属球由 于惯性而向下运动，故停止前升降机是向下运动的，选项A 错误；
第一部分 核心专题突破
专题一 力与运动
第2讲 力与直线运动
思维导图
核心考点
1.匀变速直线运动规律 (1)匀变速直线运动的求解 (2)自由落体运动的规律 (3)追及相遇问题 2.图象问题 (1)运动图象问题，如xt图象，vt图象 (2)动力学图象
核心考点
3.动力学问题 (1)动力学的两类基本问题 (2)超、失重问题 (3)瞬时加速度问题 (4)“传送带”问题 (5)滑块滑板模型
• A．两车在t1时刻也并排行驶 • B．在t1时刻甲车在后，乙车在前 • C．甲车的加速度大小先增大后减小
• D．乙车的加速度大小先减小后增大
• 【解题过程】 BD
• 解析 t1～t2时间内，v甲>v乙，甲图线与时间轴所围面积大，则 甲这段时间内通过的位移大，通过t2时刻相遇，则t1时刻甲在 乙的后面，选项A错误，B正确．由图象的斜率知，甲、乙两 车的加速度均先减小后增大，选项C错误，D正确．
• 视角三 追及相遇问题
• 3．(2020·湖南四校联考)随着经济飞速发展，我国居民的汽
车拥有量持续增加，交通拥堵和交通安全已成为城市交通中 的难题．某市区的一条道路中，绿灯在结束前t0＝3 s便开始 闪烁提醒，绿灯结束后还设有一定时间的黄灯以确保已经越 过停车线的车辆能够继续顺利通过路口，若该路段某路口恰 有车辆有序匀速通过，每辆车的行驶速度均为v0＝8 m/s，车 间距均为Δx＝8 m，当绿灯开始闪烁时恰有一辆车(该车标记 为第1辆车，以此类推)距离停车线还有x0＝5 m，已知每辆车 车身长均为L＝5 m.
备考指要
1.解决动力学问题要抓好关键词语 (1)看到“刚好”“恰好”“正好”等字眼，要想到
“题述的过程存在临界点”． (2)看到“最大、最小、至多、至少”等字眼，要想到
“题述的过程存在极值点”．
备考指要
2.“四点”注意 (1)xt图象、vt图象均表示直线运动． (2)运动学公式中的v、a、x均为矢量，一定要规定正方
直线运动，直到末速度为零，我们可以分析其逆过程，相当 于子弹做初速度为零的匀加速直线运动．
因为通过最后一个、最后两个、最后三个和全部四个水 球的位移分别为 d、2d、3d 和 4d，根据 x＝12at2 知，所用 时间之比为 1∶ 2∶ 3∶2，所以子弹在每个水球中运动 的时间不同，A 错误．由以上的分析可知，子弹依次穿 过四个水球的时间之比可求，但由于水球的直径和子弹 的初速度未知，因此不能确定子弹穿过每个水球的具体 时间，B 错误．
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2020年高三物理二轮复习 专题一力与物体的平衡课件
g.当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小
分别为 F1、F2，则( )
A．F1＝
33mg，F2＝
3 2 mg
B．F1＝
23mg，F2＝
3 3 mg
C．F1＝12mg，F2＝
3 2 mg
D．F1＝ 23mg，F2＝12mg
答案 D 解析 对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，受力 分析如图，由几何关系可知，F′1＝mgcos30°，F′2＝mgsin30 °.解得 F′1＝ 23mg，F′2＝12mg，由牛顿第三定律知 F1＝ 23mg， F2＝12mg，故 D 项正确．
4．通电导体棒或线框的平衡 通电导线(或导体棒)切割磁感线时的平衡问题，一般要综合 应用受力分析、法拉第电磁感应定律，左、右手定则和电路的知 识．在这类问题中，感应电流的产生和磁场对电流的作用这两种 现象总是相互联系的，而磁场力又将电和力这两方面问题联系起 来．
1.(多选)如图，在水平面上 A、B、C 三点固定 着三个电荷量为 3Q 的正点电荷，将另一质量为 m 的带正电的小球(可视为点电荷)放置在 O 点， OABC 恰构成一棱长为 L 的正四面体．已知静 电力常量为 k，重力加速度为 g，为使小球能静 止在 O 点，则关于小球所受库仑力的合力方向和所带的电荷量， 下列说法中正确的是( )
答案 B 解析 对 b 球受力分析，受重力、斜面对其垂直向上的支持 力和细线的拉力，由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与 第三个力等值、反向、共线，故细线拉力向右上方，故 A 图错误； 再对 a、b 两个球整体受力分析，受总重力、斜面垂直向上的支 持力和上面细线的拉力，再次根据共点力平衡条件判断上面的细 线的拉力方向为斜向右上方，故 C、D 两图均错误．故选 B 项．
2020届高考物理全优二轮复习课件：专题1 第1讲 相互作用与物体的平衡
状态，风对气球的作用力水平向右．细绳与竖直方向的夹角为 α，绳的拉力为 T，则
风对气球作用力的大小为( )
A．sinT α
B．coTs α
C．Tsin α
D．Tcos α
【答案】C 【解析】对气球受力分析，由水平方向平衡条件可得F风＝Tsin α，故C正确．
2．[复杂的连杆受力分析](2019 年河北名校模拟) 如图所示，光滑的轻滑轮通过支架固定在天花板上， 一足够长的细绳跨过滑轮，一端悬挂小球 b，另一端 与套在水平细杆上的小球 a 连接．在水平拉力 F 作 用下小球 a 从图示虚线位置开始缓慢向右移动(细绳 中张力大小视为不变)．已知小球 a 的质量为 m，是小球 b 的 2 倍，滑动摩擦力等于 最大静摩擦力，小球 a 与细杆间的动摩擦因数为 33.则下列说法正确的是( )
力的三角形解法：由题意可知，重物在运动过程中受重力，MN绳拉力TMN， OM绳拉力TOM.在某一时刻三个力受力分析示意图如图甲所示，将此三个力平移为 矢量三角形如图乙所示．对于图乙，因为边mg不变、该边的对角(180°－α)不变，根
据固定弦所对应的圆周角为定值的几何特点，则该力可平移在圆中，mg为固定的
A．MN 上的张力逐渐增大 B．MN 上的张力先增大后减小 C．OM 上的张力逐渐增大 D．OM 上的张力先增大后减小
【答案】AD
【解析】正弦定理解法：OM 的张力 F1 和 MN 的张力 F2 的合力 F 不变(等于 mg)，关系如图所示，sin18F0°－α＝siFn1β＝siFn2γ，将重物向 右上方缓慢拉起，夹角 α 不变，β 由钝角逐渐减小到锐角，γ 由锐角逐 渐增大到直角，则 MN 上的张力 F2 逐渐增大，OM 上的张力 F1 先增大 后减小，选项 A、D 正确．
2020高考物理大二轮复习课件：专题一 第1讲 直线运动
的最大速度为
v0,由运动学公式得:������
=
0+������0 2
解得:v0=2������=12 m/s>vm=9 m/s
故管理人员应先加速到 vm=9 m/s,再匀速,最后匀减速奔跑到楼
底。
设匀加速、匀速、匀减速过程的时间分别为 t1、t2、t3,位移分 别为 x1、x2、x3,由运动学公式得:x1=12 ������������12
D.4<������������21<5
解析:运动员起跳到最高点的过程,反过来看,就是初速为 0 的匀加速
直线运动,经过相同位移所用的时间之比为 1∶( 2-1)∶( 3 − 2)∶
( 4−
3),则������������21 =
1 4-
3≈3.731,故选
C。
答案:C
专题一
1234
1.2 线性规划题专项练
t/s
024
6
v/(m·s-1)
0 8 12
8
A.t=3 s时物体恰好经过B点
B.t=10 s时物体恰好停在C点
C.物体运动过程中的最大速度为12 m/s
D.A、B间的距离小于B、C间的距离
考点1
专题一
考点2 考点3
1.2 线性规划题专项练
考点4
核心知识
考点精题
高频考点•突破
解析:根据图表中的数据,可以求出物体沿斜面下滑的加速度
如图,篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮,离地后重心上升的最大
高度为 H。上升第一个���4���所用的时间为 t1,第四个���4���所用的时间为 t2。
不计空气阻力,则������������21满足(
)
高中物理高考 高考物理二轮复习专题专讲课件 第1讲+力与运动(一)(全国通用)
答案 B
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热点考向
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2.(2015·桐乡市高三下学期模拟考
试)如图5所示，斜面固定在水平面
上，竖直轻杆顶端用光滑铰链连
接，底端与上表面水平的物体A接
触，则静止在斜面上的物体A受到B
力A最.3个多可B能.4个是( C.5个) D.6个
图5
解析 本题考查了受力分析，解题的关键是准确判断弹力和
摩擦力的方向，利用好平衡的条件分析力存在的可能性。物
体A一定受到重力、斜面的弹力和摩擦力；由于杆上端有铰
链连接，所以杆可能给物体A竖直向下的压力，故A最多受
四个力作用，选B。
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满分指导
3.(多选)(2015·广东理综，19)如
图6所示，三条绳子的一端都
系在细直杆顶端，另一端都固
定在水平地面上，将杆竖直紧
压在地面上，若三条绳长度不
同，下列说法正确的有( )
图6
A.三条绳中的张力都相等
B.杆对地面的压力大于自身重力
C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零
D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力
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解析 因三条绳长度不同，且彼此之间的夹角不确定，所以三 条绳的张力大小不一定相等，但能确定三张力的合力方向为竖 直向下，故A错误；杆对地面的压力大小数值上等于杆的重力 与三条绳拉力的竖直向下的分力之和，故B正确；由于杆竖直， 绳子对杆的拉力在水平方向上的合力等于零，故C正确；绳子 拉力的合力方向与杆的重力方向均竖直向下，故两者不是一对 平衡力，故D错误。 答案 BC
B.斜面的倾角
C.物块与斜面间的最大静摩擦力
D.物块对斜面的正压力
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2.(2015·桐乡市高三下学期模拟考
试)如图5所示，斜面固定在水平面
上，竖直轻杆顶端用光滑铰链连
接，底端与上表面水平的物体A接
触，则静止在斜面上的物体A受到B
力A最.3个多可B能.4个是( C.5个) D.6个
图5
解析 本题考查了受力分析，解题的关键是准确判断弹力和
摩擦力的方向，利用好平衡的条件分析力存在的可能性。物
体A一定受到重力、斜面的弹力和摩擦力；由于杆上端有铰
链连接，所以杆可能给物体A竖直向下的压力，故A最多受
四个力作用，选B。
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3.(多选)(2015·广东理综，19)如
图6所示，三条绳子的一端都
系在细直杆顶端，另一端都固
定在水平地面上，将杆竖直紧
压在地面上，若三条绳长度不
同，下列说法正确的有( )
图6
A.三条绳中的张力都相等
B.杆对地面的压力大于自身重力
C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零
D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力
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解析 因三条绳长度不同，且彼此之间的夹角不确定，所以三 条绳的张力大小不一定相等，但能确定三张力的合力方向为竖 直向下，故A错误；杆对地面的压力大小数值上等于杆的重力 与三条绳拉力的竖直向下的分力之和，故B正确；由于杆竖直， 绳子对杆的拉力在水平方向上的合力等于零，故C正确；绳子 拉力的合力方向与杆的重力方向均竖直向下，故两者不是一对 平衡力，故D错误。 答案 BC
B.斜面的倾角
C.物块与斜面间的最大静摩擦力
D.物块对斜面的正压力
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2020届高考物理二轮复习精品课件：专题一 力与运动
范文2020届高考物理二轮复习精品课件：专题一力1/ 16与运动专题一力与运动第10讲力学实验第11讲电学实验考点研究匀变速直线运动(测长度) 探究弹力和弹簧伸长量的关系验证力的平行四边形定则探究动能定理验证牛顿第二定律近年高考纵览 2013年 2014年 2015年浙江卷21，广东卷34(1) 全国大纲卷22，福建卷19(1)，江苏卷10(1) 广东卷34(1)，江苏卷11 新课标全国卷福建卷19(1)，Ⅱ23，浙江卷21 四川卷8(1) 福建卷19(1)，四川卷8(2) 天津卷9 (2) 江苏卷11 天津卷9(2) 新课标全国卷Ⅰ22 安徽卷21Ⅰ，山东卷21 返回目录3/ 16近年高考纵览测定动摩擦因数新课标全国卷Ⅰ22，全国卷23 山东卷21 新课标全国卷Ⅱ22 验证机械能守海南卷11 浙江卷21 恒定律测量金新课标全属广东卷34(2)，国卷Ⅱ22，丝阻的电北京卷 21 ，海南卷 12 ，新课标全浙天江津卷卷291(，3) ，重庆卷6(2) 率 ( 测电国卷Ⅰ23 四川卷 8(2) ，阻) 江苏卷10 返回目录近年高考纵览描绘小电珠的伏安特性曲线电表改装电路故障测定电源的电动势和内阻福建卷天津卷 9(3)，江苏卷10 19(2) ，广东卷 34(2) ，海南卷 12 ，浙江卷22 新课标全国卷Ⅱ23 新课标全国卷Ⅰ23 重庆卷 6 重庆卷 6(1) ，广东卷34(1) 山东卷22，新课标安徽卷浙江卷22，新课标全国卷Ⅰ23 全国卷Ⅰ23，北京卷 9 ，福建卷 19(2) ，全国大纲卷23，安徽卷21 Ⅱ ，江苏卷 10 ，四川卷8(2)，21Ⅱ 天津卷9(3) 返回目录5/ 16知识网络构建返回目录知识网络构建明确有效数字、误差意义，知道减小误差的一般方法，掌握误差分析的方法；熟知常用仪器的使用方法和读数要求，能根据实验要求选取适当的实验仪器及其量程；理解高考大纲要求的实验的基本原理，掌握实验方法、数据处理方法，并能对实验结果进行误差分析；重点掌握纸带问题的处理方法、伏安法测电阻时电流表的内外接法、图像法处理数据的方法．返回目录7/ 16高考真题聚焦高频第10讲力学实验考点探究热点模型解读返回目录核心知识重组一、力学实验备考要点分类研究性实验实验名称研究匀变速直线运动探究弹力和弹簧伸长量的关系探究动能定理备考要点数据处理方法： (1)公式法：v＝、Δx＝aT2 (2)图像法：xt图像、vt图像、 at图像弹簧的伸长量保持在弹性限度内；记录弹簧伸长量以及所受拉力的数据，在坐标纸上描点，作出图像；写出与图像对应的函数关系，得出实验结论，明确图线斜率与劲度系数的关系注意平衡摩擦力，知道功的大小的确定方法以及物体速度的求解方法返回目录9/ 16核心知识重组分类验证性实验实验名称验证机械能守恒定律验证力的平行四边形定则验证牛顿第二定律备考要点用自由落体进行实验，知道如何从纸带的数据中确定ΔEp减和ΔEk 增弹簧测力计的使用注意事项及读数、力的图示、根据平行四边形定则求出合力平衡摩擦力，控制变量法，图像法处理数据，实验条件的控制(m远小于M)及实验注意事项返回目录核心知识重组二、力学实验中的测量待测量长度测量工具刻度尺螺旋测微器游标卡尺方法说明毫米刻度尺精度为1 mm，读数时应估读到0.1 mm 测量值＝固定刻度的毫米数(注意半毫米刻线是否露出)＋精度×转动刻度与主尺中心刻线所对刻度值(注意转动刻度值要估读)，螺旋测微器精度为0.01 mm 测量值＝主尺的毫米数＋精度×游标尺对齐的格数( 注意刻度值不估读)，10分度、20分度、50分度游标卡尺精度分别为0.1 mm、 0.05 mm、0.02 mm 返回目录11/ 16核心知识重组待测量时间力测量工具打点计时器光电计时器弹簧测力计方法说明 t＝nT(n表示两个计时点间的间隔个数，T 表示打点周期，打点周期与所接交流电周期相同) 光电计时器能自动记录挡光时间及两次挡光之间的时间间隔力的大小＝精度×指针指示的格数(注意估读) 返回目录待测量速度核心知识重组测量工具打点纸带频闪照相光电门方法说明纸带做匀变速直线运动时，中间时刻的瞬时速度等于对应时间内的平均速度 (利用等时间间隔照片信息记录物体在不同时刻的位置)同上由于挡光片的宽度很小，瞬时速度v＝(d表示滑块上挡光片的宽度，Δt表示挡光片挡光时间) 返回目录13/ 16核心知识重组待测量加速度测量工具方法说明打点纸带(频闪照相) 纸带做匀变速直线运动时，a＝ΔT2x或 a ＝（mxm－－nx）n T2 光电门纸带做匀变速直线运动时，a＝v2Δ－tv1 (v1、v2 分别表示滑块在 t1、t2 两个时刻的速度，Δt 表示对应的时间) 返回目录核心知识重组三、实验数据的记录与处理 1．有效数字 (1)用测量仪器直接测量的结果，读数一般要求在读出仪器最小刻度所在位的数值(可靠数字)后，再向下估读一位(不可靠数字)，不受有效数字位数的限制； (2)间接测量的有效数字运算结果一般可用2～3位有效数字表示．返回目录15/ 16核心知识重组 2．系统误差和偶然误差误差产生原因误差特点减小方法系统误差实验仪器不精密、实验原理不完善、实验方法过于简便有规律地朝着某一方向偏离真实值(总。
2020版高考物理江苏专版二轮复习课件：专题一 第一讲 力与物体平衡
102＋402 N＝10 17 N，物体 A 对斜面体 B 的作用力增加(10 17 －40)N，选项 B 错误。把物体 A 和斜面体 B 看作整体，分析受力， 由平衡条件可知，地面对斜面体 B 的支持力不变，摩擦力增加 10 N， 选项 C、D 正确。 答案：CD
3.(2018·海安县实验中学模拟)如图所示，放置
考点三 动态平衡问题
动态平衡问题是高考的重点。物体在缓慢移动过程中均 处于平衡状态，但物体所受的某些力的大小和方向均发生变 化，使结果出现一些不确定性，这是此类问题常失分的主要 原因。针对此类问题，只要按照以下思维流程，准确分析各 力特点，合理选取解题方法，问题便可迎刃而解。
(一)分门别类选方法——针对破解动态平衡问题
A. 3mg
B．mg
3 C. 2 mg
1 D.2mg
()
[思维流程] [答案] B
题点全练
1．(2018·扬州模拟)如图所示，在竖直平面 内，用甲、乙两个弹簧秤通过细线拉着 一个钩码，使之处于静止状态。若保持 甲弹簧秤拉力的方向不变，缓慢地调节 乙弹簧秤，使两细线之间的夹角增大一些，则 A．两拉力的合力可能增大 B．甲弹簧秤的示数一定增大 C．甲弹簧秤的示数可能减小 D．乙弹簧秤的示数一定增大
(三)掌握摩擦力的三类“突变”
类型一 “静—静”突变
静摩擦力为被动力，当物体的受力情况发生变化时， 其运动趋势方向可能发生突变，静摩擦力的方向也随之发 生突变，而突变的时刻往往发生在静摩擦力为零的时刻。
[例1]兴趣课堂上，某同学将完全相同的
甲、乙两个条形磁铁水平放在粗糙的水平木
板上(N 极正对)，如图所示，并缓慢抬高木
＝10 m/s2，则
()
A．物体 A 受到斜面体 B 的摩擦力增加 8 N
3.(2018·海安县实验中学模拟)如图所示，放置
考点三 动态平衡问题
动态平衡问题是高考的重点。物体在缓慢移动过程中均 处于平衡状态，但物体所受的某些力的大小和方向均发生变 化，使结果出现一些不确定性，这是此类问题常失分的主要 原因。针对此类问题，只要按照以下思维流程，准确分析各 力特点，合理选取解题方法，问题便可迎刃而解。
(一)分门别类选方法——针对破解动态平衡问题
A. 3mg
B．mg
3 C. 2 mg
1 D.2mg
()
[思维流程] [答案] B
题点全练
1．(2018·扬州模拟)如图所示，在竖直平面 内，用甲、乙两个弹簧秤通过细线拉着 一个钩码，使之处于静止状态。若保持 甲弹簧秤拉力的方向不变，缓慢地调节 乙弹簧秤，使两细线之间的夹角增大一些，则 A．两拉力的合力可能增大 B．甲弹簧秤的示数一定增大 C．甲弹簧秤的示数可能减小 D．乙弹簧秤的示数一定增大
(三)掌握摩擦力的三类“突变”
类型一 “静—静”突变
静摩擦力为被动力，当物体的受力情况发生变化时， 其运动趋势方向可能发生突变，静摩擦力的方向也随之发 生突变，而突变的时刻往往发生在静摩擦力为零的时刻。
[例1]兴趣课堂上，某同学将完全相同的
甲、乙两个条形磁铁水平放在粗糙的水平木
板上(N 极正对)，如图所示，并缓慢抬高木
＝10 m/s2，则
()
A．物体 A 受到斜面体 B 的摩擦力增加 8 N
2020新课标高考物理二轮总复习课件：1-1-1
〉〉 视角二 “解析法”求解动态平衡问题 [例 4] (2018·四川成都实验高中一诊)如图，楔形物块 A 静置在水平地面上，其斜 面粗糙，斜面上有小物块 B.用平行于斜面的力 F 拉 B，使之沿斜面匀速上滑．现 改变力 F 的方向至与斜面成一定的角度，仍使物块 B 沿斜面匀速上滑．在 B 运动 的过程中，楔形物块 A 始终保持静止．关于各相互间作用力的描述正确的是( ) A．A 对 B 的摩擦力减小 B．拉力 F 一定增大 C．物块 B 对斜面的作用力不变 D．地面受到的摩擦力大小可能变大 答案：A
由三角函数可知，弹力大小为 mg，故 C 错误；再以 A 为研究对象，A 受重力 GA、 C 对 A 的压力 FA′、地面对它的支持力 FN 和摩擦力 f，C 对 A 的正压力 FA′＝ mg，其在水平方向上的分力等于地面对物块 A 的静摩擦力大小，由此可知静摩擦 力大小为 f＝FA′·sin θ＝ 23mg，故 A、B 错误；以 A、B、C 整体为研究对象， 所受重力为 2Mg＋mg，由对称性可知 A 所受地面支持力 FN＝Mg＋m2g，由牛顿第 三定律知 D 正确．
[规律方法] 解答动态平衡问题的三种方法
1．解析法：一般把力进行正交分解，两个方向上列平衡方程，写出所要分析的力 与变化角度的关系，然后判断各力的变化趋势．若出现直角三角形，常用三角函 数表示合力与分力的关系． 2．图解法：能用图解法分析动态变化的问题有三个显著特征：①物体一般受三个 力的作用；②其中有一个大小、方向都不变的力；③还有一个方向不变的力． 3．相似三角形法：物体一般受三个力的作用而平衡，系统内一定总存在一个与矢 量三角形相似的结构三角形，这种情况下采用相似三角形法解决问题．
2．(多选)(2019·胶州模拟)如图甲所示，截面为直角三角形的木块 A 质量为 m0，放 在倾角为 θ 的斜面上，当 θ＝37°时，木块 A 恰能静止在斜面上．现将 θ 改为 30°， 在 A 与斜面间放一质量为 m 的光滑圆柱体 B，如图乙所示，(sin 37°＝0.6，cos 37° ＝0.8，最大静摩擦力等于滑动摩擦力)则( )
2020新课标高考物理二轮课件：专题一第3讲 力与物体的曲线运动
A.第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小 B.第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大 C.第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大 D.竖直方向速度大小为 v1 时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大
解析：选 BD.根据 v－t 图线与横轴所围图形的面积表示位移，可知第二次滑翔过程中在 竖直方向上的位移比第一次的大，选项 A 错误；根据 v－t 图线的斜率表示加速度，综合 分析可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，选项 C 错误； 第二次滑翔过程中在竖直方向的位移比第一次的大，又运动员每次滑翔过程中竖直位移 与水平位移的比值相同(等于倾斜雪道与水平面夹角的正切值)，故第二次滑翔过程中在水 平方向上的位移比第一次的大，选项 B 正确；竖直方向上的速度大小为 v1 时，根据 v－t 图线的斜率表示加速度可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的加速度比第一次的小， 由牛顿第二定律有 mg－f＝ma，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上所受阻力比第一次 的大，选项 D 正确.
2．各自独立，分别分析
3．平抛运动是匀变速曲线运动，在任意相等的时间内速度的变化量Δv 相等，Δv＝gΔt，
方向恒为竖直向下．
4．两个分运动与合运动具有等时性，且 t＝
2gy，由下降高度决定，与初速度 v0 无关．
5．任意时刻的速度与水平方向的夹角 θ 的正切值总等于该时刻的位移与水平方向的夹角 φ 的正切值的 2 倍，即 tan θ＝2tan φ. 6．建好“两个模型” (1)常规的平抛运动及类平抛模型 (2)与斜面相结合的平抛运动模型 ①从斜面上水平抛出又落回到斜面上：位移方向恒定，落点速度方向与斜面间的夹角恒 定，此时往往分解位移，构建位移三角形． ②从斜面外水平抛出垂直落在斜面上：速度方向确定，此时往往分解速度，构建速度三 角形．
2020版高考物理二轮新考势课件：1-1-2+力与直线运动
C．时间间隔 T＝1 s
D．物体在第 1 个 T 时间内的位移为 0.6 m
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核心知识
知识必记
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第15页
引领高考/把握考试
二轮专题复习/考势 物理
【解析】 初速度为零的匀加速直线运动，连续相等时间内通过的位移之比为
1∶3∶5∶…，据此判断第一个 T 时间内的位移 x1＝15×3 m＝0.6 m，选项 D 正确；第二个
则有 v2－a1t2＝v1＋a(t2－Δt)解得 t2＝3.4 s
设在 t2 时间内小轿车向前行驶的距离为 x1′，
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第20页
引领高考/把握考试
二轮专题复习/考势 物理
货车向前行驶的距离为 x2′，则有 x1′＝v2t2－12a1t22
x2′＝v1Δt＋v1(t2－Δt)＋12a(t2－Δt)2
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引领高考/把握考试
二轮专题复习/考势 物理
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第8页
引领高考/把握考试 1．匀变速直线运动的规律
二轮专题复习/考势 物理
(1)速度公式：v＝v0＋at.
(2)位移公式：x＝v0t＋12at2.
(3)速度和位移的关系式：v2－v02＝2ax.
解得 x1′＝64.26 m，x2′＝36.36 m 由于 x1′－x2′＝27.9 m<d＝35 m. 故此种情况下两车不会发生相撞．
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第21页
引领高考/把握考试 ☞归纳总结
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