高二第三次月考物理试卷
高二上学期第三次月考物理试卷及答案
高二第三次月考试卷物理0（考试时间：90分钟 总分：100分）第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、单项选择题（共12题；每小题4分；共48分）1. 下列哪个物理量的表达式与磁感应强B=F/IL 采用不同．．的物理方法：( ） A ．电场强E=F/qB ．电阻R=U/IC ．加速a=F/mD ．电容C=Q/U2．下列关于磁场和磁感线的描述中正确的是：（ ）A ．磁感线可以形象地描述各点磁场的方向B ．磁感线是磁场中客观存在的线C ．磁感线总是从磁铁的N 极出发；到S 极终止D ．实验中观察到的铁屑的分布就是磁感线 3. 如图1所示；三个相同的带负电的小球从同一高开始自由落下；其中a直接落地；b 下落过程中经过一个水平方向的匀强电场区；c 下落时经过一个水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场区．不计空气阻力；设它们落地速大小分别为υa 、υb 、υc ；则 ( )A ．υa = υb = υcB ．υa = υc < υbC ．υa < υb = υcD ．υa > υb > υc4.A 、B 两个大小相同的金属小球；A 带有6Q 正电荷；B 带有3Q 负电荷；当它们在远大于自身直径处固定时；其间静电力大小为F ．另有一大小与A 、B 相同的不带电小球C ；若让C 先与A 接触；再与B 接触；拿走C 球后；A 、B 间静电力的大小变为 ( ) A.6F B.3F C.F D.零5.现将一根导线均匀拉长；使导线的直径减小为原来的一半；此时它的电阻为32Ω；则可知导线原来的电阻为( )A ．1ΩB ．2ΩC ． 8ΩD ．16Ω6.如图2所示；在示波管的正下方有一根水平放置与示波管平行的通电直导线；电流方向与电子束的方向相同；均水平向右；则示波管中的电子束将 ( ) A. 向纸里偏转 B. 向纸外偏转 C. 向下偏转 D. 向上偏转 7.如图3所示；实线是电场中一簇方向已知的电场线；虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹；a 、b 是运动轨迹上的两点；若带电粒子只受电场力作用；根据此图作出的判断是（ ）A ．带电粒子带正电B ．带电粒子一定是从a 向b 运动的C ．带电粒子在b 点的电势能大于在a 点的电势能D ．带电粒子在b 点的加速大于在a 点的加速8.如图4所示；平行板电容器与电源相连；负极板接地；在两板间有一负检验电荷固定在A 点。
高二物理上学期第三次月考试卷高二全册物理试题_2
嗦夺市安培阳光实验学校曲周一中高二（上）第三次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1---9题为单选，10---12题为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．赫兹根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量2．下面属于电磁感应现象的是（）A．通电导体周围产生磁场B．磁场对感应电流发生作用，阻碍导体运动C．由于导体自身电流发生变化，而在导体中产生自感电动势D．电荷在磁场中定向移动形成电流3．下面说法正确的是（）A．自感电动势总是阻碍电路中原来电流增加B．自感电动势总是阻碍电路中原来电流变化C．电路中的电流越大，自感电动势越大D．电路中的电流变化量越大，自感电动势越大4．我国已经制定了登月计划，假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈．则下列推断中正确的是（）A．直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则判断月球表面无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈分别绕两个互相垂直的轴转动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则判断月球表面有磁场5．如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行．已知在t=0到t=t1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向，线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右．设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是（）A ．B ．C ．D ．6．某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连接成如图所示的电路．检查电路后，闭合开关S，小灯泡发光；再断开开关S，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象．虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因．你认为最有可能造成小灯泡末闪亮的原因是（）A．电源的内阻较大B．小灯泡电阻偏大C．线圈电阻偏大D．线圈的自感系数较大7．如图所示，在光滑水平面上的直线MN左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，右侧是无磁场空间．将两个大小相同的铜质矩形闭合线框由图示位置以同样的速度v向右完全拉出匀强磁场．已知制作这两只线框的铜质导线的横截面积之比是1：2．则拉出过程中下列说法中正确的是（）A．所用拉力大小之比为2：1B．通过导线某一横截面的电荷量之比是1：1C．拉力做功之比是1：4D．线框中产生的电热之比为1：28．交流发电机在工作时的电动势为e=E m sinωt，若将其线框的转速提高到原来的两倍，其他条件不变，则其电动势变为（）A．E m sin B．2E m sin C．E m sin2ωt D．2E m sin2ωt9．如图所示，若线框abcd不闭合，当磁铁转动时，下列说法中正确的是（）A．线框中产生感应电动势，可跟随磁铁转动B．线框中不产生感应电动势，可跟随磁铁转动C．线框中产生感应电动势，不跟随磁铁转动D．线框中不产生感应电动势，不跟随磁铁转动10．如图所示，在一根软铁棒上绕有一个线圈，a、b是线圈的两端，a、b分别与平行导轨M、N相连，有匀强磁场与导轨面垂直，一根导体棒横放在两导轨上，要使a点的电势比b点的电势高，则导体棒在两根平行的导轨上应该（）A．向左加速滑动B．向左减速滑动C．向右加速滑动D．向右减速滑动11．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的直流电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮C．断开开关S切断电路时，A2立刻熄灭，A1过一会熄灭D．断开开关S切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭12．距离足够大的金属板A、B间有一电子（不计重力影响），在A、B间接有如图所示的正弦式电压u，t=0时电子从静止开始运动，则（）A．电子做往复运动B．在足够长的时间后，电子一定要碰到某个金属板上C．t=时，电子速度达到最大值D．t=T时，电子将回到原出发点二、实验题（本题共2小题，13题6分，14题6分，共12分）13．如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置．（1）将图中所缺导线补充完整．（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将原线圈迅速插入副线圈中，电流计指针将偏转．（填“向左”“向右”或“不”）（3）原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向右移动时，电流计指针将偏转．（填“向左”“向右”或“不”）14．电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器．如图1所示为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方放置有一个连接到放大器的螺线管．一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号．（1）金属弦的作用类似“研究电磁感应现象”实验中铁芯的作用，则被拨动后靠近螺线管的过程中，通过放大器的电流方向为（以图象为准，选填“向上”或“向下”）．（2）下列说法正确的是．A．金属弦上下振动的周期越大，螺线管内感应电流的方向变化也越快B．金属弦上下振动过程中，经过相同位置时速度越大，螺线管中感应电动势也越大C．电吉他通过扩音器发出的声音随感应电流强度增大而变响，增减螺线管匝数会起到调节音量的作用D．电吉他通过扩音器发出的声音频率和金属弦振动频率相同（3）若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图2所示，则对应感应电流的变化为图3中的．15．正方形的导线框，质量m=60g，边长l=12cm，电阻R=0.06Ω，在竖直平面内自由下落H=5m后，下框边进入水平方向的匀强磁场中，磁场方向与线框垂直，如图所示，匀强磁场沿竖直方向的宽度h=l，线框通过匀强磁场区域时恰好匀速直线运动，g=10m/s2，求：（1）匀强磁场的磁感强度多大？（2）线框通过磁场区域时产生了多少热量？16．两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平内，另一边垂直于水平面．质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为R．整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在平行于水平导轨的拉力F（大小未知）作用下以一定的速度沿导轨向右匀速运动时，cd杆正好以速度u向下匀速运动．重力加速度为g．试求：（1）杆ab中电流的方向和杆ab速度v的大小；（2）回路电阻消耗的电功率P；（3）拉力F的大小．17．两根金属导轨平行放置在倾角为θ=30°的斜面上，导轨底端接有电阻R=8Ω，导轨自身电阻忽略不计．匀强磁场垂直于斜面向上，磁感强度B=0.5T．质量为m=0.1kg，电阻r=2Ω的金属棒ab由静止释放，沿导轨下滑．如图所示，设导轨足够长，导轨宽度L=2m，金属棒ab下滑过程中始终与导轨接触良好，当金属棒下滑h=3m时，速度恰好达到最大速度2m/s，求此过程中电阻R上产生的热量？（g取10m/s2）曲周一中高二（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1---9题为单选，10---12题为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．赫兹根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量【考点】物理学史．【分析】对于物理中的重大发现、重要规律、原理，要明确其发现者和提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就．【解答】解：A、18，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系．故A正确．B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象．故B错误．C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流．故C错误．D、牛顿总结出了万有引力定律，卡文迪许用实验测出了引力常．故D错误．故选：A．【点评】本题关键要记住电学和力学的一些常见的物理学史．平时要加强记忆，注重积累．2．下面属于电磁感应现象的是（）A．通电导体周围产生磁场B．磁场对感应电流发生作用，阻碍导体运动C．由于导体自身电流发生变化，而在导体中产生自感电动势D．电荷在磁场中定向移动形成电流【考点】电磁感应现象的发现过程．【分析】电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象．【解答】解：A、电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象．故A错误．B 感应电流在磁场中受到安培力作用，不是电磁感应现象．故B错误．C、由于导体自身电流发生变化，而在导体中产生自感电动势是电磁感应现象．故C正确．D 电荷在磁场中定向移动形成电流，不是电磁感应产生的电流不是电磁感应现象．故D错误．故选：C【点评】本题考查对电磁现象本质的分析与理解能力．电磁感应现象特征是产生感应电流或感应电动势．3．下面说法正确的是（）A．自感电动势总是阻碍电路中原来电流增加B．自感电动势总是阻碍电路中原来电流变化C．电路中的电流越大，自感电动势越大D．电路中的电流变化量越大，自感电动势越大【考点】感生电动势、动生电动势．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】由法拉第电磁感应定律可知，闭合电路中产生的感应电动势的大小与电流的变化率成正比，与电流及电流的变化量无关．【解答】解：由法拉第电磁感应定律可知；E=n =，即E与磁通量的变化率成正比，即电动势取决于电流的变化快慢，而电流变化快慢，则会导致磁场的变化快慢，从而实现磁通量的变化快慢，故ACD错误，B正确；故选：B．【点评】在理解法拉第电磁感应定律时要注意区分Φ，△Φ，及者间的关系，明确电动势只取决于磁通量的变化率，与磁通量及磁能量的变化量无关．4．我国已经制定了登月计划，假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈．则下列推断中正确的是（）A．直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场有无B．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则判断月球表面无磁场C．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈分别绕两个互相垂直的轴转动，月球表面若有磁场，则电流表至少有一次示数不为零D．将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则判断月球表面有磁场【考点】感应电流的产生条件．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】直接将电流表放于月球表面，电流表电路是断开的，不能产生感应电流，无法判断有无磁场．将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，不能判断月球表面没有磁场；若电流表有示数，可以判断有磁场；若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，电流表无示数，不能判断月球表面无磁场．【解答】解：A、直接将电流表放于月球表面，电流表电路是断开的，不能产生感应电流，无法判断有无磁场．故A错误．B、将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，所以电流表无示数，不能判断月球表面无磁场．故B错误．C、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈分别以两个相互垂直的边为轴转动，若月球表面有磁场，则穿过线圈平面的磁通量总有一个方向会发生变化，若两个方向均不产生感应电流，故可以说明月球表面无磁场；故C正确；D、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，若电流表有示数，则说明月球表面一定有磁场；故D正确；故选：CD【点评】本题考查理论联系实际的能力，关键抓住产生感应电流的条件：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化．5．如图，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行．已知在t=0到t=t1的时间间隔内，直导线中电流i发生某种变化，而线框中感应电流总是沿顺时针方向，线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右．设电流i正方向与图中箭头方向相同，则i随时间t变化的图线可能是（）A ．B ．C ．D ．【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】感应电流沿顺时针方向，由安培定则判断出感应电流磁场方向；然后由楞次定律判断出原磁场如何变化，直线电流如何变化；由楞次定律判断导线框受到合力的方向．【解答】解：线框中感应电流沿顺时针方向，由安培定则可知，感应电流的磁场垂直于纸面向里；由楞次定律可得：如果原磁场增强时，原磁场方向应垂直于纸面向外，由安培定则可知，导线电流方向应该向下，为负的，且电流越来越大；由楞次定律可知：如果原磁场方向垂直于纸面向里，则原磁场减弱，直线电流变小，由安培定则可知，直线电流应竖直向上，是正的；A、由图示可知，直线电流按A所示变化，感应电流始终沿顺时针方向，由楞次定律可知，在i大于零时，为阻碍磁通量的减小，线框受到的合力水平向左，在i小于零时，为阻碍磁通量的增加，线框受到的合力水平向右，故A正确；B、图示电流不能使线框中的感应电流始终沿顺时针方向，故B错误；C、图示电流使线框中的感应电流沿顺时针方向，但线框在水平方向受到的合力始终水平向左，故C错误；D、图示电流使线框中产生的感应电流沿逆时针方向，故D错误；故选：A．【点评】正确理解楞次定律中“阻碍”的含义是正确解题的关键，熟练应用楞次定律、安培定则即可正确解题．6．某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连接成如图所示的电路．检查电路后，闭合开关S，小灯泡发光；再断开开关S，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象．虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因．你认为最有可能造成小灯泡末闪亮的原因是（）A．电源的内阻较大B．小灯泡电阻偏大C．线圈电阻偏大D．线圈的自感系数较大【考点】自感现象和自感系数．【专题】压轴题．【分析】线圈与小灯泡并连接电池组上．要使灯泡发生闪亮，断开开关时，流过灯泡的电流要比以前的电流大．根据楞次定律和并联的特点分析．【解答】解：A、开关断开开关时，灯泡能否发生闪亮，取决于灯泡的电流有没有增大，与电源的内阻无关．故A错误．B、若小灯泡电阻偏大，稳定时流过灯泡的电流小于线圈的电流，断开开关时，根据楞次定律，流过灯泡的电流从线圈原来的电流逐渐减小，灯泡将发生闪亮现象．故B错误．C、线圈电阻偏大，稳定时流过灯泡的电流大于线圈的电流，断开开关时，根据楞次定律，流过灯泡的电流从线圈原来的电流逐渐减小，灯泡不发生闪亮现象．故C正确．D、线圈的自感系数较大，产生的自感电动势较大，但不能改变稳定时灯泡和线圈中电流的大小．故D错误．故选C．【点评】自感现象是特殊的电磁感应现象，根据楞次定律分析要使实验现象明显的条件：线圈的电阻应小于灯泡的电阻．7．如图所示，在光滑水平面上的直线MN左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，右侧是无磁场空间．将两个大小相同的铜质矩形闭合线框由图示位置以同样的速度v向右完全拉出匀强磁场．已知制作这两只线框的铜质导线的横截面积之比是1：2．则拉出过程中下列说法中正确的是（）A．所用拉力大小之比为2：1B．通过导线某一横截面的电荷量之比是1：1C．拉力做功之比是1：4D．线框中产生的电热之比为1：2【考点】电磁感应中的能量转化；法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据E=BLv、I=、F=BIL ，R=ρ得到安培力的表达式，即可根据平衡条件得到拉力的大小关系；根据感应电荷量q=分析电荷量的关系；由功的公式得到拉力做功的表达式，再求解做功之比；根据功能关系分析电热之比．【解答】解：A、设矩形线圈左右边长为L1，上下边长为L2．电阻率为ρ，截面积为S．则感应电流为 I==拉力F=BIL1==，则知F∝S，所以所用拉力大小之比为1：2．故A错误．B、根据感应电荷量q==∝S，所以通过导线某一横截面的电荷量之比是1：2．故B错误．C、拉力做功W=FL1=∝S，拉力做功之比是1：2．故C错误．D、根据功能关系可知，线框中产生的电热等于拉力做功，故电热之比为1：2．故D正确．故选D【点评】本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，考查了导体切割产生的感应电动势公式，闭合电路欧姆定律、电阻定律、感应电荷量等多个知识，推导出所求量的表达式是关键．8．交流发电机在工作时的电动势为e=E m sinωt，若将其线框的转速提高到原来的两倍，其他条件不变，则其电动势变为（）A．E m sin B．2E m sin C．E m sin2ωt D．2E m sin2ωt【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】感应电动势的瞬时值表达式为e=E m sinωt，其中E m=nBSω，当将其电枢的转速提高到原来2倍时，E m和ω都增加2倍，再进行选择．【解答】解：感应电动势的瞬时值表达式为e=E m sinωt，当将其电枢的转速提高到原来2倍时，由ω=2πn，E m=nBSω，可知，E m和ω都增加2倍，其表达式变为：e′=2E m sin2ωt．故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】本题考查考虑问题的全面性，e=E m sinωt式中E m和ω都与转速成正比，不能简单认为表达式是E m sin2ωt．9．如图所示，若线框abcd不闭合，当磁铁转动时，下列说法中正确的是（）A．线框中产生感应电动势，可跟随磁铁转动B．线框中不产生感应电动势，可跟随磁铁转动C．线框中产生感应电动势，不跟随磁铁转动D．线框中不产生感应电动势，不跟随磁铁转动【考点】感应电流的产生条件．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】感应电流产生的条件是：1．闭合回路．2．回路中的磁通量发生变化．由此分析解答即可．【解答】解：由于线框不闭合，所以电路中并不能产生感应电流，所以线框不跟随磁铁转动．故选：D【点评】考查楞次定律和产生感应电流的条件，知道感应电流的磁通量总阻碍引起感应电流的磁场变化，线框不闭合时，不能产生感应电流．10．如图所示，在一根软铁棒上绕有一个线圈，a、b是线圈的两端，a、b分别与平行导轨M、N相连，有匀强磁场与导轨面垂直，一根导体棒横放在两导轨上，要使a点的电势比b点的电势高，则导体棒在两根平行的导轨上应该（）A．向左加速滑动B．向左减速滑动C．向右加速滑动D．向右减速滑动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】导体棒在导轨上做切割磁感线时会产生感应电动势，相当于电源，根据右手定则判断出感应电流的方向，确定出导体棒哪一端相当于电源的正极，哪一端电势较高．【解答】解：A、B、当导体棒向左加速或减速滑动时，根据右手定则判断可知，导体棒产生向下的感应电流，其下端相当于电源的正极，电势较高，则b点的电势比a点的电势高，故A、B错误．C、D、当导体棒向右加速或减速滑动时，根据右手定则判断可知，导体棒产生向上的感应电流，其上端相当于电源的正极，电势较高，则a点的电势比b点的电势高，故CD正确．故选：CD．【点评】解决本题关键要掌握右手定则，并知道电源的正极电势高于负极的电势，能熟练判断电势的高低．11．如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的直流电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，A1和A2始终一样亮C．断开开关S切断电路时，A2立刻熄灭，A1过一会熄灭D．断开开关S切断电路时，A1和A2都要过一会儿才熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据楞次定律及串联电路的特点来分析．【解答】解：合上开关接通电路时，A2立即正常发光，线圈中电流要增大，由于自感电动势的阻碍，灯泡A1中电流只能逐渐增大，则A2先亮，A1后亮，最后一样亮．故A正确，B错误．断开开关时，A2原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，两灯泡串联和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，则A1和A2都要过一会儿才熄灭．故C错误，D正确．故选AD【点评】自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守电磁感应的普遍规律楞次定律，对本题这种类型问题就是利用楞次定律来分析．12．距离足够大的金属板A、B间有一电子（不计重力影响），在A、B间接有如图所示的正弦式电压u，t=0时电子从静止开始运动，则（）A．电子做往复运动B．在足够长的时间后，电子一定要碰到某个金属板上C．t=时，电子速度达到最大值D．t=T时，电子将回到原出发点【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据E=和F=Eq判断电场力的变化情况，然后结合牛顿运动定律判断列子的运动情况．【解答】解：平行金属板间有一静止的正电粒子，若两板间加电压u=U m sinωt，粒子受到电场力作用，根据E=和F=Eq，电场力为：F=sinωt 即粒子的电场力随着时间按照正弦规律变化；加速度：a==sinωt，故粒子的加速度也随着时间按照正弦规律变化；由于速度与加速度一直同方向，故粒子一直做单方向的直线运动，位移不断增加；物体的速度方向不变，大小经过一个周期减小为零，当t=时，电子速度达到最大值；故BC正确，AD错误；故选：BC．【点评】电子在周期性变化的电场中运动，根据受力情况，由牛顿定律可分析出电子的运动情况，这是学习力学应具有的能力．要注意电场力反向时，电子的速度并不立即反向，注意明确每经过一个周期，粒子的速度改变量等于零．二、实验题（本题共2小题，13题6分，14题6分，共12分）13．如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置．（1）将图中所缺导线补充完整．（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将原线圈迅速插入副线圈中，电流计指针将向右偏转．（填“向左”“向右”或“不”）（3）原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向右移动时，电流计指针将向左偏转．（填“向左”“向右”或“不”）【考点】研究电磁感应现象．【专题】实验题．【分析】探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路．。
2022~2023年高二第三次月考物理试卷带参考答案和解析(辽宁省营口市部分重点高中)
选择题下列说法正确的有（）A.单摆的周期与振幅无关，仅与当地的重力加速度有关B.相对论认为时间和空间与物质的运动状态无关C.在干涉现象中，振动加强点的位移一定比减弱点的位移大D.声源与观察者相互靠近，观察者接收的频率大于声源的频率【答案】D【解析】A．根据可知，单摆的周期与振幅无关，与当地的重力加速度以及摆长有关，选项A错误；B．相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关，长度缩短，时间变长，故B错误；C．振动加强质点的振幅最大，位移不总是最大，在随着时间在变化，加强点可能处于波峰，也可能波谷，也可能在平衡位置；例如在某一时刻，振动加强质点处于平衡位置时，其位移等于零，此时可能小于振动减弱点的位移，故C错误；D．根据多普勒效应可知，声源与观察者相对靠近，观察者所接收的频率大于声源发出的频率，故D正确。
选择题在双缝干涉实验中，一钠灯发出的波长为589nm的光，在距双缝1.00m的屏上形成干涉图样．图样上相邻两明纹中心间距为0.350cm，则双缝的间距为（）A.2.06×10－7mB.2.06×10－4mC.1.68×10－4mD.1.68×10－3m【答案】C【解析】根据双缝干涉实验中相邻两明纹中心间距公式有：Δx=，解得：d= =×589×10－9m＝1.68×10－4m，故C正确，ABD错误．选择题关于电磁波，下列说法不正确的是（）A.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B.周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波C.电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度D.利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输【答案】D【解析】A．电磁波在真空中的传播速度均相同，与电磁波的频率无关，选项A正确，不符合题意；B．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，由近及远的传播形成电磁波，故B正确，不符合题意；C．电磁波是横波，每一处的电场强度和磁场强度总是相互垂直的，且与波的传播方向垂直，故C正确，不符合题意；D．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，电磁波也能通过电缆、光缆传输，故D错误，符合题意。
高二下学期物理三月份月考试卷真题
高二下学期物理三月份月考试卷一、选择题1. 在如图所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C.当闪光灯两端电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光，正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定A . 电源的电动势E一定小于击穿电压UB . 电容器所带的最大电荷量一定为CEC . 闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D . 在一个闪光周期内，通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等2. 如图所示，甲图中电容器的两个极板和电源的两极相连，乙图中电容器充电后断开电源．在电容器的两个极板间用相同的悬线分别吊起完全相同的小球，小球静止时悬线和竖直方向的夹角均为θ，将两图中的右极板向右平移时，下列说法正确的是A . 甲图中夹角减小，乙图中夹角增大B . 甲图中夹角减小，乙图中夹角不变C . 甲图中夹角不变，乙图中夹角不变D . 甲图中夹角减小，乙图中夹角减小3. 如图所示的电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P，欲使P向下运动，应断开开关A . S1B . S2C . S3D . S44. 一束带电粒子以同一速度，并以同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图所示．粒子q1的轨迹半径为r1，粒子q2的轨迹半径为r2，且r2＝2r1，q1、q2分别是它们的带电量，则A . q1带负电、q2带正电，荷质比之比为＝2∶1B . q1带负电、q2带正电，荷质比之比为＝1∶2C . q1带正电、q2带负电，荷质比之比为＝2∶1D . q1带正电、q2带负电，荷质比之比为＝1∶15. 下面的四个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是A .B .C .D .6. 根据楞次定律知：感应电流的磁场一定A . 阻碍引起感应电流的磁通量B . 与引起感应电流的磁场方向相反C . 阻碍引起感应电流的磁通量的变化D . 与引起感应电流的磁场方向相同7. 如图所示，直角坐标系Oxy的2、4象限有垂直坐标系向里的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，在第3象限有垂直坐标系向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B.现将半径为R、圆心角为90°的扇形闭合导线框OPQ在外力作用下以恒定角速度绕O 点在纸面内沿逆时针方向匀速转动．t＝0时刻线框在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则下列关于导线框中的电流随时间变化的图线，正确的是A .B .C .D .8. 一个电流表的内阻为12 Ω，当通过它的电流为2 mA时，指针偏转一个小格．要使偏转一个小格的电流为1 A时，正确的做法是A . 在表上并一个0.024 Ω的电阻B . 在表上并一个0.24 Ω的电阻C . 在表上并一个0.012 Ω的电阻D . 在表上并一个0.12 Ω的电阻9. 如图所示，灯泡A、B都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生断路，致使灯泡A比原来亮一些，B比原来暗一些，则断路的电阻是（）A . R1B . R3C . R2D . R410. 两根材料相同的导线，质量之比为2∶1，长度之比为1∶2，加上相同的电压后，通过的电流之比为A . 8∶1B . 4∶1C . 1∶1D . 1∶411. 如图所示，面积大小为S的矩形线圈abcd，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈可以绕O1O2转动．下列说法中正确的是A . 当线圈在图示位置时，穿过线圈的磁通量大小Φ＝BSB . 当线圈从图示位置转过90°时，穿过线圈的磁通量大小Φ＝0C . 当线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小ΔΦ＝0D . 当线圈从图示位置转过360°的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小ΔΦ＝BS12. 如图，ab边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子和α粒子（He）先后从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的（）A . 轨迹相同B . 动能相同C . 速率相同D . 时间相同13. 图为包含某逻辑电路的一个简单电路图，L为小灯泡．当电阻R′受到光照时，其阻值将变得远小于R.则下列判断正确的是A . 该逻辑电路是”与”门电路B . 该逻辑电路是“或”门电路C . 该逻辑电路是“非”门电路D . 当电阻R′受到光照时，小灯泡L将发光14. 一个点电荷，从静电场中的A点移到B点，电场力做功为零，则A . A，B两点的场强一定相等B . 作用在该电荷上的电场力与其移动方向总是垂直的C . A，B两点间的电势差一定为零D . 电荷在A，B两点的电势能不变二、填空题15. 有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60 cm，电阻大约为6 Ω，横截面如图甲所示．（1）用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为________mm；（2）现有如下器材：A．电流表（量程0.6 A，内阻约0.1 Ω）B．电流表（量程3 A，内阻约0.03 Ω）C．电压表（量程3 V，内阻约3 kΩ）D．滑动变阻器（1 750 Ω，0.3 A）E．滑动变阻器（15 Ω，3 A）F．蓄电池（6 V，内阻很小）G．开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选________，滑动变阻器应选________．（只填代号字母）（3）请将图丙所示的实际测量电路补充完整．（4）已知金属管线样品材料的电阻率为ρ，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的横截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是________（所测物理量用字母表示并用文字说明）．计算中空部分横截面积的表达式为S=________．三、实验题16. 图为“研究电磁感应现象”的实验装置．（1）将图中所缺的导线补接完整．（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：①将小线圈迅速插入大线圈时，灵敏电流计指针将向________偏一下；②小线圈插入大线圈后，将滑动变阻器的阻值调大时，灵敏电流计指针将向________偏一下．四、解答题17. 如图所示，匀强电场的场强E＝1.2×102N/C，方向水平向右，一点电荷q＝4×10－8C沿半径R＝20 cm的圆周，从A点移动到B点，已知∠AOB＝90°，请问：（1）这一过程电场力做的功是正功还是负功？做功多少？（2）A、B两点的电势差UAB为多少？18. 已知UAB=10V，R1=5Ω，R2=R3=10Ω，求：（1）A、B间的总电阻．（2）经过每个电阻上的电流大小．（3）电流表和电压表的示数．19. 如图1所示，匀强磁场的磁感应强度B为0.5T.其方向垂直于倾角为30°的斜面向上。
12月高二物理第三次月考(电场)测试题
bF 量奋市例比阳光实验学校 学高2021级第三次月考物理〔电场〕测试题一、选择题〔9个小题，每题5分，共45分。
每题的四个选项中，只有一个是最符合题目要求的。
〕1.如下图，三个完全相同的金属小球a 、b 、c 的三个顶点上．a 和c 带正电，b 带负电，a 所带电量的大小比b 的小．已 知c 受到a 和b 的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它这条有向线段是A.F 1B.F 2C.F 3D.F 42.设电子在运动过程中只受电场力作用．在下述的哪一种电场中可能出现以下情况：只要给电子一个适当的初速度它就能始终沿同一条电场线运动；而给电子另一个适当的初速度它就能始终沿某一个势面运动A.正点电荷产生的电场B.负点电荷产生的电场C.匀强电场D.量异种点电荷产生的电场3.如下图是空间某一电场中的一条电场线．M 、N 是该电场线上的两点．以下说法中正确的选项是A.该电场一是匀强电场B.比拟M 、N 两点的场强大小，一有E M >E NC.比拟同一个试探电荷在M 、N 两点受到的电场力，一有F M <F ND.比拟电子在M 、N 两点的电势能，一有E M >E N 4.图中虚线所示为静电场中的势面1、2、3、4，相邻的势面之间的电势差相，其中势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a 、b 点时的动能分别为26eV 和5eV ．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8 eV 时，它的动能为A. 8 eVB. 13 eVC. 20 eVD. 34 eV5.开关K ，电源即给电容器充电A.保持KB.保持K 接通，在两极板间插入一块介质，那么极板上的带电量不变C.充电结束后断开K ，减小两极板间的距离，那么两极板间的电势差减小D.充电结束后断开K ，在两极板间插入一块介质，那么极板上的电势差增大6.A 、B 是电场中的同一条直线形电场线上的两点．假设将一个带负电的点电荷从A 点由静止释放，它在沿电场线从A 向B 象如下图．比拟A 、B 两点的电势U 和场强E A.U A >U B ，E A > E B B.U A >U B ，E A < E Bt oABC.U A <U B ，E A < E BD.U A <U B ，E A > E B7.如下图，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO /方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO /垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．以下说法中正确的选项是A.B.C.假设它们射入电场时的动能相，在荧光屏上将只出现1个亮点 D.假设它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将只出现1个亮点8.如下图，在粗糙绝缘水平面上固一点电荷Q ，从M 点无初速释放一带有恒负电荷的小物块，小物块在Q 的电场中运动到M 点运动到N 点的过程中，以下说法中错误的选项是A.小物块所受电场力逐渐减小B.小物块具有的电势能逐渐减小C.M 点的电势可能高于N 点的电势D.小物块电势能变化量的大小于克服摩擦力做的功9.如下图，真空中有一个固的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个势面．有两个一价离子M 、N〔不计重力，也不计它们之间的电场力〕先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固点电荷最近的位置．①M 一是正离子，N 一是负离子．②M 在p 点的速率一大于N 在q 点的速率．③M 在b 点的速率一大于N 在c 点的速率．④M 从p →b 过程电势能的增量一小于N 从a →q 电势能的增量．以上说法中正确的选项是A.只有①③B.只有②④C.只有①④D.只有②③ 二、填空题〔3个小题，5个空。
物理上学期第三次月考试卷高二全册物理试题
量奋市例比阳光实验学校一中高二〔上〕第三次月考物理试卷一、单项选择题〔每题只有一个选项正确，每题4分，共28分〕1．把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个现象的物理学家是〔〕A．奥斯特B．安培C．法拉第D．赫兹2．在如下图的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2、V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，那么三个电表示数的变化情况是〔〕A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小3．一带正电粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．A处的电场强度一小于B处的电场强度B．A处的电势一小于在B处的电势C．CD间各点电场强度和电势都为零D．AB两点间的电势差于CB两点间的电势差4．两个大小不同的绝缘金属圆环如下图叠放在一起，小圆环有一半面积在大圆环内，当大圆环通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感电流的方向是〔〕A．顺时针方向B．逆时针方向C．左半圆顺时针，右半圆逆时针D．无感电流5．如下图一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一负电荷〔电量很小〕固在P点，以E表示两板间的场强，U表示电容器两板间的电压，W表示正电荷在P点的电势能．假设保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，那么〔〕A．U变小，W不变B．E变大，W变大C．U变大，E不变D．U不变，W不变6．如下图，在正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感强度大小为B的匀强磁场．一个质量为m、电量为+q的带电粒子〔重力不计〕从AB边的中点O以速度进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°．假设粒子能从AB边穿出磁场，那么粒子在磁场中运动的过程中，粒子到AB边的最大距离为〔〕A ．B ．C ．D ．7．如下图为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀强磁场，磁感强度大小为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为60°，如下图，根据上述条件可求以下哪几种物理量〔〕①带电粒子的比荷②带电粒子在磁场中运动的周期③带电粒子在磁场中运动的半径④带电粒子的初速度．A．①②B．①③C．②③D．③④二、不项选择题〔每题4分，共20分．每题的4个选项中至少有两项是正确的．全选对每题得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分〕8．一段电流元放在同一匀强磁场中的四个位置，如下图，电流元的电流I、长度L和受力F ，那么可以用表示磁感强度B的是〔〕A ．B ．C ．D ．9．如下图，在真空中的A、B两点分别放置量异种点电荷，在A、B两点间取一正五角星形路径abcdefghija，五角星的中心O与A、B的中点重合，其中af 连线与AB连线垂直．现有一电子沿该路径逆时针移动一周，以下正确的选项是〔〕A．g点和e点的电场强度相同B．a点和f点的电势相C．电子从e点移到f点的过程中，电场力做负功，电势能增加D．假设A、B两点处点电荷电荷量都变为原来2倍，那么A、B连线中点O点场强变为原来的2倍10．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，以下判断正确的选项是〔〕A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W11．如图，磁场垂直于纸面，磁感强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于O点，将圆环拉至位置a后无初速释放，在圆环从a摆向b的过程中〔〕A．感电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B．感电流方向一直是逆时针C．安培力方向始终与速度方向相反D．安培力方向始终沿水平方向12．如下图，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I，线圈间产生匀强磁场，磁感强度大小B与I成正比，方向垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为I H，与其前后外表相连的电压表测出的霍尔电压U H满足：U H =k，式中k为霍尔系数，d为霍尔元件两侧面间的距离．电阻R远大于R L，霍尔元件的电阻可以忽略，那么〔〕A．霍尔元件前外表的电势低于后外表B．假设电源的正负极对调，电压表将反偏C．I H与I成正比D．电压表的示数与R L消耗的电功率成正比三、填空题〔每空2分，共14分〕13．读图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数为mm．；螺旋测微器的读数为mm．14．〔10分〕〔2021秋•温州校级期中〕某同学在练习使用多用电表时连接的电路如以下图所示〔1〕假设旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过〔填R1或R2〕的电流；〔2〕假设断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，那么测得的是的电阻．A．R1的电阻 B．R2的电阻 C．R1和R2的串联电阻 D．R1和R2的并联电阻〔3〕将选择倍率的旋钮拨至“×100Ω〞的挡时，测量时指针停在刻度盘0Ω附近处，为了提高测量的精确度，有以下可供选择的步骤：A．将两根表笔短接B．将选择开关拨至“〞〔填“×1kΩ〞或“×10Ω〞〕C．将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读数D．调节零电阻，使指针停在0Ω刻度线上E．将选择开关拨至交流电压最高挡上①补全B项步骤②将上述步骤中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理顺序是〔填写步骤的代号〕．③假设操作正确，上述C步骤中，指针偏转情况如下图，那么所测电阻大小为．15．在倾角θ=30°的斜面上，固一金属框，宽L=0.5m，接入电动势E=12V、内阻不计的电池和滑动变阻器．垂直框面放有一根质量m=0.1kg，电阻为r=1.6Ω的金属棒ab，不计它与框架间的摩擦力，不计框架电阻．整个装置放在磁感强度B=0.8T，垂直框面向上的匀强磁场中，如下图，调节滑动变阻器的阻值，当R的阻值为多少时，可使金属棒静止在框架上？〔假设阻值R可满足需要〕〔g=10m/s2〕16．静电喷漆技术具有效率高、浪费少、质量好，有利于工人健康优点，其装置原理图如下图．A、B为两块平行金属板，间距为d，两板间有方向由B指向A、场强为E的匀强电场．在A板的放置一个平安接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带负电油漆微粒，微粒的初速度为v0，质量为m，电荷量为q，微粒的重力和所受空气阻力以及微粒之间的作用力均不计，微粒最后都落在金属板B上且对匀强电场不影响．试求：〔1〕微粒打在B板上的动能E k．〔2〕微粒最后落在B板上所形成的图形面积的大小．17．〔10分〕〔2021秋•校级期中〕如图甲所示的电路中，R1、R2均为值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器，当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的．求：〔1〕值电阻R2的阻值；〔2〕滑动变阻器的最大阻值．18．〔12分〕〔2021秋•期末〕如图，在第Ⅱ象限内有水平向右的匀强电场，电场强度为E，在第Ⅰ、Ⅳ象限内分别存在如下图的匀强磁场，磁感强度大小相，有一个带电粒子以垂直于x轴的初速度v0从x轴上的P点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正方向成45°角进入磁场，又恰好垂直x轴进入第Ⅳ象限的磁场，OP之间的距离为d，求：〔1〕带电粒子在磁场中做圆周运动的半径，〔2〕带电粒子在磁场中第二次经过x轴时，在磁场中运动的总时间，〔3〕匀强磁场的磁感强度大小．一中高二〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每题只有一个选项正确，每题4分，共28分〕1．把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个现象的物理学家是〔〕A．奥斯特B．安培C．法拉第D．赫兹【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】本是18丹麦的物理学家奥斯特做的电流磁效的．【解答】解：当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效，首先观察到这个现象的物理学家是奥斯特．故A正确，BCD错误．应选：A．【点评】此题考查的是物理学常识．对于物理学史上著名物理学家、和重要理论要记牢，这也是高考内容之一．2．在如下图的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2、V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，那么三个电表示数的变化情况是〔〕A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】理清电路，确电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆律进行分析．【解答】解：R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1示数减小，而总电流I增大，那么流过R2的电流I2增大，即A2示数增大．故A、C、D错误，B正确．应选：B．【点评】解决此题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆律求解．注意做题前一要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流．3．一带正电粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．A处的电场强度一小于B处的电场强度B．A处的电势一小于在B处的电势C．CD间各点电场强度和电势都为零D．AB两点间的电势差于CB两点间的电势差【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】性思想；图析法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】从图象可以看出，带电粒子做的是非匀变速直线运动，可得出受到的电场力不恒，由带正电的粒子仅在电场力作用，图线斜率表示加速度，由牛顿第二律分析电场力的大小关系，从而得到电场强度的大小关系．由动能的变化，分析电势能的变化，从而电势的变化，由动能理分析AB两点间的电势差与CB两点间的电势差的大小关系．【解答】解：A、由v﹣t图象可知，带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一大于B点的电场强度，故A错误；B、由A到B的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点是电势能大于在B 时的电势能，所以A点的电势高于B点的电势，故B错误．C、从C到D，粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势的零点可人为选取，那么电势不一为零，故C错误；D、A、C两点的速度相，故粒子的动能相同，因此从A到B和从C到D电场力做功相同，由W=qU知，AB两点间的电势差于CB两点间的电势差，故D正确．应选：D【点评】解决此题的关键要掌握图象的物理意义：斜率表示加速度，由速度的变化分析动能的变化，判断受力情况．4．两个大小不同的绝缘金属圆环如下图叠放在一起，小圆环有一半面积在大圆环内，当大圆环通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感电流的方向是〔〕A．顺时针方向B．逆时针方向C．左半圆顺时针，右半圆逆时针D．无感电流【考点】楞次律．【分析】由通电导线产生磁场，导致线圈中产生感电流，再根据电流与电流的作用力关系进行判断，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．【解答】解：根据右手螺旋那么可知，通电导线瞬间，左、右线圈的磁通量均增大，但小线圈的左边的磁场方向垂直纸面向里，右边的磁场方向垂直向外．导致合磁场方向垂直纸面向里，根据楞次律可知，线圈的感电流方向是逆时针方向．应选：B【点评】解决此题的关键掌握同向电流、异向电流的关系．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．同时还考查右手螺旋那么与楞次律．5．如下图一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一负电荷〔电量很小〕固在P点，以E表示两板间的场强，U表示电容器两板间的电压，W表示正电荷在P点的电势能．假设保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，那么〔〕A．U变小，W不变B．E变大，W变大C．U变大，E不变D．U不变，W不变【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】比拟思想；控制变量法；电场力与电势的性质专题．【分析】平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大．由推论公式E=分析板间场强E的变化情况．由公式C=判断板间电压的变化．分析P点电势的变化，即可分析电势能的变化．【解答】解：电容器的电量不变，板间距离减小，根据电容的决式知电容增大．由C=知板间电压U变小．由推论公式 E=，知电场强度E不变．因为电场强度不变，那么P与负极板间的电势差不变，由U=Ed知P与下极板间的电势差不变，那么P点的电势不变，正电荷在P点的电势能W不变．故A正确，B、C、D错误．应选：A【点评】此题是电容器的动态变化分析问题，难点是确电场强度的变化，只要得出电场强度的变化，就可以得出P与负极板电势差的变化，得出P点的电势以及电荷在P点电势能的变化．6．如下图，在正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感强度大小为B的匀强磁场．一个质量为m、电量为+q的带电粒子〔重力不计〕从AB边的中点O以速度进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°．假设粒子能从AB边穿出磁场，那么粒子在磁场中运动的过程中，粒子到AB边的最大距离为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】作出粒子在磁场中的运动轨迹，结合粒子在磁场中的半径公式求出半径的大小，结合几何关系求出粒子在磁场中运动的过程中，到AB边的最大距离．【解答】解：正电荷在向外的磁场中向右偏转，粒子运动的轨迹如下图．根据得，r=．根据几何关系知，粒子在运动过程中距离AB边的最远距离为d=r+rsin30°=．故A正确，B、C、D错误．应选：A．【点评】解决带电粒子在磁场中运动问题，关键作出轨迹，确圆心，结合几何关系，根据半径公式进行求解．7．如下图为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀强磁场，磁感强度大小为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为60°，如下图，根据上述条件可求以下哪几种物理量〔〕①带电粒子的比荷②带电粒子在磁场中运动的周期③带电粒子在磁场中运动的半径④带电粒子的初速度．A．①②B．①③C．②③D．③④【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二律．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动．在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期．【解答】解：设圆柱形区域的横截面半径为R，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t，那么：2R=vt ①在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀强磁场，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为60°，画出运动轨迹：结合几何关系，有：r=Rtan60°=②粒子做匀速圆周运动，根据牛顿第二律，有：qvB=m③周期：T=④解得：粒子的周期：T==πt因为初速度无法求出，那么无法求出轨道半径，故①②正确，③④错误；应选：A．【点评】带电粒子仅在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力只改变速度的方向不改变速度的大小，洛伦兹力对粒子也不做功．同时当粒子沿半径方向入射，那么也一沿着半径方向出射．二、不项选择题〔每题4分，共20分．每题的4个选项中至少有两项是正确的．全选对每题得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分〕8．一段电流元放在同一匀强磁场中的四个位置，如下图，电流元的电流I、长度L和受力F ，那么可以用表示磁感强度B的是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】安培力；磁感强度．【分析】当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL ．磁感强度的义式：中首先说明的是让一小段电流元垂直放入磁场中．【解答】解：磁感强度的义：让一小段电流元垂直放入磁场中．它受到的安培力与电流和导线长度乘积的比值．义式：中首先说明的是让一小段电流元垂直放入磁场中．故AC正确，BD选项不符合义的条件．故BD错误．应选：AC【点评】该题考查磁感强度的义式的条件，这是初步学习该概念的难点，也是容易出现错误的地方，要该概念内涵的学习．9．如下图，在真空中的A、B两点分别放置量异种点电荷，在A、B两点间取一正五角星形路径abcdefghija，五角星的中心O与A、B的中点重合，其中af 连线与AB连线垂直．现有一电子沿该路径逆时针移动一周，以下正确的选项是〔〕A．g点和e点的电场强度相同B．a点和f点的电势相C．电子从e点移到f点的过程中，电场力做负功，电势能增加D．假设A、B两点处点电荷电荷量都变为原来2倍，那么A、B连线中点O点场强变为原来的2倍【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】性思想；模型法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据量异种电荷电场线的分布比拟g、e两点的场强．a、f处于量异种电荷连线的中垂线上，这条中垂线是一条势线；根据负电荷在电势上下处电势能小，由电势上下判断电势能的变化．由E=k分析场强的变化．【解答】解：A、根据量异种电荷电场线分布的对称性可知，g、e两个电场线疏密相同，说明场强大小相，但方向不同，那么这两点的场强不同．故A错误．B、a、f处于量异种电荷连线的中垂线上，而这条中垂线是一条势线，故a点和f点的电势相．故B正确．C、电子从e点移到f点的过程中，电势升高，电子带负电，电势能减小，电场力做正功．故C错误．D、假设A、B两点处的点电荷电荷量都变为原来的2倍，根据=k分析可知，A、B两个点电荷Q在O点产生的场强均变为原来的2倍，那么叠加后O点的场强也变为原来的2倍．故D正确．应选：BD【点评】解决此题的关键掌握量异种电荷周围电场线的分布，理解并掌握其对称性，知道电势升高时负电荷的电势能减小．10．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，以下判断正确的选项是〔〕A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】当开关闭合后，灯泡L1的电压于3V，由图读出其电流I，由欧姆律求出电阻，并求出其功率．灯泡L2、L3串联，电压于V，由图读出电流，求出电阻．【解答】解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，那么灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C 正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=V×0.20A=0.30W，故B错误，D正确；应选ACD．【点评】此题关键抓住电源的内阻不计，路端电压于电动势，来确三个灯泡的电压．读图能力是根本功．11．如图，磁场垂直于纸面，磁感强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于O点，将圆环拉至位置a后无初速释放，在圆环从a摆向b的过程中〔〕A．感电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B．感电流方向一直是逆时针C．安培力方向始终与速度方向相反D．安培力方向始终沿水平方向【考点】楞次律；左手那么．【专题】压轴题；高考物理专题．【分析】此题由楞次律可得出电流的方向，在于弄清何时产生电磁感，以及磁通量是如何变化的；由左手那么判断安培力的方向．【解答】解：先看感电流方向，铜制圆环内磁通量先向里并增大，铜制圆环感电流的磁场向外，感电流为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感电流的磁场向里，感电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感电流的磁场向外，感电流为逆时针，所以A、B二者选A．再看安培力方向，根据左手那么，因效导线是沿竖直方向的，且两边的磁感强度不同，故合力方向始终沿水平方向，故和速度方向会有一夹角，所以，C、D 二者选D．应选AD．【点评】此题考查法拉第电磁感律，安培力左手那么，力的合成，难度较大．注意研究铜制圆环在越过最低点过程中这一环节，如果丢掉这一环节，A、B二者就会错选B．12．如下图，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I，线圈间产生匀强磁场，磁感强度大小B与I成正比，方向垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为I H，与其前后外表相连的电压表测出的霍尔电压U H满足：U H =k，式中k为霍尔系数，d为霍尔元件两侧面间的距离．电阻R远大于R L，霍尔元件的电阻可以忽略，那么〔〕A．霍尔元件前外表的电势低于后外表B．假设电源的正负极对调，电压表将反偏C．I H与I成正比D．电压表的示数与R L消耗的电功率成正比【考点】霍尔效及其用．【分析】根据通电导线产生磁场，带电粒子在电场力作用下加速，而磁场力的作用下偏转，由左手那么可知，偏转方向，得出电势上下；由电源的正负极变化，导致电子运动方向也变化，由左手那么可知，电子的偏转方向；I H与I的关系，结合U=k，及P=IU，即可求解．【解答】解：A、根据电流周围存在磁场，结合安培那么可知，磁场的方向，而电子移动方向与电流的方向相反，再由左手那么可得，电子偏向内侧，导致前外表的电势高于后外表，故A错误；B、当电源正负对调后，磁场虽反向，而电子运动方向也反向，由左手那么可知，洛伦兹力的方向不变，那么电压表将不会反偏，故B错误；C、如下图，霍尔元件与电阻R串联后与R L并联，根据串并联特点，那么有：I H R=〔I﹣I H〕R L；因此那么有I H与I成线性关系，故C正确；D、根据U=k，且磁感强度大小B与I成正比，即为B=K′I，又I H与I成线性关系，结合P=UI，因此：U==，那么有U与P RL成正比，故D正确；应选：CD．【点评】考查电流形成的条件，理解左手那么与安培那么的用，注意串并联电路的特点，掌握理论推理的方法：紧扣提供信息，结合已有的规律．三、填空题〔每空2分，共14分〕13．读图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数为10.05 mm．；螺旋测微器的读数为0.920 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】题．【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：游标卡尺的固刻度读数为1cm=10mm，游标读数为0.05×1mm=0.05mm，所以最终读数为：10.05mm．螺旋测微器的固刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01×42.0mm=0.420mm，所以最终读数为：0.920mm．故此题答案为：10.05mm，0.920mm．【点评】解决此题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．14．〔10分〕〔2021秋•温州校级期中〕某同学在练习使用多用电表时连接的电路如以下图所示〔1〕假设旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过R1〔填R1或R2〕的电流；〔2〕假设断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，那么测得的是 C 的电阻．A．R1的电阻 B．R2的电阻 C．R1和R2的串联电阻 D．R1和R2的并联电阻〔3〕将选择倍率的旋钮拨至“×100Ω〞的挡时，测量时指针停在刻度盘0Ω附近处，为了提高测量的精确度，有以下可供选择的步骤：A．将两根表笔短接B．将选择开关拨至“×10Ω〞〔填“×1kΩ〞或“×10Ω〞〕。
高二物理下学期第三次月考试题word版本
安徽省巢湖市 2016-2017 学年高二物理放学期第三次月考试题一、单项选择题 ( 本大题共10 小题，共40 分)1.1820 年，丹麦物理学家奥斯特发现：把一条导线平行地放在小磁针的正上方邻近，当导线中通有电流时，小磁针会发生偏转，如下图．这个实验现象说明（）A. 电流拥有磁效应B. 电流拥有热效应C. 电流拥有化学效应D. 电流改变了小磁针的磁极2.如下图，两个完整相同的线骗局在一水平圆滑绝缘圆柱上，但能自由挪动．若两线圈内通以大小不等的同向电流，则它们的运动状况是（）A. 都绕圆柱转动B. 以大小不等的加快度相向运动C. 以大小相等的加快度相向运动D. 以大小相等的加快度背向运动3. 如下图，固定的水平长直导线中通有向右电流I ，闭合的矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止开释，在着落过程中（）A. 穿过线框的磁通量保持不变B. 线框所受安培力的协力为零C. 线框中产生顺时针方向的感觉电流D. 线框的机械能不停增大24. 如图（甲）所示，面积 S=0.2m的线圈，匝数n=630匝，总电阻 r =1.0Ω，线圈处在变化的磁场中，设磁场垂直纸面向外为正方向，磁感觉强度B随时间t按图（乙）所示规律变化，方向垂直线圈平面，图（甲）中传感器可当作一个纯电阻R，并标有“ 3V， 0.9W”，滑动变阻器 R 上标有“ 10Ω， 1A”，则以下说法正确的选项是（）A.电流表的电流方向向左B. 为了保证电路的安全，电路中同意经过的最大电流为 1 AC.线圈中产生的感觉电动势随时间在变化D. 若滑动变阻器的滑片置于最左端，为了保证电路的安全，图（乙）中的t 0最小值为40s5.如图，平均磁场中有一由半圆弧及其直径组成的导线框，半圆直径与磁场边沿重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感觉强度大小为 B0．使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω 匀速转动半周，在线框中产生感觉电流．现使线框保持图中所示地点，磁感觉强度大小随时间线性变化．为了产生与线框转动半周过程中相同大小的电流，磁感觉强度随时间的变化率的大小应为（）A. B. C. D.6.一个半径为 r 、质量为 m、电阻为R的金属圆环，用一根长为 L 的绝缘细绳悬挂于 O点，离 O点下方处有一宽度为，垂直纸面向里的匀强磁场地区，如图所示．现使圆环从与悬点O等高地点 A 处由静止开释（细绳张直，忽视空气阻力），摆动过程中金属环所在平面一直垂直磁场，则在达到稳固摇动的整个过程中金属环产生的热量是（）A. mg LB. mg（+r）C. mg（+r）D. mg（ L+2r）7. 如图， A、B 是两个完整相同的白炽灯，L 是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈．下边说法正确的选项是（）A. 闭合开关S 时， A、 B 灯同时亮，且达到正常亮度B. 闭合开关S 时， A 灯比 B 灯先亮，最后相同亮C. 闭合开关S 时， B 灯比 A 灯先亮，最后相同亮D. 断开开关S 时， B 灯立刻熄灭而 A 灯慢慢熄灭8. 外国科研人员设计了一种“能量收集船”，如下图，在船的双侧附着可涉及水面的旋转“工作臂”，每只“工作臂”的底端装有一只手掌状的、紧贴水面的浮标．当波涛惹起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获取电能储藏起来．以下电器设施与“能量收集船”获取能量原理相同的是（）A. B. C. D.9. 如下图，理想变压器原线圈接正弦交变电压和一个电流表，原、副线圈的匝数比为n，输出端接一电动机，电动机线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电流表的示数为I ，电动机带动一重物匀速上涨．以下判断正确的选项是（）A. 电动机两头电压U′ =n UB. 电动机两头电压U′ =n IRC. 电动机耗费的功率 2 2P= D. 电动机的输出功率为P=UI- n I R10.某一电热器接在 U=110V的直流电源上，每秒产生的热量为Q；现把它改接到沟通电源上，每秒产生的热量为 2Q，则该沟通电压的最大值 U m是（）A.110VB.110VC.220VD.220V二、多项选择题 ( 本大题共 3 小题，共12.0 分 )11. 以下图中线圈中不可以产生感觉电流的是（）A. B. C. D.12. 如下图为一正弦交变电压随时间变化的图象，由图可知（）A. t =0.01 s时线框的磁通量最大B. 用电压表丈量该沟通电压时，读数为311 VC. 交变电流的频次为50HZD. 将它加在电容器上时，电容器的耐压值一定大于311 V13.如下图，物体 A 搁置在物体 B 上， B 与一轻弹簧相连，它们一同在圆滑水平面上以 O点为均衡地点做简谐运动，所能到达相关于 O点的最大位移处罚别为 P 点和 Q点，运动过程中 A、B 之间无相对运动．已知物体 A 的质量为m，物体 B 的质量为 M，弹簧的劲度系数为k，系统的振动周期为 T，振幅为L，弹簧一直处于弹性限度内．以下说法中正确的选项是（）A. 物体 B从 P 向 O运动的过程中，A、 B 之间的摩擦力对 A 做正功B. 物体 B 处于 PO之间某地点时开始计时，经T/4 时间，物体 B 经过的行程必定为LC. 当物体 B 的加快度为 a 时开始计时，每经过T 时间，物体 B 的加快度仍为aD. 当物体 B 相对均衡地点的位移为x 时，A、B间摩擦力的大小等于三、填空题( 本大题共 3 小题，共16 分)14. 一质点在均衡地点O点邻近做简谐运动，它走开O点向着M点运动，0.3 s末第一次到达 M点，又经过0.2 s第二次抵达M点，再经过______s 质点将第三次抵达M点．若该质点由O出发在4s内经过的行程为20cm，该质点的振幅为______cm．15.如下图是弹簧振子的振动图象，从图象中能够看出：振子的振幅是______cm、频次是______H z．振子在4s内经过的行程是______m，该简谐运动的表达式为______cm．16. 某同学研究竖直方向弹簧振子的运动，的质量为 m，使小球在竖直方向上作振幅为已知轻质弹簧的劲度系数为k，小球A 的简谐运动，当物体振动到最高点时弹簧正好为原长，并测得振动的频次为 f 1，则当小球运动到最低点时弹簧的伸长量为______；现将振幅变为本来的一半，测得振动频次为 f 2，则 f 1______ f 2（选填“大于”“等于”或许“小于”）四、计算题 ( 本大题共 3 小题，共32.0 分 )17.有一台内阻为 1Ω的太阳能发电机，供应一个学校照明用电，如下图，升压变压器匝数比为 1：4，降压变压器的匝数比为 4： 1，输电线的总电阻R=4Ω，全校共22 个班，每班有“220V40W”灯 6 盏，若所有电灯正常发光，则①发电机输出功率多大？②发电机电动势多大？③输电效率多少？18.如下图，在质量 M=5kg的无下底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量分别为 m a=1kg、m b=0.5 kg 的A、B两物体，弹簧的劲度系数为100N/ m．箱子放在水平川面上，均衡后剪断A、B 间的连线， A 将做简谐运动，求：（g=10m/ s2）（1）在剪断绳索后瞬时， A、 B 物体的加快度分别是多大？（2）物体 A 的振幅？（3）当 A 运动到最高点时，木箱对地面的压力大小？19.如下图，竖直搁置的 U 圆滑导轨宽为 L，上端串有电阻 R（其他部分电阻不计）．磁感觉强度为 B 的匀强磁场方向垂直纸面向里．忽视电阻的金属棒ab的质量为m与导轨接触优秀．从静止开释后 ab 保持水平而下滑，求：（ 1）ab下滑的最大速度v m？（ 2）若ab降落h时达到最大速度，则此过程R产生的热量为多少？参照答案单项选择： ACCDA CCDDC多项选择：AC ACD ACD填空： 14 题： 1.4 2 15题：2；1.25；0.4；y=2sin2.5π t 16题：；等于17题解：（ 1）全校耗费的功率 P 用 =NP0=22×40×6W=5280W，设线路电流为 I 线，输电电压为 U2，降压变压器原线圈电压为U3，则，，线路损失功率，因此 p 出 =P 用 +P 损 =5280+144W=5424W（ 2）输电线上损失的电压为U 损 =I 线 R 线=6×4=24 V，升压变压器副线圈上的电压为U2=U损 +U3=24+880V=904V由得：，升压变压器原线圈电流，发电机的电动势E=I1r+U1 =24×1+226V=250VV（ 3）输电效率为η=答：（ 1）发电机的输出功率应是5424W；（ 2）发电机的电动势是250V；（ 3）输电效率是97.3%18题：（ 1、 2）均衡后剪断A、 B 间细线， A 将做简谐振动，B做自由落体运动，即 B 的加快度为 g；以 A 为研究对象，此时受向下的重力和弹簧的竖直向上的弹力，而弹簧的弹力为：（mA+mB）g据牛顿第二定律得：aA===5m/s2剪短绳索瞬时有：kx1=（ mA+mB） g，均衡地点时，弹簧的伸长量：有：kx2=mAg，故振幅为： A=x1-x2=0.05m=5cm（ 2）剪断 A、B 间的连线， A 将做简谐运动，且在最低点的恢复力为mBg；依据简谐运动的对称性，抵达最高点时恢复力大小也为mBg；据此可知弹簧对 A 的弹力为5N，方向向上，因此弹簧对顶部的拉力也为f=5N，再以木箱为研究对象，据均衡态可知：F=Mg+F=55N+5N=55N，由牛顿第三定律可知，木箱对地面的压力等于55N；19 题解：（1）ab 开始向下加快运动，跟着速度的增大，感觉电动势E、感觉电流I 、安培力F 都随之增大，ab 所受的协力减小，加快度随之减小．当 F 增大到与重力相等时，加快度变为零，做匀速直线运动，这时ab 达到最大速度，则有：mg=F（ 1）安培力：F=BIL（2）感觉电动势：E=BLvm（ 3）由欧姆定律可知电流I=联立（ 1）（ 2）（ 3）（ 4）求解得vm=（ 2）由能量守恒定律有Q=mgh- mvm2Q=mgh-．答：（ 1）ab 下滑的最大速度vm为（ 2）若 ab 降落 h 时达到最大速度，则此过程R产生的热量为mgh-。
高二物理下学期第三次月考试题(含解析)-人教版高二全册物理试题
高二第二学期第三次月考物理试题(考试时间90分钟，总分为110分)一、选择题(每一小题4分，共48分。
1-8小题为单项选择题；9-12小题为不定项选择题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
)1.【题文】英国物理学家法拉第引入了“电场〞和“磁场〞的概念，并用画电场线和磁感线的方法来描述电场和磁场，为经典电磁学理论的建立奠定了根底．如下相关说法正确的答案是A. 电荷和电荷、通电导体和通电导体之间的相互作用是通过电场发生的B. 磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的C. 电场线和电场线不可能相交，磁感线和磁感线可能相交D. 通过实验可发现电场线和磁感线的存在【答案】B【解析】此题主要考查电场、磁场与其对它们的描述；选项A，电荷和电荷之间是通过电场产生相互作用，通电导体和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，应当选项A错误；选项B，磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，应当选项B 正确；选项C，电场线和电场线、磁感线和磁感线都不可能相交，应当选项C错误；选项D，电场线和磁感线实际上都不存在，只是为了形象的描述对应的场而假想的曲线，应当选项D错误；此题正确选项为B。
【题型】单项选择题【备注】【完毕】2.【题文】对做匀变速直线运动的物体,如下说法正确的答案是A.在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1∶3∶5B.一质点的位置坐标函数是x=4t+2t2，如此它运动的初速度是4 m/s，加速度是2 m/s2C.做匀减速直线运动的物体,位移一定随时间均匀减小D.任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等【答案】D【解析】此题主要考查匀变速运动规律；选项A，由可知在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1:4:9，应当选项A错误；选项B，由与的对应关系可知初速度为4m/s，加速度为4m/，应当选项B错误；选项C，做匀减速运动的物体位移未必减小，比如以一定的初速度在地面上滑行的物体，其位移增大，应当选项C错误；选项D，由匀变速运动规律可知任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等，应当选项D正确；此题正确选项为D。
高二物理下学期第三次月考试题(含解析)高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校郎溪高二下学期第三次月考物理试题一、单项选择题1. 下列说法正确的是( )A. 黑体辐射电磁波的情况不仅与温度有关，还与材料的种类及表面状况有关B. 的半衰期约为7亿年，随地球环境的变化，半衰期可能变短C. β射线是原子的核外电子电离后形成的电子流D. 在、、这三种射线中，射线的穿透能力最强，射线的电离能力最强【答案】D【解析】黑体辐射电磁波的情况与温度有关，与材料的种类及表面状况无关，A 错误；半衰期与元素的物理状态无关，随地球环境的变化，半衰期不变，B错误；β射线产生的过程是：原子核内的一个中子变为质子，同时释放一个电子，C错误；在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，D正确．2. 下列叙述中符合物理学史的有（）A. 汤姆孙通过研究阴极射线实验，发现了电子和质子的存在B. 卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，证实了原子是可以再分的C. 查德威克通过实验发现了中子的存在D. 玻尔提出的原子模型，彻底否定了卢瑟福的原子核式结构学说【答案】C【解析】汤姆孙通过研究阴极射线实验，发现了电子的存在，A错误；卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，证实了原子是由原子核和核外电子组成的，B错误；卢瑟福预言了中子的存在，查德威克通过原子核人工转变的实验发现了中子，C正确；玻尔在卢瑟福的原子核式结构学说的基础上，引入了量子理论，提出的原子模型，并没有完全否定卢瑟福的原子核式结构学说，D错误．3. 如图为一交流电压随时间变化的图象．前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为（）A. 7.5VB. 8VC. VD. V【答案】C【解析】解：如图所示，它不是正弦式电流，因此有效值不是等于最大值除以根号2取一个周期进行分段，在0﹣1s 是正弦式电流，则电压的有效值等于3．在1s﹣3s是恒定电流，则有效值等于9V．则在0﹣3s 内，产生的热量U=2故选：C【点评】正弦式交流电时，当时间轴上方与下方的图象不一样时，也是分段：前半周期时间的正弦式有效值等于最大值除以根号2，后半周期时间内的正弦式有效值等于最大值除以根号2．然后再求出一个周期内的有效值．4. 实验观察到，静止在匀强磁场中A点的原子核发生β衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面内做匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图．则（）A. 轨迹2是电子的，磁场方向垂直纸面向外B. 轨迹1是新核的，磁场方向垂直纸面向里C. 轨迹2是新核的，磁场方向垂直纸面向外D. 轨迹1是电子的，磁场方向垂直纸面向里【答案】D【解析】原子核发生β衰变时，根据动量守恒可知两粒子的速度方向相反，动量的方向相反，大小相等；由半径公式（P是动量），分析得知，r与电荷量成反比，β粒子与新核的电量大小分别为e和ne（n为新核的电荷数），则β粒子与新核的半径之比为ne：e=n：1．所以半径比较大的轨迹1是衰变后β粒子的轨迹，轨迹2是新核的．新核沿逆时针方向运动，在A点受到的洛伦兹力向左，由左手定则可知，磁场的方向向里，由以上的分析可知，D正确．5. 用频率为ν的光照射某金属表面，逸出光电子的最大初动能为E；若改用频率为ν’的另一种光照射该金属表面，逸出光电子的最大初动能为3E。
高中高二物理上学期第三次月考试卷高二全册物理试题
时遁市安宁阳光实验学校金东方高中高二（上）第三次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．关于静电场下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．根据公式U ab=Ed可知，在匀强电场中两点a、b间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少2．如图所示，两个相同的小球带电量分别为+4Q和+Q，被固定在光滑、绝缘水平面上的A、B两点，O是AB的中点，C、D分别是AO和OB的中点．一带电量为+q的小球从C点由静止释放，仅在电场力作用下向右运动，则小球从C点运动到D点的过程中( )A．速度一直增大B．加速度一直减小C．电场力先做正功后做负功 D．电势能先增大后减小3．如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α、则AB两点的电势差为( )A．零 B．EL C．ELsinαD．ELcosα4．关于磁感强度，正确的说法是( )A．磁感强度B是矢量，方向与F的方向相同B．在确定的磁场中，同一点的B是确定的，不同点的B可能相同，磁感线密的地方B大些，磁感线疏的地方B小些C．磁感强度B是矢量，方向与通过该点的磁感线的方向相同D．根据定义式B=，磁场中某点的磁感强度B与F成正比，与IL成反比5．如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是( )A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小6．如图所示，在同一平面内，同心的两个导体圆环中通以同向电流时( ) A．两环都有向内收缩的趋势B．两环都有向外扩张的趋势C．内环有收缩趋势，外环有扩张趋势D．内环有扩张趋势，外环有收缩趋势7．如图所示，直角坐标系Oxy的2、4象限有垂直坐标系向里的匀强磁场磁感应强度大小均为B，在第3象限有垂直坐标系向外的匀强磁场磁感应强度大小为2B，现将半径为R，圆心角为90°的扇形闭合导线框OPQ在外力作用下以恒定角速度绕O点在纸面内沿逆时针方向匀速转动．t=0时线框在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则下列关于导线框中的电流随时间变化关系正确的是( )A ．B ．C ．D ．8．如图是位于x轴上某点的电荷在直线PQ右侧的电势φ随x变化的图线，a、b是x轴上的两点，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该曲线的渐近线，则以下说法正确的是( )A．可以判断出OP间的各点电势均为零B．负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能C．可以判断出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向D．正检验电荷从a点移到b点，电场力一直做正功9．高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”．下列所示电路图不能实现上述目标的是( )A ．B ．C ．D ．10．如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为l，两导轨间连有一电阻R，导轨平面与水平面的夹角为θ，在两虚线间的导轨上涂有薄绝缘涂层．匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直．质量为m 的导体棒从h高度处由静止释放，在刚要滑到涂层处时恰好匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且仅与涂层间有摩擦，动摩擦因数μ=tanθ，其他部分的电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A．导体棒到达涂层前做加速度减小的加速运动B．在涂层区导体棒做减速运动C ．导体棒到达底端的速度为D．整个运动过程中产生的焦耳热为mgh ﹣二、实验题（5分+9分=14分）11．关于多用表的使用：（1）（多选题）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是__________ A．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，不应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零（2）以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是（3）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示．若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中．指针位置选择开关所处档位读数a 直流电流100mV __________mA直流电压2.5V __________Vb 电阻×100__________Ω12．一个未知电阻R x，阻值大约为1.0kΩ～1.2kΩ．为了较为准确的测定其电阻值，实验室中还备有如下器材：电源E （电动势3V、内阻可忽略）电压表V （量程3V、内阻约为3kΩ）电流表A1（量程3mA、内阻约为10Ω）电流表A2（量程0.6A、内阻约为1Ω）滑动变阻器R的最大阻值为20Ω开关S、导线若干（1）在实验中电流表应选__________．（2）为了尽可能减少误差，且能够测量较多组数据，请你在虚线框中画出本实验的电路图．（3）根据你所画的电路图在题给的实物图上用笔画线代替导线画出连接图．13．有一带电量q=﹣3×10﹣6C的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点时电场力做功9×10﹣4J．问：（1）AB、BC、CA间电势差各为多少？（2）如以B点为零电热，则A、C两点的电势各为多少？14．有一金属细棒ab，质量m=0.05kg，电阻不计，可在两条轨道上滑动，如图所示，轨道间距为L=0.5m，其平面与水平面的夹角为θ=37°，置于垂直于轨道平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=1.0T，金属棒与轨道的动摩擦因数μ=0.5，（设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等）回路中电源电动势为E=3V，内阻r=0.5Ω．求：①为保证金属细棒不会沿斜面向上滑动，流过金属细棒ab的电流的最大值为多少？②滑动变阻器R的阻值应调节在什么范围内，金属棒能静止在轨道上？（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）15．如图所示，一足够长的矩形区域abcd内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O，方向垂直磁场向里射入一速度方向跟ad 边夹角θ=30°、大小为v0的带正电粒子，已知粒子质量为m，电量为q，ad边长为L，ab边足够长，粒子重力不计，求：（1）粒子能从ab边上射出磁场的v0大小范围．（2）如果带电粒子不受上述v0大小范围的限制，求粒子在磁场中运动的最长时间．16．如图甲所示，光滑绝缘水平面上，磁感应强度B=2T的匀强磁场以虚线MN 为左边界，MN的左侧有一质量m=0.1kg，bc边长L1=0.2m，电阻R=2Ω的矩形线圈abcd．t=0时，用一恒定拉力F拉线圈，使其由静止开始向右做匀加速运动，经过时间1s，线圈的bc边到达磁场边界MN，此时立即将拉力F改为变力，又经过1s，线圈恰好完全进入磁场．整个运动过程中，线圈中感应电流i随时间t变化的图象如图乙所示．（1）求线圈bc边刚进入磁场时的速度v1和线圈在第ls内运动的距离x；（2）写出第2s内变力F随时间t变化的关系式；（3）求出线圈ab边的长度L2．金东方高中高二（上）第三次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．关于静电场下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比C．根据公式U ab=Ed可知，在匀强电场中两点a、b间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零；用公式U=Ed 和电势能公式E p=qφ即可求解．【解答】解：A、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故A错误．B、电场中的电势的大小是有电场本身与0势能点的选择有关，与试探电荷的电量无关，故B错误．C、公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故C错误．D、据电势能公式E p=qφ知，正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确．故选：D．【点评】明确电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离；电荷在某点的电势能是由该点电势和电荷决定．2．如图所示，两个相同的小球带电量分别为+4Q和+Q，被固定在光滑、绝缘水平面上的A、B两点，O是AB的中点，C、D分别是AO和OB的中点．一带电量为+q的小球从C点由静止释放，仅在电场力作用下向右运动，则小球从C点运动到D点的过程中( )A．速度一直增大B．加速度一直减小C．电场力先做正功后做负功 D．电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题中滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力；看电场力做功的情况，判断电势能的变化；水平面光滑，动能和电势能相互转化．【解答】解：A、小球受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，在c处4Q 电荷对球的电场力较大，球向右运动过程中，两个电荷对球的电场力逐渐平衡，后又增大，受到的合力先向右后向左，加速度先减小后增大，故速度先增大后减小，故AB错误．C、由于受到的合力先向右后向左，位移一直向右，故电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增大，故C正确，D错误；故选：C【点评】解决本题的关键会进行电场的叠加，以及会根据电场力做功判断电势能的变化3．如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α、则AB两点的电势差为( )A．零 B．EL C．ELsinαD．ELcosα【考点】电势差；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed求电场强度，注意d是沿电场线方向的两点间距离．【解答】解：匀强电场中电势差与场强的关系公式为：U=Ed；d是沿电场线方向的两点间距离，为Lcosα；故AB之间的电势差为：U=ELcosα；故选D．【点评】考查了电场强度与电势差的关系，注意公式中d的含义．电场中的要基本公式掌握，打好基础．4．关于磁感强度，正确的说法是 ( )A．磁感强度B是矢量，方向与F的方向相同B．在确定的磁场中，同一点的B是确定的，不同点的B可能相同，磁感线密的地方B大些，磁感线疏的地方B小些C．磁感强度B是矢量，方向与通过该点的磁感线的方向相同D．根据定义式B=，磁场中某点的磁感强度B与F成正比，与IL成反比【考点】磁感应强度．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】磁感应强度反映磁场本身的性质，与电流元无关．磁感应强度是矢量，与F方向垂直，与通过该点的磁感线的切线方向相同．磁感线可形象表示磁场的强弱，磁感线密的地方B大些，磁感线疏的地方B小些．【解答】解：A、磁感应强度B是矢量，根据左手定则可知，其方向其与F的方向垂直．故A错误．B、在确定的磁场中，同一点的B是唯一确定的，可由磁感线形象表示磁场的强弱，磁感线密的地方B大些，磁感线疏的地方B小些．故B正确．C、B是矢量，就是该点的磁场方向，与通过该点的磁感线的切线方向相同．故C错误．D、公式B=是定义式，磁感强度B由磁场本身决定，与F无关比，与IL无关．故D错误．故选：B【点评】磁感线与电场线相似，可形象表示磁场的强弱和方向，其疏密表示磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向；要理解定义式的意义．5．如图所示电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是( )A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．【解答】解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大．A、据P=I2r可知，电源内部消耗的功率增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小（滑动变阻器R的电压减小），即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，据P=UI可知，R上消耗的功率不一定变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η=可知，当总电阻减小，电源效率减小，故C正确．本题选错误的，故选：D．【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．6．如图所示，在同一平面内，同心的两个导体圆环中通以同向电流时( ) A．两环都有向内收缩的趋势B．两环都有向外扩张的趋势C．内环有收缩趋势，外环有扩张趋势D．内环有扩张趋势，外环有收缩趋势【考点】楞次定律；法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据电流与电流的作用力关系进行判断，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．【解答】解：同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈的运动情况是相互吸引．所以内环有扩张趋势，外环有收缩趋势，故D正确，A、B、C错误．故选：D【点评】解决本题可以首先判断出外环产生的磁场，然后使用安培定则判断出内环受到的安培力的方向，最后根据牛顿第三定律判断出外环受力的方向；也可以根据同向电流、异向电流的关系进行判定．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．7．如图所示，直角坐标系Oxy的2、4象限有垂直坐标系向里的匀强磁场磁感应强度大小均为B，在第3象限有垂直坐标系向外的匀强磁场磁感应强度大小为2B，现将半径为R，圆心角为90°的扇形闭合导线框OPQ在外力作用下以恒定角速度绕O点在纸面内沿逆时针方向匀速转动．t=0时线框在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则下列关于导线框中的电流随时间变化关系正确的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】根据转动切割磁感线感应电动势公式E=ω求出每条半径切割磁感线时产生的感应电动势，分段由闭合电路欧姆定律求出感应电流，由楞次定律判断感应电流的方向，即可选择图象．【解答】解：在0﹣t时间内，线框从图示位置开始（t=0）转过90°的过程中，产生的感应电动势为：E1=ω•R2；由闭合电路欧姆定律得，回路电流为：I1==．根据楞次定律判断可知，线框中感应电流方向沿逆时针．在t﹣2t时间内，线框进入第3象限的过程中，回路电流方向为顺时针．回路中产生的感应电动势为：E2=ω•R2+ω•R2=Bω•R2=3E1；感应电流为：I2=3I1；在2t﹣3t时间内，线框进入第4象限的过程中，回路电流方向为逆时针．回路中产生的感应电动势为： E3=ω•R2+ω•R2=Bω•R2=3E1；感应电流为：I2=3I1；在3t﹣4t时间内，线框出第4象限的过程中，回路电流方向为顺时针．回路中产生的感应电动势为：E4=ω•R2；由闭合电路欧姆定律得，回路电流为：I4=I1；故B正确．故选：B【点评】本题考查了法拉第电磁感应定律E=E=ω在转动切割类型中的应用，掌握楞次定律，会判断感应电流的方向．中等难度．8．如图是位于x轴上某点的电荷在直线PQ右侧的电势φ随x变化的图线，a、b是x轴上的两点，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该曲线的渐近线，则以下说法正确的是( )A．可以判断出OP间的各点电势均为零B．负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能C．可以判断出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向D．正检验电荷从a点移到b点，电场力一直做正功【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势φ与位移x图线的斜率表示电场强度，根据斜率判断电场强度的方向和变化，从而判断出孤立点电荷的电性和位置，根据顺着电场线的方向电势降低判断电势的高低，由ɛ=qφ判定电荷的电势能的变化，由电场力的方向与运动方向的关系判定电场力的做功．【解答】解：A、C、由题意，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该电势曲线的渐近线，所以产生该电场的点电荷是正电荷，位于P点．所以P点左侧的电场的电势与P点因此的电势是对称的，OP间的各点电势均不为零，P点左侧的电场方向为x轴负方向．故AC都错误；B、由图可知a点的电势高于b点的电势，根据电势能的公式：ɛ=qφ，所以负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能．故B正确；D、由图可知a点的电势高于b点的电势，所以电场的方向是由a指向b，正检验电荷在ab之间受到的电场力的方向由a指向b，当正电荷从a点移到b点，电场力的方向与运动的方向相同，所以电场力一直做正功．故D正确．故选：BD【点评】解决本题的关键是掌握电场线方向与电势变化的关系，能熟练运用电势能的表达式与能量守恒定律判断能量的变化，是常见的问题．9．高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”．下列所示电路图不能实现上述目标的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】简单的逻辑电路．【分析】两间厕所的门都关上时指示灯才会发光说明两开关相互影响、不能工作即为串联且控制灯泡．【解答】解：A、由电路图可知，两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，故A正确；B、由电路图可知，闭合任意一个开关，灯泡都发光，不符合题意，故B不正确；CD、由电路图可知，闭合S2时指示灯亮，再闭合S1时指示灯不亮，且会发生电源短路，故CD不正确．本题选不正确的，故选：BCD．【点评】本题考查逻辑电路，要注意明确根两开关实现的是“与”门的逻辑功能；能根据题意得出两开关的连接方式和位置是解决本题的关键．10．如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为l，两导轨间连有一电阻R，导轨平面与水平面的夹角为θ，在两虚线间的导轨上涂有薄绝缘涂层．匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直．质量为m 的导体棒从h高度处由静止释放，在刚要滑到涂层处时恰好匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且仅与涂层间有摩擦，动摩擦因数μ=tanθ，其他部分的电阻不计，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A．导体棒到达涂层前做加速度减小的加速运动B．在涂层区导体棒做减速运动C ．导体棒到达底端的速度为D．整个运动过程中产生的焦耳热为mgh ﹣【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】研究导体棒在绝缘涂层上匀速运动过程，受力平衡，根据平衡条件即可求解动摩擦因数μ．据题导体棒在滑上涂层之前已经做匀速运动，推导出安培力与速度的关系，再由平衡条件求解速度v．【解答】解：A、导体棒到达涂层前速度越来越大，由E=BLv得，感应电动势越来越大，根据I=和F=BIL得，所受的安培力越来越大，由F=mgsinθ﹣BIL=ma 得，加速度越来越小，故A正确；B、当导体到达涂层时，所受力平衡，但是到达涂层后，安培力消失，受力分析得导体受力平衡，故导体匀速运动，故B错误；C 、根据受力平衡条件得：BIL=mgsinθ，得：，所以v=，故C正确；D、由能量守恒产生的焦耳热Q=mgh ﹣﹣mgsinθL=mgh﹣﹣mgsinθL，故D错误；故选：AC【点评】本题考查平衡条件的应用，注意感应电动势和安培力的求解方式，属于中等难度．二、实验题（5分+9分=14分）11．关于多用表的使用：（1）（多选题）下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是AA．测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，不应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零（2）以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是（3）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图所示．若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中．指针位置选择开关所处档位读数a 直流电流100mV 23mA直流电压2.5V 0.57Vb 电阻×100320Ω【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】（1）用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使欧姆表指针指在刻度盘刻度线附近；测电阻时应把待测电阻与其它电路断开；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．（2）根据对欧姆表结构的掌握分析图示电路图答题．（3）多用电表的使用中，能测量电流、直流电压、交流电压、电阻等．有关表头读数：最上示数是电阻刻度；中间是直、交流电压或电流刻度；最下示数是交流量程是2.5V电压刻度．因此当选择开关位于电阻档时，先读出刻度盘上的读数，然后再乘上倍率就是电阻的阻值．注意的是电阻刻度是不均匀的，所以尽量让指针指在中间附近．当选择开关位于电压档时，根据电压量程从而选择刻度读数．同样电流档也是一样的．只有当量程是2.5V交流电压时，才读最下刻度．【解答】解：（1）A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C错误；D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；故选A．（2）欧姆表有内置电源，欧姆表的红表笔与内阻电源的负极相连，黑表笔与内置电源的正极相连，电流计正接线柱应接电源正极，负极线柱接电源负极，由图示可知，图C所示电路正确；（3）直流电流100mA档读第二行“0～10”一排，最小度值为2mA估读到1mA 就可以了；直流电压2.5V档读第二行“0～250”一排，最小分度值为0.05V 估读到0.01V就可以了；电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率“100”．指针位置选择开关所处的档位读数a 直流电流100mA 23.0mA直流电压2.5V 0.57Vb 电阻×100320Ω故答案为：（1）A；（2）C；（3）23；0.57；320．【点评】本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零．要掌握欧姆表的结构．让学生熟悉如何使用多用电表，并知道多用电表能测哪里物理量．同时知道电阻刻度盘是不均匀的，除刻度盘上的读数外还要乘上倍率；还有量程2.5V的交流电压是读最下面刻度．12．一个未知电阻R x，阻值大约为1.0kΩ～1.2kΩ．为了较为准确的测定其电阻值，实验室中还备有如下器材：电源E （电动势3V、内阻可忽略）电压表V （量程3V、内阻约为3kΩ）电流表A1（量程3mA、内阻约为10Ω）电流表A2（量程0.6A、内阻约为1Ω）滑动变阻器R的最大阻值为20Ω开关S、导线若干（1）在实验中电流表应选A1．（2）为了尽可能减少误差，且能够测量较多组数据，请你在虚线框中画出本实验的电路图．（3）根据你所画的电路图在题给的实物图上用笔画线代替导线画出连接图．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】电流表、电压表和滑动变阻器的选择应该遵循“安全、精确和操作方便”的原则，由于待测电阻阻值较大，从减小误差的角度选择滑动变阻器分压式接法和电流表内接法．按照前面的选择连接电路画出本实验的电路图即可．画实物图时要注意电表的正负极和开关的位置．【解答】解：（1）未知电阻R x，阻值大约为1.0kΩ～1.2kΩ．为了较为准确的测定其电阻值，所以实验中电流表应选A1．（2）由于待测电阻阻值较大，从减小误差的角度选择滑动变阻器分压式接法和电流表内接法．电路图：（3）根据电路图相应的画出实物图：。