2018届高三物理二轮复习专题一力与运动第2讲力和直线运动课件2018010528
2．追及问题的解题思路和技巧 (1)解题思路：
分析两物体 画运动示意图 找两物体 列位移 → → → 运动过程 或v－t图象 位移关系 方程
(2)解题技巧： ①紧抓“一图三式”，即过程示意图，时间关系式、速度关系式和位移关系
式．
②审题应抓住题目中的关键字眼，充分挖掘题目的隐含条件；如“刚好”“恰 好”“最多”“至少”等，往往对应一个临界状态，满足相应的临界条件． ③若被追赶的物体做匀减速运动，一定要注意追上前该物体是否已停止运动， 另外还要注意最后对解的讨论分析．
⑥由图象构建数学函数关系式，根据所构建的关系式与掌握的物理规律对比，
确定式中各项的物理意义．
2．判别物理过程
由图象形状所描述的状态及变化规律确定质点的运动性质．
3．选择解答方法 根据质点的运动性质，选择公式法、图象法解答试题，必要时建立函数关系并 进行图象转换，或者与常见形式比较进行解答和判断．
1. (多选)如图甲，一物块在t＝0时刻滑上一固定斜面，其运动的v－t图线如图 乙所示．若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出( ACD ) A．斜面的倾角 B．物块的质量 C．物块与斜面间的动摩擦因数
象结合匀变速直线运动的规律考查； (2) 动力学图象结合牛顿第二定律考查； (3) 动 力学图象结合受力分析，运动分析考查． 方法点拨 巧解动力学中图象的方法：
1．识别图象
①横、纵坐标轴表示的物理量；
②是定性描述(坐标轴无标度和单位)还是定量描述(坐标轴有标度和单位)； ③图象形状所描述的状态及变化规律； ④图线与横坐标包围的“面积”有、无意义及对应的物理量； ⑤图线的折点表示斜率发生变化，明确图线斜率对应的物理量；
过程中的加速度大小相等．求：
(1) 此次人工收费通道和 ETC 通 道打开栏杆放行的时间差Δt； (2) 两辆汽车驶离收费站后相距 的最远距离Δx.
解析 (1)两车减速运动的加速度为 a＝ v2－v1 间为 t1＝ a ＝4 s， v1＋v2 走过的距离为 x1＝ 2 t1＝60 m.
2 ＝ 2.5 m/s ，甲车减速到 v2 所用时 d 2x＋2
v2 1
甲车从匀速运动到栏杆打开所用时间为 d x＋2－x1 t2＝ ＝ 2 s， v2
甲车从减速到栏杆打开的总时间为 t 甲＝t1＋t2＝6 s. v1 乙车减速行驶到收费岛中心线的时间为 t3＝ a ＝8 s， 从减速到栏杆打开的总时间为 t 乙＝t0＋t3＝23 s. 人工收费通道和 ETC 通道打开栏杆放行的时间差 Δt＝t 乙－t 甲＝17 s.
旗．训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处． 假设运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速
度为v1，重力加速度大小为g.求：
(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数； (2)满足训练要求的运动员的最小加速度．
突破点拨 (1)冰球滑向挡板运动过程是在滑动摩擦力作用下做匀减速运动． (2)冰球到达挡板时，满足训练要求的运动员中，刚好到达小旗处的运动员的加
1. (2017·全国卷Ⅱ)为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线相
距s0和s1(s1<s0)处分别放置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运动员和冰 球都位于起跑线上，教练员将冰球以初速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑
线的方向滑向挡板；冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小
v3－v2 30－40 解析 (1)小汽车速度减为 v3＝108 km/h＝30 m/s，用时 t1＝ ＝ s＝ 2 －a1 －5 s，小汽车前进的距离为
2 2 2 v2 － v 30 － 40 3 2 x1＝v2Δt＋ ＝40×2 m＋ m＝150 m， －2a1 －2×5
这段时间内巡警车前进了 x2＝v1(t1＋Δt)＝10×4 m＝40 m. 因为 x0＋x2>x1，说明小汽车与巡警车第一次相遇时，小汽车速度已减为 v3＝30 m/s. 设从巡警车立即示警到两车第一次相遇所用的时间为 t，根据两车的位移关系得 x1＋v3(t－4 s)＝x0＋v1t，解得 t＝4.5 s. 这段时间内小汽车行驶的距离为 x3＝x1＋v3(t－Δt－t1)＝150 m＋30×0.5 m＝165 m.
巡警车发现后，在两车第一次相遇时开始以a2＝2 m/s2的加速度加速追赶小汽车．重
力加速度g＝10 m/s2. (1)从巡警车示警到两车第一次相遇用了多长时间？这段时间内小汽车行驶的距 离是多少？ (2)在不违规的情况下，巡警车追上小汽车用多长时间？ (3)如果巡警车追上小汽车的同时命令其刹车，小汽车司机急制动时产生的平均 制动力F＝1.5×104 N，汽车质量(含司机，M＝1 500 kg，其制动过程可视为匀减速直 线运动．如果司机的质量为m＝70 kg，汽车紧急制动过程对司机的冲量为多少？
v1＋v0 解析 冰球运动的时间为 t，则有 s0＝ 2 t， v2 运动员刚好在同一时间运动到小旗处，速度最小，设为 v2，则有 s1＝ 2 t，联立 s1v0＋v1 上述二式得 v2＝ . s0
s1v0＋v1 答案 s0
2．(2017·河南郑州预测)为提高通行效率，许多高速公路出入口安装了电子不停 车收费系统ETC.甲、乙两辆汽车分别通过 ETC通道和人工收费通道 (MTC)驶离高速 公路，流程如图所示．假设减速带离收费岛口x＝60 m，收费岛总长度为d＝40 m， 两辆汽车同时以相同的速度v1＝72 km/h经过减速带后，一起以相同的加速度做匀减 速运动．甲车减速至v2＝36 km/h后，匀速行驶到中心线即可完成缴费，自动栏杆打 开放行；乙车刚好到收费岛中心线收费窗口停下，经过t0＝15 s的时间缴费成功，人 工栏杆打开放行．随后两辆汽车匀加速到速度 v1后沿直线匀速行驶，设加速和减速
速度就是所要求解的最小加速度．
解析 (1)设冰球的质量为 m，冰球与冰面之间的动摩擦因数为 μ，根据牛顿第二 定律有 μmg＝ma1， ①
2 根据运动学公式有 v2 1－v0＝－2a1s0，② 2 v2 － v 0 1 解①②得 μ＝ . 2gs0
③
(2)冰球到达挡板时，满足训练要求的运动员中，刚好到达小旗处的运动员的加 速度最小．设这种情况下，冰球和运动员的加速度大小分别为 a1 和 a2，所用的时间
(3)选小汽车为研究对象，初速度方向为正方向，由牛顿第二定律有 F＝Ma2，解 得 a2＝10 m/s2， 0－v3 0－30 刹车时间为 t＝ ＝ s＝3 s. － a2 －10 选司机为研究对象，根据牛顿第二定律 F′2－m2g2＝ma2， 解得紧急制动时汽车对司机的作用力大小 F′＝700 2 N， 汽车紧急制动过程对司机的冲量大小 I＝ F′t＝2 100 2 N· s.
第一部分 核心专题突破
专题一
第2讲
力与运动
力和直线运动
栏目导航
2年考情回顾 热点题型突破
热点题源预测
对点规范演练 逐题对点特训
2年考情回顾
①运动学图象和匀变速 [例](2017·全国卷Ⅰ，24题) (2016·全国卷Ⅰ， 设问 方式 直线运动 ②行车运行问题 ③滑块模型问题 21题) [例](2016·四川卷，10题) (2016·天津卷，8题) [例](2017·全国卷Ⅰ，25题)
D．物块沿斜面向上滑行的最大高度
突破点拨 (1)由v－t图象知，物块在0～t1内沿斜面减速上滑，之后沿斜面加速下滑． (2)上滑时，物块所受合力为mgsin θ＋μmgcos θ；下滑时，所受合力为mgsin θ －μmgcos θ.
(3)当t＝t1时，物块速度减为零，滑至最大高度．
v0 v1 解析 由乙图知物体快上滑的加速度大小 a1＝ t ，下滑加速度大小 a2＝ t 根据牛 1 1 顿第二定律．物块上滑时 mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1，物块下滑时 mgsin θ－μmgcos θ v0＋v1 v0＋v1 v0 ＝ma2.可以求出 sin θ＝ 2gt ，μ＝2gt cos θ，物块上滑的最大距离 x＝ 2 t1，最大高 1 1 度 h＝xsin θ，选项 A、C、D 正确，B 错误．
(2)设巡警车速度达到 35 m/s 用时为 t2， v－v1 35－10 t2＝ a ＝ 2 s＝12.5 s， 2 1 2 这时 x′1＝v3t2＝375 m>x′2＝v1t2＋2a1t2＝281.25 m， 说明此时没有追上． 设从巡警车开始追赶到追上小汽车用的时间为 t′， 根据两车的位移关系得 x′2＋v(t′－t2)＝v3t′，，时间关系式，速度关系式和位 审题 要点 移关系式． ②审题应抓住题目中的关键字眼，充分挖掘题目的隐含条件；如“刚 好”“恰好”“最多”“至少”等，往往对应一个临界状态． ③要抓住研究对象，明确研究过程，审清受力情况 解题 模板 受力情况 力的合成和分解 求合外力 F合＝ma 求加速度 运动学公式
(3)如果一个物体的运动包含几个阶段，就要分段分析，各段交接处的速度往往 是联系各段的纽带． (4)对于刹车类问题，当车的速度为零时，停止运动，其加速度也突变为零．求 解此类问题应先判断车停下所用的时间，再选择合适的公式求解．
题型二
动力学图象的应用
命题规律
动力学图象的应用是近几年高考的热点，命题规律有以下几点： (1)动力学图
答案 (1)17 s
(2)400 m
3． (2017·广东百校联考)某公路限制速度为 v＝ 126 km/h，一巡警车正以 v1＝36
km/h的速度在平直公路上行驶，突然发现在他后方120 m处一小汽车以v2＝144 km/h
的速度同向超速驶来，巡警车立即示警让其停车，但小汽车听到示警Δt＝2 s后以a1＝ 5 m/s2的加速度做匀减速直线运动，当速度减为v3＝108 km/h后继续向前匀速行驶，
(2)乙车从减速带到恢复正常行驶，所用时间为 t′ 乙＝t3＋t0＋t3＝31 s， 乙车从减速带到恢复正常行驶，走过的距离为 x 乙＝x＋d＋x＝160 m； 甲车从减速带到乙车恢复正常行驶，所用时间为 t′甲＝t1＋t2＋t1＋t， 显然 t′甲＝t′乙，即 t＝2t3＋t0－2t1－t2＝21 s， 甲车从减速带到乙车恢复正常行驶，走过的距离为 d x 甲＝x1＋2＋x1＋v1t＝560 m， 所以，两车驶离收费站后相距最远为 Δx＝x 甲－x 乙＝400 m.
合集下载
2018届高三物理二轮复习课件第1部分 专题讲练突破 力与运动1-2-1
④独立性：分力产生的加速度相互独立．
(3)运动图象六要素．
①轴；②线；③斜率；④截距；⑤交点；
⑥面积．
(1)物理思想：极限思想、 思 逆向思维、理想实验、分 想 解思想． 方 (2)学习方法：比例法、图 法 象法、控制变量法、整体
法、隔离法、合成分解法.
高频考点一 运动图象问题
1.常见图象(如x－t、v－t、a－t、F－t等)的物理意义． 知能 2.图象中斜率、截距、交点、转折点、面积的物理意义． 必备 3.将图象与物理情景相结合，正确进行图象运动过程的转
2．求解运动图象与牛顿第二定律综合问题的基本思路
3．(名师改编)(多选)甲、乙两辆汽车在平直公路上做直线运动，t ＝0 时刻两汽车同时经过公路旁的同一个路标．此后两车运动的 速度－时间图象(v－t 图象)如图所示，则关于两车运动的说法中 正确的是( )
A．0～10 s 时间内，甲、乙两车在逐渐靠近 B．5～15 s 时间内，甲、乙两车的位移大小相等 C．t＝10 s 时两车的速度大小相等、方向相反 D．t＝20 s 时两车在公路上相遇
换.
[题组冲关] 1．若货物随升降机运动的 v－t 图象如图所示(竖直向上为正)，则 货物受到升降机的支持力 F 与时间 t 关系的图象可能是( )
解析：选 B.根据 v－t 图象可知电梯的运动情况：加速下降→匀速 下降→减速下降→加速上升→匀速上升→减速上升，根据牛顿第 二定律 F－mg＝ma 可判断支持力 F 的变化情况：失重→等于重 力→超重→超重→等于重力→失重，故选项 B 正确．
1．解图象问题时不要为图象的表面现象所迷惑，要做好“三看”： (1)看清坐标轴所表示的物理量：明确因变量与自变量的制约关系， 是运动学图象(v－t、x－t、a－t)还是动力学图象(F－a、F－t、F－ x)； (2)看图线本身：识别两个相关量的变化趋势，进而分析具体的物理 过程； (3)看交点、斜率和“面积”：明确图线与图线的交点、图线与坐标 轴的交点、图线斜率、图线与坐标轴围成的面积的物理意义．
高考物理二轮复习专题一第二讲力与直线运动课件
2023新型冠状病毒知识竞赛题库试题及答案新型冠状病毒知识竞赛三篇第1篇: 2023新型冠状病毒知识竞赛题库试题及答案新型冠状病毒知识竞赛一、单选题：为控制新型冠状病毒肺炎疫情的传播、蔓延，医务人员做到：（D）A、早发现、早报告、早诊断、早治疗B、早发现、早报告、早诊断、早转院、早治疗C、早发现、早诊断、早隔离、早治疗D、早发现、早报告、早诊断、早隔离、早治疗各级各类医疗卫生机构发现符合疑似病例、确诊病例、无症状感染者时，应当于（B）内进行网络直报。
A、1小时B、2小时C、12小时D、24小时新型冠状病毒肺炎的病毒命名为：（D）MERSr-CoVB、SARS-CoVC、229ED、2023-nCoV新型冠状病毒感染的肺炎发病到入院的中位时间是（C）A、5天B、7天C、9天D、11天新型冠状病毒肺炎危重病例的治疗原则：（A）A、防治并发症，治疗基础病，预防继发感染，器官功能支持B、以特异性治疗为主，一般、对症治疗为辅C、以治疗、护理为主，消毒、隔离为辅D、以消毒、隔离为主，治疗、护理为辅发热门诊与感染性疾病科室医务人员的防护级别为：（B）A、一般防护B、一级防护C、二级防护D、三级防护新型冠状病毒肺炎的治疗场所，以下哪项不正确：（C）疑似及确诊病例应在具备有效隔离条件和防护条件的定点医院隔离治疗；疑似病例应当单人单间隔离治疗；确诊病例应当单人单间隔离治疗，不可多人收治在同一病室；危重型病例应当尽早收入ICU治疗；新冠状病毒肺炎疫情期间，我院日间门诊应每日空气、物体表面消毒（C）A、1次/日B、2次/日C、3次/日D、4次/日目前我院常规物体表面使用含氯消毒液的浓度是：（B）A、100mg/LB、500mg/LC、1000mg/LD、2023mg/L处在医学观察期且出现乏力伴胃肠不适的，推荐中成药为（A）藿香正气胶囊（水、丸、口服液）B、金花清感颗粒C、连花清瘟胶囊（颗粒）D、防风通圣丸（颗粒）二、多选题以下哪几项说法是正确的(ABCDE)A.胸部影像早期呈现多发小斑片影及间质改变，以肺外带明显，进而进展为多发磨玻璃影、浸润影；B.部分患者出现肝酶、肌酶和肌红蛋白增高C.多数患者C反应蛋白和血沉升高，降钙素原正常D.严重者D-二聚体升高、外周血淋巴细胞进行性减少E.严重者胸部影像可出现肺实变，胸腔积液少见在以下哪些标本中可检测出新型冠状病毒核酸(ABCDE)鼻咽拭子B.痰C.下呼吸道分泌物D.血液E.粪便以下关于新型冠状病毒肺炎的治疗，说法正确的是(ABDE)A.目前没有确认有效的抗病毒治疗方法B.应当及时及予有效的氧疗措施C.尽早联合使用广谱抗菌药物以预防感染D.有条件者可行细胞因子检测E.密切监测生命体征、指氧饱和度等关于解除隔离和出院标准，以下说法正确的是(ABCDE)A.体温恢复正常3天以上B.呼吸道症状明显好转C.肺部影像学显示炎症明显吸收D.连续两次呼吸道病原核酸检测阴性（采样时间间隔至少1天）E.达到标准后可根据病情转至相应科室治疗其他疾病关于隔离医学观察，以下说法正确的是(ABCDE)A.密切接触者应采取集中隔离医学观察，不具备条件的地区可采取居家隔离医学观察，并加强对居家观察对象的管理；B.观察期限为自最后一次与病例、无症状感染者发生无有效防护的接触后14天；C.确诊病例和无症状感染者的密切接触者在医学观察期间若检测阴性，仍需持续至观察期满；D.无症状感染者应当集中隔离14天，或隔离7天后核酸检测阴性可解除隔离E.疑似病例在排除后，其密切接触者可解除医学观察新型冠状病毒医院感染预防与控制基本要求包括(ABCDE)A.制定工作制度和工作流程B.提高防控意识C.加强监测，发现疑似或确诊患者时，及时报告D.加强消毒隔离和防护工作E.规范处置医疗废物收治疑似或确诊新型冠状病毒感染患者的病区（房）要求有哪些（BCDE）A、用于疑似患者的听诊器、温度计、血压计等医疗器具可多人使用，但应严格执行消毒规范B、建筑布局和工作流程应当符合《医院隔离技术规范》等有关要求C、应当配备数量充足、符合要求的消毒用品和防护用品D、对疑似和确诊患者应当及时采取隔离措施，疑似患者和确诊患者应当分开安置；疑似病例进行单间隔离，经病原学或者血清学确诊的同类患者可以置于多人房间E、根据新型冠状病毒的传播途径，在实施标准预防的基础上，采取飞沫隔离、空气隔离与接触隔离措施新型冠状病毒肺炎根据是否有临床症状、是否有肺炎、肺炎的严重程度、是否出现呼吸衰竭、休克、有无其他器官功能衰竭等分为哪几型（ABCD）A.普通型（发热、呼吸道等症状，影像学可见肺炎表现的）；B.轻型（临床症状轻微，影像学未见肺炎表现）；C.重型（呼吸窘迫，RR 30次/分；静息状态下，指氧饱和度 93%；动脉血氧分压（PaO2）/吸氧浓度（FiO2） 300mmHg）D.危重型（出现呼吸衰竭，且需要机械通气；出现休克；合并其他器官功能衰竭需ICU监护治疗。
高考物理二轮专题复习课件：第2讲+直线运动和牛顿运动定律+
设在 B 与木板达到共同速度 v1 后，木板的加速度大小为 a2，对于 B 与木板
在 t2 时间间隔内，B(以及木板)相对地面移动的距离为 1 2 s1＝v1t2－ a2t2 2 在(t1＋t2)时间间隔内，A 相对地面移动的距离为 1 sA＝v0(t1＋t2)－ aA(t1＋t2)2 2 者之间的距离为 s0＝sA＋s1＋sB 联立以上各式，并代入数据得 s0＝1.9m ⑮ ⑭
[解析] A错：x－t图象斜率表示两车速 度，则可知t1时刻乙车速度大于甲车速度。B 错：由两图线的纵截距知，出发时甲在乙前 面，t1时刻图线相交表示两车相遇，可得0到 t1时间内乙车比甲车多走了一段距离。C、D 对：t1和t2两图线相交，表明两车均在同一位 置，从t1到t2时间内，两车走过的路程相等； 在t1到t2时间内，两图线有斜率相等的一个时 刻，即该时刻两车速度相等。
3．(多选)(2018·全国Ⅲ，18)甲、乙两车 在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直 CD 线运动，乙做匀速直线运动。甲、乙两车的 位置x随时间t的变化如图所示。下列说法正 确的是 ( ) A．在t1时刻两车速度相等 B．从0到t1时间内，两车走过的路程相等 C．从t1到t2时间内，两车走过的路程相 等 D．在t1到t2时间内的某时刻，两车速度
(
A
)
B
C
D
[解析] 设物块P静止时，弹簧的长度为 x 0， 物块P受重力mg、弹簧弹力k(l－x0－x)及 力F，根据牛顿第二定律，得 F＋k(l－x0－x)－mg＝ma 且k(l－x0)＝mg 故F＝kx＋ma。 根据数学知识知F－x图象是截距为ma的 一次函数图象。
2．(多选)(2018·全国Ⅱ，19)甲、乙两汽 车在同一条平直公路上同向运动，其速度— 时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。 BD 已知两车在t2时刻并排行驶。下列说法正确 的是 ( ) A．两车在t1时刻也并排行驶 B．在t1时刻甲车在后，乙车在前 C．甲车的加速度大小先增大后减小 D．乙车的加速度大小先减小后增大 [解析] A错、B对：0～t1时间内，v乙＞v 甲，t1～t2时间内，v甲＞v乙，t2时刻相遇，但
2018届高考物理二轮复习专题复习课件专题一 力与直线运动1
(4)a－t 图象中，图线与坐标轴围成的面积表示速度；v－t 图象中，图线与坐标轴围成的面积表示位移；而 x－t 图象中， 图线与坐标轴围成的面积则无实际意义．
变式训练 1 2016·江苏卷小球从一定高度处由静止下落， 与地面碰撞后回到原高度再次下落，重复上述运动．取小球的落
地点为原点建立坐标系，竖直向上为正方向．下列速度 v 和位置 x 的关系图象中，能描述该过程的是( )
答案：BC
变式训练 3 小明同学利用传感器绘出了一个沿直线运动的 物体在不同运动过程中，加速度 a、速度 v、位移 x 随时间 t 变 化的图象，如图所示．若该物体在 t＝0 时刻，初速度为零，则 表示该物体沿单一方向运动的图象是( )
解析：在 0～2 s 内，位移先增大再减小，知运动的方向发生 改变，故 A 错误；在 0～2 s 内速度为正值，向正方向运动，在 2 s～4 s 内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变，故 B 错误；0～1 s 内加速度不变，做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加 速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度 为零．在一个周期内速度的方向不变，故 C 正确；在 0～1 s 内， 向正方向做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加速度方向，大小不变， 向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度为零，2 s～3 s 内向负方 向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化，故 D 错误．
位移
特例
匀速直 匀变速直
线运动 线运动
倾斜 的直线
抛物线
与时间 轴平行 的直线
倾斜的 直线
注意：(1)无论是v－t图象还是x－t图象都只能用来描述直 线运动．
(2)v－t图象斜率为正(即向上倾斜)不一定做加速运动，斜率 为负(即向下倾斜)不一定做减速运动．
变式训练 1 2016·江苏卷小球从一定高度处由静止下落， 与地面碰撞后回到原高度再次下落，重复上述运动．取小球的落
地点为原点建立坐标系，竖直向上为正方向．下列速度 v 和位置 x 的关系图象中，能描述该过程的是( )
答案：BC
变式训练 3 小明同学利用传感器绘出了一个沿直线运动的 物体在不同运动过程中，加速度 a、速度 v、位移 x 随时间 t 变 化的图象，如图所示．若该物体在 t＝0 时刻，初速度为零，则 表示该物体沿单一方向运动的图象是( )
解析：在 0～2 s 内，位移先增大再减小，知运动的方向发生 改变，故 A 错误；在 0～2 s 内速度为正值，向正方向运动，在 2 s～4 s 内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变，故 B 错误；0～1 s 内加速度不变，做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加 速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度 为零．在一个周期内速度的方向不变，故 C 正确；在 0～1 s 内， 向正方向做匀加速直线运动，1 s～2 s 内加速度方向，大小不变， 向正方向做匀减速直线运动，2 s 末速度为零，2 s～3 s 内向负方 向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化，故 D 错误．
位移
特例
匀速直 匀变速直
线运动 线运动
倾斜 的直线
抛物线
与时间 轴平行 的直线
倾斜的 直线
注意：(1)无论是v－t图象还是x－t图象都只能用来描述直 线运动．
(2)v－t图象斜率为正(即向上倾斜)不一定做加速运动，斜率 为负(即向下倾斜)不一定做减速运动．
2018届二轮复习 力与运动课件(46张)(全国通用)
-10-
1 2 3
解析
������������������ 由 2 =mg ������
得
������������ g= 2 , 则������ ������ 地
������月
=
������月 ������月2
×
������地2 ������地
≈
1 ,即 6
g
1 月= g 6
地
≈1. 6
m/s 2 , 由 v 2 =2g 月 h,得 v≈3.6 m/s, 选项 A 错误;悬停时受到的反冲作用 力 F=mg 月 ≈2×103 N, 选项 B 正确;从离开近月轨道到着陆的时间内, 有其他力对探测器做功, 机械能不守恒, 选项 C v=
������������· ������ 2π 2 =m · r, 整理得 ������2 ������
T
2
4π 2������3 = 。假设地球半径为 ������������
R, 目前同步卫星
的半径 r1 =6. 6R, 周期是 24 h;当自转周期最小时, 同步卫星的轨道半 径为 2R, 如图所示。联立解得地球自转周期的最小值约为 4 h。根据
h)。
核心知识
网络构建 要点必备
-4-
4. 两个易错: ������������������ (1)星球表面上的物体不考虑自转问题时, 有 2 =mg, 其中 g 为
������
星球表面的重力加速度, 若考虑自转问题, 则 ������������������ 在两极上才有 2 =mg。在星球表面附近绕星球转动的物体始 终有
-6-
1 2 3
考点定位:开普勒行星运动定律 功 命题能力点:侧重考查理解能力 解题思路与方法:利用开普勒第一定律分析求解。
2018届高三物理高考二轮复习 第一部分 专题一 第2讲 直线运动规律及牛顿运动定律
x2′＝v1Δt＋v1(t2－Δt)＋12a(t2－Δt)2
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三
解得 x1′＝64.26 m，x2′＝36.36 m 由于 x1′－x2′＝27.9 m＜d＝35 m 故此种情况下两车不会发生相撞．
[答案] 见解析
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
考向一 考向二
2．求解匀变速直线运动问题的一般思路 审题 → 画出示意图 → 判断运动性质 → 选取正方向 → 选用公式列方程
考向三 → 求解方程
考向四
考向一
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
试题 解析
答案
考向一 考向二 考向三 考向四
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
第 2 讲 直线运动规律及牛顿运动定律
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
微网构建
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
核心定位
1.命题规律：以选择题或计算题方式为主，以运动学知识、牛顿运动定律及 图象为载体，结合生活、体育、科技等相关背景及素材命制题目是高考命题 热点． 2.必须领会的“5 种方法和 2 种物理思想” (1)比例法、图象法、推论法、控制变量法、整体法、隔离法； (2)极限思想、逆向思维．
研考向 融会贯通
提能力 强化闯关
限时 规范训练
3.必须辨明的“4 个易错易混点” (1)物体做加速或减速运动取决于速度与加速度方向间的关系；(2)“刹车” 问题要先判断刹车时间，再分析计算；(3)力是改变运动状态的原因，惯性大 小只与质量有关；(4)物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度方 向无关.
18年高考物理大二轮复习专题二力与物体的直线运动第2讲动力学观点在电学中的应用课件
取10 m/s2，则
5 6
A.金属杆进入磁场时的速度为6 m/s
B.金属杆开始下落时与OO′的距离为0.1 m D.金属杆下落0.4 m时的速度为1 m/s √
C.磁场的磁感应强度大小为4 T
5
6
解析
答案
6.如图8 所示，两条相距 d 的平行金属导轨位于同一水平面内，其右端 接一阻值为R的电阻.质量为m的金属杆静置在导轨上，其左侧的矩形匀 强磁场区域MNPQ的磁感应强度大小为B、方向竖直向下.当该磁场区域 以速度v0匀速地向右扫过金属杆后，金属杆的速度变为v.导轨和金属杆 的电阻不计，导轨光滑且足够长，杆在运动过程中始终与导轨垂直且 两端与导轨保持良好接触.求：
图10
1 2 3 4
(1)金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小；
答案
F Blt0(m－μg)
1
2
3
4
解析
答案
(2)电阻的阻值.
答案
B l t0 m
2 2
1
2
3
4
解析
答案
题组2 各省市真题精选
3.(2015· 海南卷· 5)如图11，一充电后的平行板电容器的
两极板相距l.在正极板附近有一质量为M、电荷量为q(q
>0)的粒子；在负极板附近有另一质量为m、电荷量为
－q的粒子.在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始 运动.已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距 2 l的平面.若两粒 5 子间相互作用力可忽略，不计重力，则M∶m为
A.3∶2 √ B.2∶1
图11
C.5∶2
1 2 3
D.3∶1
4
解析
答案
4.(多选)(2014· 浙江理综· 20)如图12甲所示，两根光滑平行导轨水平放置， 间距为 L ，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为 B. 垂直于导轨水 平对称放置一根均匀金属棒.从t＝0时刻起，棒上有如图乙所示的持续交 A.一直向右移动 √ B. 速度随时间周期性变化 √ C.受到的安培力随时间周期性变化 √ 变电流I，周期为T，值为Im，图甲中I所示方向为电流正方向.则金属棒
2018年高考物理二轮复习课件：专题一第2讲直线运动与牛顿运动定律(78张)
2 v2 － v 0 1 答案：(1) 2gs0
s1（v1＋v0）2 (2) 2s2 0
1．(多选)(2015· 全国卷Ⅰ)如图甲，一物块在 t＝0 时 刻滑上一固定斜面，其运动的 v-t 图线如图乙所示．若重 力加速度及图中的 v0 、 v1 、 t1 均为已知量，则可求出 ( )(导学号 57180010)
答案：BD
3．(2015· 全国卷Ⅰ)一长木板置于粗糙水平地面上，木 板左端放置一小物块； 在木板右方有一墙壁， 木板右端与墙 壁的距离为 4.5 m，如图甲所示．t＝0 时刻开始，小物块与 木板一起以共同速度向右运动， 直至 t＝1 s 时木板与墙壁碰 撞(碰撞时间极短)． 碰撞前后木板速度大小不变， 方向相反； 运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后 1 s 时间内 小物块的 vt 图象如图乙所示．木板的质量是小物块质量的 15 倍，重力加速度大小 g 取 10 m/s2.求：
训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗 处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达 挡板时的速度为 v1.重力加速度大小为 g.求：
(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数； (2)满足训练要求的运动员的最小加速度．
[审题指导] 本题的重要条件有： (1)冰球滑向挡板． (2)运动员匀加速滑向小旗． (3)冰球和运动员同时出发．
[思路分析] 本题的思考程序为： (1)冰球匀减速运动，可用牛顿第二定律和运动学公 式求第(1)问，也可用动能定理求．
(2)冰球和运动员同时出发，同时分别到达挡板与小 旗，时间相等，因此由运动学公式求 a2. 解析：(1)设冰球的质量为 m，冰球与冰面之间的动 摩擦因数为 μ，由动能定理得 1 1 2 －μmgs0＝ mv2 － mv0① 1 2 2
s1（v1＋v0）2 (2) 2s2 0
1．(多选)(2015· 全国卷Ⅰ)如图甲，一物块在 t＝0 时 刻滑上一固定斜面，其运动的 v-t 图线如图乙所示．若重 力加速度及图中的 v0 、 v1 、 t1 均为已知量，则可求出 ( )(导学号 57180010)
答案：BD
3．(2015· 全国卷Ⅰ)一长木板置于粗糙水平地面上，木 板左端放置一小物块； 在木板右方有一墙壁， 木板右端与墙 壁的距离为 4.5 m，如图甲所示．t＝0 时刻开始，小物块与 木板一起以共同速度向右运动， 直至 t＝1 s 时木板与墙壁碰 撞(碰撞时间极短)． 碰撞前后木板速度大小不变， 方向相反； 运动过程中小物块始终未离开木板．已知碰撞后 1 s 时间内 小物块的 vt 图象如图乙所示．木板的质量是小物块质量的 15 倍，重力加速度大小 g 取 10 m/s2.求：
训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗 处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达 挡板时的速度为 v1.重力加速度大小为 g.求：
(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数； (2)满足训练要求的运动员的最小加速度．
[审题指导] 本题的重要条件有： (1)冰球滑向挡板． (2)运动员匀加速滑向小旗． (3)冰球和运动员同时出发．
[思路分析] 本题的思考程序为： (1)冰球匀减速运动，可用牛顿第二定律和运动学公 式求第(1)问，也可用动能定理求．
(2)冰球和运动员同时出发，同时分别到达挡板与小 旗，时间相等，因此由运动学公式求 a2. 解析：(1)设冰球的质量为 m，冰球与冰面之间的动 摩擦因数为 μ，由动能定理得 1 1 2 －μmgs0＝ mv2 － mv0① 1 2 2
(全国通用)高考物理二轮复习 专题一 力与运动 第2讲 力与物体的直线运动课件.pptx
6
匀变速直线运动规律的应用
【真题示例1】 (2016·全国卷Ⅲ，16)一质点做速度逐渐增大的 匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9 倍。该质点的加速度为( )
s
3s
A.t2
B.2t2
4s
8s
C. t2
D. t2
7
解析 动能变为原来的 9 倍，则物体的速度变为原来的 3 倍，即 v＝3v0，由 s＝12(v0＋v)t 和 a＝v－t v0得 a＝ts2，故 A 正确。 答案 A
8
【真题示例 2】 (2017·全国卷Ⅰ，25)真空中存在电场强度大 小为 E1 的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀 速直线运动，速度大小为 v0，在油滴处于位置 A 时，将电 场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变。持续 一段时间 t1 后，又突然将电场反向，但保持其大小不变； 再持续同样一段时间后，油滴运动到 B 点。重力加速度大 小为 g。
3
5.必须辨明的“4个易错易混点” (1)物体做加速或减速运动取决于速度与加速度方向间的 关系。 (2)“刹车”问题要先判断刹车时间，再分析计算。 (3)力是改变运动状态的原因，惯性大小只与质量有关。 (4)物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度 方向无关。
4
备考策略 1.抓好“两个分析、两个桥梁”，攻克动力学问题
(1)两分析 ①物体受力情况分析，同时画出受力示意图； ②物体运动情况分析，同时画出运动情境图。 (2)两个桥梁 ①加速度是联系运动和力的桥梁； ②速度是各物理过程相互联系的桥梁。
5
2.解决图象类问题“四个注意”、“一个关键”
(1)“四个注意” ①x－t图象和v－t图象描述的都是直线运动，而不是曲线运动。 ②x－t图象和v－t图象不表示物体运动的轨迹。 ③x－t图象中两图线的交点表示两物体相遇，而v－t图象中两 图线的交点表示两物体速度相等。 ④a－t图象中，图线与坐标轴围成的面积表示速度的变化量； v－t图象中，图线与坐标轴围成的面积表示位移；而x－t图 象中，图线与坐标轴围成的面积则无实际意义。 (2)“一个关键” 要将物体的运动图象转化为物体的运动模型。
匀变速直线运动规律的应用
【真题示例1】 (2016·全国卷Ⅲ，16)一质点做速度逐渐增大的 匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9 倍。该质点的加速度为( )
s
3s
A.t2
B.2t2
4s
8s
C. t2
D. t2
7
解析 动能变为原来的 9 倍，则物体的速度变为原来的 3 倍，即 v＝3v0，由 s＝12(v0＋v)t 和 a＝v－t v0得 a＝ts2，故 A 正确。 答案 A
8
【真题示例 2】 (2017·全国卷Ⅰ，25)真空中存在电场强度大 小为 E1 的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀 速直线运动，速度大小为 v0，在油滴处于位置 A 时，将电 场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变。持续 一段时间 t1 后，又突然将电场反向，但保持其大小不变； 再持续同样一段时间后，油滴运动到 B 点。重力加速度大 小为 g。
3
5.必须辨明的“4个易错易混点” (1)物体做加速或减速运动取决于速度与加速度方向间的 关系。 (2)“刹车”问题要先判断刹车时间，再分析计算。 (3)力是改变运动状态的原因，惯性大小只与质量有关。 (4)物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度 方向无关。
4
备考策略 1.抓好“两个分析、两个桥梁”，攻克动力学问题
(1)两分析 ①物体受力情况分析，同时画出受力示意图； ②物体运动情况分析，同时画出运动情境图。 (2)两个桥梁 ①加速度是联系运动和力的桥梁； ②速度是各物理过程相互联系的桥梁。
5
2.解决图象类问题“四个注意”、“一个关键”
(1)“四个注意” ①x－t图象和v－t图象描述的都是直线运动，而不是曲线运动。 ②x－t图象和v－t图象不表示物体运动的轨迹。 ③x－t图象中两图线的交点表示两物体相遇，而v－t图象中两 图线的交点表示两物体速度相等。 ④a－t图象中，图线与坐标轴围成的面积表示速度的变化量； v－t图象中，图线与坐标轴围成的面积表示位移；而x－t图 象中，图线与坐标轴围成的面积则无实际意义。 (2)“一个关键” 要将物体的运动图象转化为物体的运动模型。
2018届高三物理二轮复习课件：第2讲 力与直线运动 精品
物块 a 相连，如图 2-9 所示．质量为35m 的小物块 b 紧靠 a 静止在斜面上，此时弹簧的压 缩量为 x0，从 t＝0 时开始，对 b 施加沿斜面向上的外力，使 b 始终做匀加速直线运动．经 过一段时间后，物块 a、b 分离；再经过同样长的时间，b 距其出发点的距离恰好也为 x0.a、b 均视为质点，弹簧的 形变始终在弹性限度内，重力加速度大小为 g.求： (1)弹簧的劲度系数； (2)物块 b 加速度的大小； (3)在物块 a、b 分离前，外力大小随时间变化的关系式．
PART 1 专题一
第2讲 力与直线运动
· 教师备用真题 · 高频考点探究 · 热点模型解读 · 教师备用习题
教师备用真题
1．[2016·全国卷Ⅲ] 一质点做速度逐渐增大的匀加速直线 运动，在时间间隔 t 内位移为 s，动能变为原来的 9 倍．该 质点的加速度为( ) A．ts2 B．23ts2 C．4t2s D．8t2s
校车走完 33 m 距离，一共用时 t＝t1＋t2＝1.75 s(1 分)
d
(2)行人穿过马路的时间 t0＝___v_人____＝4 s(1 分) 显然 4 s>1.75 s，行人有危险．(1 分) (3)校车在 0.75 s 之后速度迅速降为 v02＝2 m/s 后做匀减速运动，
v202 行驶距离 x3＝__2_a_____＝0.5 m(2 分) 校车一共前进 x＝x1＋x3＝15.5 m(1 分) 显然 15.5 m<33 m，行人不会发生事故．(1 分)
[解答步骤规范] (1)在 0.75 s 的反应时间内，校车行驶位移
x1＝___v_0t_1___＝15 m(2 分)
校车匀减速行驶，加速度大小 a＝4 m/s2，有
x2＝_____v_0t_2_－__12_a_t22____(2 分) 解得 t2＝1 s(1 分)
PART 1 专题一
第2讲 力与直线运动
· 教师备用真题 · 高频考点探究 · 热点模型解读 · 教师备用习题
教师备用真题
1．[2016·全国卷Ⅲ] 一质点做速度逐渐增大的匀加速直线 运动，在时间间隔 t 内位移为 s，动能变为原来的 9 倍．该 质点的加速度为( ) A．ts2 B．23ts2 C．4t2s D．8t2s
校车走完 33 m 距离，一共用时 t＝t1＋t2＝1.75 s(1 分)
d
(2)行人穿过马路的时间 t0＝___v_人____＝4 s(1 分) 显然 4 s>1.75 s，行人有危险．(1 分) (3)校车在 0.75 s 之后速度迅速降为 v02＝2 m/s 后做匀减速运动，
v202 行驶距离 x3＝__2_a_____＝0.5 m(2 分) 校车一共前进 x＝x1＋x3＝15.5 m(1 分) 显然 15.5 m<33 m，行人不会发生事故．(1 分)
[解答步骤规范] (1)在 0.75 s 的反应时间内，校车行驶位移
x1＝___v_0t_1___＝15 m(2 分)
校车匀减速行驶，加速度大小 a＝4 m/s2，有
x2＝_____v_0t_2_－__12_a_t22____(2 分) 解得 t2＝1 s(1 分)