安徽省蚌埠市第二中学2021-2022学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案
蚌埠二中2021-2022学年度高二第一学期期中考试 物理试题考试时间：90分钟 满分：100分留意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第Ⅰ卷为选择题，全部答案必需用2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第Ⅱ卷为非选择题，全部答案必需填在答题卷的相应位置，答案写在试卷上均无效，不予记分。
第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题（本题共10小题，每小题4分。
1至7小题为单项选择题，8至10小题为多项选择题， 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.库仑定律是电磁学的基本定律。
1766年英国的普里斯特利通过试验证明白带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。
他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比。
1785年法国的库仑通过试验证明白两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。
下列说法不正确．．．的是 A ．普里斯特利的试验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电场处处为零 B ．普里斯特利的猜想运用了“类比”的思维方法 C ．为了验证猜想，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量 D ．为了验证猜想，库仑制作了库仑扭秤装置2.R 1和R 2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R 1的尺寸比R 2大得多，关于两导体的电阻大小，推断正确的是 A ．R 1＝R 2 B ． R 1<R 2 C ．R 1>R 2 D ．无法确定3．安培提出来有名的分子电流假说．依据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e 的电子以速率v 绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是A.电流强度为r 2ve π，电流方向为顺时针B.电流强度为r ve，电流方向为顺时针 C.电流强度为r 2ve π，电流方向为逆时针 D.电流强度为r ve，电流方向为逆时针4．带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a 点以初速度v 0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b 点，如图所示，下列说法正确的是A ．粒子可能带负电，在b 点时速度较大B ．粒子的电势能在b 点时较大C ．粒子的加速度在a 点时较大D ．粒子肯定带正电，动能先变小后变大5. 如图所示，空间存在水平方向的匀强电场E ＝2.0×104N/C ，在A 处有一个质量为0.3kg 的小球，所带电荷量为q=+2.0×10-4C,用一长为L ＝600cm 的不行伸长的绝缘细线与固定点O 连接。
AO 与电场线平行处于水平状态，取g=10m/s 2 。
现让该质点在A 处静止释放，则 A ．释放后小球做圆周运动B ．小球在A 点瞬间的加速度大小为2s /m 10C ．小球从A 运动到O 点正下方的过程中电势能增加了24JD ．小球第一次运动到O 点正下方的速度大小为s /m 1056. 如图所示是某导体的I −U 图象，图中α=45°，下列说法正确的是 A. 此导体的电阻R=0.5Ω B. 此导体的电阻R=2ΩC. I −U 图象的斜率表示电阻的倒数，所以R= cot 45°=1.0ΩD. 在R 两端加6.0V 电压时，每秒通过导体截面的电荷量是6.0C7. 质量为m 1的不带电小环A 套在动摩擦因数为33=μ的竖直杆上，其最大静摩擦力等于滑动摩擦力，一质量为m 2、带电荷量为+q 的小球B 与A 用一绝缘细线相连，整个装置处于匀强电场中，恰好保持静止，则当电场强度E 存在最小值时，E 与水平方向的夹角θ为 A ．0° B ．30° C ．45° D ．60°8.美国物理学家密立根通过争辩平行板间悬浮不动的带电油滴，较精确 地测定了电子的电荷量。
如图，平行板电容器两极板与电压为U 的恒定电源两极连，板的间距d 。
现有一质量为m 的带电油滴在极板间匀速下落，则A ．此时极板间的电场强度d UE =B ．油滴带电荷量为Ud mgC ．将下极板向上缓慢移动一小段距离，油滴将马上向上运动D ．减小极板间电压，油滴将加速下落9. 将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d 、U 、E 和Q 表示，下列说法正确的是A ．保持U 不变，将d 变为原来的两倍，则E 变为原来的一半B ．保持E 不变，将d 变为原来的一半，则U 变为原来的两倍C ．保持d 不变，将Q 变为原来的两倍，则U 变为原来的一半D ．保持d 不变，将Q 变为原来的一半，则E 变为原来的一半10．如图所示的竖直平面的xOy 坐标系中，x 轴上固定一个点电荷Q ，y 轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点O 处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P 处静止释放，圆环从O 处离开细杆后恰好绕点电荷Q 做圆周运动。
下列说法正确的是A ．圆环沿细杆从P 运动到O 的过程中，加速度始终减小B ．圆环沿细杆从P 运动到O 的过程中，速度始终增大C ．若仅增大圆环所带的电荷量，圆环从0处离开细杆后仍旧能绕点电荷做圆周运动D ．将带电圆环从杆上P 的上方由静止释放，其他条件不变，圆环从D 处离开细杆后仍旧能绕点电荷做圆周运动第Ⅱ卷（非选择题 共60分）二、试验题（本题共24分，每空2分）11．如图所示电路，电源内阻不行忽视。
在滑动变阻器触头由a 滑向b 的过程中， 电流表示数 ，小灯泡L 亮度 ，电源内电压 ，电源内电阻消耗功率 。
（选填减小、增加或不变）12. 如右图所示，一个原来不带电的半径为r 的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放置一个电荷量为+Q 的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离为r ，则金属球上的感应电荷在球心处激发的电场强度大小为 ，方向 。
13. 如图是有两个量程的电压表，当使用a 、b 两个端点时，量程为0-10V ，当使500Ω，满偏电流用a 、c 两个端点时，量程为0-100V 。
已知电流表的内阻Rg 为Ig 为1mA ，则R 1= Ω,R 2= Ω 。
14．有一只标值为“2.5 V，x W”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。
某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率。
(1)已知小灯泡的灯丝电阻约为5 Ω，请先在甲图中补全伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择电流表、电压表的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路。
(2)开关S 闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于________。
(选填“A 端”、“B 端”或“AB 正中间”) (3)该同学通过试验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示，则小灯泡的额定功率为________W 。
三、计算题（本题共36分，第15题10分、第16题8分、第17题8分、第18题10分） 15.带有等量异号电荷、相距10cm 的平行板A 和B 之间有一个匀强电场，如图所示。
电场强度E ＝2.0×104V/m ，方向向下。
电场中C 点距B 板3cm ，D 点距A 板2cm 。
（1）若令A 板接地，C 、D 两点的电势Cϕ、D ϕ分别是多少？C 、D 两点的电势差CDU 等于多少？（2）一个电子从C 点先移到P 点，再移到D 点，静电力做了多少功？16. 如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r ＝0.8Ω，电路中另一电阻R ＝10Ω，直流电压U ＝160V ，电压表示数U V ＝110V ．试求： (1)通过电动机的电流及输入电动机的电功率(2)若电动机以v ＝1m/s 匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？(g 取10 m/s 2)17. 真空中的某装置如图所示，现有质子从O 点由静止释放，经过加速电场U 1和偏转电场U 0后射出电场范围，已知质子的比荷为m e、偏转电场板间距为d 、长度为L （不计质子的重力）求：（1）质子到达偏转电场时的初速度v 0（2）质子在偏转电场中沿垂直于板面方向的偏移距离y18.如图所示，足够长的光滑绝缘水平台左端固定一被压缩的绝缘轻质弹簧，一个质量m=0.04kg 、电量C 102q 4-⨯+=的可视为质点的带电小球与弹簧接触但不栓接。
某一瞬间释放弹簧弹出小球，小球从水平台右端A 点飞出，恰好能无碰撞地落到粗糙倾斜轨道的最高B 点，并沿轨道滑下。
已知AB 的竖直高度h=0.45m ，倾斜轨道与水平方向夹角为o37=α、倾斜轨道长为L=2.0m ，带电小球与倾斜轨道的动摩擦因数5.0=μ。
倾斜轨道通过光滑水平轨道CD 与光滑竖直圆轨道相连，在C 点没有能量损失，全部轨道都绝缘，运动过程小球的电量保持不变。
只有过山车模型的竖直圆轨道处在范围足够大竖直向下的匀强电场中，场强m /V 100.2E 3⨯=。
（cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s 2）求：（1）被释放前弹簧的弹性势能（2）要使小球不离开轨道（水平轨道足够长），竖直圆弧轨道的半径应当满足什么条件？蚌埠二中2021-2022学年度高二第一学期期中考试 参考答案一、选择题（每题4分，共40分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案CACDDBDADADBC二、填空题（每空2分，共24分） 11. 答案：增加、减小、减小、减小12. 答案：2r 4kQ ，向右13. 答案：R 1=9500Ω,R 2=90000Ω14. 答案：(1)如图甲所示（2分） 实物连线如图乙所示（2分） (2)B 端 (3)1.1三、计算题（共36分） 15.答案：（1）Cϕ=-1400V ，D ϕ=-400V ；CDU =-1000V （6分）（2）J106.1W 16CD -⨯= （4分）16．答案： (1)5A 、550W （4分）(2)53kg （4分）17.答案：（1）m eU 2v 10=(3分)（2）d U 4L U y 120=（5分）18.答案：（1）0.32J （4分）；（2）；（6分）②恰好到竖直圆轨道最右端时：要使小球不离开轨道，竖直圆弧轨道的半径。
安徽省蚌埠市五河第二中学2021-2022学年高二物理联考试卷带解析
安徽省蚌埠市五河第二中学2021-2022学年高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）2014年12月7日，中国和巴西联合研制的地球资源卫星04星在太原成功发射升空．04星成功发射，恰逢中国长征系列运载火箭第200次发射，展示了两国科技合作最新成果和水平．相比中巴地球资源卫星01星、02星，04星提高了空间分辨率，增加了传感器和谱段数，获取的5米全色、10米多光谱等影像图可广泛应用于中国和巴西农作物估产、环境保护与监测、国土资源勘查和灾害监测等多个领域，满足持续提供稳定的中分辨率普查数据的迫切需求．同一遥感卫星离地面越近时，获取图象的分辨率也就越高．则当图象的分辨率越高时，卫星的（）解答：解：分辨率越高，可知r越小，根据万有引力提供向心力，解：分辨率越高，可知r越小，根据万有引力提供向心力，有：G=ma=mrω2=m=mr．得：a=，v=，ω=，T=2π．可知r越小，向心加速度越大，线速度越大，角速度越大，周期越小．故ABC错误，D正确．故选：D．点评：解决本题的关键是熟练掌握根据万有引力提供向心力G=ma=mrω2=m=mr求解，难度不大，属于基础题．2. （多选题）如图所示的电路中，定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值相等，理想电压表读数U，理想电流表读数I，在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，下列判断正确的是A．U增大 B. U减小 C.I增大 D. I减小参考答案：AD3. 一个单摆做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）如图所示，则A．此单摆的固有周期约为0.5sB．此单摆的摆长约为2mC．若摆长减小，单摆的固有频率也减小D．若摆长增大，共振曲线的峰将向左移动参考答案：D4. 如图为某匀强电场的等势面分布图（等势面竖直分布），已知每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为（）A. E=100V/m，竖直向下B. E=100V/m，竖直向上C. E=100V/m，水平向左D. E=100V/m，水平向右参考答案：C考点：等势面；电场强度解：根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左．两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度E==．故选C5. 如图所示，在匀强磁场中的矩形金属轨道上，有等长的两根金属棒ab和cd，它们以相同的速度匀速运动，则( )A．断开开关S，ab中有感应电流B．闭合开关S，ab中有感应电流C．无论断开还是闭合开关S，ab中都有感应电流D．无论断开还是闭合开关S，ab中都没有感应电流参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 右图为欧姆表面原理示意图，其中电流表的满偏电流I g=300A，内阻R g=100Ω，可变电阻R的最大阻值为10kΩ，电池的电动势E=1.5V，内阻r=0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是色，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则R x= kΩ。
安徽省蚌埠铁中2021-2022学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案
蚌埠铁中2021-2022学年度第一学期期中检测试卷 高 二 物 理考试时间：90分钟 试卷分值：100 分一、选择题：（1-8题只有一个正确答案，9-12题多个选项正确答案，请把正确答案选出填在规定处每题4分，计48分）1. 关于摩擦起电现象，下列说法正确的是( )A ．摩擦起电现象使原来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B ．两种不同材料的绝缘体相互摩擦后，同时带上等量同种电荷C ．摩擦起电，可能是由于摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D ．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电2、关于电场线的的叙述不正确的是（ ） A 、沿着电场线的方向电场强度越来越小B 、在没有电荷的地方，任何两条电场线都不会相交C 、电场线是人们假设的，用以形象表示电场的强弱和方向，客观上并不存在D 、电场线是非闭合曲线，始于正电荷或无穷远，止于负电荷或无穷远3、如图，竖直绝缘墙壁上的Q 点处有一固定的质点A 。
在Q 上方P 点用丝线悬挂着由于漏电使另一质点B 。
AB 两质点因带同种电荷而相斥致使悬线与竖直方向成θ角。
AB 两质点的带电量渐渐削减，在电荷漏电完之前悬线对P 点的拉力大小（ ）A 、保持不变B 、先变小后变大C 、渐渐减小D 、渐渐增大4、在匀强电场中将一个带电量为q 、质量为m 的小球由静止释放，小球的运动轨迹为始终线，此直线与竖直方向的夹角为θ，则匀强电场E 的最小值是（ ）A 、qmg B 、q mg θsin ⋅ C 、q mg θcos ⋅ D q mg θtan ⋅5、如图所示，三个等势面上有a 、b 、c 、d 四点，若将一正电荷由c 经a 移到d 点，电场力做正功W 1；若由c 经b 移到d 点，电场力做正功W 2．则W 1与W 2，c 、d 两点电势ϕc 、ϕd 关系为A ．W 1＞W 2，ϕc ＞ϕdB ．W 1＜W 2，ϕc ＜ϕdC ．W 1＝W 2，ϕc ＜ϕdD ．W 1＝W 2，ϕc ＞ϕd 6.关于电源电动势，以下说法中正确的是A ．电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，所以当电源接入电路时，电动势将发生变化B ．在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C ．电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本事大小的物理量D ．电动势越大，说明静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多。
2021-2022年高二上学期期中学业水平测试物理试题 Word版含答案
2021年高二上学期期中学业水平测试物理试题 Word版含答案一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）．1．在物理学研究中，有时可以把物体看成质点，则下列说法中正确的是A ．研究乒乓球的旋转，可以把乒乓球看成质点B ．研究车轮的转动，可以把车轮看成质点C ．研究跳水运动员在空中的翻转，可以把运动员看成质点D ．研究地球绕太阳的公转，可以把地球看成质点2．两辆汽车在平直的公路上匀速行驶，甲车内的人看见窗外树向西移动，乙车内的人发现甲车向西移动，如果以地面为参考系，上述事实说明A ．乙车比甲车运动快B ．乙车向西运动，甲车向东运动C ．甲车向西运动，乙车向东运动D ．甲、乙两车都向西运动 3．如图所示，一质点沿边长为a 的正三角形从A 点沿AB 运动到B 点再沿BC 运动到C 点的过程中，则它通过的路程、位移大小分别是A ．a 、aB ．2a 、aC ．a 、2aD ．2a 、2a4．图示为高速公路上的限速标志，标明小汽车在高速公路上行驶最高时速不得超过120 km/h ．．下列说法中不．正确．．的是 A ．该限速值约为33.3 m/sB ．限速值是指小汽车行驶的平均速度C ．限速值是指小汽车行驶的瞬时速度D ．限速是因为小汽车速度越大，刹车距离越大，容易发生交通事故5．关于加速度，下列说法正确的是A ．加速度表示物体运动的快慢B ．加速度表示物体运动速度变化的大小C ．加速度表示物体运动速度变化的快慢D ．加速度的方向一定与物体运动方向相同6. 下列四个物体的运动图象中，表示物体作匀速直线运动的是注 意 事 项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求 1．本试卷包含单项选择题（第1题~第23题，共23题69分）、非选择题（第24题~第28题，共5题31分）两部分。
考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。
本次考试时间为75分钟。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并放在桌面，等待监考员收回。
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推荐下载安徽省蚌埠市第二中学2022学年高二上学期期中考试物理试题含答案蚌埠二中2022—2022学年第一学期期中测试高二物理试题命题人:考试时间:90分钟满分:100分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置，答案写在试卷上均无效，不予记分。
第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
1至8小题为单项选择题,9至12小题为多项选择题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1.关于元电荷的解释，下列说法正确的是（）。
①元电荷就是电子②元电荷跟电子所带的电荷量相等③基本电荷就是质子④物体所带的电荷只能是元电荷的整数倍A．①②B．③④C．①③D．②④2.已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同．如图所示，半径为R的球体上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在过球心O的直线上有A、B两个点，O和B、B和A间的距离均为R．现以OB为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为k，球的体积公式为V=4πr，则A点处场强的大小为：（）33A．5kQ7kQB．36R236R2C．7kQ3kQD．32R216R23.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、半径为1cm的圆与两坐标轴的交点，已知A，B，C三点的电势分别为A12V、B2V、C2V．由此可得D点的电势为（)A．4VB．8VC．6VD．9V4.我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流是10mA时(设电子的速度是3某118m/)，在整个环中运行的电子数目为(电子电量e＝1.6某10C)()A．5某1011个B．5某1010个C．1某118个D．1某118个5.理发用的电吹风中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干。
安徽省蚌埠市第二中学2021-2022学年高二上学期期中考试数学(理)试题 Word版含答案
蚌埠二中2021—2022学年度高二第一学期期中考试 数学（理科）试题（试卷分值：150分 考试时间：120分钟 ）留意事项：第Ⅰ卷全部选择题的答案必需用2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置，第Ⅱ卷的答案必需用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡的相应位置上，否则不予计分。
第Ⅰ卷（选择题 共60分）一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.)1.推断圆1:221=+y x C 与圆9)2()2(:222=-+-y x C 的位置关系是A ．相离 B.外切 C. 相交 D. 内切2.若直线l 经过点)3,2(P ，且在x 轴上的截距的取值范围是)3,1(-，则其斜率的取值范围是A ． 1k 3>-<或k B. 311<<-k C. 13<<-k D. 311>-<k k 或3.以下结论正确的是A. 各个面都是三角形的几何体是三棱锥B. 以三角形的一条边所在直线为旋转轴，其余两边绕旋转轴旋转形成的曲面所围成的几何体叫圆锥C. 棱锥的侧棱长与底面多边形的边长都相等，则该棱锥可能是六棱锥D. 圆锥的顶点与底面圆周上的任意一点的连线都是母线4.一条光线从点)4,2(A 射出，倾斜角为60角，遇x 轴后反射，则反射光线的直线方程为A ．03243=-+-y x B.03423=---y xC. 03243=-++y xD. 03423=---+y y x5.已知n m ,是两条不同的直线，γβα,,是三个不同的平面，则下列命题正确的是 A ．若,//,//ααn m 则n m // B. 若γβγα⊥⊥,则βα// C. 若,//,//βαm m 则βα// D. 若,,αα⊥⊥n m 则n m //6. 若圆03222=+-+by ax y x 的圆心位于第三象限，那么直线0=++b ay x 肯定不经过 A ．第一象限 B.其次象限 C.第三象限 D.第四象限7. 已知点)3,1(P 与直线01:=++y x l ，则点P 关于直线l 的对称点坐标为 A.1,3(--） B.)4,2( C. )2,4(-- D. )3,5(--8. 如图，在四周体ABCD 中，截面PQMN 是正方形，则下列命题中，错误的为A ．BD AC ⊥B ．BD AC =C. PQMN //截面ACD. 异面直线BD 与PM 所成的角为459. 已知棱长为2的正方体1111D C B A ABCD -的一个面1111D C B A 在半球底面上，四个顶点D C B A ,,,都在半球面上，则半球体积为A.π34B.π32 C. π3 D. 33π10.如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗实线画出的是某三棱椎的三视图，则该三棱锥的体积为A ．32 B. 34C. 38D. 411. 在正方体1111D C B A ABCD -中，F E ,分别为棱11,CC AA 的中点，则在空间中与三条直线CDEF D A ,,11第10题图都相交的直线有A ．很多条B ． ３条 Ｃ．１条 Ｄ． 0条12.设点)1,(a P ，若在圆1:22=+y x O 上存在点Q ，使得60=∠OPQ ，则a 的取值范围是A ．⎥⎦⎤⎢⎣⎡-33,33 B. ⎥⎦⎤⎢⎣⎡-23,23 C. ⎥⎦⎤⎢⎣⎡-21,21 D. ⎥⎦⎤⎢⎣⎡-31,31 第Ⅱ卷（非选择题 共90分）二、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分.)13.母线长为1的圆锥体，其侧面开放图是一个半圆，则该圆锥的体积为______________ 14.一个平面图形用斜二测画法作的直观图是一个边长为cm 1的正方形，则原图形的周长为________________cm15.已知P 点是圆0364x C 22=--++y x y ：上的一点，直线05-4y -3x :l =。
安徽省蚌埠市第二中学2021高三上学期期中考试物理试题Word版含答案
安徽省蚌埠市其次中学2021高三上学期期中考试物理试题留意事项：留意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第Ⅰ卷为选择题，全部答案必需用2B 铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第Ⅱ卷为非选择题，全部答案必需填在答题卷的相应位置。
答案写在试卷上均无效，不予记分。
第I 卷（选择题）一、单项选择题（每小题4 分，共48 分）1．科学家关于物体运动的争辩对树立正确的自然现象具有重要作用。
下列说法中不符合历史事实的是A．亚里士多德认为，必需有力作用在物体上，物体的运动状态才会转变B．伽利略通过“抱负试验”得出结论：运动必具有肯定速度，假如它不受力，它将以这一速度永久运动下去C．笛卡儿指出：假如运动中的物体没有受到力的作用，它将连续以同一速度沿同始终线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质2．如图所示的图像中，反映作直线运动不能物体回到初始位置的是3．下列说法正确的是（）A．匀加速直线运动的加速度，速度，位移的方向全都。
B．匀变速直线运动的位移肯定随时间均匀变化C．加速度大小不变的直线运动肯定为匀变速直线运动D．速度先减小再增大的运动肯定不是匀变速直线运动4．用一轻绳将小球P 系于光滑墙壁上的O 点，在墙壁和球P 之间夹有一矩形物块Q，如图所示．P、Q 均处于静止状态，则下列相关说法正确的是A．P 物体受3个力B．Q 受到3个力C．P 物体受4个力D．Q 受到5个力高三物理试题第2页，共6页5．如图所示,轻弹簧上端与一质量为m 的木块1 相连,下端与另一质量为M 的木块2 相连,整个系统置于水平放置的光滑木板上,并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出,设抽出后的瞬间,木块1、2 的加速度大小分别为、．重力加速度大小为g,则有A．=g,=gB．=0,=gC．=0,=D．=g,=6．如图所示，光滑球质量m，在图甲中是细线与斜面平行，图乙中是细线沿水平方向，小球均是静止状态，则甲、乙两种状况下，斜面对小球的支持力之比为A．1：1 B．：1 C．1：D．：7．如图所示，用一根细线系住重力为G、半径为R 的球，其与倾角为的光滑斜面劈接触，处于静止状态，球与斜面的接触面格外小，当细线悬点O固定不动，斜面劈缓慢水平向左移动直至绳子与斜面平行的过程中，下述正确的是（）．A．细绳对球的拉力先减小后增大B．细绳对球的拉力先增大后减小C．细绳对球的拉力始终减小D．细绳对球的拉力最小值等于G8．用40 N的水平力F 拉一个静止在光滑水平面上、质量为20 kg的物体，力F 作用3s后撤去，则第5s末物体的速度和加速度的大小分别是A．v＝6m/s，a＝0B．v＝10 m/s，a＝2m/s 2C．v＝6m/s，a＝2m/s2D．v＝10 m/s，a＝09．从地面以大小为v1的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t 皮球落回地面，落地时皮球的速度的大小为v2。
安徽省蚌埠市第二中学2021-2022学年高二上学期期中考试语文试题 Word版含答案
（试卷分值：150分考试时间：150分钟）第I卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成文后各题。
中国文化一个最首要的也是一个最重要的特征，就是“性情化”。
什么意思呢？就是中国人和中华民族在性情和情感方面是最发达的。
性情是属于人与自我、人与自然之间的，而情感是属于人与人、人与社会之间的。
当然有时我们并不严格区分两者。
性情乃是由心而发，由“心性”而生。
这种性情是独立的、自我观赏的、闲适得意的：然后外化为各种自然的事物上，使这种性情显得更加精微、更加深刻。
例如，只有中国人才有“梅兰竹菊”这样精致高雅的性情的外化物，梅之凌霜傲骨、兰之清逸雅致、竹之高风亮节、菊之淡泊不拘，无不对应着中国人独立的性情人格。
中国的诗是抒情的，中国的画是写意的，中国的琴是直达心灵的。
梅兰竹菊自有其精神，琴棋书画自有其性情。
中国人的饮食也是最丰富和最讲究的，中国人讲究色、香、味、形的完善统一。
中国人饮茶叫“品茗”，而西方人却是“喝茶”。
只有带着性情才能是“品”，而满足生理就只能叫“喝”了。
中国的陶瓷之所以精致，是由于它和制作者的情感是一一对应的，是带着性情、带着神韵的。
中国之所以有精致的刺绣，也是由于其中蕴涵有中国人精致的情感。
中国的景观、建筑、亭园，无不对应着中国人精微雅致的性情和情感。
中国人的审美观是性情化的：当一个事物和一个人的性情、心性和心灵相通的时候，便产生了中国式的美；也只有这时才产生中国式的美。
假如我们把中国文化的这种“性情化”放到世界文化中去比对，就可以看得更加清楚了。
就世界文化而言，可以分别以西方、印度、中国为标志，基本上划分为三大类型，它们反映的文化特性分别是“物性”、“神性”和“人性”。
西方文化将“物性”表现得格外极致，他们的物质文化可以格外发达，而物质文化的手段一一科技，也相应的可以格外发达。
西方设计的很多制度特征也是“物性”的，尽量排解人的情感因素。
西方所说的“自由”是指人身及其行为的自由，而中国人的自由更多是“心性”的自由。
安徽省蚌埠市第二中学2021-2022学年高二上学期开学考试物理试题 Word版含答案
蚌埠二中2021-2022学年度开学摸底考试（8月底） 新高二物理试题一、选择题（共12题，每题5分。
第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，选对但不全得3分，错选0分） 1. 下列说法中正确的是（ ） A . 任何曲线运动都是变加速运动B . 两个匀速直线运动（速率不等）的合运动肯定是匀速直线运动C . 两个匀加速直线运动的合运动肯定不是直线运动D .一个匀速直线运动和一个匀加速直线运动的合运动肯定是曲线运动2. 如图所示，A 、B 为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B 球的同时，将A 球以某一速度v 0水平抛出，当A 球落于斜面上的P 点时，B 球的位置位于（ ） A . P 点以下 B . P 点以上C . P 点D . 由于v 0未知，故无法确定3.如图所示，轻绳的一端系一小球，另一端固定于O 点，在O 点的正下方P 点钉颗一钉子，使悬线拉紧与竖直方向成一角度θ，然后由静止释放小球，当悬线遇到钉子时( )A ．小球的瞬时速度突然变大B ．小球的角速度突然变小C ．绳上拉力突然变小D ．球的加速度突然变大4.我国“中星11号”商业通信卫星是一颗同步卫星，它定点于东经98.2度的赤道上空，关于这颗卫星的说法正确的是( )A. 运行速度大于7.9 km/sB. 离地面高度与其它国家的同步卫星不肯定相同，但都相对地面静止C. 绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大D. 向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等5. 如图所示，在高1.5 m 的光滑平台上有一个质量为2 kg 的小球被一细线拴在墙上，球与墙之间有一根被压缩的轻质弹簧。
现烧断细线，小球被弹出，离开桌面后，落地时的速度方向与水平方向成60°角，（g ＝10 m/s 2）。
则弹簧被压缩时具有的弹性势能为（ ）A. 10 JB. 15 JC. 20 JD. 25 J6. 一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于（ ）A. 物体克服重力所做的功B. 物体动能的增加量C. 物体动能增加量与重力势能增加量之和D. 物体动能增加量与重力势能增加量之差7. 如图所示，一根光滑的轻杆沿水平方向放置，左端O 处连接在竖直的转动轴上，a 、b 为两个可看做质点的小球，穿在杆上，并用细线分别连接Oa 和ab ，且Oa=ab ，已知b 球质量为a 球质量的2倍。
2021-2022学年安徽省蚌埠市高二上学期期中物理复习卷(含答案解析)
2021-2022学年安徽省蚌埠市高二上学期期中物理复习卷一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.电场中两点间电势差U=W的意义是()qA. 它是由两点的位置决定的，与移动的电荷的种类和数量无关B. 电势差与电场力做功成正比，与被移动的电荷量成反比C. 电势差的大小等于移动单位电荷时电场力所做的功D. 电场中两点间没有电荷移动，则电势差为零2.下列说法中不正确的是()A. 电子电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的B. 电场线虽然是假想的一簇曲线或直线，但可以用实验方法模拟出来C. 沿电场方向电场强度越来越小D. 电源电动势是表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关3.如图所示，一对带绝缘支柱的导体M、N彼此接触，且均不带电，贴在两端下部的两片金属箔是闭合的。
当把带正电荷的物体P移近导体M时，下列说法正确的是()A. M端的金属箔张开，N端的金属箔闭合B. M端的金属箔闭合，N端的金属箔张开C. M左端感应出正电荷，N右端感应出负电荷D. 若先把M、N分开，再移去P，则M带负电荷，N带正电荷4.如图所示，M、N为两个等量同种点电荷，在其连线的中垂线上的P点放一静止的点电荷q(负电荷)，不计重力，下列说法中正确的是()A. 点电荷在P点受力方向沿连线向上B. 点电荷运动到O点时速度最大C. O点电场强度和电势都为0D. 点电荷在从P到O的过程中，加速度一定越来越小5.如图所示，实线为不知方向的三条电场线，虚线1和2为等势线，从电场中M点以相切于等势线1的相同速度飞出a，b两个带电粒子，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内(粒子在图示区域内)()A. a的电场力较小，b的电场力较大B. a的速度将减小，b的速度将增大C. a轨迹上经过的各点电势逐渐降低，b轨迹上经过的各点电势逐渐升高D. 两个粒子的电势能均减小6.如图所示是某电容式话筒的原理示意图，E为电源，R为电阻，P为金属薄片，Q为金属板。
安徽省蚌埠二中2014-2021学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析
安徽省蚌埠二中2022-2021学年高二上学期期中考试物理试卷一、单项选择题（本大题共12小题，每小题4分）1．（4分）下列各种说法中正确的是（）A．只要是点电荷都可作为摸索电荷B．元电荷指的就是电子或质子C．电动势为1.5 V的干电池，表明干电池通过非静电力做功每经过1s就把1.5 J的化学能转化为电能D．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，材料的导电性能越差考点：电阻定律；元电荷、点电荷．专题：恒定电流专题．分析： A、可忽视电荷的自身大小可当作为点电荷，而摸索电荷即为体积小，电量小；B、元电荷是电量最小的单位电荷，与电子或质子无关．C、电动势是描述电源把其它形式的能量转化电能本事大小的物理量，电动势在数值上等于把单位正电荷在电源内部从负极搬运到正极非静电力所做的功；电动势由电源本身的结构打算，与外电路无关．D、电阻率是描述材料导线性能好坏的物理量，电阻率越大，材料的导线性能越差，电阻率越小，材料的导电力量越强；材料的电阻率受温度影响，金属的电阻率一般随温度的上升而变大；半导体材料的电阻率一般随温度的上升而变小；一些合金材料的电阻率不随温度的变化而变化．解答：解：A、可忽视电荷的自身大小可当作为点电荷，而摸索电荷即为体积小，电量小；则点电荷不肯定能作为摸索电荷，故A错误；B、元电荷指的是最小电荷，而不是电子或质子，故B错误；C、电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时非静电力所做的功，故C错误；D、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越差，故D正确；故选：D．点评：本题是一道基础题，知道电阻率的物理意义、温度对电阻率的影响、电动势的概念、电动势的打算因素即可正确解题，同时把握点电荷与摸索电荷的区分，理解元电荷与电子的区分．2．（4分）如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是（）A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．C点的电势高于B点电势D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强考点：静电现象的解释．分析：依据静电感应可以推断金属导体的感应的电荷的状况，从而可以推断导体带电的状况．解答：解：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会消灭负电荷，故A错误．B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误．C、CD处在同一个等势体上，电势相等；故C错误；D、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故D正确．故选：D．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，依据异种电荷相互吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．3．（4分）有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A．n vt B．n vst C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：首先依据电流强度的定义可以求得总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再依据电流的微观的表达式，依据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．解答：解：A、在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t 时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．故B正确；A错误；B、由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为It，而电子的电荷量为q，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=；故CD错误；故选：B．点评：本题计算自由电子的个数，要留意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．（4分）如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两端点时，量程为1V；当使用a、c两端点时，量程为10V．已知电流表的内阻R g为50Ω，满偏电流I g为1mA．则R1和R2的电阻值（）A．R1=950Ω，R2=9kΩB．R1=9kΩ，R2=950ΩC．R1=9kΩ，R2=1kΩD．R1=1kΩ，R2=9kΩ考点：把电流表改装成电压表．专题：试验题．分析：改装后的量程为U=Ig（R g+R串）据此可求出R串=﹣R g．解答：解：接a、b时，为串联的R1，则R1=﹣R g =﹣﹣50=950Ω接a、c时，为串联的R1和R2，则R2=﹣R g﹣R1=﹣50﹣950=9000Ω故选：A．点评：电流表串联电阻后量程变大，为U=I g R总．5．（4分）（2021•张掖一模）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，、为抱负电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a 端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．a点的电势降低B．电压表示数变小C．电流表示数变小D．电容器C所带电荷量增多考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，依据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，依据干路电流与通过R2的电流变化状况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．解答：解：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大．电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小．依据外电路中顺着电流方向电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．依据电流方向推断电势凹凸，由电压的变化推断电势的变化．6．（4分）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线过P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中梯形PQON所围的面积考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图看出此灯泡是非线性元件，依据电阻是指对电流的阻碍作用推断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，依据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．解答：解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学学问可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A错误；BC、由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=，故B正确，C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，不是梯形面积表示功率；故D错误．故选：B点评：留意U﹣I图象的意义，知道斜率等于电阻的倒数，明确功率借助图象分析时所围得面积；明确灯泡伏安特性曲线不直的缘由．7．（4分）（2021•珠海二模）如图所示，真空中的两带电小球（可看作是点电荷），通过调整悬挂细线的长度使两小球始终保持在同一水平线上，下列说法正确的是（）A．若只增大r，则T1、T2都增大B．若只增大m1，则θ1增大，θ2不变C．若只增大q1，则θ1增大，θ2不变D．若只增大q1，则θ1、θ2都增大考点：库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：分别对两小球进行受力分析，作出力图，由共点力平衡条件得到各自的重力与库仑力的关系，抓住相互间的库仑力大小相等，得到质量与角度的关系，分析求解．解答：解：m1、m2受力如图所示，由平衡条件可知，m1g=Fcotθ1，m2g=F′cotθ2因F=F′，则可见，若m1＞m2，则θ1＜θ2；若m1=m2，则θ1=θ2；若m1＜m2，则θ1＞θ2．θ1、θ2的关系与两电荷所带电量无关．A、若只增大r，则库仑力变小，由图可知，T1、T2都减小，故A错误；B、若只增大m1，则m1，会下降，而m1，会上升，导致则θ1减小，θ2增大，故B错误；C、若只增大q1，由图可知，则θ1、θ2都增大，故C错误，D正确，故选D点评：本题中库仑力是两个小球联系的纽带，由平衡条件分别找出两个小球的质量与库仑力关系是解题的关键．8．（4分）如图所示，两个等量同种点电荷分别固定于光滑绝缘水平面上A、B两点．一个带电粒子由静止释放，仅受电场力作用，沿着AB中垂线从C点运动到D点（C、D是关于AB对称的两点）．下列关于粒子运动的v﹣t图象中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：电场的叠加；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析： A、B为两个等量的同种电荷，其连线中垂线上电场强度方向若是负电荷则为C→O、D→O，若是正电荷则为O→C、O→D；点电荷q仅受电场力作用从C点到D点运动的过程中，由于释放位置不清楚．则电场强度大小变化状况不确定，则电荷所受电场力大小变化状况不确定，加速度变化状况不确定．因此可能加速度先增加后减小再增加最终减小；也可能先减小后增加．解答：解：A、B为两个等量的同种电荷，其连线中垂线上电场强度方向，若是负电荷则电场强度方向为C→O、D→O，若是正电荷则电场强度方向为O→C、O→D；点电荷q仅受电场力作用从C点到D点运动的过程中，当从电场强度最大的位置释放时，则带电粒子所受电场力先减小后增大，那么加速度也是先减小后增大，而v﹣t图象的斜率表示加速度的大小，故D正确；故选：D．点评：本题考查对等量异种电荷电场线的分布状况及特点的理解和把握程度，要抓住电场线的对称性．9．（4分）如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E BC．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：依据曲线的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，依据等差等势面的疏密推断场强大小，结合牛顿其次定律得到加速度大小关系；依据电场力做功状况断电势能凹凸．解答：解：依据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，依据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即a A＜a B；从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即E A＜E B；故D正确．故选：D．点评：本题关键是先依据靠差等势面的疏密推断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．10．（4分）氢的三种同位素氕、氘、氚的原子核分别为H 、H 、H．它们以相同的初速度垂直进入同一匀强电场并离开电场，离开电场时，末速度最大的是（）A．氕核B．氘核C．氚核D．一样大考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子垂直电场方向进入同一偏转电场后，在电场中做类平抛运动，依据动能定理推断离开电场时的末速度．解答：解：带电粒子以速度v进入场强为E，宽度为L的电场，垂直电场方向做匀速直线运动，L=vt，所以t=沿电场方向做匀加速直线运动，加速度a=偏转位移y=at2=××=•依据动能定理：qEy=mv y2v y2==••可见比荷小的垂直电场方向速度增量比较大，即末速度较大，故氕核末速度较大；故选：A．点评：本题主要考查带电粒子在电场中的偏转问题，要知道垂直电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动，在这两个方向上去争辩运动状况．11．（4分）一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（）A．B．C．D．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：由题意可知电量不变，由平行板电容器的打算式可知电容的变化；由定义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而推断势能的变化．解答：解：A、当负极板右移时，d减小，由C=可知，C与d成反比，图象不能为一次函数图象！故A错误；B、由U=可知，U=Q，则E==，故E与d无关，故B错误；C、因负极板接地，设P点原来距负极板为l，则P点的电势φ=E（l﹣l0）；故C正确；D、电势能E=φq=Eq（l﹣l0），不行能为水平线，故D错误；故选：C．点评：本题考查电容器的动态分析，由于结合了图象内容，对同学的要求更高了一步，要求能依据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．12．（4分）（2021•芜湖模拟）已知表面电荷均匀分布的带电球壳，其内部电场强度处处为零．现有表面电荷均匀分布的带电半球壳上，如图所示，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P、Q为CD轴上关于O 点对称的两点．则（）A．P点的电场强度与Q点的电场强度大小相等，方向相同B．P点的电场强度比Q点的电场强度大小相等，方向相反C．P点的电场强度比Q点的电场强度强D．P点的电场强度比Q点的电场强度弱考点：电场的叠加．分析：利用等效法分析电场强度，利用叠加原理推断电场线的分布，由受力分析推断带电粒子的运动状态．解答：解：均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边．然后看PQ两点，可以看到，PQ两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上．而由题目给出的条件，正电球在PQ两点产生的电场为零．所以，Q点正电半球产生的电场强度相当于负电半球产生的电场强度，而与P点的环境比较，唯一的区分是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区分，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故A正确，BCD错误；故选：A点评：本题考查了电势和电场强度的学问，题目较新颖，难度也较大，要认真分析．二、填空与试验题（本大题共三小题，共16分）13．（4分）如图，真空中有两个点电荷Q1=+1×10﹣6C和Q2=﹣4×10﹣6C，分别固定在x=0和x=6cm的位置上．（1）x坐标轴上电场强度为0的位置坐标是x=﹣6cm；（2）x坐标轴上电场强度方向沿x轴负向的范围是﹣6cm＜x＜0和x＞6cm．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）由于Q1的电荷量小，且为两个异种电荷，所以场强为零的点肯定在Q1左侧，依据点电荷的场强公式求解．（2）某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．运用合成进行分析．解答：解：（1）电场强度为0的位置只能在Q1左侧，两个电荷产生的场强大小关系为：E1=E2设此位置到O点的距离为r m，即有k=k代入数据得：r=0.06m=6cm则x坐标轴上电场强度为0的位置坐标是：x=﹣6cm（2）某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．x坐标轴上电场强度为0的位置坐标是：x=﹣6cm，则x坐标轴上电场强度方向沿x轴负向的范围是﹣6cm＜x＜0和x＞6cm．故答案为：（1）x=﹣6cm；（2）﹣6cm＜x＜0和x＞6cm．点评：空间中某一点的电场，是空间全部电荷产生的电场的叠加，场强是矢量，其合成遵守平行四边形定则．14．（2分）某种金属板M受到某种紫外线照射时会不停地放射电子，射出的电子具有不同的方向，其速度大小也不相同．在M旁放置一个金属网N．假如用导线将MN连起来，M射出的电子落到N上便会沿导线返回M，从而形成电流．现在不把M、N直接相连，而按图那样在M、N之间加一个电压U，发觉当U＞182V时电流表中就没有电流．已知电子电量e=1.6×10﹣19C，电子质量m=9.1×10﹣31kg．问：被这种紫外线照射出的电子，最大速度是8×106m/s．考点：光电效应．专题：光电效应专题．分析：依据动能定理，0﹣=﹣eU，并结合U＞12.5V时电流表中就没有电流，即可求解．解答：解：依据题意可知，当U＞182V时，电流表中就没有电流，依据动能定理可知：0﹣=﹣eU，解得：v0===8×106m/s；故答案为：8×106．点评：考查光电效应现象，理解最大初动能的含义，把握动能定理的应用．留意电流表示数为零的含义．15．（10分）在“测定金属的电阻率”试验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为0.397mm（该值接近多次测量的平均值）．（2）用伏安法测金属丝的电阻R x．试验所用器材为：电池组（电动势3V，内阻约1Ω）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0～20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行试验测量，记录数据如下：次数 1 2 3 4 5 6 7U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 1.70 2.30I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520 由以上试验数据可知，他们测量R x是接受图2中的甲（选填“甲”或“乙”）．（3）如图3是测量R x的试验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请依据（2）所选的电路图，补充完成下图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标，如图4所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图4中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U﹣I图线．由图线得到金属丝的阻值R x= 4.5Ω（保留两位有效数字）．（5）依据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为C（填选项前的符号）．A．1×10﹣2Ω•m B．1×10﹣3Ω•mC．1×10﹣6Ω•m D．1×10﹣8Ω•m．考点：测定金属的电阻率．专题：试验题．分析：（1）关于螺旋测微器的读数，要先读出固定刻度，再读出可动刻度，然后相加即可得出结果．（2）依据数据比较电压表、电流表和被测电阻的阻值关系，确定可实行的电路．（3）依据电路原理图进行实物图的连接，留意导线不能交叉和滑动变阻器的连接方式．（4）依据图上所标的点，做出U﹣﹣I图线，从而可得出电阻值（5）把以上数据代入电阻定律，可得出结果解答：解：（1）固定刻度读数为0，可动刻度读数为39.7，所测长度为0+39.7×0.01=0.397mm （0.395～0.399）（2）由记录数据依据欧姆定律可知金属丝的电阻R x约5Ω．则有R x＜，属于小电阻，用外接法测量误差小，由（3）知是用伏安特性曲线来测量电阻的，就要求电压电流从接近0开头调整，所以应当接受分压接法故选甲．（3）留意连图时连线起点和终点在接线柱上并且不能交叉，结合（2）可知应当连接成外接分压接法（甲）那么在连线时断开开关且使R x两端的电压为0．先连外接电路部分，再连分压电路部分，此时滑片P必需置于变阻器的左端．实物图如右图所示，（4）描绘出第2、4、6三个点后可见第6次测量数据的坐标点误差太大舍去，然后出U﹣I图线．如右图所示；其中第4次测量数据的坐标点在描绘出的U﹣I图线上，有：R x ==4.5Ω（5）依据电阻定律R=ρ，得ρ=R，代入数据可计算出ρ=1×10﹣6Ω•m，故选C．故答案为：（1）0.397 （2）甲（3）如图（4）4.5 （5）C点评：该题是综合性较强的题，解答时留意一下几方面：1、对于长度的测量留意高中所要求的游标卡尺和螺旋测微器的使用方法，读书时是固定刻度的值与可动刻度的值得和．2、会依据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系，确定电流表是内接还是外接．3、实物连接时，留意导线不能相交叉，并且要留意闭合电建时，分压电路的输出端电压要为零．4、会用电阻定律来求解导线的电阻率三、计算题（本题共4小题，共36分．其中16、17题各8分，18、19题各10分．解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值与单位．）16．（8分）一个电动机，线圈电阻是0.4Ω，当它两端所加的电压为220V时，通过的电流是5A．这台电动机每分钟所做的机械功是多少焦耳？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机机械功率等于总功率与热功率之差，由功率公式求出总功率与热功率，然后求出机械功率，已知机械功率及做功时间，由W=Pt可以求出机械功．解答：解：电阻消耗的功率为P热=I2R=52×0.4=10W电动机消耗的功率为P电=IU=5×220W=1100W电动的输出功率为P机=P电﹣P热=1100W﹣10W=1090W电动机每分钟所做的机械功为W=P机t=1090×60J=6.54×104J答：台电动机每分钟所做的机械功是6.54×104J点评：电动机是非纯电阻电路，总功率等于热功率与机械功率（输出功率）之和．17．（8分）绝缘细绳的一端固定在天花板上，另一端连接着一个带负电的电量为q、质量为m的小球，当空间建立水平方向的匀强电场后，绳稳定处于与竖直方向成θ=60°角的位置，如图所示．求（1）匀强电场的场强E （2）若细绳长为L，让小球从右边悬绳与竖直方向成θ=300的位置在绳拉直状况下由静止释放小球，求此后小球运动过程中所能达到的最大速度v．考点：动能定理的应用；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）小球稳定后，细丝线跟竖直方向夹角为θ，对小球进行受力，依据力的合成即可求得电场的场强．（2）小球在θ=600处处于平衡，因此小球从θ=300的A点释放，它不会往A点的左边运动，而是以θ=600处为中心、以A点为端点来回摇摆，即小球不会运动至最低点O．依据动能定理即可解题．解答：解：（1）小球在θ=60°角处处于平衡，依据平衡条件得：则Eq=mgtanθ得E=方向水平向左（2）由于小球在θ=60°处处于平衡，因此小球从θ=30°的A点释放，它会以θ=60°处为中心、以A 点为端点来回摇摆．据动能定理有qE（Lsin60°﹣Lsin30°）﹣mg（Lcos30°﹣Lcos60°）=mv2．上式得答：（1）匀强电场的场强是，方向水平向左；（2）若细绳长为L，让小球从右边悬绳与竖直方向成θ=300的位置在绳拉直状况下由静止释放小球，此后小球运动过程中所能达到的最大速度是．点评：本题主要考查了同学们受力分析的力量以及动能定理的直接应用，难度不大，属于中档题．18．（10分）如图所示（a）电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中两电压表的读数随电流表读数的变化状况如图（b）中的AC，BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响．（1）电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U﹣I图象中的哪一条直线？（2）定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为多少？（3）试求出电源的电动势和内电阻；（4）变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为多少？考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，来推断两个电压表的示数对应的图线．（2）定值电阻R0等于图线AC的斜率大小．由数学学问求出图线的斜率求解R0．当滑动变阻器取最大值时，电流最小，由图读出电流的最小值，由欧姆定律求出变阻器的总电阻R．（3）图线BC反映路端电压与电流的关系，其斜率大小等于电源的内阻，由数学学问求出电源的内阻．再闭合电路欧姆定律求出电源的电动势．（4）将滑动变阻器和电源当作一个等效电源，当等效电源的内电阻和变阻器电阻相等时，等效电源输出功率最大．解答：解：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，所以电压表V1的示数随电流表示数的变化图象应为BC；电压表V2的示数随电流表示数的变化图象应为AC；（2）定值电阻R0==3Ω；当I=0.5A时R外==15Ω；则R=R外﹣R0=12Ω；（3）依据闭合电路欧姆定律得：E=7.5+0.5rE=6+2r可得：E=8V，r=1Ω（4）当R=R0+r=4Ω时，变阻器消耗的电功率最大．U R ==4VP R ==4W答：（1）电V1对应BC图象、V2对应AC图象．（2）定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为3Ω和12Ω；（3）电源的电动势为8V，内电阻为1Ω．（4）变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为4W．点评：本题考查对物理图象的理解力量，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线．19．（10分）如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽视不计，电子放射装置的加速电压为U0，偏转电场板间距离L=8cm，极板长为2L，下极板接地，偏转电场极板右端到荧光屏的距离也是2L，在两极板间接有一交变电压，电压变化周期T=4s，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示，大量电子从偏转电场中心持续射入，穿过平行板的时间都极短，可以认为电子穿过平行板的过程中电压是不变的．（1）求电子进入偏转电场时的速度v0（用电子比荷、加速电压U0表示）；（2）在电势变化的每个周期内荧光屏会消灭“黑屏”现象，即无电子击中屏幕，求每个周期内的“黑屏”时间有多长；（3）求荧光屏上有电子打到的区间的长度．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：依据动能定理可求电子进入偏转电场时的速度；电子射出偏转电场后做匀速直线运动至荧光屏，由图甲可知，只要电子能射出偏转电场，即可达到荧光屏上，因此当电子在偏转电场中侧移量大于时，电子将打在偏转电场的极板上，致使消灭“黑屏”现象，结合图乙可求黑屏时间；利用几何关系，分别求出电子向上偏转和向下偏转时的最大距离，即可求有电子打到屏上的区间长度．解答：解：（1）依据题意可知，电子进入偏转电场时的速度即为电子出加速电场时的速度，依据动能定理有：解得电子进入偏转电场时的速度：v0=（2）电子射出偏转电场后做匀速直线运动至荧光屏，由图甲可知，只要电子能射出偏转电场，即可达到荧光屏上，因此当电子在偏转电场中侧移量大于时，电子将打在偏转电场的极板上，致使消灭“黑屏”现象，设电子刚好能射出电场时的偏转电压为U m，则有：=解得：U m=0.5U0结合图乙可知，在偏转电压U=0.8U0﹣0.5U0之间变化时，进入偏转电场的电子无法射出偏转电场打到荧光屏上，因此每个周期时间内荧光屏消灭“黑屏”的时间为：t==1s；（3）设电子射出偏转电场时的侧移量为y，打在荧光屏上的位置到O的距离为Y，如图所示：由几何关系可得：当电子向上偏转时，在屏上消灭的最大距离为：=12cm，当电子向下偏转时，在屏上消灭的最大距离为：Y2==9.6cm所以荧光屏上有电子打到的区间的长度为：l=Y1+Y2=21.6cm。